甘肃省肃南县2023学年高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf

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1、2 0 2 3学年高考物理模拟试卷注意事项1 .考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2 .答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3 .请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4 .作答选择题，必须用2 B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用0 5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5 .如需作图，须用2 B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分。

2、在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一颗质量为，的卫星在离地球表面一定高度的轨道上绕地球做圆周运动，若已知地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1：9,卫星的动能（）A.皿 B.皿 C.电 长 D.皿4 6 6 62、下列说法正确的是（）A.物体从外界吸收热量，其内能一定增加B.物体对外界做功，其内能一定减少C.物体温度降低，其分子热运动的平均动能增大D.物体温度升高，其分子热运动的平均动能增大3,如图所示，在光滑水平面上,有质量分别为2 m和m的4B两滑块，它们中间夹着一根处于压缩状态的轻质弹簧（弹簧与AB不拴连），由于被

3、一根细绳拉着而处于静止状态.当剪断细绳，在两滑块脱离弹簧之后，下述说法正确的是（）A.两滑块的动量大小之比外：PB=2:1B.两滑块的速度大小之比L：=2:1C.两滑块的动能之比后从：B=1:2D.弹簧对两滑块做功之比叫:叫=1：14,某理想变压器原、副线圈的匝数之比为1 0:1,当输入电压增加2 0 V时，输出电压（）A.增加2 0 0 V B.增加2 V C.降低2 0 0 V D.降低2 V5、如图所示，一个钢球放在倾角为3 0的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。各个接触面均光滑。关于球的重力大小G、球对斜面的压力大小尸N I、球对挡板的压力大小尸N 2间的关系，正确的是（）

4、30。A.FNIGB.FN2GC.FN2=GD.FNIFN26、一正三角形导线框A B C儒 度 为a）从图示位置沿x轴正向匀速穿过两匀强磁场区域。两磁场区域磁感应强度大小均 为 仄 方 向 相 反、垂直于平面、宽度均为a。下图反映感应电流/与线框移动距离x的关系，以逆时针方向为电流的正方向。图像正确的是（）二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，若倾斜的雪坡倾角为0,战士飞出时的水平速度大小为v o,且他飞出后在空中的姿势保持不

5、变，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，不计空气阻力，重力加速度为g,则（）A.如果如不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B.如果所不同，该战士落到雪坡时的速度方向相同，在空中运动时间不同C.该战士在空中经历的时间是也迎且gD.该战士在空中经历的时间是vn 七tan一 02g8、如图所示，某时刻将质量为10kg的货物轻放在匀速运动的水平传送带最左端，当货物与传送带速度恰好相等时，传送带突然停止运动，货物最后停在传送带上。货物与传送带间的动摩擦因数为0.5,货物在传送带上留下的划痕长为0.1m,重力加速度取10m/s2o 则 货 物（）B.运动的总时间为0.2sC.与传送带由摩擦而产生的

6、热量为5JD.获得的最大动能为5J9、如图所示，地 球 质 量 为 绕 太 阳 做 匀 速 圆 周 运 动，半径为K.有一质量为，的飞船，由静止开始从尸点在恒力F的作用下,沿P D方向做匀加速直线运动，一年后在D点飞船掠过地球上空，再过三个月，又 在Q处掠过地球上空.根A.的 距 离 为 历B.尸。的距离为小 R9C.地 球 与 太 阳 的 万 有引力的大小兔宜也6mD.地球与太阳的万有引力的大小W/F M32m10、如图所示，轻弹簧下端固定在粗糙斜面的挡板上，上端连接一小滑块（视为质点），弹簧处于自然状态时滑块位于O 点.先用外力缓慢地把滑块移至A 点，此时弹簧的弹性势能为E p,然后撤去外

