2022届山西省太原市高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、科学家计划在1015年将首批宇航员送往火星进行考察.一质量为，的物体，假设在火星两极宇航员

2、用弹簧测力计测得的读数为四，在火星赤道上宇航员用同一把弹簧测力计测得的读数为通过天文观测测得火星的自转角速度为“，已知引力常量为G,将火星看成是质量分布均匀的球体，则火星的密度和半径分别为A.3牛/和耳一居4G（耳一工）marB.苧 竺 一;和 仁2 D.过 和 盘 土 47rGFl-F2)mco 4TTG ma-2、如图所示，理想变压器原副线圈匝数之比为10：1,原线圈两端连接正弦交流电源“=311s加314V）,副线圈接电阻R,同时接有理想电压表和理想电流表。下列判断正确的是（）A.电压表读数约为31.1VB.若仅将副线圈匝数增加到原来的2 倍，则电流表的读数增大到原来的2 倍C.若仅将R

3、 的阻值增加到原来的2 倍，则输入功率也增加到原来的2 倍D.若 R 的阻值和副线圈匝数同时增加到原来的2 倍，则输出功率增加到原来的4 倍3、如图，AC、8 0 为圆的两条互相垂直的直径，圆心为。，半径为R,将等电量的异种点电荷0 放在圆周上，它们的位置关于AC对称，+。与。点的连线和OC间夹角为30。，静电常量为尼贝I J （）A.。点的电场强度大小为后QB.。点的电场强度方向由。指向4C.。点电势小于C 点电势D.试探电荷q 从 8 点移到。点过程中，电势能始终不变4、图中ae为珠港澳大桥上四段110m的等跨钢箱连续梁桥，若汽车从a 点由静止开始做匀加速直线运动，通过ab段的时间为t,则

4、通过ce段的时间为A.t B.7 2 1 C.(2-72)t D.(2+7 2)t5、最近，我国为“长征九号”研制的大推力新型火箭发动机联试成功，这标志着我国重型运载火箭的研发取得突破性进展.若某次实验中该发动机向后喷射的气体速度约为3 k m/s,产生的推力约为4.8x106 N,则它在1 s 时间内喷射的气体质量约为A.1.6xl02 kg B.1.6x103 kg C.1.6x10s kg D.1.6xl06 kg6、关于分子间相互作用力与分子间势能，下列说法正确的是()A.在 为 分 子 间 作 用 力 为 零 的 间 距，其值为UPiOm)距离范围内，分子间总存在着相互作用的引力B.

5、分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零C.当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子势能越小D.分子间距离越大，分子间的斥力越大二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，在光滑水平桌面上有一 xOy平面直角坐标系，y 轴右侧有两根完全相同的均匀金属丝M 和 N 连接成闭合回路，金属丝M 的形状满足y=asin年 0 4 工白,电 阻 为 在 y 轴左侧有垂直于桌面向下的匀强磁场，磁感应强度大小为B,磁场宽度为幺，两金属丝在沿x 轴负方向的外力

6、作用下，以速度v 匀速穿过磁场，下列判断正确2的是A.金属丝中感应电流先沿逆时针方向后沿顺时针方向B.金属丝中感应电流的最大值为驾Ac.金属丝运动过程中外力的最大功率为空士D.金属丝穿过磁场过程中产生的热量为48%2 小R8、下列说法中正确的是A.当温度升高时，物体内所有分子热运动速率都一定增大B.分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小C.在潮湿的天气里，空气的相对湿度小，有利于蒸发D.温度相同的不同物体，它们分子的平均动能一定相同E.一定质量的理想气体分别经等容过程和等压过程，温度均由A 升高到等压过程比等容过程吸收的热量多9、真空中，在 x 轴上的坐标原点。和 x=50cm处分别固定点

7、电荷A、B,在 x=10cm处由静止释放一正点电荷p,点电荷P 只受电场力作用沿工轴方向运动，其速度与在X轴上的位置关系如图所示。下列说法正确的是（）2A.x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高B.从 x=10cm到 x=40cm的过程中，点电荷p 的电势能一定先增大后减小C.点电荷A、B 所带电荷量的绝对值之比为%4D.从 x=10cm到 x=40cm的过程中，点电荷p 所受的电场力先增大后减小10、如图所示，水平传送带以大小为V的速率沿顺时针匀速运行，一个小物块从传送带的右端点A以大小为2y的速度向左滑上传送带，小物块滑到传送带正中间时速度减为零。已知小物块与传送带间的动摩擦因数为，

