2021年江苏省南通市教育联合体中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021年江苏省南通市田家炳中学教育联合体中考物理二模试卷1.2020年6月30日，随着最后一颗组网卫星成功定点于地球同步轨道，中国建成世界领先的北斗导航系统，这里的同步是指卫星相对（）A.地球静止 B.太阳静止 C.月亮静止 D.火星静止2.两个用丝线悬吊的轻质小球，一个带电，另一个不带电，靠近时，可能发生的现象是（）A.只有带电的靠近不带电的B.只有不带电的靠近带电的C.两球互相排斥D.两球互相吸引3.如图所示是同学小嘉探究水沸腾时的装置以及实验中不同时刻气泡的情形，下列有关分析正确的是（）A.水沸腾时放出大量的热B.图甲是水沸腾时的现象C.沸腾时不断地冒出“白气，是液化形成的D.他可以选

2、用量程为-8（TC-60。（2的酒精温度计4.如图所示现象中，属于光的反射的是（）A.，7天空中出现的彩虹B.水 面 处“折断”的铅笔树在水中的“倒影”阳光下树的影子5.如图所示，用滑轮组将重为15N的物体匀速提升0.2m,作用在绳端的拉力F为6 N,不计绳重和摩擦.利用以上信息不能求解的物理量是（）A.拉力的功率B.动滑轮的重力C.拉力做的功D.滑轮组的机械效率6.如图所示，甲乙两个质量相同的小球，从相同高度同时开始运动，甲球由静止释放，乙球以一水平初速度抛出。甲球下落过程中经过P、。两点，忽略空气阻力，则下列说法错误的是（）A.释放瞬间，两球的重力势能相等B.着地瞬间，两球的动能相等C.两

3、球下落过程中的受力情况相同D.甲球先后经过在尸、Q两点的机械能相等7.两个相同的容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的A、8两个实心小球分别放入甲、乙液体中，两球静止时的情况如图所示。则下列说法正确的是（）甲7.A.小 球A的质量大于小球B的质量B.甲液体的密度大于乙液体的密度C.小球A在甲液体中受到的浮力较小D.盛有甲液体的容器对桌面的压力较大8.如图所示，&是一个光敏电阻，光敏电阻的阻值随光照强度的增大而减小，R是电阻箱（已调至合适阻值），它们和继电器组成自动控制电路来控制路灯。白天灯熄,夜晚灯亮。下列说法正确的是（）第2页，共28页A.白天流过&的电流较小B.给路灯供电的电源应

4、接在“b、c”两端C.如果将R 的阻值调大一些，傍晚时路灯比原来迟一些亮D.电源电压减小后，傍晚时路灯比原来早一些亮9.某初中学校运动会上，体操爱好者小华给大家表演了蹦床。如图,所示，是她某次从空中A 点自由下落的画面，从高空落下的小华UA刚好与水平床面接触的点为B 点，能到达的最低点为C 点，则下 万落过程中，重力对小华做的功最接近（）A.50JB.2007C.400JD.800J10.如图甲，电源电压恒定，%为定值电阻，电阻R 的阻值随环境温度变化而改变。改变环境温度，定值电阻向两端的电压%随温度f变化的关系如图乙所示。则电路中的电流/、电路消耗的总功率P 随温度r变化的关系图线中，可能正

5、确的是（）11.小明在体育中考中，用脚将足球踢向球门。脚踢球时脚会疼，说明了,球离开脚后仍能向前滚动，说明了，球进入球门后，传来同学们的掌声，掌声是通过 传入小明耳中的。12.如图所示，小明用刻度尺测量一正方体物块的边长，读数为 cm.小明把天平放在水平桌面上，游码移至标尺的零刻度处，指针偏向分度盘右侧、他向，调节平衡螺母使天平平衡；然后把物块放在左盘，右中放入一个10 g的祛码，天平再次平衡、若把该物块放入装满水的烧杯中，物块(选填“会”或“不会”)沉底，烧杯底部受到水的压强将 O13.小明家新买了一只电吹风，其兼具送冷风、热风功能，其简化电路如图甲所示，其中R为电热丝，M为电动机，电动机的

6、额定功率为1 0 0 W。-o220V-甲kW h1。|2|9|”8|口 电子式电能表220V 10(40)A 50Hz3200imp，(kW h)Z(1)要吹冷风，开关S i闭合，S 2应(选填“闭合”或“断开”)；(2)为测定电吹风的额定功率，小明关闭家里其他用电器，让电吹风送热风，观察到家里如图乙所示的电能表的指示灯在3 m in内闪烁了 1 6 0次，则该电吹风的额定功率为 W;(3)电吹风中送热风过程中电热丝R产生的热量，若全部被质量为1 0 0依室内空气吸收，可 以 将 室 内 温 度 提 高 C；c空/=1.0 x 103 j/*g-)(4)为了防止电吹风使用时温度过高产生危险，

