2021届江苏省徐州市雎宁县高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf

《2021届江苏省徐州市雎宁县高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届江苏省徐州市雎宁县高考物理模拟试卷(含答案解析).pdf（14页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2021届江苏省徐州市雎宁县高考物理模拟试卷一、单 选 题（本大题共6小题，共27.0分）1.如图甲所示，理想变压器的原线圈匝数叼=1 0 0匝，副线圈匝数电=5 0匝，电阻R =1 O 0,电压表U是交流电压表，电流表4是交流电流表，原线圈加上如图乙所示的交流电，则下列说法正A.流经电阻R的电流的频率为1 0 0 HzB.电压表U的示数为1 0&I ZC.电流表4的示数为2AD.变压器原线圈输入功率为1 0 W2.要实现嫦娥三号探测器顺利落入月球表面，需先由地月转移轨道，经多次变轨进入距离月球表面io。公里的环月圆轨道m,做 匀 速 圆 周 运 动.则 下、：&列说法正确的是（）A.探测器在

2、轨道in上的运动速度比月球的第一宇宙速度大B.探测器在轨道HI上经过P点的速度等于在轨道I上经过P点的速度C.在轨道n上经过p的加速度等于在轨道I上经过P的加速度D.探测器在轨道I上的机械能与在轨道n上的相等3 .如图所示，三个小球从同一高处的。点分别以水平初速度匕、%、匕抛出，落在水平面上的位置分别是4、B、C、。是。在水平面上的射影点，且O A：OB：OC=1：3：5.若不计空气阻力，则下列说法正确关系是（）A.匕：V2：匕=1：3：5B.三个小球下落的时间不同C.三个小球落地的速度相同D.三个小球落地的动能相同4 .在如图所示电路中，L为电阻很小的线圈，G和G2为零点在表盘中央的I-一相

3、同的电流表.开始时开关S闭合，电流表Gi指针偏向右方，现将开关S 1 0-断开，则将出现的现象是（）LT2A.Gi和G2指针都立即回到零点B.G指针立即回到零点，而G2指针缓慢地回到零点C.G指针缓慢回到零点，而G2指针先立即偏向右方，然后缓慢地回到零点D.仇指针立即偏向左方，然后缓慢地回到零点，而G2指针缓慢地回到零点5 .甲乙两小球在同一条直线上，同时由同一位置向同一方向运动，其速度|二m，s-：乙图象如图，下列说法中正确的是（）1 Q /-甲A.开始阶段乙跑在甲的前面，20 s后乙落在甲的后面 L _ J _ _ _ _ _ _ _B.20 s后乙追上甲，且甲、乙的速度相等C.4 0 s

4、末乙追上甲，且甲、乙的位移相等D.在乙追上甲之前，甲、乙相距最远为20 0 m6.如图所示为氢原子能级图，4B、C分别对应经三种不同能级之间的跃迁而辐射出的光子，其中（）A.频率最大的是C432B.频率最大的是BC.波长最长的是BD.波长最长的是4二、多 选 题（本大题共4小题，共24.0分）7.家用电热灭蚊器电热部分的主要器件是P CT元件，P CF元件是由钛酸钢等导体材料制成的电阻器，其电阻率p与温度t的关系如图所示.由于这种特性，P C T元件具有发热、控温双重功能.对此，以下判断中正确的是（）A.通电后，其电功率先增大后减小B.通电后，其电功率先减小后增大C.当其产生的热量与散发的热量

5、相等时，温度保持在G或t2不变D.当其产生的热量与散发的热量相等时，温度保持在k至t2间的某一值不变8.物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，运动的u t图像如图所示.则A.在0 2s时间内物体处于失重状态B.第1s末和第4s末拉力的功率相等C.在2 3s时间内拉力和重力是一对平衡力D.在0 5s时间内合外力做功为零9.以速度%水平抛出一物体，当其竖直分速度与水平分速度大小相等时，此物体的（）A.竖直分位移与水平分位移的大小相等B.瞬时速度大小为2%C.瞬时速度方向与竖直方向的夹角为45D.运动时间为藁1 0.甲、乙两球质量分别为mi、m2,从同一地点（足够高）处同时由静止释放。两球

