2021年湖南省长沙市雅礼集团中考物理一模试卷.pdf

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1、2021年湖南省长沙市雅礼集团中考物理一模试卷一、单 选 题（本大题共10小题，共30.0分）1.下列物理量的估计最接近实际的是（）A.家用空调的额定功率约为50W B.洗澡时水温适宜的温度约为60久C.正常人上一层楼梯的时间为3分钟 D.物理课本的宽度为1.8dm2.由下列几个实例联想到的物理知识，其中错误的是（）A.“孤掌难鸣”表明力是物体对物体的作用B.跳远运动员起跳前要助跑，是为了增大惯性C.点心师傅将包子皮捏出漂亮的花边，是力改变了物体的形状D.把鸡蛋往碗沿上一磕，鸡蛋就破了，说明力的作用是相互的3.下列说法正确的是（）A.分子越多，分子热运动越剧烈B.热量可以从内能少的物体传递到内

2、能多的物体C.物体温度不变，内能一定不变D.只有正电荷定向移动才能形成电流4.如图中是我国自主研究生产的碳纤维无人机，它具有自动化、轻,_/量化、微型化等特点，可广泛用于航拍、测绘等。下列应用与物理知识对应正确的是（）A.机载北斗导航系统-超声波 B.用碳纤维材料制造-密度大C.无人机航拍的镜头-凹透镜 D.无人机的控制芯片-半导体5.新冠病毒疫情防控期间，为了严格控制区分外来车辆出入小区，很多小区装备了门禁系统。内部人员的车辆可以被自动识别横杆启动，视为自动开关&闭合；外来人员的车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，视为手动开关S2闭合。两种情况都可以分别将门打开，则该门禁系统内部电路最接近

3、图中的（）6.电源下列说法正确的是（）同一液体，深度相同时，各个方向压强相等B.压力相同，接触面积越大，压强越大C.马德堡半球实验精确地测量出大气压强的数值D.往8管吹气，A管液面下降7.小阳观看中央电视台体育频道的围棋讲座，发现棋子在竖直放置的棋盘上不会掉下来，如图所示，原来棋盘和棋子是用磁性材料制成的，下列说法中正确的是（）A.棋子掉不下来是因为棋盘对棋子的吸引力B.棋子对棋盘的压力与棋盘对棋子的吸引力是一对相互作用力C.棋子受到的重力与棋盘对棋子的摩擦力是一对平衡力D.棋子对棋盘的吸引力与棋盘对棋子的吸引力是一对平衡力8.如图所示电路中，电源电压保持不变，先闭合开关工，观察电流表、电压表

4、的示数;再闭合开关S2、S3，电表示数的变化情况正确的是（）第 2 页，共 24页A.电流表示数变大，电压表示数变大B.电流表示数变小，电压表示数变小C.电流表示数变大，电压表示数变小D.电流表示数变小，电压表示数变大9.如图所示，电源电压为4.5V,电压表量程为“。3V”，电流表量程为“。0.64”，滑动变阻器规格为“100 14”，小灯泡L 标 有“2.5V 1.25W”（灯丝电阻不变），在保证小灯泡L 电流不超过额定电流的情况下,移动滑动变阻器的滑片，下列说法正确的是（）A.小灯泡的额定电流是0.64B.滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4 0 100C.电压表示数变化范围是0 3VD.

5、电流表示数变化范围是0.3 0.6410.小 明 家 有“220V100勿”的电视机和“220U 1000W”的电暖器，下列说法正确的是（）A.如果将电压提高到2200匕 电视机的电功率可达1000WB.正常工作时，电暖器比电视机做功快C.正常工作时，电暖器消耗的电能比电视机多D.正常工作时电暖器的电阻为484。二、多 选 题（本大题共2 小题，共 6.0分）11.（双选）如图所示，底面积为S用S z的甲、乙两个实心圆柱体，已知它们的高度人 平%且对水平桌面的压力尸 甲尸 乙。若将甲、乙分别从上部沿水平方向截去相同质量，剩余部分对桌面的压强分别为P尹、P乙,则截去部分的高度九尹、京的关系是（）