8、重力加速度为g,则下列说法正确的是BQA2t-Z)ry 2A.A,8两点间的距离为上4gB.小物块在传送带上运动时与传送带的相对位移为士匚2HgC.要使小物块从传送带左端点8滑离，小物块在右端点A滑上传送带的速度至少为3VD.增大传送带的速度（仍小于2丫），小物块与传送带间相对运动的时间变长三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6分）如 图1所示，为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置及数字化信息系统获得了小车加速度。与钩码的质量及小车和祛码的质量对应关系图。钩码的质量为“，小车和祛码的质量为，重力加速度为g。（1）下 列 说 法 正

9、 确 的 是.A.每次在小车上加减祛码时，应重新平衡摩擦力B.实验时若用打点计时器应先释放小车后接通电源C.本实验mi应远小于mi1D.在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象（2）实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤,测得户=“g,作出”-尸图象，他可能作出图2中（选填“甲”、“乙”、“丙”）图线。此图线的A B段明显偏离直线,造成此误差的主要原因是,A.小车与轨道之间存在摩擦B.导轨保持了水平状态C.祛码盘和祛码的总质量太大D.所用小车的质量太大1(3)实验时，某同学遗漏了平衡摩擦力这一步骤，若轨道水平，他测量得到的-a 图象，如图3。设图中直线的m2斜率为我,在纵轴上的截距为

10、则小车与木板间的动摩擦因数/，=,钩码的质量机k.(4)实验中打出的纸带如图4 所示。相邻计数点间的时间是0.1 s,图中长度单位是c m,由此可以算出小车运动的加速度是 m/s2.12.(12分)用如图所示装置探究钩码和小车(含祛码)组成的系统的“功能关系”实验中，小车碰到制动挡板时，钩码尚未到达地面。(1)平衡摩擦力时，(填“要”或“不要”)挂上钩码；如图乙是某次实验中打出纸带的一部分，0、A、3、C 为 4 个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有4 个打出的点没有画出，所用交流电源的频率为50Hz通过测量，可知打点计时器打8 点时小车的速度大小为 m/s(结果保留两位有效数字)；(3)

11、某同学经过认真、规范的操作，得到一条点迹清晰的纸带，他把小车开始运动时打下的点记为O,再依次在纸带上取等时间间隔的1、2、3、4、5、6 等多个计数点，可获得各计数点到。的距离s,及打下各计数点时小车的瞬时速度v o 如图丙是根据这些实验数据绘出的图象，已知此次实验中钩码的总质量为0.15kg,小车中祛码的总质量为0.50kg,取重力加速度g=10 m/s2,根据功能关系由图象可知小车的质量为 kg(结果保留两位有效数字)；(4)研究实验数据发现，钩码重力做的功总略大于系统总动能的增量，其 原 因 可 能 是。A.钩码的重力大于细线的拉力B.未完全平衡摩擦力C.在接通电源的同时释放了小车D.交

12、流电源的实际频率大于50Hz四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示，在第一象限有一匀强电场。场强大小为E,方向与V轴平行。一质量为机、电荷量为-q(q 0)的粒子沿x 轴正方向从 轴上P 点射入电场，从K轴上的。点离开电场。已知OP=3 OQ=2后 不 计 粒 子 重 力。求：场强E的方向和粒子在第一象限中运动的时间；粒子离开第一象限时速度方向与x 轴的夹角.P-_Q7)-14.(16分)如图所示,光滑水平面上静止放置质量M=2kg的足够长木板C；离板右端x=0.72m处静止放置质量mx=lkg

13、的小物块A,A 与 C 间的动摩擦因数=0.4；在木板右端静止放置质量mB=lkg的小物块B,B 与 C 间的摩擦忽略不计，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。A、B 均可视为质点，g 取 l()m/s2,现在木板上加一水平向右的力尸，到 A 与 B发生弹性碰撞时撤去力儿问：(1)A与 B 碰撞之前，B 的加速度大小？在 A 与 B 碰撞之前，若维持A 与 C 相对静止，则厂最大为多大？若尸=3 N,则长木板C 最终的对地速度是多大？15.(12分)如图所示，木板5 静止于光滑水平地面上，在其左端放一可视为质点的木块4,已知木块A 的质量MA=2 k g,木板3 的质量M B=6kg,长 L=4m。

