2021届湖南省永州市高考信息模拟试卷(一)(含答案解析).pdf

《2021届湖南省永州市高考信息模拟试卷(一)(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届湖南省永州市高考信息模拟试卷(一)(含答案解析).pdf（18页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2021届湖南省永州市高考信息模拟试卷（一）一、单 选 题（本大题共6小题，共24.0分）1.有关物理学史，下列说法正确的是（）A.伽利略发现万有引力定律得出万有引力常量B.开普勒提出行星运动规律，并发现了万有引力定律C.万有引力常量是卡文迪许通过实验测量并计算得出的2.D.牛顿发现了万有引力定律并通过精确的计算得出万有引力常量温州的南国世纪联华超市，安装了智能化的自动扶梯（无台阶），如图所示。为了节约能源，在没有乘客乘行时，自动扶梯以较小的速度匀速运行，当有乘客乘行时自动扶梯经过先加速再匀速两个阶段运行。则电梯在运送乘客的过程中（）A.乘客始终受摩擦力作用B.乘客经历先超重再失重C.乘客对扶

2、梯的作用力始终竖直向下D.扶梯对乘客的作用力始终垂直斜面向上3.天文学上把两个相距较近，由于彼此的引力作用而沿各自的轨道互相环绕旋转的恒星系统称为“双星”系统，设一双星系统中的两个子星保持距离不变，共同绕着连线上的某一点以不同的半径做匀速圆周运动，则（）A.两子星的线速度的大小一定相等B.两子星的角速度的大小一定相等C.两子星受到的向心力的大小不一定相等D.两子星的向心加速度的大小一定相等4.粗糙斜面倾角为30。，一物体从斜面顶端由静止开始下滑，运动的位移-时间关系图象是一段抛物线，如图所示，g取10m/s2.则（）A.下滑过程中，物体的加速度逐渐变大B.t=0.5s时刻，物体的速度为0.25

3、m/sC.0 0.5s时间，物体平均速度lm/sD.物体与斜面间动摩擦因数棉5.在图甲所示的理想变压器、端加图乙所示的交变电压。已知变压器原副线圈的匝数比为2：1,收为热敏电阻（温度升高时，其电阻减小），R为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表。下列判断正确的是（）A.电压表匕的示数为22夜UB.8处温度升高时，变压器的输出功率变大C.%处温度升高时，匕示数变小，%示数变小D.%处温度升高时，匕示数不变，瞑示数变大6.如图所示，重力为G的小球放在固定斜面和竖直放置的挡板之间静止。斜面对小球的弹力为生,挡板对小球的弹力为尸2,挡板的下端有一个固定轴，让挡板缓慢转动到水平位置。不计一切摩擦。在该过

4、程中，下列判断正确的是（）A.6与B的合力逐渐减小 B.6与 尸2的合力逐渐增大C.Fi的大小先增大后减小 D.F2的大小先减小后增大二、多 选 题（本大题共6小题，共29.0分）7.如图所示是氢原子的能级图，大量处于n=5激发态的氢原子向低能级跃迁时，2 宗。丫8 一 一 一 U5-054一共可以辐射出10种不同频率的光子，其中莱曼系是指氢原子由高能级向 4-0.853-131n=l能级跃迁时释放的光子，贝1 1（）2-3.40A.10种光子中频率最低的是从n=5激发态跃迁到基态时产生的 1-13.60B.10种光子中有4种属于莱曼系C.使n =5 能级的氢原子电离至少要0.8 5 e V

5、的能量D.A n=2 能级跃迁到基态释放光子的能量大于从n =3 能级跃迁到n =2 能级释放光子的能量8.如图所示是两个等量异种点电荷，周围有1、2、3、4、5、6 各点，其：4中 1、2 之间距离与2、3 之间距离相等，2、5 之间距离与2、6 之间距。：5离相等.两条虚线互相垂直且平分，那么关于各点电场强度和电势的叙 13述正确的是（）A.1、3 两点电场强度方向不相同 B.5 6 两点电场强度相同C.4、5 两点电势相同D.1 3 两点电势相同9.如图所示，“”型杆上通过轻绳连有两个滑环A、8,已知它们的质量mA=mB=2.0kgf A与水平杆间动摩擦因数为0.3,5与竖直杆间光滑接触

