2021届山东省潍坊市部分学校联考高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf

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1、2021届山东省潍坊市部分学校联考高考物理模拟试卷一、单 选 题（本大题共8小题，共24.0分）1.一只矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的轴匀速转动，穿过线圈的磁通量随时间变化的图像如图所示，则下列说法中正确的是（）A.“时刻，线圈平面感应电动势达最大B.t2时刻，线圈平面位于中性面C.t3时刻，线圈平面磁通量变化率为零D.0时刻，线圈平面产生的感应电流改变方向2.2019年1月3日，“嫦娥四号”探测器完成了人类历史上的首次月背软着陆。“嫦娥四号”的核电池利用放射性同位素觥8p“衰变供电；静止的觥8 比 衰变为铀核韵切 和*粒子，并放出光子。下列说法中正确是（）A.由中子转变为质子时放出X粒

2、子B.X是a粒子，具有很强的电离能力C.y光子是处于高能级的呼核向低能级跃迁时产生的D.贫8的平均结合能比无切 大，鼠8Pli比 毅u更稳定3.一束黄光从介质a射向介质儿 在a、b介质的分界面上发生了全反射，则下列说法正确的是（）A.a是光疏介质，b是光密介质B.黄光在介质a中的传播速度大于在介质b中的传播速度C.黄光在介质a中的波长小于在介质b中的波长D.让一束红光以相同的入射角从介质a射向介质b,在a、b的分界面上一定能发生了全反射4.如图所示，竖直放置的两端封闭的玻璃管中注满清水，内有一个红蜡块能在水中匀速上浮。在红蜡块从玻璃管的下端匀速上浮的同时.，使玻璃管以水平速度向右匀速运动，在红

3、蜡块由管口上升到顶端的过程中，下列说法正确的是（）A.水平速度增大时，相对地面通过的路程减小B.水平速度增大时，相对地面通过的路程增大C.水平速度增大时,所需时间减小D.水平速度增大时，所需时间增大5.狗拉着雪撬在水平雪地上做匀速圆周运动，关于雪撬的运动和受力情况，下列说法正确的是A.雪撬的速度不变 B.雪撬受到的阻力不变C.雪撬的加速度大小不变 D.狗对雪撬拉力的方向不变6.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B为测速仪（B固定不 干I 8 I _k/动），4为汽车，两者相距3357n.某时刻B发出超声波，同时4由静止开始做匀加速直线运动.当8接收到被力 反射回来的超声波信号时4、B

4、相距355m,已知声速为34（hn/s,则下列说法正确的是（）A.8发出超声波后，再过2s,B接收到反射回来的超声波B.超声波追上4车时，4车前进了20nlC.当B接收到反射回来的超声波信号时，4车速度的大小为10 m/sD.当B接收到反射回来的超声波信号时，4车速度的大小为5 m/s7.2020年新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播，打喷嚏可以将飞沫喷到十米之外。有关专家研究得出打喷嚏时气流喷出的速度可达40rn/s,假设打一次喷嚏大约喷出50nli的空气，用时约0.02so已知空气的密度为1.3kg/?n3,估算打一次喷嚏人受到的平均反冲力为（）A.13N B.0.13/V C.0.68/V

5、 D.2.6 N8.如图所示，两根相距为，的平行直导轨ab、cd、氏d间连有一固定电 br 阻R,导轨电阻可忽略不计.MN为放在必 和cd上的一导体杆，与ab垂 北 x x xI X x x x直，其电阻也为R.整个装置处于匀强磁场中，磁感应强度的大小为8,d-N-c磁场方向垂直于导轨所在平面（指向图中纸面内）.现对MN施力使它沿导轨方向以速度以如图）做匀速运动.令U表示MN两端电压的大小，则（）A.U=v B l,流过固定电阻R的感应电流由b到dB.U=流过固定电阻R的感应电流由d到bC.U=v B l,流过固定电阻R的感应电流由6到dD.y=v B l,流过固定电阻R的感应电流由d到b二、

