2021年高考物理押题预测卷（湖南卷）03（全解全析）.pdf

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1、2021年高考押题预测卷0 3【湖南卷】物理，全解全析12345678910cDDDBAABDACACDBD1.C【详解】A.反应是裂变反应，所以A 错误；B.反应过程中铀的半衰期不变，所以B 错误；C.裂变反应过程中放出能量，所以C 正确;D.B a 的平均结合能比费u 的平均结合能大，*B a 的结合能比置u的结合能小，所以D 错误；故选C。2.D【详解】A.根据电场线垂直于等势面、电场线的方向是电势降落最快的方向，得到A、8 两点的电场强度大小相等，方向不同，A 错误；B,将一负检验电荷由。点沿竖直方向移动到尸点，电场力对该电荷做负功，B 错误；C.根据E p=q。，/外 可 得EpAE

2、pc，C 错误；D.根据(PD 一(Pc=EDC/CD EED小 d DE=(pE-，有 为 g(%+*/J =_10V,D 正确。故选 D。3.D【详解】A.原副线圈的电压之比等于匝数之比，原线圈的电压为2 2 0 V,副线圈两端的电压为4.5 V,故匝n.U.440数之比为故A 错误；B.充电时，电池的容量为q=800mAh,10小时即可充满，根据n2 U2 y得，充电电流/=幺=80mA,故 B 错误；C D,若不考虑电池的内阻，则电池输出的电能最大，t 10hW 6912为 W=/z=2.4x0.08x 10 x3600J=6912J,使用时电池的平均输出功率尸=一 =-W=0.48W

3、,实际t 60 x4x60电池有内阻，故实际的平均输出功率小于0.48W,故 C 错误，D 正确。故选D。4.D【详解】A.图中4 点速度方向不是水平的，则不是水在空中运动过程的最高点，选项A 错误；B.水在空中运动过程中，加速度恒定为g,则为匀加速曲线运动，选项B 错误；C.水在A B两点时水平速度相同，则巳sin45。=为 sin37。，解得8 点时的速度大小为力=5夜 m/s选项C 错误：D.A、8 两点间的高度差为h=(魄cos 3 7 1一(匕cos 45 =0 7m 选项。正确。故选D。2g以。点为研究对象进行受力分析，三个力合力为零，表示三个力的有向线段构成一个闭合三角形，若天车

4、向左移动少许，重力G大小方向均不变，FN方向不变，由图可知，FN变为FN”FN2,F变为FI,Fi,所以FN变大,F变大，故B正确ACD错误。故选B。6.A【详解】设通过 支路的电流为小 通 过 确“劭 支路的电流为b其 中 碇”仍支路在磁场中所受安培力的有效长度为。、匕两端点间的长度乙，所以金属框受到的安培力的合力大小为F=B/4+B/2L=8/L根据左手定则可知安培力的方向垂直而边向左，故A正确。故选A。7.ABD【详解】A.由图中甲的运动图线可知，甲上滑和下滑的加速度相同，说明滑块只受重力和支持力,5 x 3 5 x 即该轨道是光滑轨道，故A正确；B.由图线可知，甲在f=4s时的位移x甲

5、=(-)m=2 0 m,乙2 2在/=4s时的位移“乙=乂201=20111,即，=4s时，两滑块相对于出发点的位移相等，故B正确；210-0,C.由图线可知，两滑块碰撞后速度都变为0,沿轨道向下运动的加速度大小为。=-m/s2=5m/s2,2碰撞发生在r=4s时，此时两滑块离出发点的距离为20m,由/=2 可得两滑块回到出发点时的速度大小为v=J25 20m/s=lO 0 m/s，故C错误；D.甲滑块4 s内的平均速度大小为x20v=一m/s=5m/s,故 D 正确。故选 ABD。t 48.AC【详解】A.根据楞次定律，线框进入磁场的过程中线框中感应电流方向始终为D4BC A正确；B.图示位

6、置时，线框进入磁场时有效的切割长度等于小 产生的感应电动势为E=Bau,B错误；C.因为图示位置时，线框进入磁场时有效的切割长度最长，电动势最大，则感应电流最大，受到的安培力最大，因为匀速进入，则外力F达到最大值，C正确；D.在线框进入磁场的过程中，进入磁场时有效的切割长度逐渐变小，产生的感应电动势逐渐变小，感应电流逐渐变小，受到的安培力逐渐变小，速度不变，根据=五安叭线框所受安培力的功率一直在减小，D错误。故选AC。9.ACD1 ,【详解】A.由题图读出，物体上升的最大高度为h=64m,上升的时间为t=4s,对于上升过程，由 =星产，可得g星=|=8m/s2,选A正确；B.根据G%=m g,