7、设 计 时 在 电 路 的(选 填“4”或“B”)位置增加一个温控开关(温度过高，自动断开)为宜。1 4.小明学习好凸透镜成像规律后，继续用其它器材进行研究。(1)如图所示，将焦距为10C M的凸透镜放在5 0 cv n刻度处，此时光屏中呈现的清晰像为(选填“放大”或“缩小”或“等大”)的像。(2)保持图中蜡烛和光屏不动，仅移动凸透镜至_ _ _ _ _ _ca处，能再次在光屏上得到烛焰清晰的像，此时是(选填“照相机”或“投影仪”)的工作原理。(3)保持图中蜡烛和光屏不动，更换焦距为1 5 的凸透镜，小 明 是 在 研 究 (选 填“近视”或“远视”)现象。c C动 6cm 10 20 30

8、40 50 60 70 80 90 100网第 4 页，共 28页1 5 .小明利用杠杆、刻度尺、金属块、烧杯、细线和适量的水制成一个测量液体密度的密度秤。以下是小明设计的实验步骤，请你按照他的实验思路，将实验步骤补充完整。(1)如图甲将烧杯用细绳悬挂在杠杆。端，移动绳套到。点时，杠杆恰好在水平位置平衡这样做是为了平衡杠杆自重和 对测量密度的影响。该方案中要增加密度 秤 的 量 程 可 以(选 填“增大”或“减少”)烧杯的质量。(2)如图乙在烧杯中装入一定量的水，将质量为机的金属块挂在C 处，使得杠杆水平平衡，测得C O的距离为5cm,0 D的距离为4 c，则烧杯中水的质量为 m.(3)在 烧

9、 杯 中 装 入 相 同(选 填“质量”或“体积”)的液体，将金属块移至B处杠杆再次平衡，测出8 c 之间的距离为1cm待测液体的密度。族=kg/m3.(p 次=1.0 x 103kg/m3)1 6 .按题目要求作图。如图甲所示，画出入射光线和折射光线。1 7 .按题目要求作图。如 图 1 所示是一种瓶起子。只要手指轻轻钩动圆环处，就可以轻松起开瓶盖，它其实就是一个杠杆，其简化图如图2 所示。画出作用在A点的最小动力F I 及作用在B点的阻力尸 2。18.按题目要求作图。如图所示，电流表的连接是正确的，试标出电路中电源右端的极性和小磁针静止时右端的磁极。19.中国自主建造的第一艘极地科学考察破

10、冰船正式开工建造。设计满载排水量为1.4 x 1 0%,它能以3.6km/i 7.2km/i的速度连续破冰。(g取IQ N/kg,海水的密度取 1.0 X 103/cg/m3,q燃油=4.0 X 107/c5.)(1)破冰船满载航行时受到的浮力;第6页，共28页(2)假设以7.2km/i的速度匀速破冰时所受的阻力为2 x 1四,则破冰船推进功率多大；(3)若机械能量转换效率为40%,轮船以7.2km 的速度匀速破冰1小时需要消耗的燃油为多少。2 0.如图所示，电源电压保持不变，小灯泡L 标 有“6/3/”的字样，其电阻不随温度变化，R。是定值电阻，滑动变阻器R标 有“180 1.5 4，电流表

11、量程为0 34。当S闭合，S、52都断开时，滑动变阻器滑片P从方端向。端滑过三分之一时，小灯泡恰好正常发光.保持滑片P 的位置不变，闭合5、Si、S 2,发现电路消耗的总功率变化了 12求：(1)小灯泡正常工作的电流。(2)电源电压。(3)当 S、S、52都闭合时，移动滑片P 且电路安全，则 10s内电路消耗电能的最大值。21.在探究“电流与电压、电阻的关系”的实验中，可使用的器材有：电源、滑动变阻器R(50。14)、电阻箱Ro、电流表、电压表、开关及导线若干。(1)请用笔画线代替导线将图甲所示的实物电路连接完整,要求当变阻器滑片向8端移动时接入电路的电阻增大。(2)连好电路闭合开关，电流表有

12、示数、电压表示数为零,则电路故障原因可能是A.电压表的量程选大了 B.电阻箱R。发生了短路C.滑动变阻器发生了断路D.滑动变阻器发生了短路(3)排除故障后重新实验，保持电阻箱接入电路的电阻不变，调节变阻器，测得多组数据，画出电流表读数/与电压表对应读数U的关系图线如图乙.电阻箱接入电路的电阻为 0。(4)利用该电路继续研究“电流与电阻的关系”，实验数据记录如下表。序号12345电流表示数/a0.100.200.300.400.50电阻箱电阻Ro/O48.020.016.012.09.6序号为 的实验数据有错误，造成该错误的可能原因为滑动变阻器接入电路 的 阻 值 偏 (选填“大”或“小”);实