6、多 选 题（本大题共4小题，共16.0分）9.空间存在一沿%轴方向的静电场，电场强度E随x变化的关系如图所示,图线关于坐标原点旋转对称，4、B是x轴上关于原点对称的两点.电子在该电场中仅受电场力作用，则（）A.电子在4、8两点的电势能相等B.电子在A B两点的加速度方向相反C.电子从4点由静止释放后的运动轨迹可能是曲线D.取无穷远处电势为零，则。点处电势亦为零10.一列横波在t=0时的波形如图所示，C点此时向下运动，4、B两质点间距为8m,B、C两质点在平衡位置的间距为3m,当t=1s时，质点C恰好通过平衡位置，则该波的波速可能为（）11.A.|m/s B.3m/s C.15m/s某同学坐在前

7、进中的列车车厢内，观察水杯中的水面变化,出如下论断，其中正确的是（如图表示水面向后倾斜）（）A.水面向后倾斜，可知列车在加速前进B.水面向后倾斜，可知列车在减速前进D.27m/sC.水面向前倾斜，可知列车在加速前进D.水面向前倾斜，可知列车在减速前进12.一物体竖直向上抛出，从开始抛出到落回抛出点所经历的时间是3上升的最大高度是，所受空气阻力大小恒为F,则在时间1内（）A.物体受重力的冲量为零B.在上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小C.物体动量的增量大于抛出时的动量D.物体机械能的减小量等于三、实 验 题（本大题共2小题，共14.0分）13.如图1所示为做“在合力一定的情况下，

8、小车的加速度与其质量间的关系”的实验装置。困2(1)下面列出了一些实验器材：220U交流电源、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和祛码、砂桶和砂、天平(附祛码)。除以上器材外，还 需 要 的 实 验 器 材 有。A.秒表 B.刻度尺 C.电火花计时器 D.弹簧测力计(2)实验中，需要平衡摩擦力：用垫块把木板一端垫高，反复移动垫块的位置，使小车在不受绳的拉力时能(填“拖动纸带”或“不拖动纸带”)沿木板做匀速直线运动。(3)实验中，为了保证砂和砂桶所受的重力近似等于使小车做匀加速运动的拉力，砂和砂桶的总质量m与小车和车上祛码的总质量M之 间 应 满 足 的 条 件 是。这样，在改变小车上祛码的质量时

9、，只要砂和砂桶质量不变，就可以认为小车所受拉力几乎不变。(4)如图2所示，A、8、C为三个相邻的计数点，相邻两计数点之间还有四个点没有画出，若打点计时器的打点周期为7=0.02s,4、B间的距离为Xi，B、C间的距离为犯，已知匕=5.38cm,x2=6.46cm,则a=m/s2(结果保留2位有效数字)。1 4.某学习小组的同学用如图甲所示的电路来探究电学黑箱内的电学元件，已知该电学黑箱内可能有电容器、电感线圈、定值电阻三种电学元件，在接线柱间以如图乙所示的“Z”字形连接，且相邻两接线柱间只有一个元件(1)小明同学分别将黑箱接线柱4B、B C、CD接入甲电路中，闭合开关S,计算机显示出电流传感器

10、的输出电流随时间变化的图象分别如a、b、c所示，则(选填：AB、B C、CD)间接入的是定值电阻。(2)小聪同学为了进一步精确测量黑箱内定值电阻的阻值，设计了如图丙所示的电路，其中：4是电流表(量程为0.20nM,内阻约为1000)R是电阻箱(阻值范围0999.9。)心是滑动变阻器R2是保护电阻E是直流电源（电动势4 V,内阻不计）单刀单掷开关2只导线若干调节电阻箱，使电阻箱接入电路中的阻值为9 0.7 0,只闭合S i，调节滑动变阻器，电流表读数为0.15771/1;然后保持滑动变阻器的滑片位置不动，再闭合S 2,调节电阻箱，当电阻箱的阻值为186.30时，电流表的读数仍为0.15爪4,则黑

11、箱内定值电阻的阻值为 g上述实验中，无论怎样调节滑动变阻器的滑片,都要保证电路安全，则在下面提供的四个电阻中，保护电阻R应选用（选填答案番号）A.20 0 kn B.20 kn C.lOkn D.20 H下面提供最大阻值不同的四个滑动变阻器供选用，既要满足上述实验要求，又要调整方便，滑动变 阻 器 是 最 佳 选 择（选填答案番号）。A.lkfl B.5kfl C.lOkfl Z）.35k0四、简 答 题（本大题共1小题，共8.0分）15.甲、乙两车从同一地点同向行驶，甲车做匀速直线运动，其速度为v=2 0 m/s,乙车在甲车行驶至距离出发地200nl处时开始做初速度为零、加速度为a=2M/S

