2021届福建省高考物理预测试卷(含答案解析).pdf

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1、2021届福建省高考物理预测试卷一、单 选 题（本大题共9 小题，共 28.0分）1.心脏起搏器使用“僦电池”供电，利用了僦核；“发生口衰变释放的能量。已知笳核的半衰期为12.5年，下列说法正确的是（）A.氟核衰变放出的夕射线是电子流，来源于核外电子B.娥核经0 衰变后产生？HeC.僦核经口衰变后，产生的新核的比结合能比氟核小D.经过12.5年后，剩余物质的总质量变为初始质量的一半2.如图所示是电场中某一条电场线，下列说法中正确的是（）-A RA.4、B 两点电场方向相反B.A、8 两点电场大小关系是以 EBC.电场线是直线，则=EBD.不知附近的电场线分布，EA.EB的大小不确定3.如图所示

2、，质量分别为机1=1即、机2=2kg的滑块A 和滑块B 叠放 _ _ _ _/在光滑水平地面上，A 和 B 之间的动摩擦因数“=0.5,拉力F 作用在 1T滑块4 上，拉力厂从0 开始逐渐增大到7 N的过程中，下列说法正确的是（）A.当户 5N 时，A、B 发生了相对滑动B.始终保持相对静止C.从一开始就发生了相对滑动D.开始相对静止，后来发生相对滑动4.如图所示，。点是地心，地球的半径为R,地球表面的重力加速度为g.现有一宇宙飞船绕地球沿箭头方向无动力飞行，其运动轨迹是焦点位于地心的椭圆，该飞船运动中某时刻恰好经过距地心 2R的尸点.为研究方便，忽略地球的自转及地球表面的大气，则（）PA.飞

3、船经过P点的速率一定增大5.7.飞船经过P点的速度大小一定是C.飞船在P点的加速度大小一定是弓4D.飞船经过P的速度大小可能超过第二宇宙速度如图，两平行金属板水平放置，板长为L间距为d,板间电压为U,一不计重力电荷量为q带电粒子以初速度孙沿两板的中线射入，恰好沿下板的边缘飞出，粒子通过平行金属板的时间为3贝女）A.在I 时间内，电场力对粒子做的功为打0B.在!时间内，电场力对粒子做的功为:匕火Z0C.在粒子下落的前g和后（过程中，电场力做功之比为1：14 4D.在粒子下落的前;和后过程中，电场力做功之比为1：24 4两条光滑的平行导轨水平放置，导轨的右端连接一阻值为R的定值电阻，将整个装置放在

4、竖直向下的匀强磁场中，现将一导体棒置于。点，从某时刻起，在一外力的作用下由静止开始向左做匀加速直线运动，导体棒先后通过M和N两点，其中O M =M N.己知导体棒与导轨接触良好，始终与导轨垂直，且除定值电阻外其余部分电阻均不计.则下列说法错误的是（）A.导体棒在M、N两点时，所受安培力的大小之比为1：V 2B.导体棒在M、N两点时，外力尸的大小之比为I：V 2C.导体棒在M、N两点时，电路的电功率之比为1：2D.从。到“和从M到N的过程中流过电阻R的电荷量之比为1：1如图所示，传送带与地面的倾角。，传送带以丫 匀速运动，在传送带底端无初速地放置一个质量为，的物体，当物体上升高度力时，物体己经相

5、对传动带静止，在这个过程中分析正确的是（）A.动能增加mghB.动能增加 小。2C.机械能增加mgh-D.重力势能增加mg/i+nw28.如图所示，一束复色可见光射到置于空气中的平板玻璃上，穿过玻璃后从下表面射出，变为a、b两束平行单色光，对于两束单色光来说（）A.玻璃对a的折射率较大B 光在玻璃中传播的速度较大C 光每个光子的能量较大D.。光的粒子性更明显9.一小球做竖直上抛运动的u-t图象如图所示，下列说法正确的是（）A.在t时刻，小球的加速度为零B.在，时刻，小球的合外力为零C.在02t时间内，合力对小球做的功为零D.在。2t时间内，合力对小球的冲量为零二、多 选 题（本大题共4小题，共