6、,轻绳长L =0.2 5 m.现用水平力将A环缓慢向右拉动,拉动过程中，6 角由3 7。增大到5 3。，则在这一过程中（g =1 0 m/s2,s m 3 7 =0.6,cos370=0.8,5 1 7 1 5 3 =0.8,c o s 5 3 =0.6）（）A.系统增加的机械能为2.0/B.系统增加的内能为0.6/C.轻绳对B做功为1.0/D.拉力尸做的功为1.6/1 0 .如图所示，a、b 是一对平行金属板，分别接到直流电源两极上，右边 x XT x x*x*x x Xx有一档板，正中间开有一小孔/在较大空间范围内存在着匀强磁场，C -XX X X X X X磁感强度大小为B,方向垂直纸面

7、向里，在 4、6 两板间还存在着匀强 x 4 X X X X X电场E.从两板左侧中点C处射入一束正离子（不计重力），这些正离子都沿直线运动到右侧，从 d孔射出后分成3 束.则下列判断不正确的是（）A.这三束正离子的速度一定不相同B.这三束正离子的初速度不一定相同C.a、b两板间的匀强电场方向一定由a 指向人D.若这三束粒子改为带负电而其它条件不变则仍能从d 孔射出1 1 .如图所示，一定质量的理想气体从状态。开始，经历一系列过程变化后又到达状态”，已知从状态人经过等温过程加到达状态c,c 平行于横轴 V,必平行于纵轴p,下列说法正确的是（）A.在 a 到 b 过程中气体的内能增加B.在 c

8、到 a 过程中外界对气体做功C.在。到 6 过程中气体对外界做功D.在 b 到 c 过程中气体从外界吸收热量E.在 c 到 过程中气体从外界吸收热量12.如图甲为一列简谐横波在t=0时的波的图象，图乙为该波中x=2m处质点P 的振动图象，下列说法正确的是（）A.波速为2m/sB.波沿轴负方向传播C.t=1.0s时 P 点的动能最大D.t=0至 Ut=2.5s,P 点振动路程为5.0m三、实 验 题（本大题共2 小题，共 15.0分）13.在“验证机械能守恒定律”的实验中，打点计时器所用电源频率为50H z,当地重力加速度的值为9.80m/s2,测得所用重物的质量为1.00kg.如图是重物自由下

9、落时，为记录重物运动位移与时间，用打点计时器打出的纸带.。点是重物速度为0 时所记录的点，点 A、B、C 到第一个点。的距离如图所示（相邻计数点时间间隔为0.02s）,那么BC5.01-7.06单 位：5（a）从起点O 到打下计数点B的过程中重力势能减少量是 Ep=,此过程中物体动能的增加量 Ek=（结果取两位有效数字）;仙）实验的结论是14.在“用。/S描绘电场的等势线”实验中，图示连接电路，将电压传感器的两个接线柱分别和两个探针相连接，已知电压传感器正接线柱的电势高于负接线柱时，读数为正。电极A、B 的连线上等距离的取a、b、c、d、e 共 5 个基准点。（1）若在图中连接电压传感器正接线

10、柱的探针接触。点，连接负接线柱的探针接触匕点时，读数为负,则可以判断电极4 接在电源的 极上（选 填“正”或“负”）。(2)若连接电压传感器正、负两个接线柱的探针分别接触。点和b点时的示数为U i：分别接触b点和c 点 时 的 示 数 为 则 有|U i|02|(选 填“大于”、“小于”或“等于”)。(3)某位同学分别探测出5 个基准点、b、c、d、e 的等势点如图所示，请用实线绘出该电场的电场线(要求画出5 条电场线)。四、简答题(本大题共2 小题，共 1 1.0 分)1 5.如图所示，一定质量的理想气体从状态A变化到状态B,再从状态B变化到状态C,已知状态A的温度为4 8 0 K.求：(1

