2023年计算机统考真题 解析.docx

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1、王道考研系列2023年全国硕士探讨生入学统一考试计算机科学与技术学科联考计算机学科专业基础综合（科目代码:408 ）特殊鸣谢：阿三（casper08 , 哈工大）王道考研系列辅导书 编写团队予人玫瑰手留余香 器编译时将8个8位寄存器R1R8分别安排给变量x、y、一、zl、z2、kl和 k2o请回答下列问题。(提示：带符号整数用补码表示)(1 )执行上述程序段后，寄存器RI、R5和R6的内容分别是什么？(用十六进制表示) (2 )执行上述程序段后，变量ni和kl的值分别是多少？(用十进制表示)(3 )上述程序段涉及带符号整数加/减、无符号整数加/减运算，这四种运算能否利用 同一个加法器协助电路实

2、现？简述理由。(4 )计算机内部如何推断带符号整数加/减运算的结果是否发生溢出？上述程序段中， 哪些带符号整数运算语句的执行结果会发生溢出？解答：(1 ) R1=134=86H, R5=90H, R6=7CH ；134=1000 0110B=86H ； x-y=1000 0110B-1111 0110B=1001 0000B=90H ； x+y=1000 0110B+1111 0110B=0111 1100B (溢出)(2 ) m=-122,kl=-112m=1000 0110B，做高位为符号位，则 m 的原码为 1111 1010B=-122 ；n=llll 0110Bn 的原码为 1000

3、 1001=-10 ； kl=m-n=-112o(3 )无符号数和有符号数都是以补码的形式存储，加减运算没有区分(不考虑溢出状况 时)，只是输出的时候若是有符号数的最高位是符号位。减法运算求-x补的时候，是连同符号位一起按位取反末位加1 ,但是假如有溢出状况， 这两者是有区分的，所以可以利用同一个加法器实现，但是溢出推断电路不同。(4 )推断方法是假如最高位进位和符号位的进位不同,则为溢出；int k2=m+n;会溢出； 三种方法可以推断溢出，双符号位、最高位进位、符号相同操作数的运算后与原操作数 的符号不同则溢出44 .( 12分)某计算机存储器按字节编址，虚拟(逻辑)地址空间大小为16MB

4、，主存(物 理)地址空间大小为1MB ,页面大小为4KB ； Cache采纳干脆映射方式，共8行；主 存与Cache之间交换的块大小为32B。系统运行到某一时刻时页表的部分内容和Cache 的部分内容分别如题44-a图、题44-b图所示，图中页框号及标记字段的内容为十六进 制形式。虚页号有效位页框号 行号角效位标记 01060.1020110421/021152101D3102 1110540J 4,10645-12B5.114D606071327127A题44-a图页表的部分内容题44-b图Cache的部分内容请回答下列问题。(1 )虚拟地址共有几位，哪几位表示虚页号？物理地址共有几位，哪几

5、位表示页框号 (物理页号)？(2 )运用物理地址访问Cache时，物理地址应划分成哪几个字段？要求说明每个字段 的位数及在物理地址中的位置。(3 )虚拟地址001C60H所在的页面是否在主存中？若在主存中，则该虚拟地址对应的 物理地址是什么？访问该地址时是否Cache命中？要求说明理由。(4 )假定为该机配置一个4路组相联的TLB共可存放8个页表项，若其当前内容(十 六进制)如题44-c图所示，则此时虚拟地址024BACH所在的页面是否存在主存 中？要求说明理由。组号有效位标记页框号 有效位标记页框号 有效位标记页框号 有效位标记页框号01001150一10121F10132D0一10087E

6、0一题44-c图TLB的部分内容解答：(1)24位、前12位；20位、前8位。16M=224故虚拟地址24位,4K=212，故页内地址12位 所以虚页号为前12位；1M=22O 故物理地址20位，20-12=8 ,故前8位为页框号。(2)主存字块标记(12bit cache字块标记(3bit 1字块内地址(5bit)物理地址20位，其中，块大小为32B=25B故块内地址5位；cache共8行，8=23 ,故 字块标记为3位；20-5-2=12 ,故主存字块标记为12位。(3 )在主存中，04c60H,不命中，没有04C的标记字段001C60H中虚页号为001H=l ,查页表知其有效位为1 ,在

