2021-2022学年云南昆明高考物理二模试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷请考生注意：1.请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请 用 0.5 毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2.答题前，认真阅读答题纸上的 注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、平行板电容器的两极A、B 接于电池两极，一个带正电小球悬挂在电容器内部，闭合电键S,电容器充电，这时悬线偏离竖直方向夹角为。，小球始终未碰到极板，如图所示，那 么（）A.保持电键S 闭合，带正电的A 板向8 板缓慢

2、靠近，则夕减小B.保持电键S 闭合，带正电的A 板向8 板缓慢靠近，则。不变C.电键S 断开，带正电的A 板向3 板缓慢靠近，则。增大D.电键S 断开，带正电的A 板向8 板缓慢靠近，则。不变2、A 5 是固定在空中的光滑水平横杆，一质量为M 的物块穿在杆A 8 上，物块通过细线悬吊着一质量为，的小球.现用沿杆的恒力尸拉物块使物块、小球一起（保持相对静止）向右运动，细线与竖直方向夹角为。，则以下说法正确的是（）A.杆对物块的支持力为M gB.细线上的拉力为与sin，C.F-M +m）gtanD.物块和小球的加速度为gsin。3、某跳水运动员在3 m 长的踏板上起跳，踏板和运动员要经历如图所示的

3、几个位置，其中A 为无人时踏板静止点，B为人站在踏板上静止时的平衡点，C 为人在起跳过程中人和踏板运动的最低点，已知板形变越大时板对人的弹力也越大，在人由C 到的过程中（）A.人向上做加速度大小减小的加速运动 B.人向上做加速度大小增大的加速运动C.人向上做加速度大小减小的减速运动 D.人向上做加速度大小增大的减速运动4、如图，一两端封闭的玻璃管在竖直平面内倾斜放置，与水平面间的夹角为仇一段水银柱将管内一定质量气体分割成两部分。在下列各种情况中，能使管中水银柱相对玻璃管向a 端移动的情况是（）A.降低环境温度 B.在竖直平面内以占点为轴逆时针缓慢转动玻璃管C.保持。角不变，使玻璃管减速上升 D

4、.使玻璃管垂直纸面向外做加速运动5、某玩具为了模仿小动物行走的姿势，设计了非圆形的“轮子”。现研究轮子受力情况，模型简化如图，四分之一圆框架 0 4 8 的 0 4、边初始位置分别处于水平和竖直方向上，光滑球形重物此时嵌在框架中与0 4、0 B、弧 4 8 三边恰好接触但接触处并没有全部都产生弹力。现 以。点为轴缓慢将框架在同一竖直平面内顺时针转动。角，下列说法正确 的 是（）7TA.转动。为 0 至一的过程，弧 A 8 受到重物的压力逐渐变大2B.。为5把7r时，弧 4 8 受到重物的压力最大4C.转动一周的过程中，存在某一特定的。角，此时弧A 8 与。4 板受到重物的压力一样大D.转动一周

5、的过程中，。4、0 B,弧 A 3 受到重物压力的最大值不同6、2018年 5 月 17 日，我国发布了 电动自行车安全技术规范同家标准，并于2019年 4 月 15 日起正式执行。某电动自行车在平直的实验公路上先匀速运动，从仁0 时刻开始进行电动自行车刹车实验，以检验该性能是否符合国家标X准，通过传感器在电脑上自动描绘出其一一，图像如图所示。则下列分析正确的是t(m/)二O 4A.刚要刹车时车的速度为15 m/sB.刹车加速度大小为2.5 m/s?C.刹车过程的位移为10 mD.刹车前I s 和最后I s 通过的位移比为5:1二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题

6、给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、匀强电场中，一带正电粒子仅在电场力的作用下自尸点以垂直于电场方向的初速度?开始运动，经过。点，则（）A.电场中，P 点电势高于。点电势B.粒子在尸点的电势能小于在。点的电势能C.在 P、。两点间，粒子在轨迹可能与某条电场线重合D.在 P、。两点间，粒子运动方向一定与电场方向不平行8、长为L 的轻杆，一端固定一个小球，另一端固定在光滑的水平轴上，使小球在竖直面内做圆周运动，关于小球在最高点时的速度、运动的向心力及相应杆的弹力，下列说法中正确的是（）A.速 度 的 最 小 值 为 疯B.速