6、16.0分）10.如图中虚线为匀强电场中的等势线，两粒子M、N质量相等，所带电荷量的绝对值也相等.现将M、N从虚线上的。点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示.点、c为实线与虚线的交点，已知。点电势高于c点.若不计重力，贝!1（）A.M带负电荷，N带正电荷B.带正电荷，N带负电荷C.N在 从。点运动至a点的过程中电势降低D.M在。点和b点电势能相同1 1.如图所示，质量m=1.0kg的物块静止在粗糙水平面上，在水平推力尸作用下做直线运动，用力传感器分别测出相应时刻推力厂和摩擦力外的大小。重力加速度取g=10m/s2,则以下判断中正确的是（）,尸/N|/y/N4-：一：

7、43;：32：2-：1/0 2 3 4 5$0 1 2 3 4 5 图 1图 2A.物块的总位移为3？B.物块的最大速度为2m/sC.前 2 秒内物体克服摩擦力做功为2J D.第 3 秒末推力F的瞬时功率为2W12.下列说法正确的是（）A.泊松亮斑是光的衍射现象，玻璃中的气泡看起来特别明亮是光的全反射现象B.在电磁波接收过程中，使声音信号或图象信号从高频电流中还原出来的过程叫调制C.一简谐横波以速度v沿 x 轴正方向传播，t=0时传播到坐标原点，此质点正从平衡位置以速度向下振动，已知质点的振幅为A,振动角频率为3,则 X轴上横坐标为处质点的振动方程为 y=A sina)(t D.在光的双缝干涉

8、实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变窄13.在如图所示的U-/图 象中，直线I 为某一电源的路端电压与电流的关系图象，直线II为某一电阻R 的伏安特性曲线.用该电源直接与电阻R 相连组成闭合电路.则（）A.电源的电动势为3VB.电源的内阻为2C.电阻R 的阻值为0.5D.电路消耗的总功率为6W三、实 验 题（本大题共4 小题，共 36.0分）1 4.测量小物块0 与平板P 之间动摩擦因数的实验装置如图所示.是半径足够大的、光滑的四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的尸板的上表面BC在B点相切，C 点在水平地面的垂直投影为C.重力加速度大小为g.实验步骤如下:用天平称出物块。的质量g

9、测量出轨道AB的半径R、8 C 的长度L和CC的高度h将物块。在 A点从静止释放，在物块0 落地处标记其落地点D；重复步骤，共 做 1 0 次；将 1 0 个落地点用一个尽量小的圆围住，用米尺测量圆心到C 的距离s.回答下列问题：（1）实 验 步 骤 的 目 的 是 .（2）物块0 与平板P之间的动摩擦因数=（用实验中的测量量表示）（3）已知实验测得的值比实际值偏大，其原因除了实验中测量量的误差之外，其他的可能是（写出一个可能的原因即可）.1 5.某同学通过查找资料自己动手制作了一个水果电池（电动势约为4.5 V,内阻约为1.5 0）,现要测量这个电池的电动势E 和内阻r,他从实验室借到一个开

10、关、一个滑动变阻器（最大阻值为1 2 0,）,一只电压表（量程为3 匕 内阻约为1 5 k。），一只电流表（量程为0.6 A,内阻约为2 0）,一个定值电阻&=5 0 和若干导线.（1）该同学利用上述器材设计了如图甲所示的实验电路，开关闭合前滑动变阻器接入电路的阻值应调到（填最大、最小）.（2）断开开关S,调节滑动变阻器的阻值，再闭合开关S,读取并记录电压表的示数及电流表的示数.改变滑动变阻器滑片的位置，多次重复上述操作，可得到多组电压值U及电流值/,并以U为纵坐标，以/为横坐标，画出U-/的关系图线（该图线为一直线），如图乙所示.由图线可求得电池组的电动势E=V,内阻r =0.（保留两位有效

11、数字）(3)利用该实验电路测出的电动势E源和内阻r潮与真实值E茸和r总相比，理论上E潮 _ _ _ _ _EA,T溺_ _ _ _3(填“”“”或“=).引 起 该 实 验 系 统 误 差 的 主 要 原 因 是.1 6.某研究小组的同学设计了一个测量液体折射率的仪器，如图所示.在一圆盘上，过其圆心。作两条互相垂直的直径B C、EF,/在半径0 4上，垂直盘面插下两枚大头针B、2 2并保持R、2 2位：二 二:把 喙 屋 同 仁;二；-4 .置不变，每次测量时让圆盘的下半部分竖直浸入液体中，而且总 斐奉谡霰菸奉三使得液面与直径8 C相平，E尸作为界面的法线，而后在图中右上 奉妾蕉序索申羔方区域