11、)气体在状态C时的温度；(2)气体在状态B时的温度；(3)试分析从状态A变化到状态B整个过程中，气体是从外界吸收热量还是放出热量。1 6.在沙漠地区，太阳照射下，地面附近的空气温度升高，密度降低，折射率减小，光线从高向低照射时发生全反射，形 成“海市蜃楼”。现将此原理简化为光在两层空气间发生全反射，已知上层空气折射率为，地面附近空气折射率为1(忽略下层空气厚度)。则形成的“海市蜃楼”在地平线(填“上方”或“下方”)，请完成光路图。要发生全反射，光线从上层空气进入下层空气的入射角的正弦值至少为五、计算题(本大题共2 小题，共 2 8.0 分)1 7.如图所示，质量为m B =1 4 k g 的木

12、板B放在水平地面上，质量为小=:1 0 k g 的木箱A放在木板8上.一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴 7 7 7 7 7 7 7 7 7 v 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 在地面的木桩上，绳绷紧时与水平面的夹角为。=3 7。.己知木箱A与木板8之间的动摩擦因数%=0.5,木板B与地面之间的动摩擦因数%=0 4.重力加速度g取1 0 m/s 2.现用水平力F将木板 8从木箱A下面匀速抽出,试求：(s i n 3 7=0.6,c o s 3 7=0.8)(1)绳上张力7 的大小;(2)拉力户的大小.1 8.如图所示，半径为R 的圆形匀强磁

13、场区域I 与 x 轴相切于坐标系的原点0,磁感应强度为当，方向垂直于纸面向外，磁场区域I 右侧有一长方体加速管，加速管底面宽度为2凡 轴线与x 轴平行且过磁场区域I 的圆心，左侧的电势比右侧高。在加速管出口正下方距离。点为R 处放置一宽度为d=3R的荧光屏E F,荧光屏与竖直方向成。=60。角，加速管右侧存在方向垂直于纸面向外的匀强磁场区域H,磁感应强度为4.在0 点处有一个粒子源，能沿纸面向y 0 的各个方向均匀地发射大量质量为机带电荷量为q且速率相同的粒子，其中沿y 轴正方向射入磁场的粒子，恰能沿轴线。2。3进入长方形加速管并垂直打在荧光屏上，(不计粒子重力及其相互作用)。(1)求粒子刚进

14、入加速管时的速度n的大小和加速电压U；(2)求荧光屏上被粒子打中的区域长度 1-,(3)若要让从加速管区域出来的粒子全部打中荧光屏，磁场D的磁感应强度殳大小应满足什么条件？【答案与解析】1.答案：C解析：F 分析：本题考查物理学史和常识，记住著名物理学家的主要贡献即可答题.本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，注意积累.解答：A3、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过实验测出了万有引力常量，开普勒提出行星运动规律，故4、8 错误；C D、万有引力常量G 是卡文迪许通过实验测量并计算得出的，故 C 正确，。错误；故选：Co2.答案：A解析：解：A、乘客站

15、在斜面上，始终受摩擦力作用，否则将沿斜面滑下来。故 A 正确。B、加速运动阶段，乘客有向上的加速度，乘客处于超重状态；匀速运动阶段，扶梯对乘客的作用力等于重力，乘客既不超重，也不失重。故 8 错误。C D,加速运动阶段，扶梯对乘客有沿斜面向上的摩擦力和支持力，二者的合力即扶梯对乘客的作用力指向斜上方；扶梯对乘客的作用力不是垂直于斜面向上。根据牛顿第三定律分析可知：乘客对扶梯的作用力也不是始终竖直向下。故 C。错误。故选：Ao加速运动阶段，扶梯对乘客有沿斜面向上的摩擦力和支持力，二者的合力即扶梯对乘客的作用力指向斜上方；匀速运动阶段，乘客仍然受到支持力和摩擦力的作用，扶梯对乘客的作用力竖直向上。

