2021年山东省聊城市临清市中考物理三模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021年山东省聊城市临清市中考物理三模试卷1.下列现象中属于利用声传递能量的是（）A.蝙蝠确定目标的位置和距离 B.超声波检测机器零件是否有空洞C.超声波清洗精细机械零件 D.医院里用“B超”为病人检查身体2.小良同学早上走路上学校5min走了0.3kni后进商店买东西用了 4m in,然后继续赶路 用Umin走了0.9km到学校，小 良从出发时到学校的这段时间内的平均速度是()A.lkm/h B.1km/min3.下列说法中符合实际的是（）A.一个苹果的质量约为1.5kgC.光在真空中的传播速度为300m/sC.lkm/s D.lm/sB.一个普通中学生的重力约为500ND.人体的安全电压

2、为220V4.将2（TC的某种固态物质加热至沸腾，温度随时间变化的关系如图所示，关于该物质说法正确的是（）A.固态时是非晶体 B.在时段吸热但温度保持不变C.在Cd段不需要吸收热量 D.固体熔化过程经历了 11 min5.关于能源和信息的说法正确的是（）A.煤、石油、天然气都是可再生能源B.太阳能属于不可再生能源C.手机5G通讯技术是利用电磁波传递信息D.电磁波不能在真空中传播6.下列说法中，符合安全用电原则的是（）A.家庭电路中的电冰箱和空调是串联的B.使用冰箱时，电源插头插在三孔插座上C.导致家庭电路中电流过大的原因一定是短路D.人体不能接触高压带电体，但可以靠近高压带电体7.水平台面上有

3、两个同规格烧杯，分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的物体A、B分别放入两杯中，静止时如图所示，甲、乙液面刚好相平，此时，设A物体受到的浮力为尸浮%,甲液体对烧杯底部的压强为P他8物体受到的浮力为F浮B，乙液体对烧杯底部的压强为Pz，则（），F浮A=F浮B，P甲 P乙B.F浮A=F浮B，P尹 4 =GA；尸 浮B=GB；而物体A、8是完全相同的物体，则重力相等，即GA=GB，所以，尸冽！=/浮B故CD错误；(2)由图知，A排开液体的体积小于8排开液体的体积，已知尸浮4 =尸 浮B，根据产浮=p滋 舜 可 知，p甲 p乙;已知两液面等高，根据P =P/h可知，P尹P z故A正确，B错误。故选：

4、A o(1)由图可知：两物体处于漂浮状态，根据漂浮条件即可知物体所受浮力关系；(2)比较得出物体排开水的体积，根据阿基米德原理即可判断两种液体的密度关系，然后根据液体压强公式比较杯底受到的压强关系；。此题考查物体浮沉条件、密度、液体压强公式的应用，同时考查阿基米德原理和浮力产生的原因等知识点，是一道综合性很强的题目，此题难度适中，适合学生训练，属于中档题。8.【答案】C【解析】解：A、18 2 0年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场，故A错误；8、磁感线客观上并不存在，用磁感线来描述磁体的磁场，采用的是模型法，故B错误；C、在地球周围存在着磁场，正是由于地磁场的存在，

5、使得指南针总是能够指南北，故C正确；、闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中才会产生感应电流，这个导体没有说明是否是闭合电路的一部分，也没有说明是否是切割磁感线运动，所以导体中可能有感应电流，也可能没有感应电流，故。错误。故选：C o(1)奥斯特是第一个发现电流周围存在磁场的科学家；(2)磁感线是不存在的，即磁感线是为了描述磁场而引入的假想曲线；(3)地球是一个巨大的磁体，地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近；(4)闭合电路的部分导体，在磁场中切割磁感线运动，在导体中将产生感应电流。本题考查了地磁场、磁感线、奥斯特实验、电磁感应现象，属于电磁学的基础题。9.【答案】D

6、第12页，共24页【解析】解：A、不计绳重及摩擦，拉力F=5(G物+G动)，由图知，n甲=2,n z =3,所以绳端的拉力分别为：F*=；(G物+G动)，F乙=：(G物+G动)，则甲乙拉力之比为尸.F乙=物+G孙|(G+G)=3：2,故4错误；8、将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，则提升物体的速度相同，因为绳的自由端移动距离s=nh,所以甲、乙绳的自由端移动距离之比S p s乙=2 h：3f t=2：3,绳的自由端拉力做功w尹：小 乙=警=凳=1：1，故B错误；C、由尸=/可得，甲、乙拉力的功率之比P*：P/=?：wz=1；1,故C错误；。、将同一重物在相等的时间内提升相同的高度，由w有