13、 验 中 所 用 电 源 的 电 压 可 能 是 (选填“4 H、8V”、“10V”)。22.气体产生的压强(气压)大小与哪些因素有关呢？某科学兴趣小组同学了解到如下|p/IO5PaO S 1.0 I S 2 02 5图3信息：自行车轮胎在烈日下暴晒易爆胎。篮球充气越多感觉越“硬”。密封在针筒内的空气只能被压缩一定的范围。(1)猜想：气 压 大 小 可 能 与 气 体 的、气体多少及气体体积有关。(2)为了对信息提供的猜想进行研究，小明利用自家汽车里的“胎压计”测量一个篮球中的气压，示数如图1,其值为 Pa.当将篮球放在阳光下暴晒一段时间后，发现胎压计的示数变大，可 以 得 出 的 结 论 是

14、。(3)为了研究气体压强和体积的关系该小组做了如下实验：用注射器密封一段空气柱，保证其温度不发生变化的情况下，研究气体压强与它的体积之间的关系，此实验中他运用了 的研究方法。如图2,他可以通过注射器上面的刻度直接读出气体的体积匕 用弹簧秤竖直向上拉注射器活塞来改变气体的体积，如果已知注射器活塞的横截面积为S,(活塞与注射器壁之间的摩擦、活塞重都忽略不计)，当地大气压为标准大气压p o,当弹簧秤的示数为F 时，注射器内气体的压强计算表达式为p=O(4)通过实验，他得到了表中一些数据p(x 105Pa)1.00.80.60.50.4K(x 10Tm 3)11.251.6722.5请在图3 中，描点

15、作出气压p 与气体的体积V的关系图线。根据气压p 与气体的体积V的关系图线，可以得出，在质量和温度不变的条件下，气 体 压 强 与 体 积 的 关 系 式 为 2 3.阅读短文，回答问题智能消毒机器人如图甲所示是一款智能消毒机器人。机器人由超干雾喷头、紫外线灯、底盘等组成。超干雾喷头通过超声波将消毒剂雾化成直径以下的微小雾粒，这种雾粒可以长时间悬浮在空气中。机器人身上搭载了许多感知外界环境的测距仪。视觉传感测距仪由投射器发出激光,根据接收到较强的反射光成像，判断障碍物的形状、体积以及到机器人的距离，当接收到的反射光比较弱时，就由超声波测距传感器通过反射回的超声波判断到障碍物的距离。当剩余电量减

16、为电池容量的1 0%时，机器人会主动寻找充电桩充电。下表为该款智能消毒机器人的部分参数。其中电池容量是指放电电流与放电总时间的乘积，最大雾化率是指每分钟最多雾化的液体体积。消毒喷雾量是机器人消毒时每立方米空间超干雾喷头喷出雾状消毒剂的总体积。机器人输入电压5 0 V充电桩输出电压5 0 V电池容量4 5 A/z最大雾化率50mL/min运行模式连续运动消毒喷雾量20mL/m3移动速度0.1 lm/s(1)超干雾喷头雾化消毒剂，是 因 为 超 声 波 能 够 传 递(选 填“信息”或“能量”)，使消毒液体剧烈 打散成微小雾粒。(2)下列关于该款智能消毒机器人的说法中，正确的是4本次理化测试卷纸的

17、厚度大于雾粒的直径B.开启紫外线灯消毒模式一般是白天人多时C.遇到透明玻璃时主要通过视觉传感器避障/)匀速转弯时智能消毒机器人处于平衡状态(3)已知门诊大厅的容积为1 0 0 0?n3,如果仅用雾化消毒剂的方式进行消毒，至少需要 伙消毒剂(消毒剂的密度为l.l g/c m3),至少经过 mi n才能消完毒。(4)机器人主动寻找到充电桩充电，3人后充满，不计能量损失，则充电时的电流是4,充满电后，机器人边消毒边以最大速度沿直线移动，1 8 0 s后电池储存能量减少0.1%,电池减少能量的8 0%用于克服阻力做功，此过程中机器人受到的阻第 10页，共 28页力为 N o(5)当障碍物未能被测距仪捕

