2021年河北省唐山市路北区中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021年河北省唐山市路北区中考物理二模试卷1.下列最接近实际情况的是（）A.中学生正常步行的速度约为5m/sB.九年级物理课本的宽度约为18面？C.人体感觉舒适度的环境温度约为23汽D.一位中学生的质量约为500伙2.下列有关声和电磁波的说法正确的是（）A.超声波和电磁波传播时都不需要介质B.中考期间考场附近禁止鸣笛是在传播过程中减弱噪声的C.弹奏吉他上不同粗细的琴弦，是为了改变其发出声音的音调D.手机和固定电话都能接收电磁波，也都能发射电磁波3.下列说法正确的是（）A.温度高的物体内能一定大B.水沸腾时壶嘴冒出的“白气”是汽化现象C.物体温度升高一定是吸收了热量D.教室内洒水感觉凉爽是利用

2、了水蒸发吸热4.下列关于惯性的说法正确的是（）A.行驶中的公交车紧急刹车时乘客会向前倾，是由于乘客具有惯性B.自行车下坡时速度越来越快是由于受惯性力C.汽车在关闭发动机后继续运动是因为汽车受惯性作用D.高速公路严禁超速是因为速度越大惯性越大5.如图所示，下列说法正确的是（）B.A.H说明电流周围存在磁场,是法拉第最早发现的闭合开关，电磁铁的右端是N极c.此装置是电动机，原理是磁场对电流的作用D.图中扬声器的原理与发电机的原理都是电磁感应6.在 做“探究凸透镜成像规律”的实验中，蜡烛、凸透镜、光屏在光具座上的位置如图所示，这时烛焰在光屏上成清晰的像（像未在图中画出来），下列说法正确的是（）km

3、10 2Q 30 40 5 0 60 70 SO 90 加A.此成像原理可以应用在照相机上B.保持凸透镜不动，将蜡烛与光屏位置互换仍能在光屏上成清晰的像C.此凸透镜的焦距范围是lOczn f%），”和6为电流表或电压表。只闭合开关S ,移动滑动变阻器滑片各电表均有示数变化，下列说法正确的是（）A.“为电流表，。为电压表B.若只闭合开关Si，滑片尸向右滑动，a和6两表示数均变小C.若只闭合开关S1，滑片P从最左端滑到最右端的过程中，滑动变阻器色 的功率第2页，共22页先变大后变小D.若先闭合&、5 2,再闭合S3时，小灯泡的亮度会变亮9.某家庭电路如图所示:（1）电路中开关.位置接错，灯泡5 和

4、G 的连接关系是（2）改正电路后闭合开关Si、S 2,灯泡刀亮，均不亮，用试电笔分别测试乙 2灯座的两侧接线点,10.小明在公园游玩，看到小桥在水中美丽的“倒影”，水 中 空 气 ”B鱼儿在“倒影”中游来游去。“倒影”是由光的 形-水成的（选 填“实”或“虚”）像。如图所示，B是小明眼睛的位置，4 是他看到鱼像的位置，在图中画出鱼的大致位置A 点并完成光路图。（保留作图痕迹）11.2021年5 月 15日天问一号着陆巡视器成功着陆于火星乌托邦平原南部预选着陆区，中国首次火星探测任务着陆火星取得圆满成功。天问一号的降落过程历时约9 分钟,从 2 万千米时速降为0,大致分为气动减速段、降落伞减速段

5、和动力减速段，在距离火星表面100米时，天间一号进入悬停阶段，完成避障和缓速下降后，抵达火星表面。根据遥测数据判断，5 月 2 2 日，祝融号火星车已安全驶离着陆平台，到达火星表面，开始巡视探测。（1）天问一号着陆巡视器在减速下落过程中机械能（均选填“增大”、“减小”或“不变”）（2）天问一号着陆巡视器在“悬停阶段”处于（选 填“平衡”或“非平衡”）状态。在地球上接收祝融号火星车发回的信号是靠 传递信息的。12.6 月 5 日是世界环境日，为减少环境污染和生态破坏，实现节能减排，中国在沿海地区大力推广风力发电。这种发电方式是把 转化成电能；在众多能源中，煤、石油、天 然 气 和 铀 矿 等 都