16、根据牛顿第三定律，分析乘客对扶梯的作用力方向。本题考查物体的运动情况分析物体受力情况的能力。要注意的是匀速运动过程，扶梯对乘客仍有摩擦力，沿斜面向上等于重力沿斜面向下的分力。3.答案：B解析：解：C、双星间的万有引力充当向心力，故两星的向心力大小一定相等，故 C 错误；8、两星绕同一点转动，在同一直线上，属于同轴转动的模型，故角速度相等，故 B 正确；A。、万有引力提供向心力：=7nl32rl=nt232r2,可知质量不同，则半径也不同，由u=w 和a=roj2可知，两子星的线速度和向心加速度大小不等，故 AQ错误。故 选:Bo双星系统属于同轴转动的模型，彼此间的万有引力充当对方的向心力，且两

17、天体一定在同一直线上，角速度相等。根据线速度、向心加速度与角速度的关系分析。此题考查了万有引力定律及其应用，解题的关键是明确双星的特点：彼此间的万有引力充当向心力，并且只能绕同一点做圆周运动。4.答案：D解析：解：A、由题意可知，物体的初速度为零，x-t图象是一段抛物线，由匀变速直线运动的位移公式 =1以2可知，物体的加速度 保持不变，物体做匀加速直线运动，故A错误；B、由图示图象可知：t=0.5s时x=0.25m,由工=砒2解得：a=2m/s2,物体做初速度为零的匀加速直线运动，t=0.5s时物体的速度为：v=at=2 x 0.5 m/s=lm/s,故8错误；C、物体在0 0.5s内物体的平

18、均速度为：v=-m/s =0.5 m/s,故C错误；。、对物体，由牛顿第二定律得：mgsin30-iimgcos30=m a代入数据解得：=立，故。正确。故选：。物体的位移一时间关系图象是一段抛物线，说明物体的加速度不变，根据t=0.5s时x=0.25m,由位移公式求出加速度，由。=at求速度，从而求得平均速度。应用牛顿第二定律求出动摩擦因数。本题考查匀变速直线运动的规律与牛顿第二定律的应用，要从图象获取有效信息，利用运动学公式求出物体的加速度是解题的前提，应用运动学公式与牛顿第二定律可以解题。5.答案：B解析：解：A、分析图乙可知，输入电压的最大值为2 2 a V,根据正弦式交变电流最大值和

19、有效值的关系可知，输入电压的有效值为22匕 则电压表匕的示数为22匕 故A错误；CD.代处温度升高时，阻值变小，根据变压器的变压规律可知，输入电压不变，即电压表匕示数不变，由于匝数不变，则输出电压不变，根据串联电路规律可知，电阻两端电压减小，则电压表/示数变小，故CD错误；B、副线圈输出电压不变，电阻减小，根据功率公式可知，变压器的输出功率变大，故8正确。故选：Bo电压表的示数为有效值，由图可知交流电压最大值，根据最大值和有效值的关系求解有效值。Ri处温度升高时，阻值减小，根据串并联电路规律和变压器变压规律，可知电压变化、输出功率的变化。此题考查了变压器的构造和原理，解题的关键是明确正弦式交变

20、电流的最大值与有效值的关系，以及变压器的变流比和变压比。6.答案：D解析：解：AB、小球受重力、斜面对小球的弹力为F 挡板对小球的弹力为F 2,挡板缓慢转动，表示三个力的合力为零，所以0 与F2的合力始终与小球的重力等大反向，故 AB错误；CZX小球受重力、斜面对小球的弹力为Fi，挡板对小球的弹力为尸 2,根据平衡条件，三个力可以构成首尾相连的矢量三角形，如图所示：斜面对小球的弹力为Fi逐渐减小，挡板对小球的弹力尸2的大小先减小后增大，故 C错误，。正确。故选：。小球受重力、斜面支持力、挡板的支持力，其中重力大小和方向都固定，斜面的支持力方向固定但大小变化，挡板的支持力大小和方向都改变，根据平