7、用=G/1可知，利用滑轮组做的有用功相同，而拉力做的总功相同，由$可知，两滑轮组的机械效率相同，即甲、乙的机械效率之比4尹：z =l：1，故。正确。故选：。由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数。(1)不计绳重及摩擦，拉力F=；(G物+G动)，据此比较拉力大小之比；(2)物体被提升的高度相同，拉力端移动距离5 =h，据此求甲、乙绳的自由端移动距离之比；再利用W =Fs求甲、乙绳的自由端做功之比；(3)利用P =?求甲、乙拉力的功率之比；(4)把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；而拉力做的总功相同，根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。本题考查了两个滑轮组拉力、拉力做的做功、拉力做

8、功功率、机械效率的大小比较，关键是利用好关系式：不计绳重及摩擦，拉力F=：(G物+G动)。10.【答案】B【解析】解：小区内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看做一个手动开关，则两个开关单独都能打开大门，即两开关并联后再与电动机串联，只有B 正确。故选：B。根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联。本题结合生活实际考查了根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接方式.11.【答案】B CD【解析】解：A、任何物体都有内能，0。(：的冰块也有内能，故 4 错误；以 物体的温度升高，内能增加，可能是

9、吸收了热量，也可能是其他物体对它做功，故8 正确；C、扩散现象说明分子在永不停息地做无规则运动，分子可以从低温物体运动到在高温物体，故 C正确；。、同一物体质量不变，温度降低，内能减小。故。正确。故选：B C D。(1)任何物体都有内能；(2)改变物体内能的方法有两种：一是做功，二是热传递，二者在改变内能方面是等效的。(3)扩散现象反映了组成物质的分子永不停息地做无规则运动；(4)内能的大小跟物体的温度、质量、状态有关。本题考查了内能、热量和温度的关系，注意内能与物体的质量、温度和状态有关，及扩散现象，属于基础题。12.【答案】A B C【解析】解：A、根据重力公式可知该坦克的质量m=芸 岩=

10、3 x l0 g,故 A 正确；8、该坦克涉水过河漂浮在水面上时，处于平衡状态，受到的重力和浮力为平衡力，大小相等、故 8 正确；C、该坦克在水平地面上静止时，地面受到的压力F=G=3 x 105/V,对地面的压强p=第 14页，共 24页 =*空=6 x 1 0 4p a,故C正确；S 5m2。、该坦克在水平地面上匀速行驶时，处于平衡状态，受到的牵引力和它受到的阻力为平衡力，大小相等，故。错误。故选：A B C。A、根据重力公式可知该坦克的质量；8、该坦克涉水过河漂浮在水面上时，处于平衡状态，受到的重力和浮力为平衡力，大小相等；C、该坦克在水平地面上静止时，根据F =G得出对地面受到的压力，

11、根据p =g得出对地面的压强；力、该坦克在水平地面上匀速行驶时，处于平衡状态，受到的牵引力和它受到的阻力为平衡力，大小相等。本题考查压强、平衡力的有关知识，考查内容较多，难度适中。1 3.【答案】C【解析】解：由电路图可知，岛与R串联，电压表测变阻器R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器接入电路的电阻为0时，电路为&的简单电路，电路中的电流最大，此时电路的总功率最大，由乙图可知，电路中的最大电流/大=L6Z,由/=可得，&的阻值：c U 8V L 八焉=丁=而=5，故A正确；大电路的最大总功率：P =U I =8 V X 1.6 A =12.8W,故 8正确；(2)当滑动变阻器

12、接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流表的示数最小，治的功率最小，由乙图可知，电路中的最小电流以=024变阻器R两端的电压以=7L则岛 的最小功率：P。小=2&=2 4)2 *5 0 =0.2 W,故 C错误；滑动变阻器的最大阻值：R 大=个=言=3 5 0,故。正确。故选：C o由电路图可知，R o 与 R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)当滑动变阻器接入电路的电阻为0 时，电路中的电流最大，此时电路的功率最大，根据图象读出电路中的最大电流，根据欧姆定律求出R。的阻值，利用P =U/求出电路的最大功率；(2)当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电压表的示数最大，电流