6、 属 于（选 填“可再生”或“不可再生”）能源。13.汽车是我们常用的交通工具之一，汽油机是汽车的动力装置，在压缩冲程末,火花塞点火使燃料猛烈的燃烧,将 能转化成内能。如图所示是汽油机的 冲程。若某汽车效率为4 0%,完全燃烧10依 的汽油可转化为_ _ _ _ _J的机械能。9 汽油=4.6 x 1。7J/kg)越14.某小组的同学做“比较不同物质吸热情况”的实验，他们使用了如图甲所示的装置。用电加热器加热，如图所示。(1)在装置中，分别给初温相同且 相等的水和煤油加热。QoQooO65421温度/七 10 20 3“50加热时间,，s甲 乙(2)实 验 中 两 种 液 体 吸 收 热 量

7、的 多 少 可 通 过(选 填“升高的温度”或“加热时间”)来比较。(3)分析图乙可知，A种物质是；质量相同的水和煤油，升高相同的温度,吸热更多。15.小明在实验室练习测量液体和固体的密度，他准备先测自己配置的盐水的密度。mLr50l4c 1301及1OI-L_亡倒出盐水剩余盐水甲(1)他把天平放在水平桌面上，当游码移至零刻度线时，此时指针位置如图甲所示,为使横梁平衡，应 将 平 衡 螺 母 向(选 填“左”或“右”)调。(2)天平平衡后开始测量，测量步骤如下：A用天平测出烧杯和剩余盐水的总质量8.将待测盐水倒入烧杯中，用天平测出烧杯和盐水的总质量C.将烧杯中盐水的一部分倒入量筒中，测出量筒中

8、盐水的体积请根据以上操作步骤，写出正确的操作顺序：(填字母)；第4页，共22页(3)若在步骤3 中测得烧杯和盐水的总质量为59.4g,其余步骤数据如图所示，则倒出到量筒中盐水的质量是_ _ _ _ _g,体积是 cm3。(4)根据密度公式计算得出该盐水的密度是 kg/m【拓展】小明同学又用如图所示的方法测出了物体B 的密度。甲 乙 丙将边长为10C 7”的正方体木块放入盛有适量水的烧杯中，待其静止后用刻度尺测出木块露出液面的高度是5cm,如图甲所示；将物体8 放在木块中央，静止后用刻度尺测出此时木块露出液面的高度是3c加，如图乙所示。用体积和质量可忽略不计的细线将物体B和木块A 系在一起，放入

9、液体静止后，测出此时木块露出液面的高度是4a”，如图丙所示；则物体B的密度是 kg/m3.16.“测小灯泡额定电功率”的实验中，提供的器材有：电压恒为4.5P的电源，额定电压为2.5V的待测小灯泡(电阻约为1 0 0),电流表(00.64,034)，电压表(03匕015U),开关和导线若干。甲 乙(1)小明设计了如图甲所示的部分电路，用笔画线代替导线将图甲的电路图连接完整，要求滑片P 向左移动时，灯泡变亮；(2)检查电路连接无误后，闭合开关，发现灯泡不亮，电流表和电压表均无示数，其 原 因 可 能 是;4 电压表断路B.小灯泡短路C.滑动变阻器断路D 小灯泡断路（3）故障排除后，小明在实验过程

10、中发现电压表示数如图乙所示，为了测出小灯泡的额定功率，他此时应该将变阻器的滑片P 向（选 填 A”或 B”）移动：（4）小明将实验中收集的数据及现象填入表格中，可得小灯泡的额定功率是_W-,序号电压/V电流/A亮暗情况110.16暗21.50.22较亮32.50.28亮【拓展】小明发现不用电流表，用实验室提供的两个滑动变阻器（最大阻值分别为R】和/?2）和电压表也能测出该小灯泡的额定功率，设计的电路如图所示。请你将以下实验步骤补充完整：断开开关S,按电路图连接电路；将滑动变阻器心的阻值调至最大，将&的滑片移动到。端，闭合开关S，调节&的阻值，使电压表的示数为U舲保持&滑片位置不变，记录电压表的