7、可 得 用=等，又因为V=3万内，则 丝=绰1=/，即金星的密度比地球的密度小，故选项B错误；C.根据6粤=根 二=际，可。地g A 9 片 R得丫=廊，则 强=J/x 0.9,解得金星的第一宇宙速度v宙6.8km/s,故选项C正确；D.将该物体在“地v金星表面上竖直向上抛出的初速度为v=J 2gM =J2x8x64m/s=32m/s,则在地球表面上以相同大小的V _初速度竖直向上抛出时上升的最大高度为=7-=51.2111,故选项D正确。故选ACD。2g地10.BD【详解】A.v-f图像表示潜艇“掉深”后的速度变化情况，“掉深”前在高密度海水区域沿水平方向缓慢航行，所以不知道“掉深”前的速度

8、，故A错误；B.因潜艇在高密度海水区域沿水平方向缓慢航行，潜艇在高密度海水区域受到的浮力为?=叫=3.0 x107 N,故B正确；C.根据v-f图像，潜艇“掉深”后竖直向 下 的 最 大 位 移 为=*m =3 0 0 m,故C错误；D.潜艇“掉深”后 在1030s时间内，加速度方向向上，处于超重状态，故D正确。故选BD。11.C-0.25 0.4t【详解】通过力传感器可知直接得出滑块受到的绳子的拉力，不需要测量重物的质量，故A错误;B.若平衡摩擦力，将无法测量滑块与长木板之间的摩擦因数，故B错误；C.调整滑轮及力传感器的位置,使绳子处于水平状态，这样可以让绳子拉力和摩擦力处于同一条直线上，便

9、于测量，故C正确；D.通过力传感器可知直接得出滑块受到的绳子的拉力，不需要保证重物质量远小于滑块及遮光片的总质量，故D错误。故选C。(2)因为遮光时间r非常短，遮光时间内的平均速度近似等于滑块通过光电门的瞬时速度，则遮光片通过光电门时的速度为丫 =一，3 4滑块从A到S根据牛顿第二定律得2尸一际=幻，根据匀变速直线运4/4/动位移公式得2aL=声 一0,联立得/7 2g L,结合乙图像可知斜率为 =8,截距为m m-24gL=-4,联立解得 m=0.25kg,4=0 4。1 2.D F1.5 0 0.7 等于 0.1 8-0.20 B C【详解】测量一节干电池的电动势，则电压表应选D,滑动变阻

10、器应选F；(2)3 电流表C的内阻是已知的，则可选用电流表C,电路如图:(3)5 根据实验数据作出如甲U-/图像，由图可知，电源电动势E=1.5 0 V,内阻1.5-1.00.5 0.3=0.70(4)6 该电路已经知道电流表内阻，则实验无系统误差，即电源的电动势测量值等于真实值;(5)在此灯泡的伏安特性曲线上做出两节电源并联后的U-I图像如图:交点坐标为/=0.2 5 A,t/=0.7 5 V 则 P=/U=0.1 8 W(6)8 A B.根据电源的输出功率规律可知，当内外电阻相等时输出功率最大，如果外电阻大于内电阻时，随着电阻的增大，输出功率将越来越小，由尸=二2可知，电动势相同，内阻越小

11、的乙输出功率越大，故B正4 r确，A错误。C D.当内阻和外阻相等时，输出功率最大；此时输出电压为电动势的一半。由A的分析可知,乙输出的功率比甲的大；而当外电路断开时，路端电压等于电源的电动势，此时输出功率为零；故C正确,D错误。故选BC。1 3.(1)2mvW；(2)c osc rn7iEBv/?=1,2,3,/?7VE2/2mvqE【详解】(1)速度与z轴正方向夹9 0。角，即贴着xQy平面方向的粒子最易脱离磁场束缚，此粒子运动半v2 八 mv 八 八 2mv径设为R,qvB=m ,解得H =q-,圆形薄片的半径/至少为一=2 R =不 一。R Bq Bq（2）设速度v与Z轴正方向的夹角为

12、a ,则其在z轴正方向的分量为=v c osa,z轴分运动的加速为aE 2 v 2mvcosa 小 2 4加a =,经过，=一=-,粒子在平行x O y平面内的分运动为匀速圆周运动，周期T=一 丁，m a qE Bq若要碰撞点在坐标原点O,必须有，=T,（=1、2、3）联立得c osa =g=1,2,3,V 与:Bv I 71E)与z轴正向成4 5。角的粒子沿z轴 方 向 的 分 速 度 大 小 为 4 5。=曰 每 次 碰 撞，动能减小7 5%,即碰完动能是碰前的速率为碰前的!，第 次碰撞后沿z轴方向的分速度大小为=也u4 2 2从发射至第I次碰撞的时间”:上=邑az qE/1 n-从第 一