13、表的示数最小，品的功率最小，根据图象读出电路的最小电流和变阻器两端的电压，根据P=U/=/2R求出R。的最小功率，再利用欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。1 4.【答案】液化可以【解析】解：(1)人呼出的气体中的水蒸气遇到冷的眼睛片发生液化现象变成小水珠，使眼镜变得模糊；(2)因为体温计有缩口，水银柱在温度升高时水银膨胀上升，温度降低时水银柱在缩口处断开，所以体温计可以离开人体读数。故答案为：液化；可以。(1)物质由气态变成液态的现象叫做液化；(2)常用温度计没有缩口，体温计有缩口，因为体温计有缩口，体温计可以

14、离开人体读数。本题考查液化现象，以及体温计的使用，属于基础题目1 5.【答案】1 2 0 0 1 60【解析】解：一束与平面镜成30。角的光线射到平面镜上，则入射角为90。-30 =60。,根据反射角等于入射角，可知反射角也为60。，则反射光线与入射光线的夹角是60。+60。=1 2 0。(2)由于平面镜成像的特点中，像与物是等大的，所小明同学身高1 6(k w,则镜中的像也 是 1 6 0 c m。第16页，共24页故答案为：1 2 0。；1 6 0。(1)发生光的反射时，入射光线、反射光线和法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居在法线两侧，反射角等于入射角；(2)根据平面镜成像的特点之一

15、：像与物是等大的来解答最后一个空。此题考查光的反射定律的应用和平面镜成像的特点，平面镜成像的特点在实际生活中应用非常广泛，也是光学中一个很重要的知识点，要求熟练掌握，并学会灵活运用。1 6.【答案】电能内能【解析】解：(1)第一阶段减速过程中，由于速度变小，所以动能变小，由于继续行驶并带动发电机发电，故将一部分动能转化为电能。(2)列车在第二阶段机械制动过程中，列车的质量不变，其速度减小，其动能减小，故其所具有的机械能减小，据摩擦生热知，所以该过程中减小机械能转化成了内能.故答案为：电能；内能。(1)发电机是产生电能的机器，它是利用电磁感应现象的原理制成的；(2)分析在机械制动过程中，机车的什

16、么能减小了，什么能增加了，这样就可以判断该过程中能量的转化过程。本题考查了能的转化情况,属于基本内容，比较简单，考查了灵活应用物理知识的能力。1 7.【答案】热 传 递 减 小 做 功【解析】解：(1)用酒精灯加热水的过程中，水从酒精灯火焰吸收热量，是通过热传递的方式使水的内能增加的；软木塞冲出试管口时，水蒸气对软木塞做功，水蒸气的内能转化为软木塞的机械能，则水蒸气内能变小；(2)四冲程内燃机在做功冲程中燃气的内能转化为活塞的机械能，与木塞被推出过程中能量的转化相同，所以内燃机的做功冲程与这个原理相同。故答案为：热传递；减小；做功。(1)用酒精灯给水加热的过程中，酒精燃烧释放的内能用来加热水，

17、属于热传递改变物体的内能；做功可以改变物体内能，气体对外做功时，气体的内能转化为机械能，气体内能减少；当外界对气体做功时，机械能转化为内能，气体内能增加；(2)汽油机的做功冲程中，将燃气的内能转化为活塞运动的机械能。本题考查了做功与热传递，以及有关热机的知识，难度不大。1 8.【答案】1.5 6【解析】解：闭合开关S后，L、R串联，电压表匕测量L两端的电压，电压表匕测量R两端的电压。灯泡正常发光，根据P =W可知电路中的电流/=子=窈=1.5/1；根据串联电路的电压特点可知R两端的电压U =1 5 V -6 7 =9V,根据欧姆定律可知电阻R的阻值R=苫=三=6 0。/1.54故答案为：1.5