6、下落过程所受空气阻力大小/仅与球的速率。成正比，与球的质量无关，即f 为正的常量）。两球的u-t图象如图所示，经片时间两球的速度都已达到各自的稳定值打、外，则下列判断正确的是（）A.释放瞬间甲、乙两球加速度一样大B-JC.甲球质量大于乙球质量D.0 玲时间内两球下落的高度相等三、填 空 题（本大题共1 小题，共 6.0分）11.电子俘获即原子核俘获1个核外轨道电子，使核内1个质子转变为中子.一种理论认为地热是银58（患Ni）在地球内部的高温高压下发生电子俘获核反应生成钻（Co）58时产生的.则银58电子俘获 核 反 应 方 程 为 ；生成的钻核处于激发态，会向基态跃迁，辐射y光子的频率为。，已

7、知真空中光速和普朗克常量分别为c和,则 此 核 反 应 过 程 中 的 质 量 亏 损 为 .四、实 验 题（本大题共1 小题，共 18.0分）12.如图1为“描绘平抛运动的轨迹”的实验装置.将斜槽导轨固定在支架上，让小球从斜槽的不同高度处滚下.利用光电门传感器和碰撞传感器可测得小球的水平初速度和飞行时间，底板的标尺可以测得水平位移，用直尺可以测得小球抛出时的高度.（1）实验中，为了获得平抛运动的轨迹，还 需 要 的 实 验 器 材 有.（2）（多选题）此实验的目的是A.获得平抛物体运动轨迹8.研究平抛物体飞行时间与哪些因素有关C.利用轨迹计算当地重力加速度。.研究平抛物体水平射程与哪些因素有

8、关（3）某同学获得了如图2所示的平抛运动的轨迹，并在图上建立了直角坐标系，坐标原点。为小球的抛出点.若在轨迹上任取一点，测得坐标为（x,y）,则还可以利用图象求出小球抛出时的初速度v0=（4）如图3,若某同学在平抛运动的轨迹图上建立坐标系时，x坐标与初速度孙的方向不平行.请用合理的办法确定图中重力加速度的方向（简单写出作图的过程，并保留作图痕迹）.若每相邻两球之间的时间间隔7相同，图距与实际距离之比为1：1 0,在这种情况下，只用刻度尺，如何求得时间间隔7?（写出需要测量的物理量,并在图上标出有关物理量的符号）.用测得的物理量和有关常量（已知重力加速度为g）,写出时间间隔7 的 表 达 式 为

9、.五、计算题(本大题共2小题，共 2 5.0 分)1 3.如 图，光滑水平面上有一质量m s =1 的 的车厢B 底面粗糙，在其-7 1 FD J-内部紧靠右壁放一质量g=1的 的小物体做可视为质点)，对车 0 J厢B 施加一水平向右的恒力尸=3 N,使之从静止开始运动。当t =2 s 时撤去外力?，测得车厢在2 s 内移动了s =4m,且在这段时间内小物块恰好运动到车厢左壁与车厢发生弹性碰撞，碰撞时间极短。求：(1)车厢B 在2 s 时间内的加速度和速度。(2)2 s 时间内4与B 间摩擦力大小。(3)2 s 末物块4 的速度大小及车厢长度。(4)如果物块与车厢左右壁的碰撞都是弹性碰撞，则物

10、块最后相对静止于车厢何处？1 4.中国新型战机弹射系统基本达到世界最先进水平，为飞行员生命安全提供了有力保障，新型战机的弹射逃生装置原理可简化成如下力学模型，如图所示为某种弹射装置的示意图，光滑的水平导轨MN右端N处与水平传送带理想连接，传送带长度L =4.2 5 m,皮带轮沿顺时针方向转动，带动皮带恒定速率。=3.0 m/s 匀速传动，三个质量均为m=1.0 k g 的滑块4、B、C 置于水平导轨上，开始时滑块B、C 之间用细绳连接，其间有一压缩的轻弹簧，处于静止状态.滑块4以初速度=2.0 m/s 沿B、C 连线方向向B 运动，4 与B 碰撞后粘合在一起，碰撞时间极短，可认为4 与B 碰撞

11、过程中滑块C 的速度仍为零，因碰撞使连接8、C 的细绳受扰动而突然断开，弹簧伸展，从而使C 与A、B 分 离.滑块C 脱离弹簧后以速度=2.0 zn/s 滑上传送带，并从右端滑出落至地面上的P 点，已知滑块C 与传送带之间的动摩擦因数4 =0.2 0,重力加速度g 取1 0 m/s 2,求：(1)滑块C 在传送带上滑行的时间；(2)滑块B、C 用细绳相连时弹簧的弹性势能E p；(3)若每次开始时弹簧的压缩情况相同，要使滑块C 总能落至P 点，则滑块4 与滑块8 碰撞前速度的最大值联是多少？(V =5.1)JU参考答案及解析1.答案：D解析：解：4、由图乙可知交流电周期7=0.02秒，故频率为f