11、示数U,断开开关S。小灯泡的额定功率的表达式P=（用U、U额、表示）1 7.如图甲所示，电源电压保持12y不变，Ro为定值电阻，电压表量程为0 1 5 V,电流表量程为0 0.64第一次只闭合开关S、Si，将滑片P 从 B 端移动到A 端；第二次只闭合开关S、5 2,将滑片P 从 8 端逐步向A 端移动，直至白炽灯L 正常发光。根据实验过程中测量的数据，绘制电流表与电压表示数的关系图象如图乙所示。求:第6页，共22页Y(1)滑动变阻器两端AB间的电阻值；(2)在闭合开关5、S2时，白炽灯心正常工作/min消耗的电能是多少？(3)在整个过程中且电路安全条件下，及功率的变化范围。18.一质量为70

12、依的工人，用如图所示的装置(包括滑轮组及装砖的托板)提升一堆砖，已知装砖的托板重150M 每块砖重1007V,绳子滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，当工人匀速将8 块砖提升3?时，此装置的机械效率为80%。(g取10N/kg)求：(1)拉力所做的有用功是多少？(2)动滑轮的重力是多少？(3)若绳子承受的最大拉力为670N,该人站在地面上用此装置提升砖的过程中，当装置的机械效率最高时人对地面的压强为多少？(工人每只脚与地面的接触面积是200cm2)第8页，共22页答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、中学生正常步行的速度约为1.2M/S左右，故 A 不符合实际；B、九年级物理课本的宽度约为18C7

13、72,故 8 不符合实际；C、人体感觉舒适度的环境温度约为23。&故 C 符合实际：。、一位中学生的质量约为50奴，故。不符合实际。故选：C。此题考查对生活中常见物体物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，必要时进行相应的计算，找出符合实际的选项。本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知。2.【答案】C【解析】解：A、电磁波传播不需要介质，而超声波属于声波，声音传播需要介质，故A错误；8、禁止鸣笛是在声源处控制噪声的产生，不是在传播过程中减弱噪声的，故 B 错误；C、音调是指声音的高低，吉他上不同粗细的琴弦，振动频率不同，则弹奏时

14、的音调就不同，所以弹奏吉他上不同粗细的琴弦，是为了改变其发出声音的音调，故 C 正确；。、手机是应用电磁波来接打电话的，而固定电话是通过电流来接打电话的，所以固定电话不能接收电磁波，也不能发射电磁波，故。错误。故选：C。(1)电磁波的传播不需要介质，声波的传播需要介质；(2)控制噪声的途径：在声源处控制噪声的产生；在传播过程中阻断噪声的传播；在人耳处防止噪声进入人耳；(3)音调是指声音的高低，与声源振动的频率有关，频率越大，音调越高；(4)手机是应用电磁波来接打电话的，而固定电话是通过电流来接打电话的。本题主要考查了电磁波的传播和应用、声音的传播、噪声的控制以及音调与频率的关系,是一道比较综合

15、的基础问题，学生只要掌握好相关的基本知识点即可解决。3.【答案】D【解析】解：A、温度高的物体内能不一定大，因为内能还与质量、物质种类等有关，故4错误；8、水沸腾时壶嘴冒出的“白气”是水蒸气的液化现象，故B错误；C、物体温度升高可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做功，故C错误；。、教室内洒水感觉凉爽是利用了水蒸发吸热，具有降温作用，故。正确。故选：D。(1)物体的内能与温度、质量、分子的种类等都有关。(2)物质由气态变为液态叫液化。(3)做功和热传递都能够改变物体的内能。(4)物质由液态变为气态叫汽化，汽化过程吸热，具有降温作用。理解影响内能的因素、改变内能的方法，知道液化、汽化概念和汽化吸