12、2的匀加速直线运动追甲.（结果可保留根号）求：（1）乙车追上甲车的时间和乙车的位移；（2）乙车追上甲车前两车间的最大距离.五、计 算 题（本大题共3小题，共38.0分）16.如图所示，高为H的导热气缸竖直固定在水平地面上，横截面积 jF为s、重力为G的“1”形活塞村闭着一定质量的理想气体，活 塞TT B 1离缸底高为厅.觐手持“1”形活塞上端，缓慢竖直上提活塞，V当活塞上升至气缸上端口时，求竖直上提的力产大小.已知：大 J r R77777，当，声 行 气压强为P 0,不考虑活塞与气缸之间的摩擦及温度的变化，不计活塞及气缸壁的厚度.17.如图甲所示，在距离地面高度为/I=0.80巾的平台上有一

13、轻质弹簧，其左端固定于竖直挡板上,右端与质量zn=0.50kg、可看作质点的物块相接触（不粘连），。4段粗糙且长度等于弹簧原长,其余位置均无阻力作用。物块开始静止于4 点，与04段的动摩擦因数4=0.50.现对物块施加一个水平向左的外力尸，大小随位移x变化关系如图乙所示。物块向左运动x=0.40m到达B点，到达B点时速度为零，随即撤去外力心物块在弹簧弹力作用下向右运动，从M点离开平台，落到地面上N点，取g=10 m/s2,求：(1)弹簧被压缩过程中具有的最大弹性势能。(2)MN的水平距离。1 8.如图所示，半径R=0.1m的竖直半圆形光滑轨道儿与水平面ab相切。质量m=0.1kg的小滑块8放在

14、半圆形轨道末端的b点，另一质量也为巾=0.1kg的小滑块力以为=2VTUrn/s的水平初速度向B滑行，滑过x=lzn的距离，与B相碰，碰撞时间极短，碰后4、B粘在一起运动。已知木块4 与水平面之间的动摩擦因数4=0.2。4、B均可视为质点。求:(1)4与B碰撞后瞬间的速度大小也(2)在半圆形轨道的最高点c,轨道对A、B的作用力FN的大小。参考答案及解析1.答案：c解析：解：4、t图象斜率表示磁通量变化率，由图可知，t i时刻磁通量最大，此时磁通量变化率为零，感应电动势为零，故A错误；8、由图可知，今时刻磁通量为零，此时线圈平面与磁感线平行，即与中性面垂直，故8错误；C、由图可知，匕时刻线圈平面

15、磁通量变化率为零，故C正确；。、由图可知，t2时刻磁通量为零，此时线圈平面与磁感线平行，此时磁通量变化率最大，感应电动势最大，此时电流方向不变，故。错误。故选：Co在1图象斜率表示磁通量变化率，线圈在中性面时磁通量最大，此时磁通量变化率为零，感应电动势为零，与中性面垂直时，通过的磁通量最小，此时磁通量变化率最大，感应电动势为最大。本题关键是记住两个特殊位置：在中性面时磁通量最大，感应电动势最小，电动势方向改变；垂直中性面位置磁通量为零，但电动势最大。2.答案：B解析：解：4、根据质量数守恒与电荷数守恒可知，衰的衰变方程为贫8Pa Y乔U+加e+y,X是a粒子，故A错误；B、X是a粒子，a射线具

16、有很强的电离能力。故8正确；C、y光子是处于高能级的第4。核向低能级跃迁时产生的。故c错误；D、舒8p”衰变成核豺4。和。粒子后，释放核能，将原子核分解为单个的核子需要的能量更大，原子变得更稳定，所以取4(7的比结合能比就82口 的大，故。错误故选：B。根据质量数守恒与电荷数守恒写出核反应方程；核反应的过程中亏损的质量等于反应前后质量的差;原子核是核子结合在一起构成的，要把它们分开，需要能量，这就是原子核的结合能。抓住衰变后产物更稳定，比较反应后产物的结合能之和与反应前原子核的结合能大小.本题考查选修3-5中内容，关键熟悉教材，牢记这些知识点，注意结合能和比结合能的区别，注意两个概念的联系和应