12、 =50H z,故 A 错误；B、由图乙可知交流电压最大值（/机=2 0&U,故变压器的输入电压为：力=20IZ；根据变压比公式，有：普=詈，解得：U2=1 0 V,电压表U的示数为1 0U,故 B 错误；C、根据功率关系可得UJ1=?,解得原线圈的电流强度为A=0.5 4 故 C错误；。、变压器的输入功率Pl=UJ1=1 0 W,故。正确；故选：Do由图乙可知交流电压最大值、周期，由此求解频率和电压表示数；根据变压器的输出功率等于输入功率求解电流表示数和输入功率.本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是知道变压器的电压之比等于匝数之比，在只有一个副线圈的情况下的电流之比等于匝数的反比；

13、知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等.2.答案：C解析：解：4 月球的第一宇宙速度是卫星贴近月球表面做匀速圆周运动的速度，卫星在轨道in上的半径大于月球半径，根据万有引力提供向心力G萼 =m些，得卫星的速度v=怪,可知卫星在轨rz r N r道DI上的运动速度比月球的第一宇宙速度小.故A 错误.B、卫星在轨道I 上经过P点若要进入轨道皿，需减速做近心运动.即知卫星在轨道DI上经过P点的速度比在轨道I 上经过P点时小，故 B 错误.C、根据万有引力提供向心力G等 =m a,得。=胃，可知距地球相同距离处的加速度相等，故在轨道 n 上经过P的加速度等于在轨道I 上经过P的加速度.故c 正确.

14、。、卫星在轨道I 上经过P点若要进入轨道口，需减速做近心运动.故探测器在轨道I 上的机械能大于在轨道n 上的机械能，故。错误.故选：c.月球的第一宇宙速度是卫星贴近月球表面做匀速圆周运动的速度，根据万有引力提供向心力，得出线速度与半径的关系，即可比较出卫星在轨道m上的运动速度和月球的第一宇宙速度大小.卫星在轨 道 I 上经过P点若要进入轨道川，需减速做近心运动.卫星从轨道I 进入轨道口，在P点也需减速，机械能减小.由高轨道变轨到低轨道需要减速，而由低轨道变轨到高轨道需要加速，这一点在解决变轨问题时要经常用到，一定要注意掌握.3.答案：A解析：解：2、三个小球的竖直分位移相同，故自由落体运动的时

15、间相等，水平分运动为匀速运动，故初速度与水平分位移成正比，故女：v2：v3=OA：OB：O C =1：3：5,故A正确；B、三个小球的竖直分位移相同，根据h=|g t 2可以得到时间相同，故B错误；C、由于初速度不同，根据末速度公式：vt=J诏+药,落地时的末速度不同，故C错误；。、由C分析，三个球落地的速度大小不同，故之小病也不一定相同（质量也不知道是否相同），故。错误；故选：A.三个小球都做平抛运动，将其分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动，运用平抛运动的位移公式、速度公式列式分析.本题关键是要明确平抛运动的研究方法、位移公式和速度公式，是解决平抛运动问题的基础知识.4.答

16、案：D解析：解：当开关断开时，通过线圈的电流变小，导致线圈中产生瞬间感应电动势，从而阻碍电流的变小，所以使得G 2的指针缓慢地回到零点，而流过G i的电流的方向与开始时电流的方向相反，所以指针先立即偏向左方，然后缓慢地回到零点。故A B C错误，O正确；故选：。电感总是阻碍其变化.线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小.同时当开关闭合时，两表指针均向右方偏，说明电流计指针向电流流进的方向偏.线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈右端是电源正极.当电流减

17、小时，相当于一个瞬间电源，线圈左端是电源正极.5.答案：C解析：解：4、开始阶段，乙的速度较大，乙跑在甲的前面，2 0 s后的一段时间内，甲的速度较大,乙仍在甲的前面，直到40 s末两者相遇。故A错误。8、在第2 0 s末两物体速度相等，由图线的“面积”看出，这段时间内甲的位移大于乙的位移，乙还没有追上甲。故8错误。C、两物体由同一地点向同一方向作直线运动，当位移相等时两物体相遇，所以40s末乙追上甲。故C正确。D、在追上前，速度相等时，相距最远，故20s末相距最远，最远位移=：x 20 x 10=1 0 0 m,故。错误；故选：Co由速度图象可直接读出速度的大小，根据速度大小关系，分析甲乙两