16、热，可解答此题。4.【答案】A【解析】解：A、行驶中的公交车紧急刹车时，乘客会向前倾，是因为乘客具有惯性，故A正确；8、自行车下坡时，速度越来越快，是由于下坡时人和自行车的重力势能转化为人和自行车的动能，故B错误；C、汽车在关闭发动机后继续运动是因为汽车具有惯性，故C错误；。、物体的惯性只与物体的质量有关，与运动状态、速度等因素无关，故。错误。故选：A。AC。、惯性是物体保持原来的运动状态不变的一种性质，惯性大小与物体的质量有关,质量越大，惯性越大；8、自行车下坡时，自行车和人质量不变，速度越来越大，该过程中将重力势能转化为动能。惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态不

17、变的性质，不能和生活中的习惯等混在一起。5.【答案】C第10页，共22页【解析】解：A、如图为奥斯特实验，说明电流的周围存在磁场，是奥斯特最早发现的，故A错误；8、如图，闭合开关后，根据电流的方向和安培定则可知，螺线管的左端为N极，右端为S极，故8错误；C、实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故C正确；。、动圈式扬声器是将电信号转化成声信号，它是利用磁场对通电导体有力的作用原理工作的，发电机的工作原理是电磁感应现象，与发电机的原理不同，故。错误.故选：Co(1)奥斯特实验说明电流的周围存在磁场；(2)根据电流的方向和安培定则确定螺线管的极性；(3)(4)通电导体在

18、磁场中受力运动；。此题考查了电和磁中的各种现象，在学习过程中，一定要掌握各实验的现象及结论，并且要找出其不同进行区分。6.【答案】ABC【解析】解：4、由图可知，u v,成倒立缩小的实像，与照相机的成像原理相同，故A正确；8、保持凸透镜不动，将蜡烛与光屏位置互换仍能在光屏上成清晰的像，此时的物距等于原来的像距，根据光路可逆可知，能成倒立、放大的实像，故8正确：C、凸透镜成倒立缩小的像，应有：50cm 20cm 2f,f 70cm 50cm 2 f,故此凸透镜的焦距范围是：10cm /2/,像距u：f v 2 f,求解不等式即可；(4)远视眼镜是凸透镜，对光线有会聚作用。凸透镜成像的四种情况和应

19、用，以及凸透镜成实像时，物距、像距、像之间的关系，是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。7.【答案】BD【解析】解：尸的力臂如图所示:A B、由图示可知，动力臂为L,则L =)阻力臂为0 B =%，且所以当&=/?2时，滑动变阻器的电功率最大，所以滑动变阻器的滑片尸从最左端滑到最右端的过程中，总有一个时刻&=/?2,所以滑动变阻器/?2的功率先变大后变小，故C正确；D、若先闭合S i、S 2,此时心和灯泡并联后再与滑动变阻器串联，滑动变阻器有阻值的时候，灯泡两端的电压小于电源电压，若再闭合S 3,此时滑动变阻器被短路，所以此时R1和灯泡并联，灯泡两端的电压等于电源电压，闭合S3后，灯泡两

20、端电压增大，灯泡的电流也增大，根据P=U/可知灯泡的实际功率也增大，所以灯泡变亮，故。正确。故选：ACD.(1)根 据“只闭合S i，随着滑片的移动，各电表均有示数变化”判断a、b两电表是什么类型的电表；(2)只闭合工，/?2与%串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路的电流，滑片向右移时，滑动变阻器的电阻增大，电路总电阻增大，根据欧姆定律判断出电流的变化，根据串联电路分压原理判断滑动变阻器两端电压；(3)只闭合S i，8与串联，根据P=/2R表示出滑动变阻器的电功率，据此分析出当滑动变阻器电阻等于定值电阻时，滑动变阻器的电功率最大；(4)分析先闭合X、S2时的电路，再分析闭合S3