21、衡条件作图分析即可。本题是力平衡问题中的动态分析问题，关键是明确物体的受力情况，画出矢量图分析；求解三个力的动态平衡问题，一般是采用图解法，即先做出两个变力的合力（应该与不变的那个力等大反向）然后过合力的末端画方向不变的那个力的平行线，另外一个变力的末端必落在该平行线上，这样就能很直观的判断两个变力是如何变化的了，如果涉及到最小值的问题，还可以采用解析法，即采用数学求极值的方法求解。7.答案：BD解析：当两能级间的能级差越小，辐射的光子频率越小，波长越长。判断是否电离，看处于激发态的氢原子吸收能量后的总能量是否大于等于0,一旦大于等于0,说明发生电离。解决本题的关键知道光子能量与能级差的关系，

22、即Em-En=h v,以及知道跃迁种类的判定。A.10种光子中，从n=5跃迁到基态辐射的光子能量最大，频率最大，故 A 错误；B.10中光子中，向基态跃迁的分别为n=5,n=4,n=3和n=2向基态跃迁，可 知10种光子中有4种属于莱曼系，故B正确；Cm=5能级的氢原子具有的能量为-0.54日，所以要使其发生电离能量变为0,至少需要0.54川的能量，故C错误；/).根据玻尔理论，从n=2能级跃迁到基态释放光子的能量：Ei=E2-邑=-3AeV-(-13.6W)=10.2eV,n=3能级跃迁到n=2能级释放光子的能量：=E3&=-1.51eV-(3.4elZ)=1.89eV,可知从n=2能级跃迁

23、到基态释放光子的能量大于从7 1 =3能级跃迁到几=2能级释放光子的能量，故D正确。故选8)。8.答案：BC解析：解：4、1、2之间距离与2、3之间距离相等，由场强的矢量合成和对称性可知：1、3两点电场强度相同，故A错误：B、2、5之间距离与2、6之间距离相等，由场强的矢量合成得5、6两点电场强度相同，故8正确。C、两个等量异种点电荷的中垂线是一条等势线，所以2、4、5、6的电势相等，故C正确；。、顺着电场线的方向电势降低，则 知1点的电势低于3点的电势，故。错误；故选：BC。本题根据等量异种电荷周围电场分布情况分析.在如图所示的电场中，等量异种电荷连线上的电场方向是相同的，由+Q指向-Q；两

24、电荷连线上的电场强度大小关于2点对称，两电荷连线的中垂线是一条等势线.解决本题的关键知道等量异种电荷周围的电场线分布，知道两电荷连线的中垂线是等势线.分析时要抓住对称性.9.答案：BCD解析:解:A、由几何关系可得,B上升的高度：h=Lcos37-Lcos53=0.25 X(0.8-0.6)m=0.05m,A环缓慢运动，系统的动能不变，则系统增加的机械能等于8增加的重力势能，为 E=mBgh=2 x10 x 0.05/=1 J,故 A 错误.B、对AB整体受力分析，受重力G、支持力N、向左的摩擦力/和向右的弹力N、拉力F,如图.根据共点力平衡条件，得竖直方向：N=G,+G2其中：f =N解得：

25、N=G1+G2=+m2)g=4 x ION=40N,/=4N=0.3 x 40N=12NA 向右发生的位移：x=Lsin530-Lsin370=0.05m,则4球克服摩擦力做功为必=fx =1 2 x0.0 5/=0.6,所以系统增加的内能为0.6/,故B正确.C、对B,由动能定理得%-解得轻绳对B做功为恤=1。/，故C正确.。、对整体，在整个运动过程中运用动能定理列式，得到WF fx m2g-h=0代入数据得，拉力0作 功 必=fx +m2g-/i=12 x 0.05/4-2 x 10 x 0.05/=1.6/,故 D 正确.故选：BCD系统增加的机械能等于B增加的重力势能.对A、8整体进行