18、物体间距离的变化.两图线的交点表示速度相等.两物体由同一地点向同一方向作直线运动，当位移相等时两物体相遇.根据速度分析物体的运动情况是基本能力.本题是匀加速运动追及匀速运动的问题，当两者速度相等时，相距最远.6.答案：B解析：解：4、8、根据玻尔理论可知：A光子的能量4 =%以=10.2eV,8光子的能量EB=八加=12.09eK,C光子的能量垸=八 =0 6 6 e U,所以B光子能量最大，频率最高，C光子能量最小，频率 最 小.故A错误，B正确.C、由c=Ay可知，波长与频率成反比，波长关系为：凝 则B光子波长最小，C光子波长最长.故C错误，O错误.故选：B根据玻尔理论光子的能量等于初末能

19、级之差，可知B光子能量最大，频率最高，C光子能量最小，频率最小.光子频率越高，粒子性越强.由c=可知，波长与频率成反比.本题考查对玻尔理论的理解和应用能力，关键抓住辐射的光子能量w=Em-En(m n)和公式c=7.答案：AD解析：解：4、通电后半导体材料的温度逐渐升高，由图象可知，半导体的电阻率先变小，后变大，由电阻定律R=pg可知，半导体材料的电阻R先变小后变大，电源电压U不变，由P=?可知，半导体材料的电功率先变大，后变小，故A正确，8错误；C、由图象可知，在0 t i这区间里电阻R随温度升高而减小；在口t2这区间里电阻R随温度的升高而增大；在t2区间里电阻R随温度的升高而减小.在家庭电

20、路中电压不变，电热器的电功率P=可知电阻器的发热功率与电阻成反比.在温度升到h前，电阻R随温度的升高而减小，功率增大，温度升高更快；温度一旦超过“，电阻R随温度的升高而增大，功率减小，放出热量减小，温度升高变慢，当其产生的热量与散发的热量相等时，温度保持在h 至t2间的某一值不变，保持稳定，故 C错误，。正确.故选：AD.(1)由图象找出电阻率随温度变化的关系，然后由电阻定律判断电阻如何变化，最后由电功率公式P=?判断功率如何变化.(2)由于家庭电路中的电源电压保持2201/恒定不变，根据Q=W=可知当电阻变小时，单位时间内电流产生的热量变大，电蚊器温度上升加快；反之，当电阻变大时，单位时间内

21、电流产生的热量变小，电蚊器温度上升较慢.所以电热驱蚊器通电后，在 h 阶段，随着温度上升，电阻变小，电热变大，温度上升较快；到“t2阶段，随着温度上升，电阻变大，电热变小，温度上升减慢，当电流单位时间内产生的热量与电蚊器向周围散发的热量达到平衡时，电蚊器的发热元件温度就不再上升.由图象找出电阻率的变化规律、熟练应用电阻定律、电功率公式即可正确解题.本题考查学生对图象的理解及应用，图象法为物理中常用方法，应学会熟练应用.在应用中重点掌握.8.答案：CD解析：试题分析：由题知物体在竖直向上的拉力和重力的作用下竖直向上运动，由速度时间图象可知，在02s时间内物体做匀加速直线运动，具有向上的加速度，处

22、于超重，A 错误；第1s末和第4s末物体的速度是一样的，但是第1s末处于加速阶段，拉力大于重力，第4s末处于减速阶段，拉力小于重力，所以两个时刻的拉力大小不一样，功率不同，所以B 错误；在23s时间内物体是做匀速运动，受力平衡，所以C 正确；由动能定理可以知道，在这段时间内，速度不变，动能不变，所以合外力做功为零，。正确。考点：本题考查牛顿第二定律、功率、动能定理。9.答案：CD解析：解：A D,根据3 =%=g t得，运动的时间t=孩，此时竖直分位移y=；g t2=，水平分位y/.g移X=%t=遨，知水平分位移和竖直分位移不等.故A 错误，。正确.9B、根据平行四边形定则知，即时速度”=J