21、时的电路，看两次小灯泡的电流和电压如何变化，根据P=U/可知灯泡实际电功率的变化。本题主要考查了电路的动态分析以及欧姆定律和电功率的应用，题目综合性较强。9.【答案】S 并 联 灯 泡G断路【解析】解：(1)为了用电的安全，开关要接在火线与用电器之间，所以电路中开关S 1 位置接错；灯泡L 1 和切的连接关系是并联的；(2)改正电路后闭合开关S i、S2,灯泡人亮，J不亮，这说明5所在的支路出现了断路现象，用试电笔分别测试G灯座的两侧接线点，右侧发光，左侧不发光，则故障原因是灯泡乙 2 断路。故答案为：(1)S1；并联；(2)灯泡切断路(1)家庭电路中的用电器是并联的，开关要接在火线与用电器之

22、间；(2)测电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如果直接或间接接触火线，通管会发光。本题考查了家庭电路故障的分析、家庭电路的连接方式，属于基础题。1 0.【答案】反 射 虚【解析】解：(1)水中的月亮是天上的月亮在水中的倒影，倒影是平面镜成像现象，由光的反射造成，是月亮的虚像，不是真实的月亮；(2)鱼所反射的光，经界面折射后射到小明的眼睛里，小明逆着射来的光线看去，看到的是鱼的虚像，事实上鱼的真正位置在其虚像的下方4点处，连接48确定折射点，然后过折射点垂直于界面作出法线，然后连接A O、O B,则 AO为入射光线，OB 为折射光线，如图所示“空气犷故答案为

23、：反射；虚；见解答图。(1)平面镜成像是由于光的反射形成的，是反射光的反向延长线的交点，所以是虚像；(2)人眼看到水中的鱼，是鱼反射外界的光，由水中斜射入空气时发生折射，折射光线进入人眼，人逆着折射光线沿直线看到了鱼变浅了的虚像，由此先连接4B 交水面于一点，为折射点，由此再完成光路图。本题考查光的反射现象、光的折射光路图的画法，通过光的折射现象的作图，说明了为什么感觉水中的物体看起来变浅的原因。1 1.【答案】减 小 平 衡 电 磁 波第 14页，共 22页【解析】解：(1)天问一号着陆巡视器在减速下落过程中机械能，质量不变，速度减小，高度降低，故动能、重力势能都减小，机械能减小；(2)天问

24、一号着陆巡视器在“悬停阶段”处于平衡状态。在地球上接收祝融号火星车发回的信号是靠电磁波传递信息的。故答案为：(1)减小：(2)平衡：电磁波。(1)物体具有的机械能是指动能和势能的总和；(2)平衡状态是指匀速直线运动状态或静止状态；电磁波能传递信息。本题考查了电磁波的传播与应用、平衡状态的判断、机械能的概念，属于基础题型。1 2.【答案】风能；不可再生【解析】解：风力发电是利用空气的动能带动发电机发电,本质上是将风能转化为电能；煤、石油、天然气和铀矿等在地球上的储量是有限的，短期内不能从自然界得到补充,属于不可再生能源。故答案为：风能：不可再生。(1)风力发电过程是将机械能转化为电能的过程；(2

25、)像水能、风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。此题考查了风能的利用和能源的分类，属于基础知识的考查，难度不大。1 3 .【答案】化 学 做 功 1.8 4 x 1 0 8【解析】解：(1)内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，使燃料猛烈地燃烧是化学能转化为内能：由图可知，此时的两个气门关闭，活塞下行，为做功冲程；(2)2 t 汽油完全燃烧要放出的热量：Q成=m q =10kg x 4.6 x 107J/kg=4.6 x 1 087；则机械能