7、度由。逐渐增大，向心力也逐渐增大C.当 速 度 由 寂 逐 渐 增 大 时，杆对小球的作用力逐渐增大D.当 速 度 由 疯 逐 渐 减 小 时，杆对小球的作用力逐渐增大9、甲乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动，用某测速仪描绘出两物体的一 f 图象如图所示，已知甲物体的图象是两段半径相同的圆弧，乙物体的图象是一倾斜直线，=2f2,甲的初速度末速度均等于乙的末速度。已知则下列说法正确 的（）A.0A时间内，甲乙两物体距离越来越小B.ti时刻，甲乙两物体的加速度大小可能相等C.f4时间内，乙车在甲车后方D.0时间内，两物体的平均速度相等10、如图所示，足够长的水平光滑金属导轨所在空间中，分布着垂直

8、于导轨平面方向竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为以 两导体棒“、6均垂直于导轨静止放置。已知导体棒。质量为2m，导体棒6质量为机；长度均为1,电阻均为r；其余部分电阻不计。现使导体棒。获得瞬时平行于导轨水平向右的初速度%。除磁场作用外，两棒沿导轨方向无其他外力作用，在两导体棒运动过程中，下列说法正确的是（）A.任何一段时间内，导体棒h动能增加量跟导体棒a动能减少量的数值总是相等的B.任何一段时间内，导体棒 动量改变量跟导体棒a动量改变量总是大小相等、方向相反C.全过程中，通过导体棒b的 电 荷 量 为 装3BID.全过程中，两棒共产生的焦耳热为遗3三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写

9、在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6分）有一个量程为3V、内电阻约为40000的电压表，现用如图所示的电路测量其内电阻（1）实验中可供选择的滑动变阻器有两种规格，甲的最大阻值为2000。，乙的最大阻值为10。应选用。（选填，甲，或，乙”）实验过程的主要步骤如下，请分析填空。A.断开开关S,把滑动变阻器R 的滑片P 滑到 端；（选 填 或“6”）B.将电阻箱R 的阻值调到零；C.闭合开关S,移动滑片P 的位置，使电压表的指针指到3VD.开关S 处于闭合状态保持滑片P 的位置不变，调节电阻箱R 的阻值使电压表指针指到 V,读出此时电阻箱 R的阻值，此值即为电压表内电阻的测量值（3

10、）电压表内电阻的测量值R测和真实值仆相比，有 R；则 R真。（选填“”或“0,未知）的静止在光滑水平地面上的等大的小球Q 发生正碰撞。设碰撞是弹性的，且一切摩擦不计。（1）为使二者能且只能发生一次碰撞，则k的值应满足什么条件？为使二者能且只能发生两次碰撞，则k的值应满足什么条件？参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A B.保持电键S 闭合，电容器两端间的电势差不变，A 板 向 B 板靠近，极板间距离减小，根 据 七=4，可知电场强度 变大，小球所受的电场力变大，。增大，选项A B 错误;C D.断开

11、电键S,电容器所带的电量不变，根据E =?和。=&，-可知d U 4 兀 kdE.k QS带正电的A 板向B 板缓慢靠近d 变小，E 不变，电场力不变，。不变，选 项 C 错误，D 正确。故选D。2、C【解析】对小球和物块组成的整体，分析受力如图1所示，N根据牛顿第二定律得：水平方向：a,竖直方向：N=(M+m g.故 A 错误；以小球为研究对象，分析受力情况如图2 所示，由牛顿第二定律得：mgtan6=ma.,7=(亳，故 B 错误；对整体在水平方向：F=m-a=(m+M)gtanff,故选项C 正确，选项D 错误.【点睛】以小球和物块整体为研究对象，分析受力，根据牛顿第二定律研究横杆对M的