14、某时刻，一块橡皮泥C 以速度vo=12m/s射向木块A,并与A 粘在一起,在 A 和 C 一起滑动的同时，立即给B施加一个水平向右的拉力F,已知橡皮泥C的质量“=1kg,A 与 8 的动摩擦因数“=0.1,重力加速度g=10m/s2。求：(1)若尸=15N,A 相对8 向右滑行的最大距离；要使A 从 B 上滑落，拉力尸大小应满足的条件。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】M m ._ _ M m 1 2c 一小加 F、一 F、.M m 厂 .4在两极：G箱=月,在赤道：G-；F2 mco R,联立解

15、得：R -广，由G=4,且解得：P =3耳 24 4 G(-g),故 A 正确.2、B【解析】根 据“=220拒 s加3/4“口可知，原线圈的电压有效值为U =2 2 0 V,电压表的读数为变压器的输出电压的有效值，由U.n.U,n,7六=得，电压表读数为U,=2 2 V,故 A 错误；若仅将副线圈匝数增加到原来的2 倍，根据7TL=可知，5 增U2 n2U2 n2大到原来的2 倍，由/,=七 可 知，电流表的读数增大到原来的2 倍，故 B 正确；输入电压和匝数比不变，则输出电R压 力 不 变，仅 将 R 的阻值增加到原来的2 倍，由“二 与 可 知，电流变为原来的一半，输入功率变为原来的一半

16、，故 C 错误；若副线圈匝数增加到原来的2 倍，则 U2增加到原来的2 倍，同时R 的阻值也增加到原来的2 倍，故输出U2功率=匕 变 为 原 来 的 2 倍，故 D 错误。2 R3、A【解析】A B.两电荷在。点的场强大小为QEt=E i=k 夹角为120AB根据平行四边形定则知合场强为QE=Ei=E2=k-方向平行两个电荷的连线向右，故 A 正确，B 错误；C.等量正负点电荷连线的中垂线上电势相等，因而夕产依,故C 错误；D.如果只有+0 存在，则 3 点电势大于。点电势；如果只有-Q存在，同样是8 点电势大于。点电势；由于电势是标量，所以两个场源电荷同时存在时，依然有5 点电势大于。点电

17、势，故试探电荷g 从点移到。点过程中，电势能是变化的，故 D 错误。故选A。4、C【解析】设汽车的加速度为a,经 历 be段、ce段的时间分别为h、t 2,根据匀变速直线运动的位移时间公式有：xa b=-a t xac=-at H-)2,=a(t+tt+t2V 解得：t2 (2 V 2)r 故 C 正确，A、B、D 错误；故选C。5、B【解析】设该发动机在/s 时间内，喷射出的气体质量为“，根据动量定理，Ft=m v,可知，在 1s内喷射出的气体质量%=二=48x1。Ag=1.6xl0”g,故本题选 B.切 t v 30006、A【解析】A.分子间同时存在引力和斥力，在平衡距离以内表现为斥力，

18、在平衡距离以外表现为引力，在 104距离范围内，分子间总存在着相互作用的引力，A 正确；B C.设 分 子 平 衡 距 离 为 分 子 距 离 为 r,当 rr。，分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当 X。分子力表现为斥力，分子距离越小，分子势能越大；故当，=，分子力为0,分子势能最小；由于分子势能是相对的，其值与零势能点的选择有关，所以分子距离为平衡距离时分子势能最小，但不一定为零，B、C 错误；D.分子间距离越大，分子间的斥力越小，D 错误。故选A。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分

19、，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、AB【解析】A.导体切割磁感线，根据右手定则可知，金属丝进入磁场过程中感应电流沿逆时针方向，离开磁场过程中感应电流沿顺时针方向，A 正确；B.金属丝在磁场中切割磁感线的最大有效长度为：L=2a最大的感应电动势：m-BLv最大感应电流:/=Em=Bavm 2R RB 正确；C.导体棒匀速运动，外力与安培力等大反向，最大外力:2B2a2v4=叫=最大功率:4=2282a2V2RC 错误；D.根据金属丝形状的表达式可知回路中产生的是正弦式交变电流，电流的有效值:/=立/2 m电流存在的时间：T=四V根据焦耳定律：八 忘 Bavy c r.d BcrdvQ