18、；6。闭合开关S后，L、R串联，电压表匕测量L两端的电压，电压表彩测量R两端的电压。己知灯泡铭牌数据，且灯泡正常发光，根据P =U/可知电路中的电流；根据串联电路的电压特点可知R两端的电压，根据欧姆定律可知电阻R的阻值。本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算，属于对基础知识的考查，难度不大。1 9.【答案】解：物体向上运动，受到的摩擦力方向沿斜面向下，重力的方向竖直向下,作用点都画在重心，如图所示：【解析】根据物体与斜面的相对运动方向判断出摩擦力的方向，物体向上运动，受到的摩擦力方向沿斜面向下；重力作用点在重心，方向竖直向下。此题考查了重力和摩擦力示意图的画法，重力方向竖直向下，摩擦力方向总与相

19、对运动的方向相反。20.【答案】解：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，如下图所示：第18页，共24页【解析】先确定所给的入射光线和折射光线的特点，然后根据凹透镜的光学特点作图。凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴。平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点。过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。21.【答案】等 大 正 立 6 5.0 8 0.0 远离【解析】解：(1)由图可知，此时的物距为30.0 c m=2/,像距u =30.0 c m=2/,物距等于像距，都等于

20、二倍焦距，成倒立、等大的实像；(2)将蜡烛移到38 c m刻度线上，物距为1 2.0 c m,此时的物距小于焦距，成正立、放大的虚像；(3)若将蜡烛移至1 0 c m刻度线处，此时的物距为40.0 c m,大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以光屏应移至6 5.0 c m到8 0.0 c m之间，才能在光屏上得到清晰的像；(4)在蜡烛和凸透镜之间放一副近视镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使像延后会聚，像向右移动，所以将光屏远离凸透镜可再次成清晰的像。故答案为：(1)等大；(2)正立；(3)6 5.0；8 0.0；(4)远离。(1)当物距等于二倍焦距时

21、成倒立等大实像，物距等于像距，都等于二倍焦距；(2)物距小于焦距，成正立、放大的虚像；(3)物距大于二倍焦距，成倒立、缩小的实像，像距在一倍焦距和二倍焦距之间：(4)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，使像延后会聚。此题主要考查凸透镜成像规律，关键是熟记凸透镜成像特点，并能从图中读出物距与像距的关系。22.【答案】左 1.5 变 大 2 c【解析】解：(1)发现杠杆沿顺时针方向转动，说明杠杆重心在右边，则应将平衡螺母向左调节；(2)设杠杆每格长度为L,根据杠杆的平衡F#i =F2L2,则有.：2 x O.5/V x 3 L =F x 2 L,解得：F =1.5 N；当弹簧测力计改斜拉时，

22、拉力的方向不再与杠杆垂直，动力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件，动力变大，弹簧测力计的示数变大；(3)设杠杆每格长度为L根据杠杆的平衡F#i =F2L2,则有：3 x O.5 N x 4 L =F x 3 L,解得：F =2 N；(4)通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性，结论才正确，所以在探究杠杆平衡的条件时，多次改变力和力臂的大小主要是为了获取多组实验数据归纳出物理规律。故答案为：(1)左；(2)1.5；变 大;(3)2；(4)C。(1)调节杠杆平衡的原则是螺母的调节方向是向上翘的那端调节；(2)(3)设杠杆每格长度为3根据

23、杠杆的平衡尸1 =尸2 4 2,可求出弹簧测力计的示数；根据操作过程中，力臂的变化分析判断；(4)通过实验总结归纳出物理规律时，一般要进行多次实验，获取多组实验数据归纳出物理规律才具有普遍性。本题考查了探究杠杆平衡条件的实验过程，从调节到实际操作、原理运用等，考查较为全面，是我们应该掌握的重点实验。23.【答案】最右端流过导体的电流与导体两端电压成正比更换阻值不同的定值电阻,进行多次实验【解析】解：(1)根据实物电路，先画出电源的符号，从电源的正极出发依次画出开关、滑动变阻器、定值电阻R、电流表回到电源的负极，然后把电压表并联在定值电阻R两端，如图所示：(2)闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于