26、为：E=7/?放=4.6 x IO8/x 4 0%=1.84 x 1 087o故答案为：化学；做功；1.84 x 1 0 8。(1)内燃机的一个工作循环包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化成内能，压缩冲程结束时，火花塞产生电火花，使燃料猛烈地燃烧是化学能转化为内能；做功冲程将内能转化成机械能；(2)燃料完全燃烧放出的热量用公式Q=qm计算，其中q 为燃料的热值，根据效率求出机械能的大小。本题考查了内燃机冲程的能量转化以及燃料燃烧放出的热量的计算，是比较基本的问题,要重点掌握。14.【答案】质 量 加 热 时 间 煤 油 水【解析】解：(1)在“比较不同液体的吸热能力”时

27、，应控制两种物质的初温和质量是相同的；(2)用相同的电加热器给两种物质加热，在相同的时间内，电加热器放出的热量相同，所以实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；(3)分析表格数据可知，加热相同的时间，4 B 吸收的热量相同，A 物质温度升高的多，A 物质的吸热能力弱，A 物质是煤油；质量相同的水和煤油，升高相同的温度，水的加热时间长，水吸热更多。故答案为：(1)质量；(2)加热时间；(3)煤油；水。(1)”比较不同液体的吸热能力”时，应控制两种物质的质量是相同的；(2)使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法，据此分析；(3)根据图像分析解答。本题是比较不同

28、液体的吸热能力实验，会用控制变量法和转换法设计探究实验是本题的解题关键，为热学重要实验。15.【答案】左 BCA 22 20 1.1 x 103 2 x 103【解析】解：(1)指针偏向分度盘的右侧，则应当将平衡螺母向左调节使横梁平衡；(2)在测量时，需先测出烧杯和盐水的总质量，再将烧杯中的一部分盐水倒入量筒，测出这部分盐水的体积，并测出烧杯和剩余盐水的总质量，所以测量顺序为BCA；(3)剩余盐水与烧杯的总质量：小利=20g+10g+5g+2Ag=37.4g,倒入量筒中盐水的质量：m=7 n总一抽就=59.4g-37.4g=22g,量筒中盐水的体积：V=20mL=20cm3；(4)盐水的密度：

29、第16页，共22页P=Ll g/c m 3 =1.1 x 103kg/m3；【拓展】1 0 c m =0.1 m,5 c m 0.0 5 m,4 c m =0.0 4 m,3cm-0.0 3 z n,由图丁“可知，木块漂浮于水面，所以尸浮=6 木，根据阿基米德原理得：F浮=P水 gV排=p 次 g S(0.1m -0.0 5 m),则G 次=p水 gS X 0.0 5 m ，同理由图丁 b 可知：G 本 +GB=pgS(O.lm-0.0 3m)-同理由图丁 c,图可知：G 木+GB=pgVB+5(0.17 7 1-0.0 4 m).一,联立解得：GB=P 次 g S X 0.0 217 1,联

30、立解得：VB=0.0 1m x S,则物体B 的密度为：PB=膏=舒=5 X 0,0 1 7=2P水=2 X 1.0 x 10kg/m3=2 X 103kg/m3.故答案为：(1)左;(2)BC 4；(3)22；20；(4)1.1 x 103；【拓展】2 x 1()3。(1)把天平放在水平桌面上，将游码移至零刻度处，然后调节平衡螺母使横梁平衡，平衡螺母调节方法是：指针左偏右调，右偏左调；(2)在测量液体密度时，为了减小误差，测出的是倒在量筒中液体的质量和体积，根据分析排列成顺序；(3)首先读出两次天平的示数及量筒中盐水的体积，天平的示数等于祛码的质量加游码在标尺上所对的刻度值，注意标尺和量筒的

31、分度值；根据两次天平的读数之差，即可得出倒入量筒中盐水的质量；(4)根据p =计算出盐水的密度；【拓展】两种情况下，木块与B 均漂浮，浮力相等，可知排开液体的体积相等，从而可得物体B 的体积：由。、两图可知，物体8的重力应等于木块浮力的变化，从而可得出物体B 的质量；利用密度公式得出物体B的密度。本题是一道综合题，综合考查了学生的实验和计算能力，理解阿基米德原理是解答本题的关键。16.【答案】C A 0.7将R2的滑片移至b端t/x 【解析】解：(1)因滑片尸向左移动时.，灯泡变亮，即电流变大电阻变小，故变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联，电压表与灯并联，如下所示：(2)闭合开关后，发现灯泡不

