2020年湖北省恩施州中考物理真题及答案.docx

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1、2020年湖北省恩施州中考物理真题及答案一、选择题（每小题2分，共44分）在每题给出的四个选项中，只有一项符合要求1（2分）疫情期间坚持做晨检。小明某早晨测量体温时，示数为36.3，他应该判断自己的体温（）A偏低了B属正常C偏高了D无法确定解析：人的正常体温约37，但人体不同部位的温度略有差别。参考答案：解：一般来说人的正常体温约37，人体腋下温度略低于37，额头和腕部温度更低，36.3是正常体温。故选：B。点拨：本题考查对人体体温的认识，不要被一般说法所误导。2（2分）夏季，我们吃雪糕感到凉爽。其中蕴含的物理知识是（）A熔化吸热B熔化放热C汽化吸热D升华吸热解析：物质由固态变成液态的过程叫做

2、熔化；熔化过程吸收热量。参考答案：解：吃雪糕感到凉爽，是因为固态雪糕在人体内变为液态，发生熔化现象，熔化过程中吸热，故A正确，BCD错误。故选：A。点拨：本题考查了学生对物态变化的掌握，抓住物质前后的状态变化是解题的关键。3（2分）我们描述一颗“北斗”卫星是静止的，所选参照物可能是（）A太阳B月球C地面D都可以解析：解答此题的关键是看被研究的物体与所选的标准，即参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生变化，则物体是静止的。参考答案：解：“北斗”同步卫星相当于太阳、月球的位置不断发生变化，所以相对于他们是运动的，相对于地球的位置没有发生变化，所以相对于发射火箭

3、是静止的，故ABD错误，C正确。故选：C。点拨：此题考查了运动和静止的相对性，相对比较简单，属于基础题。4（2分）下列关于声现象的描述中错误的是（）A敲响桌面时看到桌面上的纸屑跳动，说明发声体在振动B水中的鱼儿被行人的响声吓跑，说明水可以作介质传声C用装有不同水量的杯分别敲击发声，可研究音调与振幅的关系D在考场应保持安静，是要求在声源处减弱噪声解析：（1）桌面的振动比较小，不容易观察，可以用转换法，间接观察桌面振动。（2）固体、液体和气体都可以传播声音。（3）音调跟频率有关，响度跟振幅和距离声源的远近有关。（4）在声源处、在传播过程中、在入耳处都可以减弱噪声。参考答案：解：A、敲响桌面时桌子发

4、声，桌面上的纸屑跳动，把桌面的振动转化为纸屑的振动，所以通过纸屑振动说明发声的桌面在振动，说法正确，故A不符合题意。B、水中的鱼儿被行人的响声吓跑，说明水可以传声，说法正确，故B不符合题意。C、用装有不同水量的杯分别敲击发声，水量不同，振动快慢不同，振动频率不同，音调不同，可以探究音调跟频率的关系，说法错误，故C符合题意。D、在考场应保持安静，是在声源处减弱噪声，避免噪声对考生的影响，说法正确，故D不符合题意。故选：C。点拨：本题考查了声的产生、传播、声音的特性、噪声等，属于基础知识，掌握基础知识很重要。5（2分）如图所示的实验，小试管在水流出时不下落反而上升，主要依靠的是（）A大气压强B水的

5、分子引力C手的吸引力D两试管间的相互吸引解析：在较大试管中注水并插入小试管后，小试管和大试管的底部之间被水填充；迅速倒过来后，水受自身重力影响会改变运动状态，然后再来判断小试管是怎么进行运动的。参考答案：解：大试管中的水由于重力的作用，会流下来，小试管上方的空间的压强减小，小于外界大气压强，小试管就在大气压强的作用下，被压着向上运动，所以会看到小试管在大试管中上升，故A正确，BCD错误。故选：A。点拨：本题考查大气压现象，水流出后，导致小试管上方的压强减小是产生此现象的根本原因。6（2分）下列几种情况中能使受到浮力变大的是（）A潜水艇浸没在水中后继续下潜B轮船由长江驶入大海C从水银中取出铁球放