23、诏+药=池%.故B 错误.C、tan6=l,所以瞬时速度方向与竖直方向的夹角为45。.故 C 正确.vo故选：CD.通过竖直分速度与水平分速度大小相等，求出时间，根据时间可求出竖直方向的分位移、水平方向分位移、合位移以及瞬时速度.本题关键是熟悉平抛运动的分位移公式和分速度公式，同时要结合运动的合成与分解的知识求解.10.答案：AC解析：解：力、释放瞬间9=0,因此空气阻力f =0,两球均只受重力，加速度均为重力加速度g,故 4 正确；B、两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，稳 定 时=因此最大速度与其质量成正比，即为 o cm,故 詈=含，故 8 错误；C、由于詈=2而%上 故甲球

24、质量大于乙球，故 c 正确：it 1-2 J。、图象与时间轴围成的面积表示物体通过的位移，由图知，片时间内两球下落的高度不相等，故。错误。故选：AC.释放瞬间两球受到的空气阻力为零，根据牛顿第二定律求其加速度；由图看出两球先做加速度减小的加速运动，最后都做匀速运动，重力与空气阻力平衡，根据平衡条件和牛顿第二定律列式质量与最大速度关系：由图象的“面积”分析下落高度关系。本题主要是考查牛顿第二定律之图象问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律求解加速度，再根据运动学公式进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。11.答案：患M+2】e T 泓保解析：解：核反应方程为：If

25、Ni+t 碧Co.根据爱因斯坦质能方程得，尻=砒 2,则质量亏损4 7 7 1 =当.故 答 案 为:患N i+匕 送 一 泓 0,条根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程，通过爱因斯坦质能方程求出核反应过程中质量的亏损.解决本题的关键知道在核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒，以及掌握爱因斯坦质能方程.1 2.答案：具有连拍功能的数码相机或摄像机；ABD-,且；把首末两点相连并且三等份，各等份2 y点与对应顺序的轨迹图上的点相连，即是重力加速度所在的直线，并标明方向；用刻度尺测出图中的y】、7 =晤函解析：解：(1)由题，利用光电门传感器和碰撞传感器可测得小球的水平初速度和飞行时间，底板的标

26、尺可以测得水平位移，用直尺可以测得小球抛出时的高度，所以首先要得到底版，还需要的实验器材有：具有连拍功能的数码相机或摄像机.(2)4、该实验为“描绘平抛运动的轨迹”，所以获得平抛物体运动轨迹符合实验的目的；8、该实验中，利用光电门传感器和碰撞传感器可测得小球的水平初速度和飞行时间，用直尺可以测得小球抛出时的高度，所以可以研究飞行时间与哪些因素有关.故B符合实验的目的；C、该实验为“描绘平抛运动的轨迹”，所以不能利用轨迹计算当地重力加速度.故C错误；。、利用光电门传感器和碰撞传感器可测得小球的水平初速度和飞行时间，底板的标尺可以测得水平位移，所以可以研究平抛物体水平射程与哪些因素有关.故。符合题

27、意.故选：ABD(3)小球水平方向的位移：X =vot,竖直方向上：y=gt2,所以：=呼(4)若某同学在平抛运动的轨迹图上建立坐标系时，x坐标与初速度%的方向不平行.合理的办法是把首末两点相连并且三等份，各等份点与对应顺序的轨迹图上的点相连，即是重力加速度所在的直线，并标明方向如图.S.用刻度尺测出图中的y i、y2根据匀变速直线运动的导出公式：s=a7 2得：1 0 5%)=2所以：T=10乃-10%9Xxw把首末两点相连并且三等份，各等份点与对应顺序的轨迹图上的点相连，即是重力加速度所在的直线，并标明方向；用刻度尺测出图中的为、y2；T=严沔平抛运动水平方向做做匀速运动，竖直方向自由落体

28、运动，根据基本公式即可求解.解决本题的关键掌握处理平抛运动的方法，能够灵活运用运动学公式处理水平方向和竖直方向上的运动.13.答案：解：(l)t =2s内，由运动学公式得：=|=m/s2=2m/s2,则为=2 x 2m/s-4m/s(2)对于车厢B,由牛顿第二定律：F-f =mBaB f则/=F -=3N -1 x 2N =I N(3)对物块4,由牛顿第二定律：f=mAaA,则 加=2=m/s?=l m/s?t=2.0s末4 的速度大小为：vA=aAt=1 x 2m/s=2m/s在t =2s内4 运动的位移为：sA=|a4t2=|x 1 x 22m =2m车厢长度L =sB-sA=4 m -2