12、观察P i、P 2的像，并在圆周上插上大头针仞，使“正好挡住心、P2,同学们通过计算，预先在圆周E C部分刻好了折射率的值，这样只要根据M所插的位置，就可直接读出液体折射率的值，则:若乙40尸=30。，0M与。C的夹角为30。，则M处 所 对 应 的 折 射 率 的 值 为 .图中用、N两位置哪一处所对应的折射率值大？答：.作A。的延长线交圆周于K,K处所对应的折射率值应为是否可能有某种液体，在K C部分观察不到大头针P1、P2的 像.答：.1 7.在一端封闭、内径均匀的光滑直玻璃管内，玻璃管长Z,=8 4c m,有一 口段长为I =1 9 c m的水银柱封闭着一定质量的理想气体。当玻璃管水平

13、放置达到平衡时如图甲所示，被封闭气柱的长度。=5 0 c m；当 管 向Q2)J上竖直放置时，如图乙所示，被封闭气柱的长度 =40 c m。已知重力 l fl/加速度g取1 0?n/s 2,外界温度保持不变。求：(1)大气压强Po(用c n?”g表示)；(2)当玻璃管开口向上以a =卷9的加速度匀加速上升，水银柱和玻璃管相对静止时被封闭气柱的长度。四、简答题(本大题共1小题，共3.0分)1 8 .如图所示，闭合矩形线框外“可绕其水平边“转动，边长为龙，be边长为L、质量为相，其他各边的质量不计，线框的电阻为R.整个线框处在竖直向上的磁感应强度为8的匀强磁场中。现给左边施加-一个方向与be边、磁

14、场的方向均垂直的初速度u,经时间t,机边上升到最高处，他边与竖直线的最大偏角为。，重力加速度取g。求/时间内：(1)线框中感应电动势的最大值:(2)流过线框导体截面的电量；(3)线框中感应电流的有效值。五、计算题(本大题共1 小题，共 10.0分)1 9.如图所示，是采用动力学方法测量空间站质量的原理图。若已知飞船质量为3.0 x 1 0 3 k g,其推进器的平均推力尸为900N,在飞船与空间站对接后，推进器工作5 s内，测出飞船和空间站的速度变化是0.0 5 m/s,求空间站的质量。a空间站飞船【答案与解析】1.答案：B解析：解：A、。衰变中生成的电子是一个中子转化为一个质子同时生成一个电

15、子，这种转化产生的电子发射到核外，就是/?射线，故A错误；B、根据质量数与核电荷数守恒，则晁发生口衰变的衰变方程：H e+e,则瓶核经口衰变后产生 翅e,故8正确；C、笳核发生 衰变的过程中释放能量，根据质能方程可知，总质量减小，产生的新核的比结合能比瓶核大，故C错误；D、经过t=12.5年，为一个半衰期，只有一半的氤核发生衰变，剩余的僦核为原来的去但剩余的物质中还有氢核，所以剩余物质的总质量大于初始质量的一半，故。错误。故选：S衰变是内部中子转化为质子时同时生成电子，根据质量数与核电荷数守恒，即可确定衰变方程；根据半衰期公式计算反应剩余物的质量；衰变的过程中释放能量，比结合能增大。本题考查0

16、衰变的本质、半衰期公式等内容，要熟悉课本知识，能解释生活中的问题。2.答案：D解析：解：A、电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，所以两点的场强方向相同，故A错误;B C D,电场线的疏密表示电场强度的强弱，但此题只有一条电场线，所以无法判断AB两点场强的大小，故BC错误，。正确.故选：D.电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向，据此可正确解答.电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系.3.答案：B解析：解：隔离对B分析，当A、B间静摩擦力达到最大值时，A、B刚要发生相对滑动，则：a=嘤=TH20.5 x 1 x 1 0_