6、入水中D人由浅水区走向深水区解析：漂浮的物体根据漂浮条件（受到的浮力等于重力）分析判断，浸在液体中的物体可根据F浮液gV排分析判断。参考答案：解：A、潜水艇浸没在水中后继续下潜时，海水的密度不变，排开海水的体积不变，根据F浮液gV排可知潜水艇受到的浮力不变，故A不符合题意；B、轮船由长江驶入大海，都漂浮，受到的浮力等于轮船重，轮船重力大小不变，则浮力不变，故B不符合题意；C、因为铁球的密度小于水银的密度，铁球在水银中处于漂浮状态，浮力等于其重力；因为铁球的密度大于水的密度，铁球在水中沉底，浮力小于其重力，所以从水银中取出铁球放入水中浮力会变小，故C不符合题意；D、人由浅水区走向深水区时，液体的

7、密度不变，排开水的体积增大，根据F浮液gV排可知人受到的浮力增大，故D符合题意。故选：D。点拨：判断浮力时必须注意物体在液体中的状态，选择合适的公式进行解答是本题的关键。7（2分）在没有风的室内，向上抛出皮球，在球升到最高点静止的瞬间，不计空气阻力，它受到的力有（）A只有重力B重力和手的推力C不受力D重力和惯性力解析：地球附近的一切物体都受到地球的吸引由于地球的吸引而使物体受到的力叫重力，重力的施力物体是地球；重力的作用点叫重心；重力的方向是竖直向下的，即指向地心。参考答案：解：皮球在飞行过程中始终受到重力的作用，并且重力的方向竖直向下，所以飞到最高处后会下落；惯性不是力，皮球有惯性，但不是受

8、到惯性力；皮球离开手后由于惯性继续运动，手的推力消失。所以在球升到最高点静止的瞬间，不计空气阻力，皮球只受到重力的作用。故选：A。点拨：此题考查了对物体受力情况的分析，判断物体受几个力时，注意避免两种情况：“无中生有”、“挂一漏万”。8（2分）一盏探照灯的灯光射向水池，如图所示，在没有水的池底C处形成一个光斑。在逐步注水的过程中，B处的人看到池底的光斑会（）A在原地不动B先向左移再向右移C向左移动D向右移动解析：在没有注水时，根据光的直线传播，人直接能看到C点；当注水后，由于光的折射探照灯在水底形成一个像，像的位置偏右，人看像时像又向右偏。参考答案：解：在没有注水时，根据光的直线传播，人直接能

9、看到C点；当注水后，探照灯射出的光线到水面发生折射，折射光线靠拢法线照射到C点，人看C点时，C点射出的光线到水面再次发生折射，折射光线远离法线进入人眼，眼睛逆着光线看来感觉光线是从C射出的，所以人看到光斑向右移动。故选：D。点拨：本题要考虑探照灯射到水底发生折射，还要注意水底的光斑射出光线射入人眼也要发生折射。9（2分）青岛正在研制600km/h的高速磁浮列车。如图是下线的试验车，静态悬浮等指标均已试验成功。能实现高速行驶得益于（）A车头制成流线型B整身平滑、动力强劲C可依靠电磁力悬浮D以上各项都有关解析：车身平滑、流线型设计可减小阻力，动力强劲可提供强大动力，电磁力悬浮可减小阻力。这些都是其

10、高速行驶的保障。参考答案：解：车头制成流线型可减小行驶时的空气阻力；整身平滑、动力强劲同样可以减小阻力并增强动力；电磁力悬浮可使接触面分离，从而减小摩擦阻力。由于具有以上优点，所以磁浮列车才能实现高速行驶，故D符合题意。故选：D。点拨：高速磁浮列车能实现高速行驶得益于多个优化的设计和物理原理的应用，因此，在解答时要全面分析。10（2分）动态制动是现代车辆采用的一种重要制动方式。动态制动器主要由动态制动电阻和继电器等组成，在故障、急停、电源断开时继电器将制动电阻接入，通过电阻耗能起到一定的制动作用。其中，制动电阻在消耗能时，所发生的能量转化是（）A机械能转化为内能B机械能流失到空中C电能转化为内

11、能D机械能转化为电能解析：现代车辆在制动时车轮带动电动机转动，电动机作为发电机使用，把车辆的机械能转化为电能；再通过制动电阻将电能转化为内能消耗掉（电流的热效应），据此解答。参考答案：解：现代车辆在故障、急停、电源断开时，牵引电动机转换为发电机，将车辆的机械能（动能）转化为电能；再通过制动电阻将电能转化为内能消耗掉（电流的热效应），使车辆的速度降低，起到一定的制动作用，即制动电阻在消耗能时，所发生的能量转化是电能转化为内能；故C正确。故选：C。点拨：本题考查了能量的转化，关键是对“电阻耗能”的理解，即电阻消耗电能，由于电流热效应则电能会转化为内能。11（2分）“新世界奇迹”北京大兴国际机场创造