26、受力分析，受重力G、支持力N、向左的摩擦力/和向右的弹力N i、拉力F,根据共点力平衡条件列式，求出杆对A的支持力M从而得到杆对A的滑动摩擦力，该滑动摩擦力为恒力，由功的公式求解4球克服摩擦力做功，最后对整体运用动能定理求拉力的功.系统增加的内能等于A克服摩擦力做的功.对从 运用动能定理求轻绳对B做功.本题关键之处在于运用整体法求出A球所受的支持力.对于两个或两个以上的物体组成，首先考虑能否运用整体法研究受力.本题中拉力是变力，不能根据功的公式求其功，只能根据动能定理或功能原理求拉力做功.10.答案：AB解析:解：4 3束离子在复合场中运动情况相同，即沿水平方向直线通过，故有qE=quB,所以

27、孙=|,D故三束正离子的初速度一定相同，因做匀速直线运动，则三束正离子的速度一定相同，故A 8错误。C、由于在复合场中洛伦兹力竖直向上，则电场力一定竖直向下，故匀强电场方向一定竖直向下，即由a指向6,故C正确。、若这三束粒子改为带负电后电场力和洛伦兹力方向都发生改变，由于其它条件不变故合力仍为0,所以仍能从4孔射出，故。正确。本题选择错误的，故选：AB。离子在复合场中沿水平方向直线通过故有qE=q v B,所以=g电性改变后合力仍为0,仍沿直线运动到右侧；三束正离子的在磁场中圆周运动的轨道半径不同，根据r=翳=广*总 可知比荷一定不相同.根据洛伦兹力的方向可以判定电场力的方向从而判定电场的方向

28、.速度选择器是利用电场力等于洛伦兹力的原理进行工作的，故速度选择器只能选择速度而不能选择电性.11.答案：A BD解析：解：A、在。到6过程中等容升压，根据牛=C可知温度升高，一定质量的理想气体内能决定于气体的温度，温度升高，则内能增加，故A正确；&在c到过程中压强不变，体积减小，所以外界对气体做功，故8正确：C、在“到b过程中气体体积不变，根据W=可知，气体对外界做功为零，故C错误；。、在匕到c过程中，属于等温变化，气体膨胀对外做功，而气体的温度不变，则内能不变：根据热力学第一定律 =W+Q可知，气体从外界吸收热量，故。正确；E、在c到。过程中压强不变，体积减小，所以外界对气体做功，根据牛=

29、C可知温度降低，则内能减小，根据热力学第一定律可知，气体一定放出热量，故E错误。故选：A BD.一定质量的理想气体内能取决于温度，根据图线分析气体状态变化情况，根据勿=判断做功情况，根据内能变化结合热力学第一定律分析吸收或发出热量。本题主要是考查了理想气体的状态方程和热力学第一定律的知识，要能够根据热力学第一定律判断气体内能的变化与哪些因素有关（功和热量）；热力学第一定律在应用时一定要注意各量符号的意义;U为正表示内能变大，Q为正表示物体吸热；W为正表示外界对物体做功。12.答案:A BC解析：解：A、由右图读出周期为7=2s.由左图读出波长为;I=47n.则波速为u=彳=m/s=2m/s.故