24、阻值最大处的最右端;第20页，共24页(3)根据描出的5个数据点作图，如图所示:(4)根据所画/-U 图像可知，/和 U成正比关系，所以结论为：当电阻一定时，流过导体的电流与导体两端电压成正比；(5)为了使实验结论具有普遍性，我们应该更换阻值不同的定值电阻，多次实验。故答案为：(1)如图所示；(2)最右端；(3)如图所示；(4)流过导体的电流与导体两端电压成正比；(5)更换阻值不同的定值电阻，进行多次实验。(1)由实物图可知，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压，电流表测电路中的电流，根据电流流向法、按先串后并的原则画出电路图：(2)闭合开关前滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处

25、；(3)根据描出的5 个数据点作图；(4)根据所画/-U图像得出结论；(5)用归纳法得出普遍性的结论要满足两个条件：一是样本要有代表性，二是样本数量足够多；本题探究电流与电压和电阻的关系，考查电路连接、注意事项、数据分析、控制变量法和对实验的要求。24.【答案】解：(1)由p=可得水的质量为:m=p次 V=1.0 x 103kg/m3 x 40 x 10-3m3=40kg,25汽的水加热至65。水吸收的热量为:Q吸=c4.m(t-t0)=4.2 x 103J/(kg )x 40kg x(65-25)=6.72 x 106J.(2)不计热损失，电热水器消耗的电能等于水吸收的热量，即W=l Ocz

26、 n,此时木块浸没在水中，第22页，共24页木块排开水的体积：V&=s/=(0.1m)2 x 0.10m=1.0 x 10-3m3,木块受到浮力：F浮=p水gV排=1 x 103kg/m3g x ION/kg x 1.0 x 10-3?n3=ION,此时木块在竖直向下的重力、细线向下的拉力和竖直向上的浮力的作用下处于平衡状态,所以细线的拉力：F=尸 浮一 G次=10N-6N=4N。答：(1)细线刚好拉直时，木块所受的浮力为6N；(2)细线刚好拉直时，容器底部所受水的压强为3.6 X 103Pa；(3)水深45cm时，细线上的拉力为4M【解析】(1)利用密度公式计算出木块的质量，利用G=mg计算

27、出木块的重力；根据浮沉条件判断出，当木块不受绳子拉力作用时，木块在水中的状态，进一步计算木块受到的浮力：(2)根据阿基米德原理计算出木块浸在水中的体积，利用体积公式计算出木块浸在水中的深度，结合细线的长度可知容器中水的深度，利用p=pg/i计算出容器底部受到水的压强；(3)利用体积公式计算出水深45c7 时-，木块排开水的体积，根据阿基米德原理计算出木块受到的浮力，再利用平衡力的条件求出细线受到的拉力。本题考查了密度、重力、液体压强、浮力的计算以及物体的浮沉条件、二力平衡条件的应用，有一定的难度。26.【答案】解：(1)由乙知只闭合S 时，只有占工作，电阻较大，根据P=?知功率小，由图丙知此时

28、的功率为440W；同时闭合S、Si时两电阻并联，电阻较小，根据P=?知功率大，由图丙知此时的功率为 660W,根据P=?知治的阻值为：力=1101 Pi 440W(2)同时闭合S、S 功率大，由图丙知，15 20/ninRi和/?2的总功率为660W,治的额定功率仍然为440W,治 的额定功率为：P2=P P=660W-440W=220W；(3)由图丙知1015min功率为440W,此时间内电饭煲产生的热量为：Q=W=Pt=4401y x 5 X 60=132000/。答：(1)只闭合S 时，电饭煲的功率为440W；%的阻值是1100；(2)同时闭合5、S 时，1520巾讥，&和刈 的额定功率分别为MOW和 220W；(3)10-15 m m,电饭煲产生的热量是132000J。【解析】(1)由乙知只闭合S 时，只有飞工作，电阻较大，根据P=知功率小，由图丙知此时的功率；同时闭合S、Si时两电阻并联，电阻较小，根据P=?知功率大，由图丙知此时的功率；根据P=?知治的阻值；(2)同时闭合S、S i，功率大，由图丙判断出1520minRi和/?2的总功率，进而算出必和&的额定功率；(3)由图丙读出1015nl讥的功率，根据Q=W=Pt算出此时间内电饭煲产生的热量。本题考查了电热公式和电功率公式的灵活应用，从图象中读出有用的信息是关键。第24页，共24页