7、力，滑块沿斜面向上最高能滑到B点，该过程中滑块的最大动能为Ekm,滑块的动能最大时其所在位置距A 点的距离为L.下列说法正确的是A.滑块从A 点滑到O 点的过程中，其加速度大小先减小后增大B.滑块从A 点滑到O 点的过程中，其动能一直增大C.滑块经过距A 点距离为人的位置时，其 动 能 大 于 竺2 2D.滑块从A 点滑到B 点的过程中，克服摩擦阻力和克服重力做功的代数和为Ep三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某实验小组成员要测量一节干电池的电动势和内阻，已知该干电池的电动势约为1.5 V,内阻约为0.50C；实验室提供

8、了电压表V（量程为3 V,内阻约3k。）、电流表A（量程0.6 A,内阻为0.70。）、滑动变阻器R（10Q,2A）、电键和导线若干。为了尽可能减小实验误差，请在图I 方框中画出实验电路图_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _.图1图2（2）在 图 2 中 按 原 理 图 完 善 实 物 图 的 连 接。通过多次测量并记录对应的电流表示数I 和电压表示数U,利用这些数据在图3 中画出了 U-I图线。由图线可以得出此干电池的电动势E=V（保 留 3 位有效数字），内阻r=C（保留2 位有效数字）。图3（4）实验过程中，发现电流表发生了故障，于是小组成员又找来一个电压表和一个定值电

9、阻，组成了如图4 所示的电路,移动滑动变阻器触头，读出电压表Vi和 V2的多组数据Ui、5,描绘出生-%图象如图5 所示，图线斜率为k,与横轴的截距为a,则 电 源 的 电 动 势 =,内阻r=（用 k、a、RO表示）。图412.（12分）某实验小组欲将电流表G,的量程由3mA改 装 为 0.6A.实验器材如下:A.待测电流表GI（内阻约为10A）；B.标准电流表G2（满偏电流为6mA）；C.滑动变阻器K（最大阻值为3k。）；D.电阻箱R（阻值范围为0999.9C）；E.电池组、导线、开关。（1）实验小组根据图甲所示的电路测电流表G i的内阻，请完成以下实验内容:将滑动变阻器R 调至最大，闭合

10、S“调节滑动变阻器R,使电流表G i满偏；再闭合S2,保持滑动变阻器R不变，调节电阻箱R ,电 流 表 G i 指针的位置如图乙所示，此 时 电 阻 箱 的 示 数为 4.5。可知电流表G i 内 阻 的 测 量 值 为,与 真 实 值 相 比 （选填“偏大”、“相等”或“偏小”）；（2）为了更加准确地测量电流表G.的内阻，实验小组利用上述实验器材重新设计实验，请完成以下实验内容：完 善 图 丙 的 实 物 图 连 接;实验小组根据图丙进行实验，采集到电流表G i、G2的示数分别为3.0 m A、5.0 m A ,电阻箱的读数为1 5.0。，则电流表Gi内阻为 Q；实验小组将电流表Gi改装成量

11、程为0.6 A 的电流表，要（选填“串联”或“并联”）一个阻值R产_ Q 的 电 阻（结果保留一位有效数字）。四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.（1 0 分）如图所示，一根粗细均匀、内壁光滑、竖直放置的玻璃管上端密封，下端封闭但留有一气孔与外界大气相连.管内上部被活塞封住一定量的气体（可视为理想气体）.设外界大气压强为P 2,活塞因重力而产生的压强为2.5 P 2.开始时，气体温度为T 2.活塞上方气体的体积为V 2,活塞下方玻璃管的容积为2.5 V 2.现对活塞上部密封的气体缓慢加热.求：活塞刚碰到玻璃

12、管底部时气体的温度；当气体温度达到2.8 T 2 时气体的压强.1 4.（1 6 分）如图所示，O O 为正对放置的水平金属板、N的中线。热灯丝逸出的电子（初速度、重力均不计）在电压为U的加速电场中由静止开始运动，从小孔。射入两板间正交的匀强电场、匀强磁场（图中未画出）后沿0 0 做直线运动。已知两板间的电压为2 U,两板长度与两板间的距离均为L,电子的质量为机、电荷量为e。求：板间匀强磁场的磁感应强度的大小B和方向；若保留两金属板间的匀强磁场不变使两金属板均不带电，则从小孔。射入的电子在两板间运动了多长时间？1 5.（1 2 分）如图所示，一有界匀强磁场垂直于x O y 平面向里，其边界是以