32、亮，电流表和电压表均无示数，说明电路中出现了断路，故产生这种现象的原因可能是滑动变阻器断路；(3丁 灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1 V,示数为2匕小于灯的额定电压2.5V,应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律,应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A端适当移动，直到电压表示数为额定电压；(4)灯在额定电压2.5V时正常发光，由表中数据知，此时电流为0.2 8 4可得小灯泡的额定功率是：P=UI=2.5V x 0.284=0.71V；(5)实验步骤：将电压表调零，断开开关，按电路图连接电路；将治 的阻值调为最大，将 的 滑 片 移

33、 动 到“端，闭合开关S调节%，使电压表的示数为。新保持的滑片位置不变，将&的滑片移动到人端，记录电压表的示数U；将/?2的滑片移至端，此时电压表测量的是小灯泡和/?2两端的总电压，因电路的连接关系没有变化，各电阻大小和电压不变，故这时/?2两端的电压：第18页，共22页U2=U-U额,由欧姆定律，灯的额定电流为:,额I 额=小灯泡的小灯泡的额定功率：u-uP=U端额=u端额=U颁X W。故答案为:(1)如上所示;(2)C；(3)力；(4)0.7；(5)将7?2的滑片移至b 端:U额x 音。(1)根据滑片P 向左移动时，灯泡变亮，确定变阻器左下接线柱连入电路中与灯串联，电压表与灯并联；(2)闭

34、合开关后，发现灯泡不亮，电流表和电压表均无示数，说明电路中出现了断路，据此分析；(3)灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V,示数为2匕小于灯的额定电压2.5V,应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律,应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向A 端适当移动，直到电压表示数为额定电压；(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确滑片移动的方向；(4)灯在额定电压2.51/时正常发光，由表中数据知额定电压下的电流，根据P=U/求出额定功率；(5)测灯泡的额定功率，一

35、定要使灯泡在额定电压下工作，故将/?2的滑片移动到“端，通过移动变阻器的滑片，使灯的电压为额定电压；控制此的滑片位置不动，因电路连接关系不变，各电阻的大小和电压也不变，灯仍正常发光，如果测量出灯和/?2的总电压，由串联电路的规律及欧姆定律可求出灯的额定电流，由P=U/即可达到目的。本题测小灯泡额定电功率，考查电路连接、故障分析、操作过程、电功率计算及设计方案测额定功率的能力。17.【答案】解：(1)第一次只闭合开关S、S,变阻器与&串联，电压表测PA电阻丝两端的电压，电流表测电路的电流，因电压表接在滑片上(电压表可看做开路)，故变阻器的全部电阻丝接入电路，滑片移动时，变阻器接入电路的阻值不变，

36、总电阻不变，由欧姆定律可知，电路的电流不变，由此可知，图象中的水平线为本次情况下电流表与电压表示数的关系图象，电路中的电流恒为0.44 P在8端时，电压表的示数最大为8匕由欧姆定律可得，变阻器的最大阻值：/?=-=20/2；I 0.44(2)由欧姆定律和电阻的串联可得，Ro的阻值：-20/2=100，u I 0.4 4第二次只闭合开关S、S2,变阻器与Ro和灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路的电流，则结合(1)的分析可知，图象中的曲线为本次情况下电流表与电压表示数的关系图象；滑片P从B端向A端移动时,直至小灯泡正常发光，由图象知，灯的额定电流为:=0.54此时电压表示数为1匕