18、捉到，机器人的底盘前端碰撞板就会受到碰撞，板内压力传感器向控制系统传达信息，从而根据碰撞的力度和方向做出相应的反应。如图乙是压力传感电路原理图，电源电压为1 4.4 V,定值电阻&=1200。当电路中的电流大于等于50mA时，气电保护开关S 自动断开，机器人停止前进。图丙所示是压力传感器R的阻值随所受压力F 变化图像。当压力传感器受到的压力增大时，其 两 端 的 电 压 (选填“增大”“不变”或“减小”)；当机器人的前端被碰撞，传感器R 受到压力达到 N 时，气电开关将断开。答案和解析1.【答案】A【解析】解：“同步”卫星是指以地球为参照物处于静止状态的卫星，因此，这 里 的“同步”是指卫星相

19、对地球静止。故选：A。地球同步通信卫星绕地球转动，转动周期与地球自转周期相同，根据运动与静止的相对性可做出解答。本题考查了学生对同步卫星的掌握和了解，间接的考查了运动和静止的相对性，难度不大。2.【答案】D【解析】解：一个带电和另一个不带电的小球靠近时，因带电体具有吸引轻小物体的性质，且物体间的作用是相互的，所以，带电的靠近不带电的、不带电的靠近带电的，两球会相互吸引而靠近，故。正确。故选：Do带电体有吸引轻小物体的性质，据此进行解答。本题考查了带电体的性质，是一道基础题目。3.【答案】C【解析】解：A、水沸腾时吸收热量，故 A 错误；8、甲气泡在上升过程中，体积逐渐减小，所以是沸腾前的情况，

20、故 8 错误；C、水沸腾时，烧杯中不停地冒出“白气”，这 些“白气”是水蒸气液化后的小水滴，故 C 正确；。、在标准大气压下，水的沸点是100久，选用量程为-80笛-60。(：的酒精温度计是错误的，故。错误；故选：Co(1)水沸腾时吸热；(2)掌握沸腾时和沸腾前的现象：沸腾前，气泡在上升过程中体积逐渐减小，到水面消失。沸腾时，有大量气泡产生，气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；(3)物质由气体变为液体是液化；(4)根据量程选择温度计第12页，共28页探究水沸腾的实验中，有关实验仪器的调节、沸腾的特点、沸腾的现象等，是此类实验经常考查的问题，要熟练掌握。4 .【答案】C【解析】解：A、雨过天

21、晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，白光经水珠折射以后，分成各种彩色光，这种现象叫做光的色散现象，所以说雨后的天空出现彩虹是由光的色散形成的.故与题意不符；从 从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符；C、平静水面上树的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意.。、影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符.故选C.(1)光在同种、均匀、透明介质中沿直线传

22、播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；(3)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的.此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象.5 .【答案】A【解析】解:A、由图可知，有 3 段绳子拉着动滑轮，绳子移动的距离:s =n h =3 x 0.2 m =0.

23、6 m,已知拉力，可求拉力做的功，没有时间不能求解拉力的功率，故 A符合题意；B、不计绳重和摩擦，拉 力F =W(G轮+G),动滑轮的重力：G/t=n F-G =3x 6 N-1 5 N =3N,故 8不符合题意；C D、有用功：W有 用=G h=5N 义 0.2 m =3 J,总功：W点=F s=6N x 0.6 m =3.6/；滑轮组的机械效率：=券=必”8 3.3%,故C。不符合题意，W5 0.0J故选：Ao(1)己知拉力，根据s =n/i可求绳子移动的距离，可求拉力做的功，没有时间不能求解拉力的功率；知道物体重和物体升高的高度，利用I V =G/i求有用功；(2)不计绳重和轮与轴间的摩

24、擦，拉力F =：(G褪+G),据此求动滑轮重；(3)利用4=设求此时滑轮组的机械效率。本题考查了使用滑轮组中有用功、总功、机械效率、动滑轮重等的计算，利用好s =nh.知道不计绳重和轮与轴间的摩擦拉力F =(G窕+G)是正确解答本题的关键。6.【答案】B【解析】解：A、释放瞬间，两球所处高度相同，质量相同，所以两球的重力势能相等，故A正确；8、忽略空气阻力，两球在下落过程中机械能都是守恒的；两球一开始的重力势能相等，但乙球具有一定的水平速度，因此还具有一定的动能，所以乙球的机械能更大，最终着地瞬间的动能也较大，故8错误；C、不计空气阻力，两球在空中只受重力的作用，因此，两球下落过程中的受力情况

25、相同，故C正确；。、不计空气阻力，甲球的机械能守恒，因此，甲球先后经过在P、。两点的机械能相等，故。正确。故选：B。(1)重力势能大小的影响因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。(2)不计空气阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒，分析两球一开始的动能和重力势能可做出判断。(3)不计空气阻力，两球在空中只受重力的作用。(4)不计空气阻力，机械能守恒。此题考查动能和势能的大小变化、机械能的守恒条件等，关键是知道它们的影响因素,并知道忽略空气阻力这一条件。7.【答案】C第14页，共28页【解析】解：A、在乙液体中，A 漂浮，则A 的密度小于乙液体的密度；8 下沉，B 的密度大