7、内存中；该物理地址对应的也 表项中，页框号为04H故物理地址为04C60H ；物理地址04C60H在干脆映射方式下，对应的 行号为4 ,有效位为1但是标记位为064H W 04CH故不命中。(4 )在，012的那个标记是对的。思路：标记11位组地址1位页内地址12位，前12位为0000 0010 0100 ,组地址位为 。，第0组中存在标记为。12的页，其页框号为1F ,故024BACH所在的页面存在主存中。45.(8分)某银行供应1个服务窗口和10个供顾客等待的座位。顾客到达银行时，若有空 座位，则到取号机上领取一个号，等待叫号。取号机每次仅允许一位顾客运用。当营业 员空闲时，通过叫号选取一

8、位顾客，并为其服务。顾客和营业员的活动过程描述如下： cobegin(process 顾客 i (从取号机获得一个号码；等待叫号；获得服务；)process 营业员 (while ( TRUE )(叫号；为客户服务； coend请添加必要的信号量和P、V (或wait()x signal()操作，实现上述过程中的互斥与同步。要求写出完整的过程，说明信号量的含义并赋初值。解答：semaphore seets = 10, /有10个坐位的资源信号量mutex =1, /取号机互斥信号量haveCustom = 0; / 顾客与营业员同步，无顾客时营业员休息process 顾客 (P (seets)

9、; / 等空位P(mutex); / 申请运用取号机从取号机上取号；V (mutex); / 取号完毕V (haveCustom); / 通知营业员有新顾客到来等待营业员叫号；V (seets) ; /离开坐位接受服务；process 营业员 (while (True)P(haveCustom); / 没有顾客则休息 叫号； 为顾客服务；46.(7分)某文件系统为一级书目结构，文件的数据一次性写入磁盘，已写入的文件不行 修改，但可多次创建新文件。请回答如下问题。(1 )在连续、链式、索引三种文件的数据块组织方式中，哪种更合适？要求说明理由。 为定位文件数据块，须要FCB中设计哪些相关描述字段？

10、(2 )为快速找到文件，对于FCB ,是集中存储好，还是与对应的文件数据块连续存储 好？要求说明理由。解答：(1 )连续更合适，因为一次写入不存在插入问题,连续的数据块组织方式完全可以满意一次 性写入磁盘。同时连续文件组织方式削减了其他不必要的空间开销，而连续的组织方式依次 查找读取速度是最快的。(2 ) FCB集中存储好。书目是存在磁盘上的，所以检索书目的时候须要访问磁盘，速度很 慢；集中存储是将文件限制块的一部分数据分解出去，存在另一个数据结构中，而在书目中 仅留下文件的基本信息和指向该数据结构的指针，这样一来就有效地缩短削减了书目的体 积，削减了书目在磁盘中的块数，于是检索书目时读取磁盘

11、的次数也削减，于是就加快了检 索书目的次数。47.(9分)某主机的MAC地址为00-15-C5-C1-5E-28 , IP地址为10.2.128.100 (私有地址)0 题47-a图是网络拓扑，题47-b图是该主机进行Web恳求的1个以太网数据帧前80个字节的十六进制及ASCII码内容。MTU=1500BR 102128.100101.12,123.15图47-a图网络拓扑0000 00 21 27 21 51 ee 00 15 c5 cl 5e 28 08 00 45 00.!Q人（.E.001001 ef 11 3b 40 00 80 06ba 9d 0a 02 80 64 40 aa.d

12、.0020 62 20 04 ff 00 50 eO e200 fa 7b f9 f8 05 50 180030 fa TO la c4 00 00 47 4554 20 2f 72 66 63 2e 68GE T /rfc.h0040 74 6d 6c 20 48 54 54 502f 31 2e 31 Od 0a 41 63题47-b图以太网数据帧(前80字节)请参考图中的数据回答以下问题。(1 ) Web服务器的IP地址是什么？该主机的默认网关的MAC地址是什么？(2 )该主机在构造题47-b图的数据帧时，运用什么协议确定目的MAC地址？封装该 协议恳求报文的以太网帧的目的MAC地址是什

13、么？(3 )假设HTTP/1.1协议以持续的非流水线方式工作，一次恳求-响应时间为RTT , rfc.html页面引用了 5个JPEG小图像，则从发出题47-b图中的Web恳求起先到 阅读器收到全部内容为止，须要多少个RTT ?(4 )该帧所封装的IP分组经过路由器R转发时，需修改IP分组头中的哪些字段？ 注：以太网数据帧结构和配分组头结构分别如题47.c图、题474图所示。6B6B 2B 46-1500B 4B目的MAC地址源MAC地址类型数据CRC题47-c图以太网帧结构解答：00-21-27-21-51-ee以太网帧头部6+6+2=14字节，IP数据报首部目的IP地址字段前有4*4=16