12、了多个世界之最，如图，其航站楼混凝土结构F1层平面565m437m不设缝，是世界最大的机场单块混凝土楼板。如果楼板为标准厚度10cm，这块楼板的质量最接近于（）A6105tB6104tC6103tD6107t解析：先计算出混凝土的体积，再估计混凝土的密度，最后运用mV可求其质量。参考答案：解：混凝土的体积为：V565m437m0.1m24690.5m3，混凝土的密度约2.5103kg/m3，由可得混凝土的质量：mV2.5103kg/m324690.5m361726250kg6.2107kg6.2104t。故ACD错误、B正确。故选：B。点拨：结合对生活中物体密度的认识，熟练运用密度的变形公式，

13、可解答此题。12（2分）如图所示的实验电路中，闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，发现电压表有示数但无明显变化电流表有示数并且有变化，小灯泡不亮。则可能的故障原因是（）A小灯泡断路B小灯泡短路C变阻器短路D变阻器断路解析：闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，电流表表有示数，说明电路是通路；根据灯泡的亮度和电压表示数变化情况判定故障的原因。参考答案：解：由图可知，该电路为串联电路，滑动变阻器与灯泡串联在电路中，电流表测量电路中的电流，电压表测量滑动变阻器两端的电压；移动滑动变阻器的滑片，电流表有示数并且有变化，说明电路是通路，滑动变阻器能改变电路，则滑动变阻器无故障；灯泡不发光，且电压表示数几乎无变化，

14、说明灯泡短路，电压表测量的是电源电压，故B正确。故选：B。点拨：电压表在故障的判断中应用广泛，若电压表有示数则说明与电压表并联的部分存在开路，若电压表无示数则说明其他电路发生了开路，或并联部分发生了短路。二、非选择题13（3分）图1中，铅笔的长度测量结果是5.25cm。图2中，量筒的分度值是1mL。在调节天平平衡时，将游码归零后，指针如图3所示，则应将平衡螺母向左调。解析：（1）刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位；（2）量筒的分度值是相邻刻线之间表示的体积；（3）通过调节平衡螺母的位置使天平平衡，

15、调节平衡螺母的方向和指针偏转的方向相反。参考答案：解：由图1可知，铅笔的长度测量结果是5.25cm；由图2知，量筒每5mL中，有5个小刻度，所以量筒的分度值是1mL；由图3知，在调节天平平时，指针向分度盘的右边偏转，应向左调节平衡螺母。故答案为：5.25cm；1mL；左。点拨：此题考查的是常见的几种物理仪器的读数方法，在读数前一定要观察仪器的量程和分度值；需要注意的是长度的测量需要进行估读。14（3分）弹簧测力计在使用前要注意观察指针是否在零刻度线上，来回拉动挂钩无异常后，将石块挂在测力计下，静止时如图所示。挂钩对弹簧的拉力大小是3.6N根据力的作用是相互的和二力平衡的知识，可得知石块所受重力

16、大小。解析：使用弹簧测力计前，要检查指针是否指在零刻度线。如果没有指在零刻度线，要进行调节使指针指在零刻度线；弹簧测力计的分度值指的是所能测量的最小值（或者是相邻两刻线之间的距离所表示的值）；读取弹簧测力计的示数首先要认清分度值；物体由于自身的重力会对弹簧测力计的挂钩施加一个竖直向下的拉力，拉力和重力的大小是相等的。参考答案：解：使用弹簧测力计之前，应该搞清楚量程、分度值，并注意观察指针是否在零刻度线上；如图所示弹簧测力计的分度值为0.2N，其示数即挂钩对弹簧的拉力大小是3.6N；挂钩对弹簧的拉力与弹簧对挂钩的拉力是一对相互作用力，挂钩对石块的拉力与石块对挂钩的拉力又是一对相互作用力而石块的重

17、力与挂钩对石块的拉力是一对平衡力，所以可以根据力的作用是相互的和二力平衡的知识，可得知石块所受重力大小。故答案为：零刻度线上；3.6；二力平衡。点拨：此题考查了弹簧测力计的使用，属于基本技能的考查，是一道力学的基础题，了解弹簧测力计的原理之后再分析使用方面的内容，读数时一定要明确分度值。15（2分）在家里，我们不能用湿毛巾来擦试带电的灯泡和插座，是因为平常的水是导体。若让你在干、湿毛巾中选一条，来包裹较紧的瓶盖，则选择干毛巾更容易拧开瓶盖，因为在同样压力下它产生的摩擦力较大。解析：（1）容易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。（2）在压力相同时，在接触面上加润滑物质使接触面脱离可以减小