6、A.h,甲 4 h乙 B.Pip P乙C.&htp 乙1 2 .（双选）如图所示是某家庭电路，闭合开关，灯不亮。用试电笔接触c点灰管不发光,接触d点筑管发光。已知该电路有两处故障，则故障可能是（）火线插座零线支A.间断路 B d间短路 C.a c间断路 D.M间断路三、填 空 题（本大题共5小题，共2 2.0分）1 3.如图所示是一款新型节能电热水器，热水器工作期间主要蔺将 能转化为内能。某同学用该热水器洗一次澡用-_水量为4 0 3这些水温度由1 7K升高到4 2久吸 收 的 热 量 为 嚏 一7 3J o 已知P水=1.0 X 廿的/,=4.2 X 103/（kg-）1 4 .如图是一款“

7、运动手环”，其主要部分是一段内置有一小块磁铁的密闭的空心塑料管，管外缠绕着线圈。戴着这种手环走路时塑料管跟着S f B手-起运动，磁铁则在管内反复运动，线圈中便会产生电流，液晶上就会显示出运动的步数。此过程将 能转化为电能，与 的工作原理相同。1 5 .如图中的水平桌面足够长，不计托盘质量和滑轮与绳 A-了外的摩擦。物体A重10M当物体B重为2 N时，物体A 七加狈丁保持静止，这时A物体受到的摩擦力为 N；当 I物体8重为3 N时，物体A向右做匀速直线运动。若用 i一个水平向左的拉力使物体A向左匀速直线运动，该拉力的大小为 N。1 6.如图所示的托里拆利实验中，测 得 的 大 气 压 强 等

8、于 加高水银柱所产生的压强。如果此时在该实验室做“观察水沸腾”的实验，测 得 水 的 沸 点 将 （选填“高于”、“等于”或“低于”）1 0 0。（1标准大气压为760加水银柱）第4页，共24页真空17 .如图所示电路中，电源电压为18匕 两个电压表的量程为015 V,电流表量程为0 0.6 4,滑动变阻器的规格为“100。14”，小灯,泡标有“6 U 6 W”字样（灯丝电阻不变）。则小灯泡的电阻为 0,闭合开关S,在移动滑动变阻器的过程中，观察到电压表匕和彩示数的变化量之比为3：1,在保证电路安全的前提下滑动变阻器 的 调 节 范 围 为 ,滑 动 变 阻 器 的 最 大 功 率 与 最 小

9、 功 率 的 比 为。四、实验探究题（本大题共4小题，共2 8.0分）18 .为了探究“滑动摩擦力大小与什么因素有关”，含含设计了如图所示的实验。甲（木板表面）乙（木板寰面）丙（棉布表面）丁（木板表面）戊（1）比较甲、乙实验，是为了研究滑动摩擦力大小与 是否有关；（2）比较甲、丁实验，发现甲实验弹簧测力计的示数大于丁实验弹簧测力计的示数，含含得出结论：滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，此探究过程中存在的问题是:（3）实验后小组交流讨论时发现：在实验中弹簧测力计是在运动过程中读数，误差较大。于是含含又设计了如图戊所示的实验方案，该方案（选 填“需要”或“不需要”）匀速拉动长木板及19 .物理

10、学习小组利用小桌、海绵、祛码、木板等探究影响压力作用效果的因素，如图甲、乙、丙所示：(1)图甲、乙、丙中压力的作用效果，是通过观察 来比较压力作用效果；(2)通 过 比 较 图 ,说明压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显；(3)将该小桌和祛码放在如图丁所示的木板上，比较图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p的大小关系为P p(填或)。20.如图所示是“探究电流通过导体产生热量的多少跟什么因素有关”的实验装置，将四 段 电 阻 丝6、以“分别密封在完全相同的盒子内，盒内封闭一定量的空气，其中图乙中另取阻值为5。的电阻在盒外与盒内电阻并联。(1)在实验中电流通过电阻时产生热量的多

11、少是通过观察两个U形管中液面的变化来比较的。(2)图甲可探究电流产生的热量与 的关系。(3)图乙中右侧盒外连接5。的电阻，它的作用是使电阻以d中的电流。(4)通电一段时间后，发现其中一个。形管的液面高度几乎不变，则出现该现象的原因可能是空气盒_ _ _ _ _ _不好。甲 乙21.小明同学在探究电流与电压的关系实验时，准备了以下器材：新的干电池两节，电流表(0 0.64,0 3 4),电压表(。3匕。15V),滑动变阻器(200 24)定值电阻5 0,开关各一个，导线若干。根据如图所示的电路进行实验。(1)连接电路，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应处于“B”)(2)闭合开关，发现电流表无示数，电