17、用。3.答案：C解析：解：A、光从介质a射向介质b,要在a、b介质的分界面上发生全反射，则a是光密介质，b是光疏介质.故A错误.B、由上分析得知，a的折射率大于b的折射率，由得知，光在介质a中的速度小于在介质b中的速 度.故8错误.C、波长2=7,由前面分析知光在介质a中的速度小于在介质b中的速度，则黄光在介质a中的波长小于在介质b中的波长.故C正确.。、红光的临界角大于黄光的临界角，黄光发生了全反射时红光不一定发生了全反射.故。错误.故选：C.产生全反射的条件是：一是光从光密介质射入光疏介质；二是入射角大于或等于临界角.根据这个条件进行选择.全反射的条件可以根据折射定律理解记住，两个条件缺一

18、不可.基础题.4.答案:B解析：解：由合运动与分运动的等时性知，红蜡块沿管上升的高度和速度不变，运动时间不变，当水平速度增大时，即管匀速运动的速度越大，但不会影响运动时间，依据矢量的合成法则，则合速度越大，合位移也越大，故B正确，ACO错误。故 选:Bo蜡块参与了竖直方向和水平方向两个方向的分运动，根据分运动与合运动具有等时性确定运动的时间，根据运动的合成，确定蜡块相对于地面的路程。解决本题的关键知道蜡块参与了竖直方向和水平方向两个方向的分运动，知道分运动与合运动具有等时性，以及各分运动具有独立性。5.答案：C解析：4、雪橇在水平雪地上做匀速圆周运动，速度大小不变，方向时刻改变，所以速度在变化

19、，故A错误；2、雪橇受到的阻力方向时刻在改变，所以阻力在变化，故8错误；C、由a=12,知17、r不变，则雪橇的加速度大小不变，故C正确：r。、雪橇做匀速圆周运动，由合外力提供向心力，可知狗对雪橇拉力的方向是变化的，所以拉力是变力，故。错误。故 选Co6.答案：A解析：解：A B、超声波从8 发出到4 与被4 反射到被B 接收所需的时间相等，在整个这段时间内汽车的位移x =3 5 5 -3 3 5 m=2 0 n l.初速度为零的匀变速直线运动，在开始相等时间内的位移之比为1：3,所以x i =5 z n,x2=1 5 m,则超声波被4 接收时，4 B 的距离x =3 3 5 +5 m=3 4

20、 0 6，所以超声波从B 发出到被4 接收所需的时间T =ls WJ t =2 T =2 s,故 A 正确，8错误；V 340C、根据x =a7 2 得，a=篝=三 m/s 2 =1 0 m/s 2.B接收到反射出来的信号时，4 车的速度f =at =1 0 X 2 =2 0 m/s,故 C D 错误；故选：A.在超声波来回运动的时间里，汽车运行的位移为2 0 m.根据匀变速运动的位移时间公式可求出汽车在超声波单程运行时间里的位移，结合超声波的速度，即可知道超声波单程运行的时间，从而知道汽车运行的时间，求出汽车的加速度大小，再根据速度公式即可求得4 车的速度.解决本题的关键理清运动过程，抓住超

21、声波从B 发出到4 与被4 反射到被8 接收所需的时间相等，同时结合4 车的运动过程，利用匀变速直线运动规律求解即可.7 .答案：B解析：解：打一次喷嚏喷出的空气质量为：m =1.3 x 5 0 x 10-6kg=6.5 x 10 5kg.设打一次喷嚏喷出的空气受到的作用力为F，根据动量定理得FA t=m v解得：F-丝=(k 5 x l H X WN=0.1 3 Nf 0.0 2根据牛顿第三定律可得人受到的平均反冲力为F =F=0.1 3 N,故 B 正确，A C D 错误。故选：Bo以喷出的空气为研究对象，则根据动量定理可得打一次喷嚏时人对空气的作用力，然后再根据牛顿第三定律可得对人的反冲