18、摩擦力。参考答案：解：（1）纯净的水不容易导电是绝缘体，平常的水中含有离子容易导电，所以平常的水是导体。（2）湿毛巾在毛巾和瓶盖之间有水来润滑，摩擦力小，干毛巾和瓶盖之间摩擦力大，所以选择干毛巾更容易拧开瓶盖。故答案为：导体；干。点拨：（1）纯净水和自来水导电能力不同，干燥的空气和潮湿的空气导电能力不同。（2）使接触面脱离、减小压力、减小接触面粗糙程度都可以减小摩擦力。16（3分）将矿泉水瓶遗弃野外易引起山火，是因为瓶中的水相当于凸透镜，可会聚太阳光引燃干草或枯枝。隔着薄膜上的水滴看很近的字，会看到通过水滴形成的放大的虚像（具体描述像的性质）；如果想让看到的字再变大点，应让水滴远离字（选填“靠

19、近字”、“远离字”或“面积增大”）。解析：（1）中间厚、边缘薄的透镜叫凸透镜，凸透镜对光线起会聚作用；（2）平铺塑料纸上的水滴，中间厚边缘薄，是水凸透镜。物体在凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。想让字更大一些，则物距也要变大。参考答案：解：盛水的矿泉水瓶相当于一个凸透镜，可以将射来的太阳光会聚在一点上，会聚点的温度比较高，可能会引起火灾；一滴水滴在平铺的塑料纸上，水滴中间厚边缘薄，形成水凸透镜。字在凸透镜的一倍焦距以内，成正立、放大的虚像。想让字更大一些，像变大，则物距也要变大；需要凸透镜远离字，但物距始终要小于焦距。故答案为：凸透镜；放大；远离字。点拨：本题主要考查的是凸透镜成像规律

20、的应用，关键是记熟成像规律，并搞清物距像距之间的关系。平时在学习物理知识时，要善于总结规律。17（3分）2020年5月16日11时53分，玉兔2号月球车结束了寒冷且漫长的月夜休眠，受光照自主唤醒，迎来了着陆月球背面的第500个地球日。（如图）（1）月球车靠电动机（选填“汽油机”、“柴油机”、“发电机“或“电动机”）驱动，最高可越过25cm的障碍。（2）月球车的行进速度是6cm/s，在前方12m处有一目标样品，月球车还要行进200s时间才能到达。（3）监测发现月球表面昼夜温差达300多摄氏度，说明月面土壤的比热容较小（选填“较大”、“较小”或“不确定”）。解析：（1）月球上处于真空状态，没有空气

21、，因此不支持燃烧；（2）根据速度计算公式，直接代入数据可计算出时间。（3）一定质量的物体，吸收或放出相同的热量，比热容越小，其温度变化越大，据此可结合题意进行判断。参考答案：解：（1）由于汽油机、柴油机都属于热机，工作时燃料燃烧都需要氧气，而月球表面没有空气，因此月球车不能使用汽油机、柴油机驱动，可使用电动机驱动，即将电能转化为机械能，而发电机是将机械能转化为电能。（2）根据v可得，月球车行进的时间：t200s。（3）根据Qcmt可知，当物质的质量一定，吸收热量一定时，物质的比热容越小，所引起的温度变化越大，月球表面昼夜温差达300多摄氏度，故可判断月面土壤的比热容较小。故答案为：（1）电动机

22、；（2）200；（3）较小。点拨：本题通过热点问题考查物理知识，覆盖面比较广，要求学生必须掌握基本的物理知识，并能和生产生活社会联系起来，此类题目是近几年比较流行的题目。18（2分）今年6月17日，长征二号丁运载火箭在酒泉卫星发射中心点火升空（如图），成功以一箭三星的方式发射取得圆满成功。火箭加速上升阶段，卫星的机械能将增大（选填“增大”、“不变“或“减小”）。运载火箭常选用液氢、煤油等作燃料，选择依据主要是密度小和热值大等物理性质。解析：（1）机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。（2）热值是物质的一种特性，相同质量的燃料，热值越大，完全燃烧时放出的