12、压表指针有明显偏转，原 因 可 能 是 :(3)实验中通过调节滑动变阻器滑片P,测出通过定值电阻R的不同电流和对应的第6页，共24页电压值如下表所示，老师看后说其中一次是错误的，请你帮小明分析出错误的是第次，原因是实验次数12345电压/V0.51.21.62.22.6电流/40.100.240.320.420.48五、计算题(本大题共2 小题，共 14.0分)2 2.如图所示，一平底热水壶，其质量为0.5 k g,内底面积为180cm2。有一次小军同学用该热水壶装了 1.5L的水放在水平桌面上，测得壶中水深15。，初温20。口 请你通过计算回答：(P次=l xJ103kg/m3,g=10N/

13、kg)电热水壶额定容积1.5L额定电压220y频率50Hz加热功率660W不锈钢底盘(1)此时水和热水壶的总质量是多少？(2)加热前水对壶底的压力多大？(3)若整个家庭电路中只有电热水壶在加热挡工作，发现标有u3000imp/(/cVV./i)w的电能表指示灯闪烁了 243次共用时lO m in,求此时家庭电路两端的电压。2 3.如图甲所示，将由4 部分和高为12a*的 B部分组成的轻质薄壁柱形容器放在水平桌面上，并用轻杆固定一圆柱体M 如图所示放置。现向容器内注水，并记录下注水体积V和液面高度/的关系，如图乙所示。当注水体积丫达到850”？后停止注水，此时水面刚好达到圆柱体例的一半。(P水=

14、1 X 103/cg/m3,g=10Ng)求：(1)当注水600cm3时，容器对桌面的压力;(2)当注水200cm3时，水对容器A 部分底部的压强;(3)当停止注水后，将 M 在竖直方向移动3cm,水对容器A 部分底部的压力。第8页，共24页答案和解析1.【答案】D【解析】解：4 家用空调的额定功率约为1000W。故 A 不符合题意；员洗澡时水温适宜的温度约为40。&故 8 不符合题意；C.正常人上一层楼梯的时间约为10s。故 C 不符合题意；D 物理课本的宽度为1.8dm。故。符合题意。故选：DoA.家用空调的额定功率约为1000 1500W;8.洗澡时水温适宜的温度约为40 50;C.正常

15、人上一层楼梯的时间约为10s；。.物理课本的宽度为18。，即1.8dm。本题考查的是物理学常识，难度不大，需要注意归纳总结。2.【答案】B【解析】解：A、“孤掌难鸣”说明一个物体不能产生力，表明力是物体对物体的作用，故 A 说法正确。B、惯性大小只跟物体的质量有关，跳远运动员在助跑过程中质量不变，惯性不变，故B 说法错误。C、点心师傅将包子皮捏出漂亮的花边，这是力改变了物体的形状，故 C 说法正确。D,把鸡蛋往碗沿上一磕，鸡蛋给碗一个力，物体间力的作用是相互的，碗给鸡蛋一个力，鸡蛋破了，故。说法正确。故选：B。(1)力是物体对物体的作用，产生力至少两个物体。(2)惯性只跟物体的质量有关。(3)

16、力的作用效果：力可以改变物体的运动状态，力可以改变物体的形状。(4)物体间力的作用是相互的。本题考查了力的定义、物体间力的作用是相互的、力的作用效果、惯性等，属于比较基础的习题。3.【答案】B【解析】解：人 物质是由大量分子组成的，分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子热运动越剧烈，故A错误；8、发生热传递是因为物体间存在温度差，所以内能少的物体的温度可能比内能多的物体的温度高，所以内能少的物体可以把热量传递给内能多的物体，故B正确；C、物体吸收热量，内能一定增加，温度不一定升高，例如晶体在熔化的过程中，吸收热量，温度不变，内能变大，故C错误；。、电荷的定向移动形成电流，电荷包括正电荷和负电

17、荷，故。错误；故选：B。(1)物质是由大量分子组成的；分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子热运动越剧烈；(2)发生热传递的条件是存在温度差；(3)物体吸收热量，内能一定增加，但有些物体的温度并不升高，例如晶体的熔化过程和液体的沸腾过程，不断吸收热量，但是温度保持熔点和沸点不变；(4)电荷的定向移动形成电流。本题考查分子动理论以及内能的定义，关键是将课本知识内容掌握清楚，仔细分析即可;知道内能、热量、和温度的关系，并能利用上述关系解释问题是解决该题的关键。4.【答案】D【解析】解：A、无人机所载北斗导航系统里有的是电磁波传递信息，故A不正确；8、无人机采用碳纤维材料是因为碳纤维材料的密度较小