17、 2,5m/s2o再对整体：/=（叫4 +6 8）。=3乂2.5可=7.5可.知当拉力达到7.5囚时，A、8才发生相对滑动。所以拉力厂从。开始逐渐增大到7N的过程中，A、5始终保持相对静止。故ACQ错误，3正确。故选：Be隔离对B分析，求出A、B发生相对滑动时的临界加速度，再对整体分析，运用牛顿第二定律求出刚好发生相对滑动时的拉力，从而判断出A8运动状态的关系。本题主要考查牛顿第二定律的临界问题，关键找出临界状态，运用整体法和隔离法，根据牛顿第二定律进行求解。4.答案：C解析：解：飞船绕地球沿箭头方向无动力飞行，只受地球引力，机械能守恒，飞船经过尸点力地球越来越远，势能增大，则动能必定减小，故

18、速率一定减小，故 A 错误.C、地球表面处重力等于万有引力G誓=m g,所以9=瞿.在尸点，G 詈=m a,得（1=皆，因为r=2 R,所以a=?.故C正确.2B、在椭圆轨道上飞船经尸点做离心运动，此时满足万有引力小于P 点所需向心力即mg，m匕，解得U商 万，因为g=3则卫星在p 点的速度大于旧.故8 错误.。、飞船经过尸的速度大小不可能超过第二宇宙速度，否则飞船将脱离地球束缚，不再绕地球运动.故力错误.故选：C.根据万有引力等于重力和万有引力提供向心力分别求出P 点的加速度和卫星经过P 点的速度.根据加速度方向判断物体的运动状态.飞船经过尸的速度大小不可能超过第二宇宙速度，否则飞船将脱离地

19、球束缚，不再绕地球运动.解决本题的关键掌握万有引力提供向心力和万有引力等于重力这两个理论，并能熟练运用.5.答案：C解析：带正电的粒子进入水平放置的平行金属板内，做类平抛运动，竖直方向做初速度为。的匀加速运动，由推论可求出在前:时间内和在后;时间内竖直位移之比，由动能定理求出电场力做功；粒子在下落前f 和后:内，电场力做功相同。4 4本题考查了带电粒子在电场中的运动，是类平抛运动，要熟练掌握其研究方法：运动的合成与分解，并要抓住竖直方向初速度为零的匀加速运动的一些推论，研究位移和时间关系。4B.设粒子在前泄间内和在后5时间内竖直位移分别为y i、y2,由y=2at?和匀变速直线运动的推论可知力

20、：y2=1：3,得：yi=2y2=；则在前刎间内，电场力对粒子做的功为：叫=q u=JqU；Z o o在后刎间内，电场力对粒子做的功为：W2=q-lu=l q U,故 A B 错误；N o oC D.根据W=q E y 可得，在粒子下落前（和后即勺过程中，电场力做功之比为1：1,故 C正确，。错误。故选C。6 .答案：B解析：解：4、导体棒做匀加速直线运动，由/=2 a%可知，导体棒通过M、N两点时，导体棒速度之比为1：&，由/=蜉，知产生的感应电流之比为1：V 2，由 尸=8 几知，所受安培力之比为1：V2,故A正确.B、由牛顿第二定律可知尸一尸安=血即根、。不变，则知外力尸的大小之比不是1

21、：V 2:故 8错误.C、由电功率公式P=/2R可知，导体棒通过M、N两位置时，电阻R的电功率之比为1：2；故 C正确.D、由法拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律和电流定义可得q =竽，从 0到 M和从M到 N的两R个过程中，磁通量的变化量。相等，所以通过导体棒横截面的电荷量之比为1：1.故o正确.本题选错误的，故选：B.导体棒做匀速直线运动，由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出拉力，然后求出拉力之比；由E =8 加求出感应电动势，然后又电功率公式求出电功率，再求出电功率之比；由欧姆定律求出电流，由电流定义式求出电荷量，然后求出电荷量之比.本题是电磁感应与电学、力学相结合的综合题，分析清楚导