22、力。解题的关键是要找准研究对象，应该以被喷出的空气为研究对象。在计算喷出空气质量时注意单位换算。8 .答案：A解析：解：当MN运动时，相当于电源。但其两边的电压是外电路的电压，假设导轨没电阻，MN两端的电压也就是电阻R 两端的电压，电路中电动势为5 =3 小乙MN的电阻相当于电源的内阻，二者加起来为2 R,则电阻上的电压为：BLu,再由右手定则，拇指指向速度方向，手心被磁场穿过，四指指向即为电流方向，即由N到M,那么流过电阻的就是由匕到d。故 A 正确，B、C、。错误。故 选:A o当MN匀速运动时，MN相当于电源.由右手定则判断电流的方向.再根据闭合电路欧姆定律求出MN两端电压的大小.能够把

23、电磁感应和电路知识结合起来解决问题.会用右手定则判断电流的方向.9.答案：A B解析：本题关键抓住电场力做功与电势能变化的关系进行分析，同时结合电势能公式Ep=qp进行分析.A、电子从A移动到B,电场力先做正功后做负功，总功为零，故 A、B两点的电势能相等，故 A 正确；B、电子在4、B两点受到的电场力方向相反，大小相等，故加速度方向相反，大小相等，故 B 正确；C、由于电场力方向与x轴平行，故速度与合力始终共线，故一定做直线运动，故 C 错误；。、电势高低与场强大小无关，场强为零，电势不一定为零，本题中，将一个试探电荷从。点移动到无穷远处，电场力做功不为零，说明。点电势与无穷远电势不相等，故

24、。错误；故选A B.10.答案：BCD解析：解：由图读出波长为;I=8m.C点此时向下运动，则知波向左传播.波向左传播，质点C恰好通过平衡位置时，波传播的最短距离为3 m,根据波形的平移法得：t=(n+|)T 或(n+犷，n=0,1,2，得T=5 或 白 5,则波速/=3=(8九 +3)m/s或u=(8n+7)m/soTl+o o?l+o o R+/当九=0时，由上式得：v=3zn/s或7m/s当几=1时，由上式得：u=llm/s或15m/s,当n=3时，由上式得u=277n/s或31m/s,由于九是整数，u不可能等于E?n/s.故选：BCD本题先由此时质点C的运动方向判断出波向左传播.由图知

25、：4B间距离等于一个波长人根据波形的平移法得到时间t=ls 与周期的关系式，求出周期的通项，求出波速的通项，再得到波速的特殊值.本题的解题关键是运用波形平移法，得到时间与周期的关系式，得到波速的通项，再研究特殊值.11.答案：A D解析：解：4、若水面向后倾斜，可知水相对于车向后运动，根据惯性可知，一定是列车在加速前进。故 A 正确，B错误；C、水面向前倾斜，可知水相对于车向前运动，根据惯性可知，一定是列车在减速前进。故 C错误，D正确。故选：A D.水向前或向后运动说明水相对于车厢运动的特点，结合惯性知识进行分析.惯性是物体保持原来的运动状态的形状，水向后倾斜或向前倾斜，则说明小车的速度比原

26、来大了（或小了），要学会用惯性知识解释所看到的现象.该题也可以将倾斜的水面看作是斜面，分析斜面上的某一个水滴的受力，利用牛顿第二定律来说明.12.答案:BC解析：本题考查了功能关系及动量定理等内容，要求能正确分析受力及运动过程，从而选出合理的规律求解。本题的关键是首先根据能量守恒定律得出物体落地时的速率小于抛出时的速率，再由平均速度求位移公式得出上升时间小于下落时间的关系，然后再利用冲量公式、动量公式、动量变化量公式以及功能原理公式即可做出判断。人冲量/=F 3 因重力不为零，故物体受到的冲量不为零，故A错误：注物体在上升过程和下降过程的高度相同，但物体上升时的加速度大于向下的加速度，故下降时

27、所用的时间大于上升时所用的时间，故上升过程中空气阻力对物体的冲量比下降过程中的冲量小，故B 正确；C.动量的增量等于末动量与初动量的差值；由于末动量方向向下；因此动量的变化量的大小为初末动量绝对值的和；因此可知动量的增量一定大于初动量，故 C 正确；。.物体在整个抛出过程中克服阻力做的功为W=2fH,由功能原理可知，物体机械能的减小量2FH,所以。错误。故选BC。13.答案：B C拖 动 纸 带mM 1.1解析：解：(1)根据控制变量法的原理，除了上述所需的器材外，还需要有：刻度尺、电粉花计时器，至于秒表、弹簧测力计则基本没用；(2)由于纸带运动时也要受到振针的阻力，所以平衡摩擦力时也顺便带上