37、由欧姆定律可得，品的电压为：Uo=ILR0=0.54 x io n =5V,由串联电路电压的规律，灯的额定电压为：UL=U-U -U0=12V-I V -S V =6V,小灯泡的额定功率为：PL=ULIL=6Vx 0.5/1=3IV,根据P=?知，白炽灯L正常工作/min消耗的电能为：W=PLt=3W x 60s=180/；(3)由图知电流的变化范围为0.340.5A,所以Ro的最小功率为：Po 小=弓&=34)2 x 10/2=0.9W,治的最大功率为：大=/；大&=(0.54)2 x 10。=2.5W,所以在整个过程中且电路安全条件下，治功率的变化范围为0.9 2.5。答：(1)滑动变阻器

38、两端AB间的电阻值为200；(2)在闭合开关S、52时，白炽灯L正常工作/min消耗的电能是180J；第20页，共22页(3)在整个过程中且电路安全条件下，&功率的变化范围为0.914/2.5W。【解析】(1)第一次只闭合开关S、S,分析电路连接和电表测量的物理量及电流的流向，确定电路的电流不变，找出对应的电流表与电压表示数的关系图象，由图象知电路的电流 和 P在 B端时最大电压，由欧姆定律求出R；(2)由欧姆定律和电阻的串联得出心；第二次只闭合开关S、5 2,变阻器与心和灯串联，滑片尸从B 端向A 端移动时，直至小灯泡正常发光，由图知，灯的额定电流和电压表示数为1匕 由欧姆定律求出&的电压，

39、由串联电路电压的规律求出灯的额定电压，根据P=U/求出小灯泡的额定功率，根据勿=Pt算出白炽灯L 正常工作/min消耗的电能：(3)由图象可知电流的范围，根据P=/2R0算出功率的变化范围。本题考查串联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是从图中获取有效信息和电路的分析。18.【答案】解：(1)8块砖重：G=100/V x8 =800N,有用功：有用=Gh=800N x 3m=2400/.(2)由图知,n=2,拉力端移动距离s=2/i,卬 有用 Gh Gh G Z H+A.由4=可=五=两=亦 得 拉 力：F=空=500N,2“2X80%滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计;则拉力F=(G 非

40、+G 板+G),即：500N=G 船 +150N+800N),解得：G皑=50N；(3)根据=职=G”+G：+G M可知，在动滑轮、托板的重力不变的情况下，病的总重越大，装置的机械效率越高。由图知，n=2,若砖被提升人,则拉力端移动的距离s=2h,人的质量为70依，则人的重力G人=mg=70kg x 10N/kg=700/V,滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计,则最大拉力：F大=：(G轮+G指 +G)=：X(50N+150N+G)=670/V,解得：能提升的最大砖重G=11140/V,因为每块砖重100M 所以最多能提升砖的数量为：需11块，故实际能提升的最大砖重：G岸=11 x 100/V=110

41、0/V,此时拉力：F=G 都 +G茨 +G转)=：x(50N+150W+1100W)=650N,人对地面的压力/笈=尸 点=G*-F=700N-650N=50/V,人对地面的压强p=.-=1250Pa。S 2x200 x10-47 n2答：(1)拉力所做的有用功是2400J；(2)动滑轮的重力是50N；(3)当装置的机械效率最高时人对地面的压强为1250P”。【解析】(1)求出8 块砖重，利用小疔府=G 九求有用功；(2)由图知，n=2,拉力端移动距离s=2 h,利用=3 曰=皆=悬=/求 拉 力，滑轮的摩擦和绳重均可忽略不计，拉力F=(G 整+G 疫+G),据此求动滑轮重力；(3)根 据 =健=赤 不 可 知，在动滑轮、托板的重力不变的情况下，砖的总重越大，装置的机械效率越高。由滑轮组装置可知承担物重的绳子股数n=2,重物被提升h,则拉力端移动的距离s=2/1,已知绳子承受的最大拉力，根据F=*G 非+G庞+G 席)求出最大砖重G廖，根据尸，=“G抬+G 龙+G 就得出此时绳子的拉力，根据尸压=产支=6人一 F得出人对地面的压力,根据p=?得出人对地面的压强。本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算方法，不计滑轮的摩擦和绳重，用好拉力F=/G 非+G板+G)是本题的关键。第22页，共22页