13、”次至第次碰撞的时间，=-z7从发射至第n次碰撞的时间/=4+/,1=2八=2y/2mvqE当建f 8,1 4.(1)2 m/s,0；(2)0.4 6 m【详解】（1）当弹簧压缩最短时弹簧储存的弹性势能Ep=m0gh=4 J当弹簧水平放置时压缩量与竖直放置时压缩量相同，所以弹簧储存的弹性势能相同，当物块A离开弹簧时有耳物块A、B同时滑上木板C,此时对木板C受力分析有=。所以当物块A、B在C上滑行的过程中木板C静止不动，此过程中对A受力分析有必 皂g=A n对B受力分析有2%g =mBaB1 ,1 ,设经过时间A后A、B相碰，此过程中有 =贴-5aA/i，XB=vozi由题意有 XA I+XB

14、I=L解得4=l s,另(舍去)此时物块A的速度vA2=h -aMtx=2 m/s物块B的速度vB2=%-aBXtx=0(2)物块A、B碰撞过程中动量守恒有加入乙2=2以3+加/8 3碰撞过程中机械能守恒有 mAv2=-mAv3+-mBVg328解得 VA3=g 皿$,vH3=-m/s碰后A、B两个物块向右减速，而木板C在摩擦力的作用下向右加速，对木板C受力分析有+2mB8=mcac解得&=8 m/s1 2 31 JXB2=B3t2 1 3 a B，2AC共速后一起加速运动，由受力分析有42s g =(%+mc)aAC设经过时间，3后物块A、B与木板C三者共速，有以4 一7解得3 2 0此过程

15、中物块A C的 位 移=VCf3+1 ,此过程中物块B的位移xB3=vB4t3设经过时间f2后A与木板C共速，有巳3 一。笳2 =解得，2=2SQ)2此时木板C的速度之=百m/s ,物块B的速度以4=w M s，此过程中物块A、B的位移分别为1 .2XA2 一万“黯2此时 A B 间的距离 d=xB 2+xB3-xA2-x.3=0.4 6 m1 5.(1)【答案】不变 左管液面比右管低或水银全部进入右管【详解】理想气体的平均动能由温度决定，对容器缓慢抽气至真空的过程，因整个过程温度不变，则封闭气体的温度不变，故封闭气体的平均动能不变；2 容器缓慢抽气至真空，水银柱右侧开口的压强逐渐减小到零，则

16、封闭气体的压强将水银往右推动，最后出现左右两边的压强相等时水银柱停止移动，故可看到左管液面比右管低或水银全部进入右管。【答案】p,=1.5 x l 05P a;(2)2 x l 0-3m3【详解】(1)设开始时气缸内气体压强为P i，对重物和活塞，由平衡条件可知P o S +(M+m)g =plS代入数据得P i=L 5 x l()5 P a(2)气缸上升，活塞位置不变，则弹簧弹力尸=h A c=5 0 0 N设气缸内压强为p2,则PS+(M+m)g =p?S+F代入数据得P 2=l x l()5 p a设气缸内原有气体在p2压强下体积为V,由四匕=p N知1/=3x l(T 3 m 3Pi所

17、以抽出气体在标准大气压下的体积为A V =K S(/A x)=2 x I O-m31 6.(1)【答案】B DE【详解】A.波速为丫=2 =受焊=1.5 1 03向5,A错误；B.利用“上下坡”法，可以判断出波沿x轴正方向传播，B正确；C.振动介质不会随波迁移，C错误；D.质点尸在一个周期内的路程为2 x l0-5 m,所以1 s的路程为2 m,D正确：E.超声波在同一介质中的传播速度不变，E正确。故选BDE。(2)【答案】=8.4 mm；(2)r 2.3 x lO-,os【详解】(1)画出这束光的光路图如图所示sin/根据折射定律=sin rAB=CD=CO S T由几何关系可知光束进入第一层玻璃的偏移量九=ABs i n(f-r)这束光通过每层玻璃的偏移量相等，所以从室外到室内的偏移量=九+4二2 4。z 7联解以上各式可得 h=-(s i n z c os r -c os z s i n r)=8.4 m mc os r(2)光在玻璃内的传播速度=VB C =-c os z2AB BCt =-1-V c解得 f a 2.3 x 1。-%答：(1)这束光通过中空玻璃从室外到室内的偏移量为8.4 mm；(2)这束光通过中空玻璃从室外到室内的时间约为2.3 x l()T s。