14、字节，从以 太网数据帧第一字节起先数14+16二30字节，得目的IP地址40 aa 62 20(十六进制)，转换 为十进制得642O以太网帧的前六字节00-21-27-21-51-ee是目的MAC地址，本题中即为 主机的默认网关端口的MAC地址。ARP FF-FF-FF-FF-FF-FFARP协议解决IP地址到MAC地址的映射问题。主机的ARP进程在本以太网以广播的形 式发送ARP请求分组，在以太网上广播时，以太网帧的目的地址为全1 z即FF-FF -FF-FF-FF-FFO6HTTP/1.1协议以持续的非流水线方式工作时，服务器在发送响应后仍旧在一段时间内 保持这段连接，客户机在收到前一个响

15、应后才能发送下一个恳求。第一个RTT用于恳求web 页面，客户机收到第一个恳求的响应后(还有五个恳求未发送)，每访问一次对象就用去一个 RTT0故共1+5=6个RTT后阅读器收到全部内容。源 IP 地址 0a 02 80 64 改为 65 0c 7b Of生存时间(TTL)减1校验和字段重新计算私有地址和Internet上的主机通信时，须有NAT路由器进行网络地址转换，把IP数据 报的源IP地址(本题为私有地址)转换为NAT路由器的一个全球IP地址(本题为 101.12.123.15)。因此，源IP地址字段0a 02 80 64变为65 0c 7b 0fo IP数据报每经 过 一个路由器，生存

16、时间TTL值就减1 ,并重新计算首部校验和。若IP分组的长度超过输出 链路的MTU ,则总长度字段、标记字段、片偏移字段也要发生变更。留意，图47-b中每行前4bit是数据帧的字节计数，不属于以太网数据帧的内容。-、单项选择题：140小题，每小题2分，共80分，下列每小题给出的四个选项中，只有一 项符合题目要求的。请在答题卡上将所选项的字母涂黑。)1 .设n是描述问题规模的非负整数，下面程序片段的时间困难度是x=2 ；while ( x丑画群注7 .对于下列关键字序列，不行能构成某二叉排序树中一条查找路径的序列是A . 95,22,91,24,94,71B . 92,20,91,34,88,3

17、5C . 21,89,77,29,36,38D .12,25,71,68,33,34解答：A。选项A中，当查到91后再向24查找，说明这一条路径之后查找的数都要比91小, 后面的94就错了。8 .下列关于图的叙述中，正确的是I.回路是简洁 路径n.存储稀疏图，用邻接矩阵比邻接表更省 空间m.若有向图中存在拓扑序列，则该图不存在回路人.仅口8.仅1、口 C.仅HI9.仅1、田解答：聂1.回路对应于路径，简洁回路对应于简洁路径；n.刚好相反；m.拓扑有 序的必要条件。故选c。9 .为提高散列（Hash ）表的查找效率，可以实行的正确措施是I .增大装填（载）因子口.设计冲突（碰撞）少的散列函 数m

18、.处理冲突（碰撞）时避开产生聚集（积累）现象 A.仅IB.仅口c.仅I、n D.仅口、m解答：BoIII错在避开二字。10 .为实现快速排序算法，待排序序列宜采纳的存储方式是A.依次存储 B.散列存储C.链式存储D.索引存储解答：Ao内部排序采纳依次存储结构。H .已知序列25,13,10,12,9是大根堆，在序列尾部插入新元素18 ,将其再调整为大根堆， 调整过程中元素之间进行的比较次数是A . 1B . 2C . 4D . 5解答：Bo首先与10比较，交换位置，再与25比较，不交换位置。比较了二次。12 .下列选项中，描述浮点数操作速度指标的是A . MIPSB . CPIC . IPCD

19、 . MFLOPS解答：Do送分题。13 .float型数据通常用IEEE 754单精度浮点数格式表示。若编译器将float型变量x安排在 一个32位浮点寄存器FR1中，且x=-8.25 ,则FR1的内容是A . C104 0000H B . C242 0000H C . C184 0000H D . C1C2 0000H解答：Ao x的二进制表示为-1000.01 =-1.000 01x2u依据IEEE754标准隐藏最高位的T ,又E-127=3 ,所以E=130=1000 0010（2）数据存储为1位数符+8位阶码（含阶符）+23位 尾数。故FR1 内容为 1 10000 0010 000