26、于乙液体的密度；比较可知，A 的密度小于B 的密度；两个小球的体积相同，根据m=pV可知，4 的质量小于8 的质量，故A错误；8、A、8 实心小球在甲液体中均下沉，则甲液体的密度均小于两个小球的密度，由A项解答可知，乙液体的密度大于A 的密度，所以甲液体的密度小于乙液体的密度，故 8错误；C、由图可知，在甲液体中A 球下沉，则G,F浮 甲,在乙液体中A球漂浮，则公=F浮乙*所以尸浮尹 尸浮 Z，故 C 正确；。、甲液体的密度小于乙液体的密度，两容器中液面相平，乙液体的体积大于甲液体的体积，根据pV可知，甲液体的质量小于乙液体的质量，甲液体的重力小于乙液体的重力，小球的重力相同，则甲装置的总重力

27、小于乙装置的总重力，所以盛有甲液体的容器对桌面的压力较小，故。错误。故选：Co(1)根据两小球在乙液体中的状态，利用物体浮沉条件得出其密度关系，再利用密度公式判断其质量大小；(2)根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出物体密度和液体密度的大小关系，物体漂浮，则物体密度小于液体密度；物体下沉，则物体密度大于液体密度。(3)根据物体的浮沉条件，结合小球在甲乙中的状态分析解答；(4)根据液体和小球的总重力分析压力的大小。此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识和液体压强公式的应用，难度较大。8.【答案】D【解析】解：4、因为白天时，光敏电

28、阻的阻值随光照强度的增加而减小，由/=5 可知，白天流过心 的电流比夜晚大，故 A 错误；8、光敏电阻的电阻值随光照强度的增大而减小，所以白天时光敏电阻的电阻值小，电路中的电流值大，电磁铁将被吸住；静触点与C 接通；晚上时的光线暗，光敏电阻的电阻值大，电路中的电流值小，所以静触点与8 接通。所以要达到晚上灯亮，白天灯灭，则电源应接在油之间。故 8 错误；C、如果将电阻箱R 的阻值调大，电流变小，继电器得到的电压变小，磁性变弱，吸引力变小，路灯提前被点亮，故 C 错误；。、控制电路中的电压变小，而电路中的吸合电流不变，由/=可知，电路总电阻变小，光敏电阻的阻值变小，光照强度增强，路灯比原来早一些

29、亮，故。正确。故选：Do分析电磁铁的电路，判定利用照明电源为路灯供电的接入点，根据串联分压的特点分析电阻变化时的路灯的发光情况判断电源的位置；由于控制电路的电压和吸合电流不变，根据R=苫可知，电路总电阻不变，如果将电阻箱 R 的阻值调小，光敏电阻的阻值变大，结合光敏电阻阻值随光照强度的变化分析路灯的发光情况；如果控制电路中的电压会下降，而电路中的吸合电流不变，由/=告可知，电路总电阻变小，光敏电阻的阻值变大，结合光敏电阻阻值随光照强度的变化分析路灯的发光情况。解答本题的关键要抓住吸合电流不变，结合光敏电阻的特点来分析，易错点，也属于常考题型，务必掌握。9.【答案】D【解析】解：小华受到的重力约

30、为4 0 0 N,由图可估测从A 点到C 点，下降的高度约为2 m,则下落过程中，重力对小华做的功约为：W=Gh=400/V x2 m =8 0 0/,故 ABC不符合题意，。符合题意。故选：D。先估测人的重力和通过的距离，再利用W=Gh进行计算。解决本题的关键是估测重力和下降高度的大小，利用功公式W=Gh进行计算。10.【答案】B【解析】解：由图甲可知，定值电阻汽和电阻R 串联，电压表测量岛两端的电压，且电阻R 的阻值随环境温度的变化而变化，由图乙可知，图线是一条斜向下的直线，即温度升高时，电阻扁两端的电压线性变小，由/=*可知，通过定值电阻R。的电流（电路中的电流）线性变小；Ko电源电压恒

31、定，根据串联电路电压的特点可知，电阻R 两端的电压应线性增大，故 A错误，8 正确；因为电源电压保持不变，温度升高时电路中的电流线性变小，所以，根据P=U/可知,第16页，共28页电路消耗的总功率线性变小(即P -t图线应是一条斜向下的直线)，故C和O错误。故选：B。由图甲可知，定值电阻R。和电阻R串联，电压表测量&两端的电压，电阻R的阻值随环境温度的变化而变化，由图乙可知，当温度升高时电阻R。两端的电压线性变小，定值电阻的电流线性变小；根据串联电路电压的特点，判断出电阻R两端的电压的变化：因为电源电压保持不变，根据P =U/判断出电路消耗的总功率的变化。本题考查了串联电路电压的功率、欧姆定律