22、体棒的运动过程，应用安培力公式、E=BIv,欧姆定律、电流定义式、焦耳定律即可正确解题.7.答案：B解析：解：A、B：由动能的定义可知，物体的动能增加：租层，而重力势能增加相g/z,所以A错误8正确；C：物体机械能增加为m g/i +n w 2,所 以 c错误；D：物体重力势能增加为n z g/i,所以。错误.故选：B本题的关键是明确动能、重力势能以及机械能的定义及计算.理解记忆物理概念和规律是学好物理的关键.8.答案：C解析：试题分析：由图看出，6 光的偏折程度大，则玻璃对方光的折射率较大.故A 错误；。光的折射率较小，根据睇=三知，玻璃中“光的速度较要大.故B 正确；6 光的折射率较大，则

23、频率小，根据国=野，知，6 光的光子能量较大，故 C 正确；b 光的频率较大，波长较短，粒子更明显，故。错误.考点：考查了光的折射9.答案：C解析：解：4、在u-t 图象中，斜率代表加速度，在0-2 t时间内斜率不变，加速度不变，故在f 时刻，小球的加速度不为零，故 A 错误；B、根据牛顿第二定律可知尸=m a,由于加速度不为零，故合外力不为零，故 8 错误；C、在0 2t时间内，根据动能定理可知卬=6（一切2 -771172=0,故合力对小球做的功为零，故C正确；。、根据动量定理可知P=-Tnu-nw=-2 巾，故。错误；故选：Co在u-t 图象中，斜率代表加速度，根据牛顿第二定律求得合力，

24、根据动能定量和动量定理即可判断本题主要考查了u-t 图象，会利用牛顿第二定律和动能定理及动量定理即可判断10.答案：BD解析：根据粒子的轨迹可判断粒子的电场力方向，。点电势高于c 点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可判断出电场方向，沿电场线方向电势降低，根据电场力做功的特点判断出电势能的变化。本题要根据粒子的轨迹判定电场力方向，根据电场线与等势线垂直的特点，分析能否判定电性.由动能定理分析电场力做功是常用的方法。A3、由题，等势线在水平方向，。点电势高于C 点，根据电场线与等势线垂直，而且由高电势指向低电势，可知电场方向竖直向下，根据粒子的轨迹可判断出N 粒子所受的电场力方向

25、竖直向上，M粒子所受的电场力方向竖直向下，故知N 粒子带负电，带正电。故 A 错误，8 正确。C、N 在从。点运动至a 点的过程中，逆电场方向运动，电势升高，故 C错误；D、由图可知，。点与3 点位于同一个等势面上，所以M 在。点和点电势能相同，故。正确。故 选:B D。11.答 案:A BC解析：解：在O-l s 内推力等于阻力，故物体静止不动，在l-2 s 内 由 牛 顿 第 二 定 律 可 知=a -m/s2-2m/s2,匀加速获得的速度为u=at=2 X lm/s=2 m/s,前进的位移与-at2=-x 2 x l2m=lm2 22-4s在由由牛顿第二定律可知F-号=maa -Y m/

26、s2=lm/s,匀减速获得的速度为i/=v+at=2+(1)X 2m/s-Om/s,前进位移为g =+=2 x 2+1 x(1)x 22m =2mA、物体的总位移为x=%1+%2=1+2m=3 m,故 A 正确；B、物体的最大速度为2 z n/s,故 8 正确；C、摩擦力做功为勿/=Ff X1=-2 x l/=-2 J,故克服摩擦力做功为2 J,故 C 正确；。、三秒末速度为”回 I?+a t =2+(-1)x lm/s=l m/s,故推力瞬时功率为P=Fv =l x l W =1W,故。错误；故选：A BC.通过牛顿第二定律和运动学公式对0-Is,1-2s,2-4 s 各段分析，求出速度及位

27、移即可判断；解答本题的关键在于正确对图象进行分析，由图象得出静摩擦力、滑动摩擦力、拉力情况，再由牛顿第二定律求得加速度。12.答案：A C解析：解：A、泊松亮斑是光的衍射现象的证明，玻璃中的气泡看起来特别明亮是光在水与气泡的界面处发生了全反射现象，故 4 正确；8、在电磁波接收过程中，使声音信号或图象信号从高频电磁波中还原出来的过程叫解调是调制的逆过程，故 8 错误；C、根据4=iZT,得：T=,则波从原点传播到:2所用的时间t=叁，t=0时，原点处的质点向下振动，则其振动方程为y=-4 si九 a t,X轴上横坐标为 a处质点振动比原点滞后t=44v结合数学知识知其振动方程为：y=-A si