30、A正确.B、据题，右图为介质中质点尸的振动图象，由此图读出t =0 时刻质点P的速度方向向下，在左图上，根据波形的平移法可知，波的传播方向沿x 轴负方向.故8正确.C、由右图读出t =1.0 s,P点的位移为零，正经过平衡位置，动能应最大，故 C正确.2加=中，质点P做简谐运动，一个周期内通过的路程是4 A,则。到t =2.5 s,尸点振动路程是S =三 X 4 A =5 x 2 c m =0.1 m.故。错误.4故选：A BC.由题，左图为t =0 时的波动图象，右图为介质中质点P的振动图象，由右图读出t =0 时刻质点P的速度方向，读出周期，在左图上判断出波的传播方向，读出波长，再求出波速

31、.根据质点的位置分析其动能.根据时间2.5 s 与周期的关系，求解质点P通过的路程.本题首先要理解振动图象和波动图象各自的物理意义，由振动图象读出质点的振动方向和周期，由波动图象读出波长、判断波的传播方向，同时要抓住两种图象之间的联系.13.答案：(a)0.4 9/1 0.4 8;；(b)在误差允许的范围内，机械能守恒.解析：纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度.从而求出动能.根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值，从而验证机械能是否守恒.要知道重物带动纸带下落过程中能量转化的过程和能量守恒，熟练应用匀变速

32、直线运动规律解决实验问题；重物带动纸带下落过程中，除了重力还受到阻力，从能量转化的角度，由于阻力做功，重力势能减小除了转化给了动能还有一部分转化给摩擦产生的内能.(a)重物由0点运动到B点时，重物的重力势能的减少量 Ep=mgh=1.0 0 x 9.8 0 x 0.0 5 0 1 J=0.4 9 7.利用匀变速直线运动的推论得:A C 7.0 6-3.1 4VD=-=-B 2T 0.0 4=9 8 c m/s=0.9 8 m/s1 9 1 EkB=TTIVQ 0 =x 1 x(0.9 8)2=0.4 8 J(b)通过实验得出的结论是：在误差允许的范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量，即机械

33、能守恒.故答案为：(a)0.4 9/,0.4 8/；)在误差允许的范围内，机械能守恒.14.答案：负 大 于解析：解：(1)由题意，电压传感器读数为正时，正接线柱的电势高于负接线柱时，则电压传感器读数为负时，。点的电势低于6点的电势，电场线从B到 A,故电极A接在电源的负极；(2)根据等量异种电荷电场线的分布情况可知：人间电场线较密，6、c 间电场线较疏，则。、。间场强较大，由/=5 /得知，0 1|大于|4 1；(3)电场线的方向垂直于等势面，且从高电势到低电势，如图所示。故答案为：(1)负；(2)大于；(3)如图所示。(1)解答本题应根据题意明确：电压传感器读数为正时，正接线柱的电势高于负

34、接线柱，可判断出以人两点电势的高低，确定电源的正负极.(2)根据等量异种电荷电场线的分布情况，可知。、。间电场线较密，b、c 间电场线较疏，则。、匕间场强较大，由=E d 可判断电压大小.本题是信息给予题，要读懂题中信息，再结合电场线的方向，即可确定电源的正负极；利用匀强电场中U =E d,定性判断非匀强电场中电势差的关系，掌握电场线的特点。15.答案：解：4、C两状态体积相等,则有：祟=竿、JTA TC解得：7 c =丝 誉/=1 6 0 K(2)由理想气体状态方程得：管=等解得：TB=4 8 0 K；(3)由此可知A、8两状态温度相同，故A、B两状态内能相等；而该过程体积增大，气体对外做功

35、，由热力学第一定律得：气体吸收热量。答：(1)状态B的温度为4 8 0 K(2)气体在状态C时的温度为1 6 0 K；(3)从状态A变化到状态B整个过程中，气体是从外界吸收热量。解析：(1)4、C两状态体积相等，根据气态方程求解：(2)由理想气体状态方程求解B状态的温度；(3)由热力学第一定律分析热量的传递情况。画出反射光线，将反射光线反向延长，延长线的交点为像的位置,本题主要是考查了理想气体的状态方程：解答此类问题的方法是：找出不同状态下的三个状态参量，分析理想气体发生的是何种变化，利用理想气体的状态方程列方程求解。16.答案：下方;解析：解：(1)根据全反射的特点，因为根据类似平面镜成像原