13、坐标原点。为圆心、半径为R的圆.一质量为机、电荷量为q的带正电的粒子，从磁场边界与x轴交点P处以初速度大小为、沿 x轴正方向射入磁场，恰能从M 点离开磁场.不计粒子的重力.(1)求匀强磁场的磁感应强度大小8；(2)若带电粒子从尸点以速度大小如射入磁场，改变初速度的方向，粒子恰能经过原点0,求粒子在磁场中运动的时间/及离开磁场时速度的方向；(3)在匀强磁场外侧加一有界均匀辐向电场，如图所示，与。点相等距离处的电场强度大小相等，方向指向原点0.带电粒子从尸点沿x 轴正方向射入磁场，改变初速度的大小，粒子恰能不离开电场外边界且能回到P 点，求粒子初速度大 小 v 以及电场两边界间的电势差U.参考答案

14、一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。【解析】在地球表面有G M m,卫星做圆周运动有:GMm；=mar由于卫星的向心加速度与地球表面的重力加速度大小之比为1:9,联立前面两式可得：r=3R；卫星做圆周运动:GMm v2-=m r r得1Evp mv22 GMm 2r再结合上面的式子可得6A.皿-与 分 析 不 符，故A错误。4B.皿-与 分 析 相 符，故B正确。6C.些E 与分析不符，故C错误。6D.遮1与分析不符，故D错误。62、D【解析】A.如果物体从外界吸收热量时，再对外做功，则内能可能减小，可能不变，可能增加，

15、A错误；B.如果物体对外界做功的同时，再从外界吸收热量，则其内能可能减小，可能不变，可能增加，B错误；C D.温度是分子平均动能大小的标志，温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大，C错 误D正确。故 选D。3、C【解析】在两滑块刚好脱离弹簧时运用动量守恒得：2机 巳+加 以=0,得 巳=一?，两滑块速度大小之比为：乜 =；两滑92加41 2 1块 的 动 能 之 比%：纥8=4-=-B错 误C正确；两滑块的动量大小之比U =-=7,A错误；弹簧对夕就 2 PB叫1两滑块做功之比等于两滑块动能之比为：1：2,D错误.4、B【解析】根据G _ 2!LU2 n2得kU、=/U n2即20 10

16、MA-T解得A(72=2V即输出电压增加2 V,故 B 正确，A C D 错误。故 选 B。5、A【解析】以球为研究对象，球受重力、斜面和挡板对球体的支持力乃和尸2,由平衡条件知，为和尸N2的合力与G 等大、反向、共线，作出力图如图所示，根据平衡条件，有口 G 2 后G卜-=-1 cos30 3R=G tan30=G3根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力大小cos30 3球对挡板的压力大小&2=6=G ta n 3 0=fG 五N 2故 A 正确，B C D 错误。故选A。6、A【解析】在X上，在0。范围，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值。在a 2 a范围内，线框

17、穿过两磁场分界线时，BC.A C边在右侧磁场中切割磁感线，有效切割长度逐渐增大，产生的感应电动势&增大,AC边在左侧磁场中切割磁感线，产生的感应电动势心不变，两个电动势串联，总电动势E=E+E2增大，同时电流方向为瞬时针，为负值。在2 a 3a范围内，线框穿过左侧磁场时，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针，为正值，综上所述，故A正确。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】雪坡的倾角等于位移与水平方向的夹角，根据平抛运动的规律可知tan。=上=x 2%