12、摩擦力、弹力与加速度的关系.对小球研究，根据牛顿第二定律，采用合成法研究细线与竖直方向的夹角、细线的拉力与加速度的关系.3、A【解析】人 由 C 到 8 的过程中，重力不变，弹力一直减小，弹力大于重力，向上做加速运动，合力逐渐减小，加速度逐渐减小,所以人向上做加速度大小减小的加速运动，故 A 正确，B C D 错误。故选A.4、C【解析】A.假定两段空气柱的体积不变，即%,险 不 变，初始温度为7,当温度降低A 7 时，空气柱1 的压强由减至i,Pi=Pl-pl 空气柱 2 的压强由 P2 减至 P2,pi-pi-p2,由查理定律得：M 吟 AT,/2=华 仃，因为P2=pi+/ip”所以A

13、pi A B 错误；c.自行车匀减速至0,逆过程视为初速度为0 的匀加速直线运动，根据：vo=a t解得刹车时间：f=2 s,根据：x-a t22解得：x=10m,C正确；D.刹车最后Is通过的位移：x.=1 x 5,x 1.2m =5m1 2 2刹车前Is通过的位移：s 5 15x,=10m m=m-2 2刹车前Is 和最后I s 通过的位移比为3:1,D 错误。故选C。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、A D【解析】C D.由于电场力和初速度相互垂直

14、，所以粒子做类平抛运动，其运动轨迹是曲线，所以其速度方向和电场力不共线，故运动方向和电场方向不平行，故 C 不符合题意，D 符合题意。A B.粒子运动过程中电场力做正功，所以粒子的电势能减小，粒子在尸点的电势能大于在。点的电势能。由于粒子带正电，根 据 E产评可知电势逐渐减小，P 点电势高于。点电势，故 B 不符合题意，A 符合题意。故选A D。8、B C D【解析】A.如图甲所示“杆连小球”在最高点速度有最小值0（临界点），此时杆向上的支持力为FN=mg故 A 错误；B.解析式法分析动态变化。I，由 0 逐渐增大，则厂 mv%=丁即逐渐增大，故 B 正确;C.如图乙所示当最高点速度为口=疯（

15、临界点）时，有2mvmg=-杆对小球的作用力尸=0。当 口 由 疯 增 大 时，杆对小球有拉力F,有2mg+尸=L则V2r =m mg/随 i逐渐增大而逐渐增大；故 C 正确；D.当v 由 寂 减 小 时，杆对小球有支持力尺,，有广，mv2IJ则FN随 V逐渐减小而逐渐增大，故 D 正确。故选BCDo9、BD【解析】A.甲乙两物体从同一地点开始沿同一方向运动，0 A时间内，甲的速度比乙的大，则甲在乙的前面，甲乙两物体距离越来越大，故 A 错误。B.根据速度时间图线的斜率表示加速度，可知，fi时刻，甲乙两物体的加速度大小可能相等，故 B 正确。C.根据“面积”表示位移，结合几何知识可知，0 f4

16、时间内，两物体的位移相等，时刻两车相遇，而 在 时 间 内，甲车的位移比乙车的位移大，则知在白f4时间内，乙车在甲车前方，故 C 错误。D.0 A时间内，两物体的位移相等，用时相等，则平均速度相等，故 D 正确。故 选 BDo10、BCD【解析】A B.根据题意可知，两棒组成回路，电流相同，故所受安培力合力为零，动量守恒，故任何一段时间内，导体棒人动量改变量跟导体棒“动量改变量总是大小相等、方向相反，根据能量守恒可知，。动能减少量的数值等于分动能增加量与产热之和，故 A 错误B 正确；C D.最终共速速度=(2m+/n)v对力棒mv-0=Bl I-t=Blq解得口35/根据能量守恒，两棒共产生