18、，相同体积的前提下能够减小质量，便于飞行，故8不正确；C、无人机航拍的镜头是凸透镜，通过镜头拍摄得到物体的实像，故C不正确；。、硅、信等材料导电性介于导体和绝缘体之间，称为半导体，常用来制作集成电路的控制芯片，故。正确。故选：D。电磁波可以传递信息；在体积一定时，质量与密度成正比；物体通过凸透镜可以成实像；常用半导体材料制作芯片。此题考查了不同物理属性在现代科技中的重要应用，是一道联系社会热点的应用，体现了物理知识与社会生活的密切联系。第 10页，共 24页5.【答案】B【解析】解：经分析可知，自动开关S和手动开关S2并联，且开门电动机位于干路。人由电路图可知，只有自动开关S1和手动开关S2共

19、同闭合时，开门电动机才能工作，故A不符合题意；B.由电路图可知，自动开关品和手动开关52并联，且开门电动机位于干路，故B符合题意；C由电路图可知，自动开关S i闭合时会造成电源短路，故C不符合题意；D由电路图可知，手动开关S2闭合时会造成电源短路，故。不符合题意。故选：B。由题意可知，自动开关邑和手动开关S2均可以独立控制开门电动机，说明两开关并联，且开门电动机位于干路，据此进行解答。本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出两开关的连接方式和电动机的位置是关键。6.【答案】A【解析】解：4据液体内部压强的特点可知，在同一深度，液体向各个方向压强相等，故A正确；B.由图可知，两手指受到的压力相同

20、，左边手指与铅笔的接触面积大，由p=5可知，在压力一定时，受力面积越大，压强越小，故B错误；C.1654年时，当时的马德堡市长奥托格里克最早用实验证明了大气压强的存在，称为马德堡半球实验，故C错误；由图可知，往8管吹气，A管液面上升，这是由于流体流速越大，压强越小，从而造成液面上升的，故。错误。故选：Ao(1)由液体内部压强的特点知道：液体对容器底和侧壁都有压强，在同一深度向各个方向都有压强，并且相等；(2)根据p=(分析压强和受力面积的关系；(3)证明了大气压强的存在的实验是由德国马德堡市的市长、学者奥托格里克完成的；(4)流体流速越大，压强越小。本题考查了对液体压强的特点、压强公式、大气压

21、的实验、流体压强与流速关系等的理解与应用，难度不大。7.【答案】C【解析】解：AC、棋子受到的重力与棋盘对棋子的摩擦力，二力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、作用在同一条直线上，所以是一对平衡力，这也正是棋子掉不下来的原因，故A错误，C正确。8、棋子对棋盘的压力与棋盘对棋子的吸引力方向相同，所以不是一对相互作用力，故B 错误。、棋子对棋盘的吸引力作用在棋盘上，棋盘对棋子的吸引力作用在棋子上，二力作用在两个物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故。错误。故选：Co(1)二力平衡的条件：大小相等，方向相反，作用在一条直线上，作用在一个物体上；(2)相互作用力的条件：大小相等，方向相反，作

22、用在一条直线上，作用在不同的物体上。二力平衡的条件的是考查的重点，对于其考查一般有两种思路：利用二力平衡的条件判定两个力是否是平衡力，是否作用在同一个物体上；两个力是否是一对作用力和反作用力，要看它们是否是互为施力物体和受力物体。8.【答案】A【解析】解：由图知，闭合开关S i时，/?2与氏3串联，电流表测电路中电流，电压表测/?2两端电压，由串联电路的电压特点知：u=u2+u3 i所以u u2,再闭合开关S2、S3时，R1与/?2并联，电压表测电源电压，所以电压表示数与前者相比变大；串联电路中总电阻等于各部分电阻之和，总电阻大于各部分电阻；并联电路中总电阻的倒数等于各支路电阻倒数之和，总电阻

23、小于各支路电阻，所以再闭合开关S2、S3后，电路的总电阻减小，电源电压保持不变，由/=?可知电路中电流变大，即电流表示数变大。综上所述：错误，A正确。故 选:A o闭合开关Si时，与R3串联，电流表测电路中电流，电压表测两端电压；再闭合开关52、S3时，8与%并联，电流表测干路电流，电压表测电源电压，根据电路第12页，共24页特点和欧姆定律分析判断电表的示数变化即可。本题考查了串联和并联电路特点、欧姆定律的应用，正确分析开关在不同状态下电路连接方式和电表所测物理量是关键。9.【答案】B【解析】解：由电路图可知，灯泡L 与滑动变阻器R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。由 P=