20、0 10000 0000 0000 0000 000即1100 0001 0000 0100 0000 0000 0000 0000 ,即C104000H14 .下列各类存储器中，不采纳随机存取方式的是A . EPROMB . CDROMC . DRAMD . SRAM解答：Bo光盘采纳依次存取方式。15某计算机存储器按字节编址，主存地址空间大小为64MB现用4M x 8位的RAM芯片组成32MB 的主存储器，则存储器地址寄存器MAR的位数至少是A.22位B.23位C.25位D . 26位解答：Do 64MB的主存地址空间，故而MAR的寻址范围是64M ,故而是26位。而实际的主存的空间不能代

21、表MAR的位数。16偏移寻址通过将某个寄存器内容与一个形式地址相加而生成有效地址。下列寻址方式中， 不属于偏移寻址方式的是A.间接寻址B.基址寻址C.相对寻址D.变址寻址解答：A。间接寻址不须要寄存器，EA二（A）。基址寻址：EA二A+基址寄存器内同；相对寻 址：EA = A+PC内容；变址寻址：EA = A+变址寄存器内容。17 ,某机器有一个标记寄存器，其中有进位/借位标记CF、零标记ZF、符号标记SF和溢出标 志OF ,条件转移指令bgt （无符号整数比较大于时转移）的转移条件是A . CF + OF = 1 B . SF + ZF = 1 C . CF+ZF = 1 D . CF+SF

22、 = 1解答：Co无符号整数比较，如AB ,则A-B无进位/借位，也不为0。故而CF和ZF均为0。18 .下列给出的指令系统特点中，有利于实现指令流水线的是1 .指令格式规整且长度一样n.指令和数据按边界对齐存放m.只有Load/Store指令才能对操作数进行存储访问A.仅工、口B.仅口、m C.仅I、in D.1、口、in解答：瓦指令定长、对齐、仅Load/Store指令访存,以上三个都是RISC的特征。均能 够有效的简化流水线的困难度。19 .假定不采纳Cache和指令预取技术，且机器处于开中断状态，则在下列有关指令执 行的叙述中，错误的是A.每个指令周期中CPU都至少访问内存一次B.每个

23、指令周期确定大于或等于一个CPU时钟周期C.空操作指令的指令周期中任何寄存器的内容都不会被变更D.当前程序在每条指令执行结束时都可能被外部中断打断解答：C。会自动加1 , A取指令要 访存、B时钟周期对指令不行分割。20 .在系统总线的数据线上，不可能传输的是A.指令B.操作数C.握手（应答）信号D.中断类型号解答：C。握手（应答）信号在通信总线上传输。21 .某计算机有五级中断LLo ,中断屏蔽字为M4M3M2MlM0 , Mk1 （ 0 i 4）表示对L：级中 断进行屏蔽。若中断响应优先级从高到低的依次是LTLoLzLiLs ,则L的中断处理 程序中设置的中断屏蔽字是A . 11110B

24、. 01101C . 00011D . 01010解答：Do高等级置0表示可被中断，比该等级低的置1表示不行被中断。22 .某计算机处理器主频为50MHz ,采纳定时查询方式限制设备A的I/O ,查询程序运行一次 所用的时钟周期数至少为500。在设备A工作期间，为保证数据不丢失，每秒需对其查询 至少200次,贝！JCPU用于设备A的I/O的时间占整个CPU时间的百分比至少是A . 0.02%B . 0.05%C . 0.20%D . 0.50%解答：C。每秒200次查询，每次500个周期,则每秒最少200x500 = 10 0000个周期，10 00004-50M=0.20%o23,下列选项中

25、，满意短任务优先且不会发生饥饿现象的调度算法是A,先来先服务B .高响应比优先C.时间片轮转D.非抢占式短任务优先解答：B。响应比=作业响应时间/作业执行时间=（作业执行时间+作业等待时间）/作业执 行时间。高响应比算法，在等待时间相同状况下，作业执行时间越少，响应比越高，优先执 行，满意短彳壬务优先。随着等待时间增加，响应比也会变大，执行机会就增大，所以不会产 生饥饿现象。先来先服务和时间片轮转不符合短任务优先，非抢占式短任务优先会产生饥饿 现象。24 .下列选项中，在用户态执行的是A .吩咐说明程序B .缺页处理程序C,进程调度程序 D .时钟中断处理程序解答：Ao缺页处理程序和时钟中断都