18、解得平抛运动的时间为t _ 2v0 tan 3g如 果w不同，该战士在空中运动时间不同，根据平抛运动的规律，位移与水平方向夹角的正切值等于速度与水平方向夹角的正切值的一半，故落地雪坡的速度方向相同，战士的水平位移为2v()tan 6x-vot-知初速度不同，水平位移不同，落点位置不同，速度方向相同，故B C正确，A D错误。故选BC8、ACD【解析】令传送带的速度为巧根据题意可知，货物在传送带上先加速后做减速运动，加速运动阶段，其加速度大小为a=-mg2=g=5_m/s.2m当货物加速到和传送带速度相等时，所用时间为*_v _v1 a 5货物发生的位移为2 2V V=2a 10传送带发生的位移

19、为0V-X V ty=5减速运动过程中货物的加速度大小为当货物速度减为零，所用的时间为v v 一=一2 af 5货物发生的位移为v2 _ v22-10根据题意可知，货物在传送带上留下的划痕长为x =0.1m-1 10所以传送带的速度为v=lm/s货物发生的总位移为x=xi+x3=0.2m运动的总时间为/=/1+/2=0.4S与传送带由摩擦而产生的热量Q=ntg（X 2-X 1+X 3）=10J货物获得的最大动能为1 ,Ek=mv-=5J2故 B 错误，ACD正确。故选ACD.9、ABC【解析】根 据 D Q 的时间与周期的关系得出D 到 Q 所走的圆心角，结合几何关系求出D Q 的距离.抓住飞

20、船做匀加速直线运动,结 合 PD 的时间和P Q 的时间之比得出位移之比，从而得出PD 的距离.根据位移时间公式和牛顿第二定律，结合地球与太阳之间的引力等于地球的向心力求出引力的大小.【详解】地球绕太阳运动的周期为一年，飞船从D 到 Q 所用的时间为三个月，则地球从D 到 Q 的时间为三个月，即四分之一个周期，转动的角度为90度，根据几何关系知，D Q 的距离为垃R ,故 A 正确；因为P 到 D 的时间为一年，D 到 Q1,的时间为三个月，可 知 P 到 D 的时间和P 到 Q 的时间之比为4：5,根据x=一。厂得，PD和 PQ 距离之比为16：25,2则 PD和 D Q 的距离之比为16：

21、9,D Q =yf2R,则B 正确；地球与太阳的万有引力等于地球做圆周运动的向心力，对 PD 段，根据位移公式有：丝且=,雨 2,=，因为p 到D的时间和D 到 Q 的时间之比为4：9 2 m1,则 工=,即 T式，向心力工=加 驾 R,联立解得地球与太阳之间的引力。=9缶2根，故 C 正确D 错误.4 4 T2 16m10、ACD【解析】滑块从A 点滑到O 点的过程中，弹簧的弹力逐渐减小直至零,弹簧的弹力先大于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，再等于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，后小于重力沿斜面的分力和滑动摩擦力之和，合外力先沿斜面向上，随着弹簧的减小，合外力减小，则加速度减小.合外力后

22、沿斜面向下，随着弹簧的减小，合外力反向增大，则加速度反向增大，所以加速度大小先减小后增大，故 A 正 确.在 A O 间的某个位置滑块的合外力为零，速度最大，所以滑块从A 点滑到O 点的过程中，速度先增大后减小，则动能先增大后减小，故 B 错误.设动能最大的位置为C,从 A 到 C,由动能定理得：叱 帆-卬八-=Ekl,设距A 点距离为1 的位置为D,此位置动能为Ek.滑块从A 到 D 的过程，由动能定理得：2 一卬/2 -2=&，因 为 叼2=；叱1，%2=；%1，则24 n=2%2-W弹|=2（E p-综 口）-（5一4）=EpD）-（E pD-4）0 故 C 正确.滑块从 A 点滑到 B