24、W 可得，灯泡的额定电流：=生=等=0 型，故 A 错误；UL Z.bv(2)灯泡正常发光时的电压4 =2.5 7,功率匕=1.25IV,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电压表的最小示数：UR=U-UL=4.5K-2.5V=2V,又因电压表的量程为03 V,所以，电压表示数变化范围是2V3 V,故 C 错误；(3)因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光时的电流为0.5 4 电流表的量程为00.6 4 变阻器允许通过的最大电流为1A,所以，电路中的最大电流/大=。-5 4,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，由/=9可得，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：=詈=念=40,灯泡的电阻：

25、&=我=怒=50,当 电 压 表 的 示 数=时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大,此时灯泡两端的电压：UL=U-UR=4.51/-3 V =1.5匕电路中的最小电流：/小=1=W f=634，小则电流表示数变化范围是0.32 7).5 4 故。错误；滑动变阻器接入电路中的最大阻值：R大=,=言=i0，则滑动变阻器连入电路的阻值变化范围是4 01 0 0,故 8 正确。故 选:B。由电路图可知，灯泡L 与滑动变阻器R 串联，电压表测R 两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=U/求出灯泡的额定电流；(2)灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，

26、根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数，然后得出电压表的示数变化范围；(3)串联电路中各处的电流相等，比较灯泡正常发光时的电流和电流表的量程以及变阻器允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，再根据欧姆定律求出灯泡的电阻；当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出电路中的最小电流，再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，然后得出答案。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最

27、大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。1 0 .【答案】B【解析】解:A、电视机上标有的“220 V 1 0 0 W”，分别表示：电视机的额定电压是220 匕额定功率是1 0 0 W，如果将电压提高到220 0 匕 电视机就被烧坏了，电功率不可能达到1 0 0 0 I V,故 A错误;8、功率是表示物体做功快慢的物理量，已知电暖器的额定功率比电视机的大，因此正常工作时，电暖器比电视机做功快，故 B正确；C、已知电暖器的额定功率比电视机的大，不知道时间，根据W=P t 可知，无法比较消耗电能的大小关系，故 C错误；。、由P =Y可知，正常工作

28、时电暖器的电阻为：R =f=也 也=4 8.4 0,故。错误。R P 1000IV故 选:Bo(1)电视机上标识的电压和功率分别是电视机的额定电压和额定功率，也就是电视机正常工作时的电压和功率；(2)功率是表示物体做功快慢的物理量；(3)由P =?公式变形分析消耗电能大小关系；(4)由=9分析二者的电流大小关系。此题考查的是我们对电功率及额定功率与额定电压、实际功率与实际电压关系的掌握和应用，考查内容较多，但环节不复杂，是一道基础题。1 1 .【答案】CD【解析】解：(1)由题知，原来它们对水平地面的压力尸尹尸 乙，根据F =G =m g 可得加伊加/，都截去相同质量m ,剩余部分的质量关系为

29、：第 14页，共 24页m tp-m 所 以 尹 ；由于p=(可知，剩余部分对桌面的压强分别为 尹=受，P乙。,己知S*S乙,根据可得P尹P z；(2)水平桌面的压力?印/乙，则：6尹6乙由；根据P =可知，所以m =p P,V Sh9所以可得P卯S 41中 P/乙；已知八卬 八 乙，贝！J P於 尹,P S/；都截去相同的质量?n,瓶=P/而=P/,即p/尹八/=P/S乙九 乙；由于P甲S甲 p乙5乙,由此可知，九*/!乙。故选：CD。(1)据两个物体对地面的压力关系，得出两个物体的质量关系，再根据将甲、乙分别从上部沿水平方向截去相同质量，得出甲和乙剩余部分压力的大小关系，再根据p =9来比

30、较P用和P z的关系；(2)根据m =p V可以得出P用和。“乙的关系，再根据两个物体截去的质量相同，比较截去部分的高度4八尹和八乙的关系。此题考查了有关密度公式和重力公式的应用，弄清题意，结合题目的数据和条件分析即可顺利解决。1 2.【答案】CD【解析】解：闭合开关，灯不亮，说明电路中可能存在断路故障；用试电笔接触C点氟管不发光，说明C点与火线断开，因此“C间断路；测电笔接触 点颊管发光，因插座没有接用电器且“C间断路，说明此时 点通过灯泡与火线相连，则湖间是通路；若“间短路，则灯泡应该发光，故不可能是加间短路；又因为闭合开关，灯不亮，说明灯与零线是断开的，故可能是劭间断路。由此可知C D符