26、属于中断，在核心态执行。进程 调度属于系统调用在核心态执行，吩咐说明程序属于吩咐接口，它在用户态执行。25 .在支持多线程的系统中，进程P创建的若干个线程不能共享的是A .进程P的 代码段B.进程P中打开的文件C.进程P的全局变量D .进程P中某线程的栈指针解答：Do进程中某线程的栈指针，对其它线程透亮，不能与其它线程共享。26 .用户程序发出磁盘I/O恳求后，系统的正确处理流程是A.用户程序T系统调用处理程序中断处理程序一设备驱动程序B .用户程序T系统 调用处理程序-设备驱动程序中断处理程序C.用户程序-设备驱动程序一系统调用 处理程序中断处理程序D .用户程序-设备驱动程序中断处理程序一

27、系统调用处理 程序解答：B。输入/输出软件一般从上到下分为四个层次：用户层、与设备无关软件 层、设备驱动程序以及中断处理程序。与设备无关软件层也就是系统调用的处理程序。所以争取 处理流程为B选项。27 .某时刻进程的资源运用状况如下表所示。进 程已安排资源尚需安排可用资源R1R2R3R1R2R3R1R2R3P1200001021P2120132P3011131P4001200此时的平安序列是A . P1,P2,P3,P4B . P1,P3,P2,P4C . P1,P4,P3,P2D .不存在解答：Do运用银行家算法得，不存在平安序列。28 .在缺页处理过程中，操作系统执行的操作可能是工.修改页

28、表n,磁盘I/O m .安排页框a .仅 I、口 b .仅口c.仅ind . I、Lt 和 in 解答：do缺页中断调入新页面，确定要修改页表项和安排页框，所以I、11工可能发生Z同时内存没有页面，须要从外存读入，会发生磁盘I/O。29 .当系统发生抖动(thrashing )时,可用实行的有效措施是1 .撤销部分进程n.增加磁盘交换区的容量m.提高用户进程的优先级A.仅IB.仅口C.仅inD.仅I、II解答：A。在具有又由奂功能的操作系统中，通常把外存分为文件区和对换区。前者用于存放文件，后者用于存放从内存换出的进程。抖动现象是指刚刚被换出的页很快又要被访问 为此，又要换出其他页，而该页又快

29、被访问，如此常见的置换页面，以致大部分时间都花在 页面置换上。撤销部分进程可以削减所要用到的页面数，防止抖动。对换区大小和进程优先 级都与抖动无关。30 .在虚拟内存管理中，地址变换机构将逻辑地址变换为物理地址，形成该逻辑地址的阶段 是A.编辑B.编译 C.链接D.装载解答：B。编译过程指编译程序将用户源代码编译成目标模块。源地址编译成目标程序 时，会形成逻辑地址。31 .某文件占10个磁盘块，现要把该文件磁盘块逐个读入主存缓冲区，并送用户区进行分 析，假设一个缓冲区与一个磁盘块大小相同，把一个磁盘块读入缓冲区的时间为100us , 区的数据传送到用户区的时间是50us , CPU对一块数据进

30、行分析的时间为50us。在单缓 冲区和双缓冲区结构下，读入并分析完该文件的时间分别是A . 1500usx lOOOusB . 1550us、1lOOus C . 1550usx 1550usD . 2000usx 2000us解答：Bo单缓冲区下当上 一个磁盘块从缓冲区读入用户区完成时下一磁盘块才能起先读入，也就是当最终一块磁盘块读入用户区完毕时所用时间为150x10 = 1500。加 上处理最终一个磁盘块的时间5 0为1 5 5 0o双缓冲区下，不存在等待磁盘块从缓冲区读 入用户区的问题，也就是100x10+100=1100。32 .有两个并发执行的进程P1和P2 ,共享初值为1的变量x。