32、以及电功率的综合运用等知识，图像题是中考的难题。1 1.【答案】物体间力的作用是相互的球具有惯性空气【解析】解：(1)用脚将足球踢向球门，脚给足球一个力，物体间力的作用是相互的，足球给脚一个力，脚会感到疼.(2)球离开脚后，球由于惯性要保持原来的运动状态向前滚动。(3)小明和同学之间有空气，球进入球门后，小明听到同学的掌声，是通过空气传播的。故答案为：物体间力的作用是相互的；球具有惯性；空气。(1)物体间力的作用是相互的，物体对另一个物体施加力的同时，也受到另一个物体的作用。(2)物体由于惯性要保持原来的运动状态。(3)声的传播需要介质，固体、液体和气体都可以传播声音。本题通过体育测试考查了物

33、体间力的作用是相互的、惯性、声的传播等，体现了体育运动中包含了很多物理知识。1 2.【答案】1.9 5；左；会；不变【解析】解：(1)由图示刻度尺可知，刻度尺分度值是1 ，物体左端与零刻度线对齐，右端在1.9 cm与2.O cz n之间，估读为1.9 5 cm,即正方体物块的边长：a =1.9 5 cm；(2)天平使用前的调节：若指针右偏，向左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处；(3)把物块放在左盘，右中放入一个1 0 g的祛码，天平再次平衡，可知物体的质量：m =1 0 g,正方体物块的体积：V=a3=(1.9 5 cm)3 7.4 cm3,正方体物块的密度：P物=%vl.3 5 g/cm

34、 3,由于P物P次，所以，把该物块放入装满水的烧杯中，物块将会沉底;(4)把该物块放入装满水的烧杯前后，烧杯中水的密度和深度不变，水对烧杯底产生的压强不变。故答案为：1.95；左；会；不变。(1)根据图示刻度尺确定其分度值，读出刻度尺示数；(2)天平使用前的调节：若指针右偏，向右左调平衡螺母，使指针指在分度盘的中线处：(3)物体的质量=祛码的质量+游码对应的刻度值，计算出物体密度，与水的密度比较后,判断物体在水中的状态；(4)液体产生的压强与液体的密度和深度有关。本题考查刻度尺、天平的使用，密度的计算和影响液体压强的因素，掌握密度的公式、熟知水的密度是解答本题的关键。13.【答案】断 开 10

35、00 1.62 A【解析】解：(1)要吹冷风，开关工闭合，S2应断开，只有电动机工作，此时吹冷风；(2)3200imp/(kW,九)表示电路中每消耗IkW h的电能，指示灯闪烁3200次，指示灯闪烁160次，电吹风消耗的电能：W=160imp32QQimp/(kWh)=0.05fcI/i,工作时间t=3min=/八,电吹风的额定电功率为:P=-=-yW=ikW =1000W.t#,(3)开关Si闭合后，S?断开，只有电动机工作，此时吹冷风，Si和S2都闭合，电动机吹热风;电热丝的功率为:P=P-PM=1000MZ-100WZ=900W,3min内电热丝产生的热量为：Q=W=P热t=900W x

36、 3 x 60s=1.62 x 10s；,若不计热量损失，由P=:可得，室内空气吸收的热量:“/时，凸透镜成倒立、放大的实像；(4)物距不变时，凸透镜的焦距变大，则像距变大。本题考查凸透镜成像的规律的认识和理解以及近视眼、远视眼的形成与矫正，掌握凸透镜成像规律和透镜对光线作用是解题的关键。1 5.【答案】烧 杯 重 增 大1.2 5体 积1.2 x 1 0 3【解析】解：(1)如图甲将烧杯用细绳悬挂在杠杆。端，移动绳套到。点时.，杠杆恰好在水平位置平衡，说明杠杆的重心过支点，故这样做是为了平衡杠杆自重和烧杯重对测量密度的影响；右侧力臂大小不变，根据G =m g =pVg,同样体积的液体，要使测

37、量的液体密度变大，故右侧力与力臂之积变大，根据杠杆的平衡条件，故左则同样重的物体的力臂要变长；根据器材调试过程中为平衡杠杆自重和烧杯重对测量密度的影响，故可增大烧杯的质量,从而使左侧力的力臂变大，达到增加密度秤的量程的目的；(2)如图乙在烧杯中装入一定量的水，将质量为机的金属块挂在C处，使得杠杆水平平衡，测得C O的距离为5 c?，0。的距离为4 c?，根据杠杆的平衡条件有：FrLr=F2L2：tn 木g x 4 c m =mg x 5 c m-，则烧杯中水的质量为：m 次=1.2 5 m.(3)根据 m=pV,由得：P水gV x 4 c m =mg x 5cm ；在烧杯中装入相同体积的液体，