28、纸带；(3)由牛顿第二定律可求得绳子拉力尸=。=加*盘=罩，显然当山 “时，接力F “mg。M(4)由逐差相等求加速度a=守=索芸然二m/s 2 =l.l m/s2故答案为：(1)BC；(2)拖动纸带；(3)mM；(4)1.1根据实验目的明确实验步骤和所要测量的物理量，即可知道实验所需要的实验器材，根据匀变速直线运动的推论x =aT 2 求解加速度，根据牛顿第二定律得出加速度的倒数与质量的关系，从而选择图象。解决实验问题的关键是明确实验原理，同时熟练应用基本物理规律解决实验问题，要明白公式的x =a X的推导和应用，知道为什么沙和沙桶的总质量远小于小车的质量时沙和沙桶的重力可以认为等于小车的拉

29、力，对于基本知识规律不但明白是什么还要知道为什么。1 4.答案：C；9 5.6；B；C解析：解：(1)由图a看出，a接入电路时有瞬间的电流，电容器充电过程有短暂的电流，电路稳定后电路中没有电流。说 明 间 是 电 容 器。由b 图看出，此元件接入电路时，电流逐渐增大，是由于线圈中产生自感电动势的阻碍作用，电流只能逐渐增大，说明B C 间是电感线圈。从c 图看出，此元件接入电路时电流恒定不变，说明C。是定值电阻。故选：C(2)只闭合Si，调节电阻箱，使电阻箱接入电路中的阻值为9 0.7 0,调节滑动变阻器，电流表读数为0.1 5 机小然后保持滑动变阻器的滑片位置不动，再闭合S2,调节电阻箱，当电

30、阻箱的阻值为1 8 6.30时，电流表的读数仍为0.1 5 m A,则两种情况下电路中的总电阻是相等的；所以只闭合及时黑箱内定值电阻的电阻值与电阻箱接入电路中的阻值和与闭合S2 后电阻箱的电阻值是相等的，即：Rx+9 0.7 0 =1 8 6.3。可得：Rx=9 5.6 0上述实验中，为保证电路安全，则电路中的总电阻值最小值：R总=彳=募 市 0=2.0 x由于在实验的过程中，一般要求电表的读数约为量程的：|,当读数为量程的方时，电路中的总电阻:_ E _ 4 T-I 7 O-I-X0.20X1032 2=4.0 x 10。可知电路中的总电阻不能小于2 0k。，所以在四个定值电阻中，最合适的是

31、2 0k o 的定值电阻B；由可知，电流表读数为0.15 n M,在0.15 mA左右，需要滑动变阻器的电阻值约为10/c O 左右，所以既要满足上述实验要求，又要调整方便，滑动变阻器是最佳选择是10k。的C。故答案为：(1)C；(2)9 5.6;B；C(1)根据电流-时间图象的特点和电容器、电感线圈的特性，分析判断A B、B C、C D 各是什么元件。(2)根据串联电路的分压(限流)原理分析即可。本题要掌握电容器、电感线圈和定值电阻的特性：电容器具有充放电气特性，电感线圈能产生自感电动势。15 .答案：解：(1)设经过时间t 后两车相遇，则有：|at2=v t +%0；代入得：j x 2 x

32、 t2=2 0t +2 00解得：e=io(i+V 3)s乙 车 的 位 移=|at2=|x 2 x (10+V 3)2m =(103 +2 0b)m(2)两车相遇前距离最大时两车速度必然相等，则运动时间t 为：两车间的最大距离为S=&+x 甲-=与+vt1。产=2 00+2 0 x 10 1 x 2 x 102=3 00m答：(1)乙车追上甲车的时间是10(1+b)s，乙车的位移是(103 +2 0V 3)m.(2)乙车追上甲车前两车间的最大距离为3 00n l.解析：(1)乙车追上甲车时，两车处于同一位置，根据位移和时间之间的关系即可求解.(2)乙车追甲车，开始乙车初速度为零，做加速运动，