31、P1对x加1 , P2对x减1。力口1和减1 操作的指令序列分别如下所示。/力口1操作减1操作load RI , x/ 取x到寄存器R1 中load R2 , xinc R1dec R2store x , RI / 将RI的内容存入xstore x , R2两个操作完成后，x的值 人.可能为-1或3B.只能为15可能为0、1或2D,可能为。、1或2解答：Co将Pl中3条语句变为1,2,3 , P2中3条语句编为4,5 , 6。则依次执行1,2,3,4,5 得结果1 ,依次执行124,5,6,3得结果2 ,执行4,5 , 1 , 2,3 , 6得结果0。结果一 1不行能得 出，选C。33 . T

32、CP/IP参考模型的网络层供应的是A .无连接不行靠的数据报服务B .无连接牢靠的数据报服务C .有连接不行靠的虚电路服务D .有连接牢靠的虚电路服务解答：A。TCP/TP的网络层向上只供应简洁敏捷的、无连接的、尽最大努力交付的数据 报服务。此外考察IP首部，假如是面对连接的，则应有用于建立连接的字段，但是没有；如 果供应牢靠的服务，则至少应有序号和校验和两个字段，但是IP分组头中也没有（IP首部中 只是首部校验和）o因此网络层供应的无连接不行靠的数据服务。有连接牢靠的服务由传输 层的TCP供应。34 .若某通信链路的数据传输速率为2400bps ,采纳4相位调制，则该链路的波特率是A . 6

33、00波特 B.1200波特C.4800波特D . 9600波特解答及有4种相位，则T码元须要由log24=2个bit表示，则波特率二比特率12= 1200波特。35 .数据链路层采纳选择重传协议（SR ）传输数据，发送方已发送了03号数据帧，现已收 至IJ1号帧的确认，而。、2号帧依次超时，则此时须要重传的帧数是A . 1B . 2C . 3D . 4解答：Bo选择重传协议中，接收方逐个地确认正确接收的分组，不管接收到的分组是 否有序，只要正确接收就发送选择ACK分组进行确认。因此选择重传协议中的ACK分组不再具 有累积确认的作用。这点要特殊留意与GBN协议的区分。此题中只收到1号帧的确认，0

34、、2号 帧超时，由于对于1号帧的确认不具累积确认的作用，因此发送方认为接收方没有收到0、 2号帧，于是重传这两帧。36 .下列选项中，对正确接收到的数据帧进行确认的MAC协议是A . CSMAB . CDMAC . CSMA/CD D . CSMA/CA解答：Do可以用解除法。首先CDMA即码分多址，是物理层的东西；CSMA/CD即带冲突检 测的载波监听多路访问，这个应当比较熟识，接收方并不须要确认；CSMA ,既然CSMA/CD是 其超集，CSMA/CD没有的东西，CSMA自然也没有。于是解除法选D。CSMA/CA是无线局域网标 准802.11中的协议。CSMA/CA利用ACK信号来避开冲突

35、的发生，也就是说，只有当客户端收到网络上返回的ACK信号后才确认送出的数据已经正确到达目的地址。37 .某网络拓扑如下图所示，路由器R1只有到达子网的路由。为使R1可以将IP分组正确地路 由到图中全部子网，则在R1中须要增加的一条路由(目的网络，子网掩码，下一跳) 是B . 192.168.2.0255.2解答：Do此题主要考察路由聚合。要使R1能够正确将分组路由到全部子网，则R1中需 要有到和的路由。视察发觉网络和的网络号的前24位都相同，于是可以聚合成超网/24。从图中可以看出下一跳地址应当是 192.1。38 .在子网/30中，能接收目的地址为192.16843的IP分组的最大主机数是A

36、 . 0B . 1C . 2D . 4解答:C。首先分析这个网络。主机号占两位，地址范围。,即可以容纳(4-2=2 )个主机。主机位为全1时,即192.168.4.3 ,是广播地址,因此网内 全部主机都能收到，因此选C。39 .主机甲向主机乙发送一个(SYN = 1 , seq= 11220)的TCP段，期望与主机乙建立TCP连接， 若主机乙接受该连接恳求，则主机乙向主机甲发送的正确的TCP段可能是A . (SYN = 0 , ACK = 0 ,seq= 11221 , ack= 11221)B . (SYN = 1 , ACK = 1 z seq= 11220 z ack = 11220)