28、na)(t-),故 C 正确;。、光的双逢干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，波长变长，根据条纹间距X=；!可知，a干涉条纹间距变宽，故。错误；故选：A C.绕过阻碍物继续向前传播的现象，称之为波的衍射现象，而光的全反射必须光从光密介质进入光疏介质，且入射角大于临界角；在电磁波发射与接收过程中，使声音信号或图象信号加载到高频电磁波中的过程叫做调制，使声音信号或图象信号从高频电磁波中还原出来的过程叫做解调；根据4=计算出处质点振动相对于原点滞后的时间，然后数学知识得到振动方程；根 据 干 涉 条 纹 间 距=可知，波长变化，则条纹间距变化；本题考查了调制与解调、以及光速不变原理与电磁波的内容

29、，狭义相对论的基本假设等，理解干涉条纹间距公式的应用。13.答案：A D解析:解:A、B、根据闭合电路欧姆定律得U=E-b，当/=0时,U=E,由读出电源的电动势E=37,内阻等于图线的斜率大小，贝 忏=半=汨=0.52故A正确，8错误.C、根据欧姆定律，外电阻R=|0 =1。.故c正确.D、电路消耗的总功率为：P=E/=3 x 2=6/.故。正确.故选：A D.由电源的路端电压与电流的关系图象与纵轴的交点读出电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻.电 阻R的伏安特性曲线的斜率等于电阻.两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率和效率.对于图线关键要根据物理规律，从数学角度来理解其物理意义

30、.本题要抓住图线的斜率、交点的意义来理解图象的意义.基础题.14.答案：通过多次实验，让落点更准确，以减小实验结果的误差；圆弧轨道存在摩擦，或L 4hL8处不平整解析：解：(1)实验步咪的目的，通过多次实验，让落点更准确，以减小实验结果的误差；(2)物体从4到C,由动能定理，则有：m g R -fimgL =而物体做平抛运动，由运动学公式，则有，水平方向：s=%t；而竖直方向：h=gt2；联立解得：-；L 4hL(3)实验测得的值比实际值偏大，其原因除了实验中测量量的误差之外，其他的可能是圆弧轨道存在摩擦，或接缝B 处不平滑等.故答案为：(1)通过多次实验，让落点更准确，以减小实验结果的误差；

31、”签；(3)圆弧轨道存在摩擦，或接缝B 处不平滑.(1)多次实验的目的让落点更准确，以减小实验误差，(2)根据动能定理，结合平抛运动规律，即可求解；(3)误差偏大的原因是存在摩擦阻力，要么圆弧存在摩擦阻力，要么B 处不平整存在阻力.熟练应用动能定理、平抛运动规律、功的计算公式即可正确解题，学会根据实验数据来实验结果分析，注意实验误差不会没有，只能降低.15.答案：(1)最大；(2)4.4；0.96；(3)；电压表的分流作用.解析：解：(1)闭合开关之前，为防止电表过载，保证电路的安全，滑动变阻器的滑动头P 应放在电阻的阻值最大处；(2)在图线中，图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势，读数为4.

32、4U；电压为1.0,时，电流约0.574内电阻可以使用公式：r+=?=恕”0=5.960A I 0.57-0所以，内电阻r=0.960.(3)比较电动势E潮和内阻r潮与真实值E算和r直之间的关系，就要从电路的结构进行分析：电路中，从电源流出的电流，分别流向电流表支路和电压表支路，故流经电流表支路的电流不是全部的电流，这时，常用的方法是把以上的电路等效成如图的电路：很明显，根据公式：r=詈计算出的结果是等效电源中的r,r是R。、/和即三者的并联电阻，因此r 要小于r +R o,即内电阻的测量值小于真实值：同样的原因，r 分担的电压也会偏小，导致电动势的测量值也偏小.故答案为：(1)最大；(2)4