31、合题意。故选：CD。测电笔的使用方法:测电笔直接或间接与火线相连时,发管发光;测电笔与零线相连时，就管不发光。本题考查了用测电笔检测家庭电路的故障,注意测电笔间接与火线相连时，镜管会发光。1 3 .【答案】电 4.2 x 1 06【解析】解：(1)电热水器工作期间消耗电能，得到内能，所以主要将电能转化为内能；(2)某同学洗一次澡用水的体积：V=4 0 L =4 0 d m 3 =0.0 4 m3,由P =得，水的质量：m=p 次 V =1.0 x 103kg/m3 x 0.0 4 m3=40kg.这些水温度由1 7。(：升高到4 2 久吸收的热量：Q 吸=c4.m(t-t0)=4.2 x 1

32、037/(f c c?)x 40kg x (4 2 -1 7)=4.2 X 106Jo故答案为：电;4.2X 106。(1)电热水器工作期间主要将电能转化为内能；(2)知道某同学洗一次澡用水的体积，利用p =求出所用水的质量；知道水的比热容、初温和末温，利用Q 般=一玲)求出水吸收的热量。本题考查了电热水器的能量转化、密度公式、吸热公式等知识的应用，条件已知，难度不大。14 .【答案】机械发电机【解析】解：根 据“运动手环”的特点可知，当塑料管运动时，磁铁在管中反复运动，线圈切割磁感线而产生电流。因此，运动手环的基本原理是电磁感应，产生电流的过程中将机械能转化为电能，与发电机的工作原理是相同的

33、。故答案为：机械；发电机。闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这就是电磁感应；这一过程中，可将机械能转化为电能。了解电磁感应现象，知道产生感应电流的条件，明确这一过程中的能量转化，是解答本题的关键。第16页，共24页15 .【答案】2 6【解析】解：(1)物体A重 1 0 M当物体B重为2汽 时 ，物体A保持静止状态，A物体竖直方向上受到重力和支持力，这两个力的平衡力，水平方向上受到拉力和摩擦力的作用，这两个力是平衡力，大小相等，f=F=GB=2 N；(2)当物体8重为3 N 时，物体A向右做匀速直线运动，水平方向受到的向右的拉力和水平向左的摩擦力是一对平衡力

34、，所以1=F，=G J =3 N；(3)物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡。因为物体A对水平桌面的压力和接触面的粗糙程度不变，所以此时摩擦力仍为3 N.所以尸拉=1+F =3 N +3 N =6 N。故答案为：2；6。静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用。二力平衡条件：大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上。物体A静止时，水平方向上受到拉力和摩擦力作用，这两个力是一对平衡力；物体A匀速直线向右运动时，水平方向上受到拉力和摩擦力作用，这两个力是一对平衡力；物体A匀速直线向左运动时，水平方向上受到

35、水平向左的拉力、水平向右的摩擦力和水平向右的拉力作用，这三个力平衡。本题考查了静止的物体和匀速直线运动的物体受到平衡力的作用，二力平衡条件等，并且涉及到物体的三种运动状态，注意静止的摩擦力与滑动摩擦是有区别的，综合性比较强，有一定的难度。16 .【答案】7 5 0 低于【解析】解：读图可知，玻璃管内水银面到水银槽中水银面的垂直高度为7 5 0如,因此，当时的大气压强等于7 5 0卯高水银柱产生的压强；在该实验室做“观察水沸腾”的实验，由于此时的气压要小于1标准气压，所以测得水的沸点将低于1 0 0。盘故答案为：7 5 0；低于。在托里拆利实验中，玻璃管内外水银面的高度差反映了大气压强的大小，因

36、此，从图中读出管内水银面到水银槽内水银面的垂直高度，即可得出结论；气压越小，液体的沸点越低；标准气压下水的沸点是100。此题主要考查托里拆利实验中大气压的读数方法及沸点与气压的关系，属于基础知识。17.【答案】6 120 18。25：24【解析】解：由电路图可知，定值电阻匕与滑动变阻器Rp、灯泡心串联，电压表匕测降两端的电压，电压表匕测治和Rp两端的电压之和，电流表测电路中的电流。(1)由P=UI=?可得，小灯泡的电阻：曳=L PL 6W(2)在移动滑动变阻器的过程中，设电路中的电流分别为人、12,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由/=9可得，电压表匕示数的变化量：如=(U-/出 一