23、热量越多，转化的机械能越多。参考答案：解：火箭加速上升阶段，卫星的质量不变、速度增大，动能增大；质量不变、高度增大，重力势能增大，卫星的机械能增大。运载火箭常选用液氢、煤油等作燃料，选择依据主要是密度小、热值大。故答案为：增大；热值大。点拨：知道影响机械能大小的因素、理解热值概念，可解答此题。19（1分）国产雪龙2号极地科考破冰船配备15000kW总动力，能以23节的航速在冰厚1.5米的条件下连续破冰航行。2019年11月23日，雪龙2号完成了南极中山站附近的航道破冰任务。若此次破冰所用功率为6000kW，向前破冰行驶速度是3.6km/h，则破冰船产生的向前推力大约是6106N。解析：已知此次

24、破冰所用功率和向前破冰行驶速度，利用PFv求出破冰船产生的向前推力。参考答案：解：破冰船匀速航行时，破冰行驶速度是v3.6km/h1m/s，此次破冰所用功率P6000kW6106W，由PFv得，破冰船产生的向前推力为：F6106N。故答案为：6106。点拨：本题考查了功率计算公式的应用，难度不大，解答过程中要注意单位的换算，要掌握。20（1分）物理兴趣小组在老师的指导下做了一个有趣的“摇绳发电”实验。如图，用一根长铜线做跳绳，将它的两端与固定在地面上的灵敏电流计相连，摇动“跳绳“时，发现灵敏电流计的指针左右摆动。则两位同学应站在东西方向（选填“东西”、“南北”或“任意”）摇绳可使实验现象更明显

25、一点。解析：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中产生感应电流。参考答案：解：地球是个大磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极的地理南极附近，所以磁感线大致南北方向，所以两位同学站在东西方向，摇动铜线跳绳切割磁感线运动，铜线跳绳才能切割磁感线运动，并且铜线跳绳是闭合电路的一部分导体，所以两位同学站在东西方向，摇动跳绳产生的感应电流更大一些。故答案为：东西。点拨：要产生感应电流必须符合三个条件：闭合电路、一部分导体、做切割磁感线运动，三个条件缺一不可。21（1分）如图所示，有斜面长为l、高为h的斜坡和物块等器材，同学们一起探究使用斜面这种简单机械是否省功，应测量的数值有物块重G、斜

26、面高h、拉力F和斜面长1。解析：利用斜面提升重物，拉力所做的功为总功W总Fs，克服物体重力所在的功为有用功W有Gh，据此分析需要测量的物理量。参考答案：解：要探究使用斜面这种简单机械是否省功，需要比较拉力所做的功为总功W总Fs和克服物体重力所在的功为有用功W有Gh的大小关系，由此可知应测量的数值有物块重G、斜面高h、拉力F和斜面长1。故答案为：拉力F。点拨：本题考查通过斜面机械效率的实验，考查了有用功、总功的计算，并会综合分析应用等。22（4分）在探究电路的实验中，用铜导线按图甲连接好元件，闭合开关后，两表示数如图。（1）在连接两电流表的导线中，实际电荷定向移动方向是向左（选填“向左”、“向右

27、”或“无规则运动”）。（2）在使用电流表前发现其指计偏向0刻线左侧，应调节表盘下面的调零旋钮，使指针归0。（3）通过L1、L2的电流分别是0.76A、0.24A。解析：（1）电荷的定向移动形成电流，规定正电荷定向移动的方向为电流方向，则负电荷定向移动的方向与电流方向相反；（2）使用电流表前，必须先观察指针是否指在零刻线，若不在零刻线，则需要通过调节表盘下面的调零旋钮；（3）首先对电路进行分析，明确两灯泡之间的连接关系，确定两电流表的测量对象，然后根据串并联电路的电流特点求出通过L1和L2的电流。参考答案：解：（1）在连接两电流表的导线中，电流是从电源的正极出发，经过电流表、用电器，回到电源的负

28、极，如图所示电路，开关闭合后，电流方向为从左到右；而实际电荷（电子）定向移动方向是向左；（2）在使用电流表前，需要先检查电流表的指针是否对准零刻线，如果不在“0”刻度线上，需要调节表盘下面的调零旋钮，使指针归0；（3）由图可知，两灯泡并联，电流表A2测量通过灯泡L2的电流，电流表A1测量干路电流，则乙选择的是03A量程，故乙为电流表A1，其分度值为0.1A，示数为I1A；电流表丙选择的是00.6A，分度值为0.02A，示数为I20.24A，即丙为电流表A2，则通过灯泡L2的电流为0.24A；根据并联电路的电流特点可知，通过灯泡L1的电流为I1II21A0.24A0.76A。故答案为：（1）向左