36、理，人眼总是默认光线直线传播。通过光路图观察到像点在物体的下方。(2)如右图所示(3)要发生全反射，贝 旧=嘿，即光线从上层空气进入下层空气的入射角的正弦值至少为s i n C =-n故答案为：下 方(2)如图所示;根据全反射的特点，绘制出光路图，将反射光线反向延长，延长线的交点为像的位置。画出光路图，观察像的位置。本题考查全反射的光路图，能否找到全反射时像的位置是解决本体的关键，也是学生愿意出现问题的环节。17.答案：解：(1)对物体A受力分析及建立直角坐标系，如图所示4静止，受力平衡.,.在x轴上：Tcosd=在y轴上：&=Tsind+mAg.又:/i =M.,由得：T=100 N即绳上张

37、力T的大小为1 0 0 N.(2)对物体B受力分析及建立直角坐标系，如图所示：B静止，受力平衡 在x 轴上：F=fi+f2-在），轴上：N2=M+mBg 又h =N2N2 由得：F=200 N即拉力尸的大小为200N.解析：（1）对木块A 受力分析，受到重力、支持力、8 对 A 的摩擦力和细线的拉力，根据共点力平衡条件列式求解即可；（2）对木块B 受力分析，受到重力、A对 B 的压力和摩擦力、地面的支持力和摩擦力，最后根据共点力平衡条件列式求解即可.本题关键是先后对木块A 和木块B 受力分析，然后根据共点力平衡条件并运用正交分解法列方程求解.18.答案：解：（1）粒子在磁场I 中的运动半径为R

38、,如图所示：由向心力公式可得：qvIB=解得：%=皿A m因粒子垂直打在荧光屏上，由题意可知，如图：在磁场II中的运动半径为2R,由向心力公式可得：qv2B2=m 解得：V=空正4 m粒子在加速管中作加速运动，由动能定理得：m v l-m v l =qU联立解得加速管所加的电压为：U=过（4BB分（2）从 B 点穿出的粒子打在离E 点最近的屏上，如图所示:由几何关系得：(x-icosd+R)2+(%1sin0)2=(2R)2解得：x =R从。点穿出的粒子打在离E点最远的屏上，如图所示:解得：x2=h lR2+(x2sine2=(2R)2粒子打中的区域长度 I=x2-=R(3)从。3点穿出的粒子

39、恰好打在F点时，如图所示:有几何关系可得：(dcosO+2R r3)2+dsinO)2=r/解得：丁3=三R由向心力公式有：qv2B3=m-r3联立解得：B3=B2从 8点穿出的粒子恰好打在E点时，有：q=|R由向心力公式有：q v2 4 =r4联立解得：B4 V B 2从8。3 区域穿出的粒子打在粒子全部打在屏上磁感应强度大小满足的条件是：B2 B B2答:(1)粒子刚进入加速管时的速度%的大小为甯，加速电压。为 空 窄 至 2；(2)荧光屏上被粒子打中的区域长度 I为 R：(3)若要让从加速管B O 3 区域出来的粒子全部打中荧光屏，磁场H的磁感应强度口 2 大小应满足条件19 B21 B -B23 2解析：粒子在磁场I 中，根据洛伦兹力提供向心力，求出速度，粒子在加速管中作加速运动，由动能定理求出加速电压U；从 B点穿出的粒子打在离E点最近的屏上，从。点穿出的粒子打在离E点最远的屏上，画出粒子运动轨迹，由几何关系得即可求出荧光屏上被粒子打中的区域长度；画出粒子运动轨迹，由几何关系和圆周运动公式即可求出磁感应强度满足的范围。本题主要考查了带电粒子在电场和磁场中的运动的复杂问题，关键是分清题意，画出粒子运动轨迹，结合圆周运动公式和几何关系即可解题。