37、 A&)-(U-I2RI-W=出+&)，电压表/示数的变化量：Uv2=(U -/&)-(U，2&)=。2 /力&，因电压表匕和彩示数的变化量之比为3：1,所以，&+&=3&,则Ri=2&=2 x 60=12/2,当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，电路中的电流：,U 18V./o=-=-=1A,s Rt+RL 12O+6C因串联电路中各处的电流相等，且电流表量程为0 0.64所以，电路中的最大电流/大=。-6 4,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路的总电阻：n u 18VR 总 丁=应=3 0 0,则滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R 才=/?片R%-30/2 12。6/2=12。；

38、当电压表彩的示数32=15V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，此时灯泡两端的电压：UL=U-UV2=18K-15V=3V,此时电路中的电流:第18页，共24页,ULf 3V 八 L A/小z/=R=0.54,L6。此时电路的总电阻:R=36(1总，小 0.54 则滑动变阻器接入电路中的最大阻值:/?大=R 总R R，L=36/2 12。-6/2=18。，所以，在保证电路安全的前提下滑动变阻器的调节范围为12。18。；(3)电路中的电流为/时，滑动变阻器两端的电压：U 滑=U-/(/?!+&)=1 8 V-lx (120+60)=18IZ-/x 180=18(1V-/x IP

39、),滑动变阻器的电功率：P滑=U城=18(1K-I x 1。)/=18(11/x/一 /x 10)=18(1K x/-/2 x in -0.25勿+0.25)=4.5VK-180 x(/-0.54)2,因电路中电流的变化范围为0.54 0.64所以，当/=0.54时，滑动变阻器的电功率最大，贝 濯大=4.5皿，当/=0.64时，滑动变阻器的电功率最小，贝 y 滑4=4.5W-18。X(0.6/4-0.5/)2=4.32W,则滑动变阻器的最大功率与最小功率的比P湾 大：P湾“=4.5 ：4.32VK=25：24。故答案为：6；120 180；25：24。由电路图可知，定值电阻与滑动变阻器Rp、灯

40、泡L 串联，电压表匕测心 两端的电压，电压表彩测&和RP两端的电压之和,电流表测电路中的电流。(1)知道灯泡的额定电压和额定功率，根据P=U1=求出小灯泡的电阻；(2)在移动滑动变阻器的过程中，设出电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律分别表示出两电压表示数的变化量，根据电压表匕和彩示数的变化量之比为3：1结合灯泡的电阻求出的阻值；当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表七的示

41、数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据欧姆定律求出此时电路的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，从而得出在保证电路安全的前提下滑动变阻器的调节范围；(3)电路中的电流为/时，利用串联电路的电压特点和欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，利用P =U/求出滑动变阻器的电功率，然后结合电路中的电流范围求出滑动变阻器的最大、最小电功率，进一步求出滑动变阻器的最大功率与最小功率的比。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件

42、是关键，根据电压表示数的变化量之比求出的阻值和正确表示出滑动变阻器电功率的表达式是难点。1 8.【答案】压力大小没有控制压力相同不需要【解析】解：(1)甲、乙实验中，接触面粗糙程度相同，而压力大小不同，比较甲、乙实验，是为了研究滑动摩擦力大小与压力大小是否有关；(2)研究滑动摩擦力的大小与接触面积的大小有关，要控制压力大小和接触面的粗糙程度相同，将物体A切去一半，物体对支持面的压力变小了，此探究过程中存在的问题是没有控制压力大小相同；(3)如图戊所示的实验中，因压力大小和接触面粗糙程度不变，故A与支持面之间的滑动摩擦力大小不变，故该方案不需要匀速拉动长木板瓦故答案为：(1)压力大小；(2)没有

43、控制压力相同；(3)不需要。(1)只有沿水平方向拉着物体做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件分，拉力大小才等于摩擦力的大小；有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；(3)根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。1 9 .【答案】海绵的凹陷程度 乙、丙=【解析】解：(1)图甲、乙、丙中压力的作用效果，是通过观察海绵的凹陷程度来比较压力作用效果，采用了转换法；(2)要想得出：压力一定时，受力面积越小