17、的焦耳热为Q=x2mVg 根+故 CD正确。故选BCD.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、乙 1.5【解析】(1)口】滑动变阻器在电路中为分压使用，为保证测量电路供电电压不受滑片P 位置的影响，减小实验误差，滑动变阻器的最大电阻应远小于测量电路的电阻，故应选择10Q 的，即应选用乙；在闭合S 前，滑动变阻器滑片应移到某一端使电压表示数为0,即滑片应移到。端；3当电阻箱阻值为0 时，电压表满偏为3 V；接入电阻箱后认为电路测量部分的总电压不变，仍为3 V；当电压表读数为1.5V时，电阻箱两端电压也为L 5 V,则电压表内电阻与电阻箱阻值

18、相等；(3)电阻箱与电压表串联后，测量电路的电阻增加，则测量电路两端的总电压稍大于3.0 V,则电阻箱两端的电压稍大于L 5 V,则电阻箱的阻值大于电压表的阻值，即有?#R 冀12、黑 B 160 880 1.47mA 1.10 xl03Q 2.95 V【解析】(D ili欧姆表内置电源正极与黑表笔相连，负极与红表笔相连，即红进黑出，A 端与电池正极相连，电流从A 端流出,A 端与黑表笔相连；(2)由电路图可知几只在测量电阻时才接入电路，故其作用只能进行欧姆调零，不能进行机械调零，同时在使用电流档时也不需要调节&；A.与分析不符，故 A 错误；B.与分析相符，故 B 正确；C.与分析不符，故

19、C 错误；3B端 与 相 连 时，该多用电表挡位分别为直流2.5 mA挡、直 流 1m A 挡，如图所示由电表的改装原理可知8 端与“2”相连时，有:1=1+JGTG-K+&解得:4 +g=16OQ4 3 端与“4”相连时，如图所示多用电表为直流电压I V挡，表头并联部分电阻：%=880。(4)5 3端与“1”相连时，电表读数为1.47 mA；网3端与“3”相连时，多用电表为欧姆x 100。挡，读数为：11.0X100Q=1.10X103Q7B端与“5”相连时，多用电表为直流电压5 V挡，读数为：147x5V=2.95V250四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

20、要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、；qEd【解析】设A向右加速到B处时速度为v所用时间为I,4与8发生弹性碰撞贝！：mv=mvA+37MVB1 mv2 =1 mvA2 +1 2解得：1=VA 21VB =V对A第一次向右加速，向左减速运动过程：,1d=vt2J1 1 t*2 2 2.5d-5dpB对A在第一次向右加速过程中由动能定理:qEd _ fd=mv2对 A 在反弹后向左减速过程中由动能定理:-qEd pB-fdp B-m Lv全过程能量守恒：%=qE d-g-3机1 丫-V(2)联立整理可以得到：14、,磁感应强度方向垂纸面向外；(2)-7TL.-L e3 2eU【解析】

21、(1)电子通过加速电场的过程中，由动能定理有eU=/?v202由于电子在两板间做匀速运动，则evB=eE 其中E=卫L联立解得根据左手定则可判断磁感应强度方向垂纸面向外;(2)洛伦兹力提供电子在磁场中做圆周运动所需要的向心力，有V cevB-m一 r联立可得r=L由几何关系可知6=60 而得 则电子在场中运动的时间T 2兀mt=-m=6 6eB 32eU1 5、(D 0 V Z W 3；(2)3 1,为使P从坡上滑下后再不能追上Q,应有一匕4对即k-l 2这导致k3,对于第二次碰撞，令匕和4分别表示碰后P和Q的速度，同样由动量守恒及机械能守恒定律有)+hnux=mv2+kmu2；mvf+g kmu=g mv+g kmu；由此解得4攵 一 (A 4(Z 1)%=伏+1)2%2=诲尸。若v2 0则一定不会发生第三次碰撞，若v2 u2则会发生第三次碰撞，故为使第三次碰撞不会发生，要求P 第三次从坡上滑下后速度的大小-匕不大于Q速度的大小“2，即-V2 /联立解得女 210 人+5K 0由左 210左 +5=0可求得人Wi回=52后2解得5-245 k/5求交集即为所求3ZW5+2石