33、.4V；0.9 6。；电压表的分流.(1)闭合开关之前，为防止电表过载，滑动变阻器的滑动头尸应放在电阻的阻值最大处，以保证电路的安全；(2)在图线中，图线与纵轴的交点就是所要测量的电动势，内电阻可以使用公式：r =崇-R。进行计算.(3)比较电动势E 潮和内阻r 潮与真实值E 点和r 宫之间的关系，就要从电路的结构进行分析：电路中，从电源流出的电流，分别流向电流表支路和电压表支路，故流经电流表支路的电流不是全部的电流，这时，常用的方法是把以上的电路等效化，然后再进行分析.该电学实验中，要保证实验仪器的安全，常用的方法是用等效成电路进行数据处理比较简单.属于难题.16.答案：V 3;N；1；有解

34、析：解：(1)由图看出，入射角为2 =乙 4。尸=3 0。，折射角r =N E O M =6 0。，则M处所对应的折射率的值为n =出 黑=8.sint stn30(2)N 处对应的入射角较大，根据折射定律，n 二签,可知N处对应的折射率较大.(3)作 A。的延长线交圆周于K,这种情况下折射角与折射角相等，则知K处所对应的折射率的值是1;(4)根据光的全反射条件可知，光从液体射向空气，若入射角等于或大于临界角时，则会发生全反射，那么在KC部分观察不到大头针匕、P 2 的像.故答案为：/3 Ml,有.(1)确定出折射角与折射角，由折射定律求解折射率.(2)折射角相同，通过比较入射角的大小，比较哪

35、个位置对应的折射率大.(3)作 4。的延长线交圆周于K,折射角与折射角相等，则知K处所对应的折射率的值是1；(4)根据光的全反射条件，即可求解.本题是折射定律的应用，确定折射角和折射角是基础，要注意的是折射率不等四，要紧扣折射率定stnr义的条件，并掌握光的全反射条件的内容.17.答案：解：(1)甲图中气体压强等于外界大气压p o，乙图中压强为P z =P o +0由玻意耳定律可得：P o S =(p o +p D S，其中PI=1 9cz n H g；解得：PQ=76cmHg；(2)当玻璃管加速上升时，设封闭气体的压强为p,气柱的长度为，设水银柱的密度为P，水银柱的质量为加，由牛顿第二定律可

36、得：p S -p()S -m g =m a液柱的质量：m =pS l由玻意耳定律可得：P o 4 S =p l 3 s代入数据解得：l3=38 cm.答：(1)大气压强为76cmHg；(2)当玻璃管开口向上以a =卷。的加速度匀加速上升，水银柱和玻璃管相对静止时被封闭气柱的长度为3 8。解析：(1)气体发生等温变化，应用玻意耳定律求出气体的体积，然后答题.(2)以液柱为研究对象，由牛顿第二定律即可求出气体的压强，然后由玻意耳定律即可求出.本题考查了求空气柱的长度，分析清楚气体状态变化过程、求出气体的状态参量是解题的关键，应用玻意耳定律即可解题.18.答案：解：(1)开始时速度最大，感应电动势最

37、大，则有：Em a x=BL vx(2)根据电荷量的计算公式可得：q=lt根据闭合电路的欧姆定律可得：R根据法拉第电磁感应定律可得：=丝=些 空”t t初 4日 BL xsinB解得：q=-R-；(3)根据能量守恒定律可得：|m v2=mgx(l-cosd)+QQ=埠R t解得：/但 匹 面 三 国，2Rt答：(1)线框中感应电动势的最大值为BL v；(2)流过线框导体截面的电量为四誓；(3)线框中感应电流的有效值为小归咪巴 勉。解析：(1)开始时速度最大，感应电动势最大，根据导体棒切割磁感应线产生的感应电动势的计算公式求解；(2)根据电荷量的计算公式结合闭合电路的欧姆定律、法拉第电磁感应定律

38、求解；(3)根据能量守恒定律求解。对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，根据牛顿第二定律或平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。19.答案：解：整体的加速度为。=一=拶=0.0 1 n i/s 2；由牛顿第二定律F =m a 可知空间站的质量M=m =券 k g -3.0 x 1 0 3 k g =8.7 x 1 04kg答：空间站的质量是8.7 x 1 04kg.解析：由加速度定义公式可求得整体的加速度；再由牛顿第二定律可求得整体的质量，从而求得空间站的质量。牛顿第二定律的应用中要注意灵活选取研究对象，并注意在公式应用时的同体性，即公式中的各量均为同一物体所具有的。