29、；（2）调零旋钮；（3）0.76；0.24。点拨：本题考查了电流的方向、电流表的使用和读数，需要首先对电路连接关系进行分析，然后根据电路的特点确定两个电流表的示数。23（3分）如图，在做“探究电流与电压、电阻的关系”实验中，采用了6V蓄电池、最大阻值为50的滑动变阻器、电流表和电压表等器材。（1）在研究电流与电压的关系实验时，一般是连接同一电阻R1，通过适当移动变阻器的滑片来改变R1两端的电压。（2）在研究电流与电阻的关系实验时，当用10的电阻连接在电路AB间测得电压为2V后，断开开关，用20的电阻替换AB间的R1，然后闭合开关，应将滑片向b（选填“a”、“b”或“下”）端移动，直到看到电压表

30、示数为2V时，才能读出所需电表的示数。解析：（1）研究电流与电压的关系，需控制电阻的相同，记录电流随电压（通过移动变阻器的滑片改变电阻的电压）的变化关系；（2）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向。参考答案：解：（1）在研究电流与电压的关系实验时，要控制电阻大小不变，一般是连接同一电阻R1，通过适当移动变阻器的滑片来改变R1两端的电压；（2）根据串联分压原理可知，将定值电阻由10改接成20的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应

31、保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向b端移动，直到看到电压表的示数为2V时，才能读出所需电流表的示数。故答案为：（1）移动变阻器的滑片；（2）b；电压表示数为2V。点拨：本题研究电流与电压和电阻的关系，考查操作过程、控制变量法和欧姆定律的运用。24（4分）在探究电路的实验中，几个小伙伴将电阻R、标有“2.5V”字样的小灯泡L和滑动变阻器串联接入电路。并把变阻器的滑片移到了连入阻值最大端，电源为6V稳压直流输出，如图所示。请完成下列问题：（1）如果用电压表分别测量R与L的电压，请用笔画线将电路连接

32、完整。实验次数电阻两端电压U1/V灯两端电压U2/V电流I/A小灯泡亮度11.00.50.10不亮22.21.50.22偏暗32.82.50.28正常43.02.80.30极亮（2）闭合开关，移动变阻器的滑片，记录4组测量数据在表格中。分析U2与I的值，可发现的实验结论是：小灯泡的电阻是变化的，当通过电流增大使灯丝的温度升高时，其电阻会变大；小灯泡的亮度决定于C。（选填代号：A通过灯的电流、B灯两端的电压、C灯的实际功率）（3）通过大量的实验研究，我们必须养成一定的科学态度。比如，通过移动变阻器的滑片，获得多次实验数据很重要；小敏认为对于灯泡的意义是便于求出平均功率达到减小测量误差的目的。你对

33、小敏此观点的评价是灯泡在不同电压下的电流不同，实际功率不同，求灯泡的平均功率没有意义，而是为了得出灯泡的亮度和实际功率的关系和规律。（需说明理由）解析：（1）分析电路的连接，电压表与被测元件应并联，由此连接电路。（2）由表中灯两端电压和电流，根据R分析各次实验时灯丝电阻、实际功率和温度变化，从而分析灯丝电阻与温度关系；灯泡的亮度是由其实际功率决定的；（3）多次实验的目的有二：减小测量的误差和得到普遍性的规律。由此分析解答。参考答案：解：（1）由实物图知，电流表、R、L、滑动变阻器串联，电压表V2测L两端电压，所以应将电压表并联在R两端，如图所示：（2）由表中各次实验灯泡两端电压和电流表示数知，

34、灯泡两端电压越大，通过的电流也越大，但电压变化大于电流变化，根据R知，灯丝电阻变大；由PUI知灯泡的实际功率越大，温度越高，且灯泡越亮。所以：小灯泡的电阻是变化的，当通过电流增大使灯丝的温度升高时，其电阻会变大；小灯泡的亮度决定于灯的实际功率；（3）灯泡在不同电压下的电流不同，实际功率不同，求灯泡的平均功率没有意义，而是为了得出灯泡的亮度和实际功率的关系和规律。故答案为：（1）见上图；（2）大；C；（3）灯泡在不同电压下的电流不同，实际功率不同，求灯泡的平均功率没有意义，而是为了得出灯泡的亮度和实际功率的关系和规律。点拨：本题考查了实物电路的连接、数据分析、探究实验中多次测量的目的等，难度不大