33、甲车在前以恒定速度做匀速运动，在开始一段时间里，甲车速度较乙车速度大，只要乙车速度小于甲车速度，两车间距离必随时间延长而增大.反之，如乙车速度在某时刻开始较甲车速度大，则两车间距离随时间延长而变小.显然当两车速度相同时距离最大.在追赶过程中，速度相等是一个转折点，要熟记这一条件.在诸多的物理问题中存在“隐蔽条件”成为一个很重要的问题，一般是根据物理过程确定.该题中“隐蔽条件”就是当两车速度相同时距离最大.解析后，问题就迎刃而解.16 .答案：解：以密闭气体为研究对象初态：压强P i=P o +g体积匕=hS末态：压强P 2 =P o +子 体 积V2=HS由玻意耳定律得：P iV i=P2V2

34、G G-F（P o+R/iS=（p o+解得：F=（H f）（PS+G）H答：竖直上提的力f =（H T）（PS+6）H解析：以密闭气体为研究对象，分析气体的状态参量，由玻意耳定律列式解得.以被封闭气体为研究对象，气体做等温变化，尤其注意被封闭气体压强的变化，会根据F =P S求解重力和拉力/对气体压强的影响.1 7.答案：解：（1）根据F-x图象与坐标轴所围的面积表示力F做的功，则弹簧被压缩过程中外力F做的功为：WF=等 x 0.2 +1 8 X 0.2 =6.0 7 物块向左运动的过程中，克服摩擦力做功为：Wf=fimgx=0.5 x 0.5 x 1 0 x 0.4/=1.0/根据能量守恒

35、可知，弹簧被压缩过程中具有的最大弹性势能为：Ep=WF-Wf=5.o y,（2）整个运动过程中克服摩擦力做功为：%总=21imgx=2.0/。设物块离开M点时的速度为外对整个过程，由能量守恒定律得：|m v2=WF-Wf&,代入数据解得：v=4 m/s物块离开M点后做平抛运动，则有：h=泳2。X vt解得：x=1.6 m。答：（1）弹簧被压缩过程中具有的最大弹性势能是5.0/。（2）MN的水平距离是1.6 m。解析：(1)物块向左运动x =0.4 0 m 到达B 点的过程，根据F-x图象与坐标轴所围的面积表示力F 做的功，由几何知识求外力F 做的功。根据能量守恒定律求弹簧最大的弹性势能。(2)

36、物块向右运动的过程，由能量守恒定律求出物体离开M点时的速度，由平抛运动的规律求MN 的水平距离。解决本题的关键是知道外力尸所做功等于其图象与x 轴所围成的面积，能灵活选取研究的过程，根据能量守恒定律和平抛运动基本公式进行研究。1 8.答案：解：(1)4 与B 碰撞前的运动过程，根据动能定理得：1 2 1 2一 林 mgx=-mv-解得4 与B 碰撞前瞬间的速度大小：vA=6m/s4 与B 碰撞过程满足动量守恒，取向右为正方向，由动量守恒定律得：mvA=2mv解得：v-3m/s(2)设4、B 运动到c 点的速度为%。A、8由b 点运动到c 点的过程中，根据动能定理得1 1 o 2mg x 2R=

37、-x 2 7 n 培-x 2 m vz 2 c 2解得：vc=y/5m/s在c 点，对4、B 整体，根据牛顿第二定律得：2mg+FN=2 崂解得：FN=8N答：(1)4 与B 碰撞后瞬间的速度大小V 为3 m/s；(2)在半圆形轨道的最高点c,轨道对4、B 的作用力FN的大小为8 N。解析：研究4 与B 碰撞前的运动过程，根据动能定理求出4 与B 碰撞前瞬间的速度大小以。对于4 与B 碰撞过程，根据动量守恒定律求出碰后瞬间4 与B 共同的速度大小以(2)根据动能定理求出A、8 到达c 点的速度，再根据牛顿第二定律求出轨道对AB的作用力FN的大小。本题的关键是理清滑块的运动过程，选择合适的规律进行求解。要知道碰撞的基本规律是动量守恒定律。物体做圆周运动时，要明确由指向圆心的合力提供向心力。