29、 m 2m(4)4、B 最后共速由动量守恒定律得：mvA+m vB=2 m v,解得：共速u =3m/s由能量守恒定律：/%=2 m v2求得 x=Im比 较 和 L 可知：物块最后相对静止于中央位置。答：(1)车厢B 在2s时间内的加速度为2?n/s2,速度为4m/s；(2)2s时间内4 与B 间摩擦力大小为I N；(3)2s末物块4 的速度大小为2 m/s,车厢长度为2 m；(4)物块最后相对静止于车厢中央位置。解析：(1)车厢B 在力F 的作用下做匀加速直线运动，根据位移时间公式即可求出加速度，由速度时间公式求速度；(2)对8 用牛顿第二定律求出4 与8 间摩擦力大小；(3)对4 用牛顿

30、第二定律求出4 的加速度，根据速度时间关系即可求出4 的速度，根据位移时间关系求物块的位移，根据两者位移关系求车厢长度；(4)对4、B 根据动量守恒定律求末速度，根据能量守恒定律求相对位移，进而与车厢长度比较，分析得出物块最后相对静止于车闹何处。本题主要是考查牛顿第二定律的综合应用，对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解答；知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。1 4.答案：解：(1)滑块C 滑上传送带后先做匀加速直线运动，加速度的大小a=4 g =0.2 x 1 0 m/s2=2m/s2,匀加速

31、运动的时间t i=瞪 s =0.5 s,匀加速运动的位移/=管=g m =1,2 5 m 4,2 5 m,则匀速运动的时间=亍=5s =I s,可知滑块C 在传送带上滑行的时间t =t i+t2=0.5 +I s =1.5 s；(2)设4 B 碰撞后的速度为巧，4、B 与C 分离时的速度为w，由动量守恒定律mAv0=(jnA+mB)vl(jnA+me)v1-(mA+mB)v2+mcvcA B 碰撞后，弹簧伸开的过程系统能量守恒，有9 口+“叫+6 8)说=黄 网+加 8)诏+37?1。哈代入数据可解得：EP=1.0 7；(3)在题设条件下，若滑块4 在碰撞前速度有最大值，则碰撞后滑块C 的速度

32、有最大值，它减速运动到传送带右端时，速度应当恰好等于传递带的速度也设4 与B 碰撞后的速度为次，分离后4 与B 的速度为以，滑块C 的速度为七根据动量守恒定律可得：4 B 碰撞时：mAvm=(mA+me)v1,弹簧伸开时：(%+m e)%=m i c +(7 n4 +机8)2 ，在弹簧伸开的过程中，系统能量守恒：则Ep +爪3)%2 =(mA+mB)v22+mcvc2,因为C 在传送带上做匀减速运动的末速度为=3 m/s,加速度大小为2 m/s 2所以由运动学公式 产得i;c =V2 6 =5.1 m/s.代入方程 ，解 得%=7m/s.答：(1)滑块C 在传送带上滑行的时间为1.5 s；(2

33、)滑块B、C 用细绳相连时弹簧的弹性势能为1.0/；(3)若每次开始时弹簧的压缩情况相同，要使滑块C 总能落至P 点，则滑块4 与滑块B 碰撞前速度的最大值分是7 m/s。解析：(1)滑块C 在传送带上先做匀加速直线运动，速度达到传送带速度后做匀速直线运动，结合牛顿第二定律和运动学公式求出滑块在传送带上滑行的时间；(2)对A B 组成的系统和4、B、C 组成的系统分别运用动量守恒，求出4、B 碰撞后的速度以及4 B 与C 分离时的速度，结合能量守恒定律求出弹簧的弹性势能；(3)若滑块4 在碰撞前速度有最大值，则碰撞后滑块C 的速度有最大值，它减速运动到传送带右端时,速度应当恰好等于传递带的速度结合动量守恒和能量守恒求出滑块4 与滑块B 碰撞前速度的最大值。本题着重考查碰撞中的动量守恒和能量守恒问题，同时借助传送带考查到物体在恒定摩擦力作用下的匀减速运动，还需用到平抛的基本知识，这是力学中的一道知识点比较多的综合题，学生在所涉及的知识点中若存在相关知识缺陷，则拿全分的机率将大大减小。