37、C . (SYN = 1 , ACK = 1 z seq= 11221 , ack = 11221) D . (SYN = 0 z ACK = 0 , seq= 11220 , ack = 11220)解答：C。主机乙收到连接恳求报文后，犹如意连接，则向甲发送确认。在 确认报文段中应把SYN位和ACK位都置1 ,确认号是甲发送的TCP段的初始序号seq= 11220加1 ,即为ack二 11221 ,同时也要选择并消耗一个初始序号seq , seq值由主机乙的TCP进程确定，本题取seq= 11221与确认号、甲恳求报文段的序号没有任何关系。40 .主机甲与主机乙之间已建立一个TCP连接，主机

38、甲向主机乙发送了3个连续的TCP段，分 别包含300字节、400字节和500字节的有效载荷，第3个段的序号为900。若主机乙仅正 确接收到第1和第3个段，则主机乙发送给主机甲的确认序号是 A . 300B . 500C . 1200D . 1400解答：Bo TCP段首部中的序号字段是指本报文段所发送的数据的第一个字节的序号。第 三个段的序号为90。，则其次个段的序号为900-400=500。而确认号是期盼收到对方下一个报 文段的第一个字节的序号。现在主机乙期盼收到其次个段，故甲的确认号是500。二、综合 应用题：4147小题，共70分。请将答案写在答题纸指定位置上。41 .(8分)已知有6个

39、顶点(顶点编号为。5 )的有向带权图G ,其邻接矩阵A为上三角46OOOOOO5OOOOOO43OOOO33矩阵，按行为主序(行优先)保存在如下的一维数组中。要求:(1)写出图6的邻接矩阵人。(2 )画出有向带权图Go(3 )求图G的关键路径，并计算该关键路径的长度。 解答：(1 )图G的邻接矩阵A如下所示。0 40000000A =00006000050000043oo oo0000oo0oo3oooo030000000,(2 )有向带权图G如下图所示。(3 )关键路径为0f1293f5 (如下图所示粗线表示)，长度为4+5+4+3=16。42 .( 15分)一个长度为L( L2 1 )的升

40、序序列S，处在第乙/2个位置的数称为S的中位数。例如，若序列Sl=( 11,13,15,17,19 )，则S1的中位数是15 ,两个序列的中位数是含它 们全部元素的升序序列的中位数。例如，若S2= ( 2,4,6,8,20 )，则S1和S2的中位数 是11。现在有两个等长升序序列A和B，试设计一个在时间和空间两方面都尽可能高效 的算法，找出两个序列A和B的中位数。要求：(1 )给出算法的基本设计思想。(2 )依据设计思想，采纳C或C+或JAVA语言描述算法，关键之处给出注释。(3 )说明你所设计算法的时间困难度和空间困难度。解答：(1 )算法的基本设计思想如下。分别求出序列A和B的中位数，设为

41、a和b ,求序列A和B的中位数过程如下：1 )若a=b ,贝!J a或b即为所求中位数，算法结束。2 )若ab ,则舍弃序列A中较大的一半，同时舍弃序列B中较小的一半，要求舍弃的长度相等；在保留的两个升序序列中，重复过程1 )、2 1 3 ),直到两个序列中只含一个元素时为 止，较小者即为所求的中位数。(2 )算法的实现如下：int M_Search (int A,int Bz int n) int sl=0,dl=n-l,ml,s2=l,d2=n-l,m2;/分别表示序列A和B的首位数、末位数和中位数 while(si!=dl|s2!=d2) ml=(sl+dl)/2;m2=(s2+d2)/

42、2;if(Aml=Bm2)return A ml ;/满意条件 1 )if (AmlBm2 ) /满意条件 2)if ( (sl+dl) %2=0) /若元素个数为奇数sl=ml; /舍弃A中间点以前的部分且保留中间点 d2=m2; /舍弃B中间点以后的部分且保留中间点 ) else /元素个数为偶数sl=ml + l; /舍弃A中间点及中间点以前部分 d2=m2;/舍弃B中间点以后部分且保留中间点 ) else/满意条件3 )if ( (sl+dl) %2=0) /若元素个数为奇数 dl=ml; /舍弃A中间点以后的部分且保留中间点 s2=m2; / /舍弃B中间点以前的部分且保留中间点 ) else /元素个数为偶数dl=ml + l; /舍弃A中间点以后部分且保留中间点 s2=m2;/舍弃B中间点及中间点以前部分 ) return AslBs2? Asl:Bs2;)(3 )算法的时间困难度为O(log2n),空间困难度为0(1)。43 .( 11分)假定在一个8位字长的计算机中运行如下类C程序段：unsigned int