35、。25（2分）有一工作间，人在B处要想看到外间A处的花盆，需要在某处安装一块平面镜。请把平面镜C画到合适的位置，并完成由B看到A的光路（只需在图中画出一条光的完整路径）。解析：根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，连接AB与水平框的交点为入射点，再完成光路。参考答案：解：过水平框作出点A的对称点A，即为A在平面镜中的像，连接BA与水平框交于O点，即为入射点（反射点），连接AO就得到入射光线，OB为反射光线，平面镜C移到O位置比较合适，如下图所示：点拨：把握平面镜成像的实质，并把握好作图的顺序，是完成此题的关键，同时，还要注意实线、虚线的区别。26

36、（2分）在探究电磁铁的实验中，用相同的漆包线和铁钉绕制成电磁铁A和B闭合开关，移动滑片后，铁钉A和B都能吸住一些大头针，如图所示。经实验发现，磁铁磁化大头针时，仍满足异名磁极相吸引的关系，并且B下方大头针下端为N极。请在图中标出A下方大头针下端的磁极名。并在电源的两端注明+极。解析：从一端开始分析，从大头针的下端是N极，根据一个磁体只有一对磁极，可以判断大头针的上端是S极，根据磁极间作用，可以判断B铁钉的磁极，再根据安培定则判断电流方向，判断电源的正负极，然后再根据安培定则判断铁钉A的磁极，最后根据磁极间的作用判断大头针的磁极。参考答案：解：B下方大头针的下端是N极，大头针的上端是S极，根据异

37、名磁极相互吸引，可以判断B铁钉的下端是N极，上端是S极，根据安培定则可以判断电流从B铁钉的上端进入，从下端流出，可以判断电源的左端是负极，右端是正极；电源的左端是负极，右端是正极，流从A铁钉的下端进入，从上端流出，根据安培定则可以判断A铁钉的下端是N极，上端是S极，根据异名磁极相互吸引可以判断大头针的上端是S极，下端是N极，如图所示：点拨：无论题目多么复杂，都是从一端开始逐步分析，从B下面的大头针B铁钉电流方向电源正负极A铁钉的磁极A下面的大头针磁极。27（2分）工人用扳手拧一个螺栓。无论怎么使劲拉扳手柄的上端，都没能成功，如图甲所示。于是他想出了一个新点子：在其它条件不变的情况下，取来一根绳

38、子，将绳的一端拴在扳手柄的上端，再次使出浑身力气拉绳的另一端，如图乙所示。可还是没能扳动螺栓，这是为什么呢？请完成：（1）在丙图的示意图中，螺栓中心为支点，画出绳端拉力的力臂；（2）简要说明用绳也拉不动的原因。解析：（1）支点是从支点到力的作用线的距离，先反向延长画出力F的作用线，从支点O画出力F作用线的垂线，可得绳端拉力的力臂；（2）甲乙两图中，阻力和阻力臂一定，动力臂不变，若只是改变了作用点，动力不变，不能省力。参考答案：解：（1）在丙图中，螺栓中心为支点O，反向延长画出力F的作用线，从支点O画出力F作用线的垂线，可得绳端拉力的力臂L，如图所示：（2）图乙和图甲比较，其它条件没变，只是用了

39、一条长绳子，所以所用拉力不变，改变的是工人施力的作用点，但动力臂大小几乎不变，因为阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件得出两种方法需要用的力几乎一样，所以用绳也拉不动。故答案为：（1）如图所示；（2）图乙和图甲比较，其它条件没变，只是用了一条长绳子，所以所用拉力不变，改变的是工人施力的作用点，但动力臂大小几乎不变，因为阻力和阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件得出两种方法需要用的力几乎一样，所以用绳也拉不动螺栓。点拨：本题考查了杠杆平衡条件的应用，注意：使用杠杆，当阻力和阻力臂一定时，动力臂越大、越省力，要明白其中的道理并会用。28（4分）如图所示，在一池泥塘里试验，发现质量为5kg、底面积为0.0