44、，压力的作用效果越明显，应控制压力相同，受力面积不同，故应通过比较图乙丙来得出；(3)将该小桌和祛码放在图丁的木板上，比较图丙中海绵受到的压强p和图丁中木板受到的压强p 的大小关系，由于压力和受力面积均相同，由p =g可知，压强相同，即p =p。第20页，共24页故答案为：（1）海绵的凹陷程度；（2）乙、丙；（3）=。本实验通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；逐一分析每个选项，找出符合题意的答案；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，即探究压力的作用效果与压力大小的关系时应控制受力面积的大小不变，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小

45、不变。据此分析回答。本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验，主要考查控制变量法及转换法的应用，体现了对过程和方法的考查。2 0.【答案】高 度 电 阻 不 相 等 气 密 性【解析】解：（1）在实验中电流通过电阻产生的热量多少是通过观察U形管内左右两侧液面高度大小来体现的，这种方法叫“转换法”；（2）由图甲可知，两个盒中的电阻丝串联，通过两电阻丝的电流和通电时间相同，研究的是：当通过的电流和通电时间相同时，电流产生的热量与导体电阻大小的关系；（3）图乙中右侧盒外连接5 0的电阻，根据并联电路的电流的关系可知，它的作用是使电阻 以4中的电流不相等；（4）当给导体通电时，导体会发热，盒内空

46、气受热膨胀，U形玻璃管中应该出现液面高度差;而其中一个。形玻璃管中液面高度几乎不变，说明与此相连的空气盒有可能漏气。故答案为：（1）高度；（2）电阻；（3）不相等；（4）气密性。（1）实验中根据液面的高度差来反映电阻丝放出热量的多少；（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关。探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；探究电流产生热量跟通电时间关系时，控制电流和电阻不变；（3）根据并联电路的电流特点分析；（4）可从漏气、橡胶管没有扎住等方面进行分析。该题考查了控制变量法和转换法在焦耳定律实验中的应用，注意两导体串联时

47、电流相等,导体产生热量的多少是通过U形管的液面出现高度来反映的。2 1.【答案】8 R断 路 电路中的最小电电流为0.1 2 4【解析】解：（1）连接电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片P应处于阻值最大处，即B端；（2）若电流表示数为0,说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，也就是与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了，所以原因可能是：R断路；(3)电阻R =5 0,当变阻器最电阻2 0 0连入电路中时，串联电路总电阻等于各部分电阻之和，由欧姆定律可得通过电路的最小电流：I.=一=0.1 2/1小 R+R 潸 5 i 2+2 o n 故电路中的电流不可能为

48、0.1 4错误的是中数据。故答案为：(1)B；(2)R断路；(3)；电路中的最小电电流为0.1 2 4。(1)为保护电路，闭合开关前，滑动变阻器滑片尸应处于阻值最大处；(2)若电流表示数为0,说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，也就是与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电阻断路了；(3)当变阻器最电阻2 0 0连入电路中时，由电阻的串联和欧姆定律电路得出最小电流分析。本题探究电流与电压的关系，考查注意事项、故障分析及欧姆定律的运用。2 2.【答案】解：(1 =1.5 L =1.5 x 1 0-3?n3,根据P =/可得，电水壶装满水时，水的质量：m =pV=

49、lx 103kg/m3 x 1.5 x1 0-3m3=1.5kg,则总质量为：m=1.5kg+0.5kg=2kg；(2)水对壶底的压强：P=P水 gh=1 x 1 03f c /m3 x I O N/kg X 0.1 5 m=1 5 0 0 P a,由p=g得水对壶底的压力：F=pS=1 5 0 0 P a x 1 8 0 x 1 0-4m2=2 7/V；指示灯闪烁2 4 3次，电热水壶消耗的电能：W =k W -h=0.0 8 1 k -h=0.0 8 1 x3.6 x 1 067 =2.9 1 6 x 1 057；时间t =lO min 6 0 0 s,电热水壶的实际功率：p=&=2.91

50、6X 10=4 8 6 W,t 600s电热水壶的电阻为：R =S殍 =由P =可得，实际电压：U实际=厮=J 4 8 6 W x箸0 =1 8 9 V。答：(1)此时水和热水壶的总质量是2依；(2)加热前水对壶底的压力为2 7 N：(3)家庭电路两端的电压为1 8 9匕第22页，共24页【解析】(1)根据密度公式求出水的质量；然后求出总质量;(2)利用p =p g/i求水对壶底的压强，再利用p =g求水对壶底的压力；(3)3 0 0 0 i m p/(f c l 4/-/i),是 指 电 路 中 每 消 耗 八 的 电 能，电能表指示灯闪烁了 3 0 0 0次，据此求指示灯闪烁2 4 3次，