23、 点的过程中，根据动能定理得：%-叼 一 叫=0,又叫单=Ep,则 得 叼+%=Ep，即克服摩擦阻力和克服重力做功的代数和为纥,，故D正确.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。【解析】（1）电路直接采用串联即可，电压表并联在电源两端，由于电流表内阻已知，则应采用电流表相对电源的内接法：电路图如图所示。AU 1.45-0.80r+R d=-Q=1.30Q根据U=E-/r以及图象可知，电源的电动势为K=1.45V,内阻为 AI 0.50,故r=1.30Q-0.70Q=0.60Q.9E=4 +-r u U,（4）由闭合电路欧姆定律可知：Ro,变形得

24、：1喀R/,+R/厂 +R ka当4 =0时，4 =,则有：r r、r 解得12,9.0 偏小10.0 并联 0.05【解析】(1XD12.调节滑动变阻器R,使电流表G(满偏，即 3mA；再 闭 合 S2,保持滑动变阻器R不变,，则可认为总电流不变，调节电阻箱R,电 流 表 Gi读数为1m A,可知通过电阻箱的电流为2m A,此 时 电 阻 箱 的 示 数 为 4.5。可知电流表G i内阻的测量值为9.0C；实际上，当 闭 合 S2后回路电阻减小，则总电流变大，即大于3mA,则电流计读数为1mA,则 电 阻 箱 的 电 流 大 于 2mA,则此时实际上电流表阻值大于9.0 Q,即测量值比真实值

25、偏小；(2)3 .图丙的实物图连接如图：4 .由电路图可知，电流计G i的阻值(5-3)x151)Q =1 010 Q 6.实验小组将电流表G i改装成量程为0.6A 的电流表，要并联一个电阻，阻值为四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、T2=2.5T2 p3=2.6p2【解析】密封的上部气体刚开始为等压过程，设活塞刚碰到玻璃管底时温度为T2,0.5V+V 7；则由盖吕萨克定律得：一 解得：T2=2.5T2当活塞到管底后，气体经历等容过程，设温度为2.8T2时压强为P 3,则有开始时气体压强：P2=P2-2.5p

26、2=2.5p2,T2=2.5T2,1.8T,P3由查理定律得：“二 工311.5T 0.5Po,代入数据解得：P3=2.6p214、（1）3 =必 巫，磁感应强度方向垂纸面向外；（2）巨L e 3 2eU【解析】（1）电子通过加速电场的过程中，由动能定理有e U=L 加 2由于电子在两板间做匀速运动，则evB=eE 其中E=也 L联立解得B呼 根据左手定则可判断磁感应强度方向垂纸面向外；洛伦兹力提供电子在磁场中做圆周运动所需要的向心力，有v2-evB=m r联立可得r=L 由几何关系可知8=60。而T*eB则电子在场中运动的时间T 2兀 m 1=-7 16 6eB 3氏 中 簧 Tt a n

27、n兀|2,(n =1,2,3 ，攵=2+1,2 +2,2+3 )【解析】2(1)根据几何关系，粒子圆周运动得半径r=H，由向心力公式有q 5 8 =无，解得8 =今rqK过带电粒子运动轨迹上得弦P 0做垂直平分线叫磁场边界。点，因粒子做圆周运动得半径与磁场边界半径相等，所以2兀 R 0 丁P。为等边三角形，01为圆心位置，粒子圆周运动得周期丁=丁，图中NPQN=120,则有，=g,解得2TTR/=，根据几何关系可知，粒子离开磁场时速度沿y轴正方向(3)设粒子刚进入磁场做圆周运动得圆心0i和原点。得连线与x轴夹角为月，运动半径为乃，如图r ITIV则有t a n p =,由向心力公式有qvB=，粒子从P点射入磁场，恰能回到P点，则根据几何关系有：2 s=2 万,R乙Y-TTI解得u =%t a n%其中=1,23%=2+1,2 +2,2n +3 ；根据能量守恒有q U =5 ，解得(=1,2,3 ，女=2+1,2+2,2几+3 )