38、将金属块移至8处杠杆再次平衡，测出B C之间的距离为 cm,则O B =6cm,根据杠杆的平衡条件有：p液gV x 4 c m =mg x 6cm-由待测液体的密度：。液=12*3kg/tn30故答案为：(1)烧杯重；增大；(2)1.2 5 (3)体积；1.2 x 1 0 3。(1)杠杆恰好在水平位置平衡时，说明杠杆的重心过支点，根据G =m g =p U g和杠杆的平衡条件分析；(2)分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件求出烧杯中水的质量；(3)分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件和G =mg=p V g列平衡方程得出待测液体的密度。本题考查杠杆的平衡条件及密度和重力公式的运用，其中要增加密

39、度秤的量程的方法是难点。1 6.【答案】解：平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦第20页，共28页点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。如图所示:【解析】在作凸透镜、凹透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图。凹透镜三条特殊光线的作图：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点；过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变。17.【答案】解：根据杠杆的平衡条件，在阻力和阻力臂一定时，动力臂越大，动力越小；由图知，最长的动力臂人是从。点到A 点的距离，过 A 点作垂直于0

40、 A 向下的力，即为最小动力6 的示意图。作用在B 点的阻力，方向竖直向下，由8 点画有向线段，标出阻力F 2,如图所示：【解析】根 据 杠 杆 的 平 衡 条 件=尸25可知在阻力和阻力臂一定时，动力臂越长、越省力，所以只要找到最长的力臂便可求得最小的力。力臂是从支点到力的作用线的距离。此题考查了杠杆中的力臂的画法和杠杆中的最小力问题。要做出最小的力，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离。18.【答案】解：根据电流表的电流是从正接线柱流入，从负接线柱流出，得出电源的右端为正极；电流是由螺线管的右边流入的，根据安培定则，仰出右手四指弯曲指向电流的方向，大拇指所指的方向-通电螺线管的

41、左端为N 极，右端为S极；根据磁极间的相互规律，靠近通电螺线管右端（S极）的为小磁针的N 极，则小磁针的右端为S极，如图所示：【解析】由电流表的接法得出电流的方向，由右手螺旋定则得出通电螺线管的左端是为N极，右端为S 极，由磁极间的相互作用规律得出小磁针的N极应指向左边。本题考查了电流表的连接、安培定则的使用、磁极间的相互作用规律，仔细分析即可。1 9.【答案】解：(1)当满载的破冰船，在海水中匀速航行时，受到的浮力：F 浮=G 雄=小 胸=1.4 x1 04 x 1 0 3 kg x 10N/kg=1.4 x 1 08J V；(2)因破冰船以最大航速匀速破冰时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力

42、是一对平衡力，所以，破冰船推进力F =f =2 x l 0 7/v,破冰船的航速：v-7.2km/h-2m/s,则破冰船推进功率：P=：=r =F v=2 x 107N x 2m/s=4 x 107W；(3)由v=河 得，破冰船以最大航速匀速破冰前行 h的路程：s=7.2km/h xlh=7.2km-7.2 x 1 03m,破冰船推进做的功：W =F s=2 x 107N x 7.2 x 1 0 37 n=1.4 4 x 1 01 17,由=会 可得，燃油完全燃烧放出的热量：Q 放=里=丝 鬻 2=3.6 X 1 0 1 1/,由Q成=mq 可得，消耗燃油的质量：7 n=、=3.6 X 1,?

43、=9 1 0 3 的。答：(1)破冰船满载航行时受到的浮力为1.4 x 1。8 可；(2)破冰船推进功率为4 x 107W；(3)若机械能量转换效率为4 0%,轮船以7.2 km 的速度匀速破冰1 小时需要消耗的燃油为9 x103 kg。【解析】(1)知道满载时破冰船的排水量，根据阿基米德原理求出受到的浮力；(2)破冰船以最大航速匀速破冰时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，二力大小相等，根据P=?=?=F v求出推进功率；(3)知道破冰船的最大行驶速度和时间，根据s=求出行驶的路程，根据W=F s求出第22页，共28页w _破冰船推进做功，再根据=藐求出燃料完全燃烧放出的热量，最后

44、根据 2 成=M勺 求出消耗燃油的质量。本题考查了浮力的应用和阿基米德原理、速度公式、做功公式、热量和效率计算公式、功率公式以及二力平衡条件的应用等，涉及的知识点较多，但难度不大。2 0.【答案】解：(1)小灯泡正常发光时的电压a=6 忆 功率PL=3W,由P=U/可得，小灯泡正常工作的电流：I,：-PL =3W =0_._5 4.；b UL 6V(2)由/=，可得，灯泡的电阻：RUL=_ 6V_=I 2。L IL 0.5A 当 S闭合，S i、S 2 都断开，滑动变阻器滑片P 从 b 端向4 端滑过三分之一时，灯泡与变阻器的|电阻串联，因串联电路中各处的电流相等，且灯泡正常发光，所以，电路中