40、1m2的B石块竖直地轻放在软泥中，刚好被承载住。求：（1）若将石块B抬高0.6m，对它至少应做多少功？（不计泥重、摩擦等因素的影响）（2）一位质量为60kg的人，要想在这种软泥中不陷落，应踩在面积至少为多大的木板上？（木板重以50N计算）解析：（1）根据Gmg求出B的重力，利用WGh求出将石块B抬高应做的功；（2）已知B石块竖直地轻放在软泥中，刚好被承载住。利用p求出软泥能承受的最大压强；当人踩在木板上时，对软泥的压力等于人和木板的总重力，根据p求出木板的最小面积。参考答案：解：（1）B的重力：GBmBg5kg10N/kg50N，将石块B抬高应做的功：WGBh50N0.6m30J；（2）软泥能

41、承受的最大压强；p最大5000Pa；当人踩在木板上时，对软泥的压力FG总m人g+G木60kg10N/kg+50650N，根据p可得：木板的最小面积S最小0.13m2。答：（1）若将石块B抬高0.6m，对它至少应做30J的功；（2）一位质量为60kg的人，要想在这种软泥中不陷落，应踩在面积至少为0.13m2的木板上。点拨：本题主要考查功、重力和压强的大小及其计算的理解和掌握，解答此题时要注意单位的统一；还要注意审题应完整仔细，不能漏掉任何信息，如括号里面的要求。29（6分）如图甲所示，电源电压保持12V不变，R0为定值电阻，电压表量程为015V，电流表量程为00.6A第一次只闭合开关S、S1，将

42、滑片P从B端移动到A端；第二次只闭合开关S、S2，将滑片P从B端逐步向A端移动，直至白炽灯L正常发光。根据实验过程中测量的数据，绘制电流表与电压表示数的关系图象如图乙所示。求：（1）滑动变阻器两端AB间的电阻值；（2）在闭合开关S、S2时，白炽灯L正常工作1min消耗的电能是多少？（3）在整个过程中且电路安全条件下，R0功率的变化范围。解析：（1）第一次只闭合开关S、S1，分析电路连接和电表测量的物理量及电流的流向，确定电路的电流不变，找出对应的电流表与电压表示数的关系图象，由图象知电路的电流和P在B端时最大电压，由欧姆定律求出R；（2）由欧姆定律和电阻的串联得出R0；第二次只闭合开关S、S2

43、，变阻器与R0和灯串联，滑片P从B端向A端移动时，直至小灯泡正常发光，由图知，灯的额定电流和电压表示数为1V，由欧姆定律求出R0的电压，由串联电路电压的规律求出灯的额定电压，根据PUI求出小灯泡的额定功率，根据WPt算出白炽灯L正常工作1min消耗的电能；（3）由图象可知电流的范围，根据PI2R0算出R0功率的变化范围。参考答案：解：（1）第一次只闭合开关S、S1，变阻器与R0串联，电压表测PA电阻丝两端的电压，电流表测电路的电流，因电压表接在滑片上（电压表可看做开路），故变阻器的全部电阻丝接入电路，滑片移动时，变阻器接入电路的阻值不变，总电阻不变，由欧姆定律可知，电路的电流不变，由此可知，图

44、象中的水平线为本次情况下电流表与电压表示数的关系图象，电路中的电流恒为0.4A，P在B端时，电压表的示数最大为8V，由欧姆定律可得，变阻器的最大阻值：R20；（2）由欧姆定律和电阻的串联可得，R0的阻值：R0R2010，第二次只闭合开关S、S2，变阻器与R0和灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，则结合（1）的分析可知，图象中的曲线为本次情况下电流表与电压表示数的关系图象；滑片P从B端向A端移动时，直至小灯泡正常发光，由图象知，灯的额定电流为：IL0.5A，此时电压表示数为1V，由欧姆定律可得，R0的电压为：U0ILR00.5A105V，由串联电路电压的规律，灯的额定电压

45、为：ULUU滑U012V1V5V6V，小灯泡的额定功率为：PLULIL6V0.5A3W，根据P知，白炽灯L正常工作1min消耗的电能为：WPLt3W60s180J；（3）由图知电流的变化范围为0.3A0.5A，所以R0的最小功率为：P0小R0（0.3A）2100.9W，R0的最大功率为：P0大R0（0.5A）2102.5W，所以在整个过程中且电路安全条件下，R0功率的变化范围为0.9W2.5W。答：（1）滑动变阻器两端AB间的电阻值为20；（2）在闭合开关S、S2时，白炽灯L正常工作1min消耗的电能是180J；（3）在整个过程中且电路安全条件下，R0功率的变化范围为0.9W2.5W。点拨：本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效信息和电路的分析。