45、的电流/=0 3 A，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电源的电压：U=/(&+y)=0.54 x (1 2 0 +|x 1 80)=1 2 1 Z；(3)此时电路消耗的总功率：P=UI=12V x 0.54=6W,保持滑片尸的位置不变，闭合S、品、S 2 时，与变阻器的|电阻并联,因电路消耗的总功率变化了 1 2 W,所以，电路中的总功率:P=12W+6 W =1 8VK,因并联电路中各支路两端的电压相等,所以，滑动变阻器消耗的电功率:PR=墨Ro 的电功率:p =p _ PR=iQW-12W=6 W；要使电路消耗的总功率最大，应使滑动变阻器接入电路中的电阻最小,变阻器消耗的最大功率

46、:电路中的最大总功率：Pmin=Po+PRmin=6W+18 W=24”。由P=;可 得，l s 内电路消耗电能的最大值勿=Pm int=24W X 10s=240/。答：(1)小灯泡正常工作的电流为0.5A；(2)电源电压为12V；(3)10s内电路消耗电能的最大值为240J,【解析】(1)小灯泡正常发光时的功率和额定功率相等，根据P=U/求出正常工作时的电流；(2)知道灯泡正常发光中的电压和电流，根据欧姆定律求出小灯泡的电阻；(3)当 S 闭合，Si、52都断开，滑动变阻器滑片P 从端向“端滑过三分之一时，灯泡与变阻器的|电阻串联，由灯泡正常发光可知电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律求

47、出电源的电压；(4)根据P=U/求出此时电路中的总功率，保持滑片P 的位置不变，闭合5、工、S?时，Ro与变阻器的|电阻并联，根据电路消耗的总功率变化了 12W可知此时电路中的总功率,根据并联电路的电压特点和P=?求出R 消耗的电功率，进一步求出R。的电功率；要使电路消耗的总功率最大，应使滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据P=?求出变阻器消耗的最大功率，由W=Pt可求得10s内电路消耗电能的最大值。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是滑动变阻器接入电路中电阻的判断。21.【答案】B 8 2 大 8y【解析】解：(1)当变阻器滑片向8 端移动时接入电路的电阻增大，

48、故变阻器左下接线柱连入电路中，电压表与电阻箱并联，如下所示：第24页，共28页(2)连好电路闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，电压表示数为零，则电路故障原因可能是电阻箱岛发生了短路，故选：瓦(3)由图乙，根据欧姆定律，电阻箱接入电路的电阻为：/?=-=8/2o/0.2A(4)研 究“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，而第2次实验中，电压表示数为：U2=I2R2=0.20/1 x 20.0。=4V其它实验的电压为：Uv=0.10/1 x 48.00=.=0.504 x 9.60=4.8V,与其它实验电压表示数不同，序号为2的实验数据有错误；因电压表示数小于控制的电压，由分压原理，造成

49、该错误的可能原因为滑动变阻器接入电路的阻值偏大；由表中数据第1次数据，根据欧姆定律和串联电路电压的规律，电源电压最大为：U=%+R滑#、=4.8V+0.104 x 500=9.8K 4V；故实验中所用电源的电压可能是8k故答案为：(1)如图上所示；(2)8；(3)8；(4)2；大；(2)8Vo(1)根据当变阻器滑片向B端移动时接入电路的电阻增大确定变阻器左下接线柱连入电路中，电压表与电阻箱并联；(2)连好电路闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，由电压表示数为零分析电路可能故障原因；(3)由图乙，根据欧姆定律得出电阻箱接入电路的电阻；(4)研 究“电流与电阻的关系”，要控制电阻的电压不变，找出

50、与其它实验电压表示数不同的实验；由分压原理分析。本题研究电流与电压、电阻的关系”的实验，考查电路连接、故障和数据分析、控制变量法、电阻计算及串联电路的规律、欧姆定律的运用。2 2.【答案】(1)温度；1 2 0 0 0 0；在体积和质量一定时;气体的压强随温度的升高而增大;(3)控制变量法；p o-f；(4)如图 p =m3Pa图3【解析】解：(1)根据信息一知气压大小可能与气体的温度有关；(2)由图知胎压计的量程为2 0 -1 80 kP a,分度值为4&,示数为1 2 0/c P a =1 2 0 0 0 0 P a；当将篮球放在阳光下暴晒一段时间后，篮球内气体的压强增大，胎压计的示数变大