20、=x x2Rx =-2 R)v RD 错误。故选AB。8、BDE【解析】A.当温度升高时，物体内分子的平均速率变大，并非所有分子热运动速率都一定增大，选 项 A 错误;B.分子间距离增大时，分子间的引力和斥力都减小，选 项 B 正确；C.在潮湿的天气里，空气的相对湿度大，不利于蒸发，选 项 C 错误；D.温度是分子平均动能的标志，温度相同的不同物体，它们分子的平均动能一定相同，选 项 D 正确；E.一定质量的理想气体温度由5 升高到八，则内能变化量相同，经等压过程，体积变大，对外做功W（）,则等容过程中不对外做功W=0,根据热力学第一定律可知，等压过程比等容过程吸收的热量多，选 项 E 正确。

21、故选BDE.9、AC【解析】A.点电荷p 从 x=10cm处运动到x=30cm处，动能增大，电场力对点电荷做正功，则点电荷所受的电场力方向沿+x轴方向，因此，从 x=10cm到 x=30cm范围内，电场方向沿+x轴方向，所以，x=10cm处的电势比x=20cm处的电势高,故 A 正确；B.点电荷p 在运动过程中，只有电场力做功，电势能和动能之和保持不变，点电荷的动能先增大后减小，则其电势能先减小后增大，故 B 错误；C.从 x=10cm到 x=30cm范围内，点电荷p 所受的电场力沿+x轴方向，从 x=30cm到 x=50cm范围内，点电荷p 所受的电场力沿-x轴方向，所以，点电荷p 在 x=

22、30cm处所受的电场力为零，则点电荷4、8 对点电荷p 的静电力大小相等，方向相反，故有/C QAQ _ I，QHQ%其中 rA=30cm,rB=20cm,所以，QA：QB=9：4,故 C 正确；D.点电荷x=30cm处所受的电场力为零，由电场力公式尸=gE可知：x=30cm处的电场强度为零，所以从x=10cm到x=40cm的过程中，点电荷所受的电场力一定先减小后增大，故 D 错误。故选AC。10、BD【解析】A.物块向左滑动时，做加速度大小为a=g的匀减速直线运动，则传送带的长为（2犷_4/L-乙X-2a 4 g故 A 错误；B.物块向左滑动时，运动的时间2v 2vt.=一 二a4 g这段时

23、间内相对位移2v2 4v2x相=+叫=-4 g g当物块向右运动时，加速的时间为vav4 g3这段时间内的相对位移为v2 V2相2 2 2a9v2因此总的相对位移为一，故 B 正确；2 gC.要使物块从传送带左端点B 滑离，物块在右端点A 滑上传送带的速度至少为v=42aL=故 C 错误；D.增大传送带的速度(仍小于2丫)，物块向左相对传送带运动的时间不变，向右相对传送带运动的时间变长，因此物块与传送带相对运动的总时间变长，故 D 正确。三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。-b 111、D 丙 C-0.46gk gk【解析】(1)1A.平

24、衡摩擦力，假设木板倾角为仇则有：f =m-,gsm6=2gcosH叱约掉了，每次在小车上加减祛码时，故不需要重新平衡摩擦力，故 A 错误；B.实验时应先接通电源后释放小车，故 B 错误；C.让小车的质量应远远大于钩码的质量叫，绳子的拉力故应该是犯 吗,故 C 错误;F1D.F =m,a,所以：”=所以在用图像探究小车的加速度与质量的关系时，通常作。一 一 图 像，故D正确。m2 m2故选：D。2遗漏了平衡摩擦力这一步骤，就会出现当有拉力时，物体不动的情况。故图线为丙；3当不满足叫 私 时，随加的增大物体的加速度。逐渐减小，故图象弯曲的原因是：所挂钩码的总质量太大，不满足沙和沙桶质量远小于小车的

25、质量，故C正确。(3)根据牛顿第二定律可知一 田乳2g-m2a1结合。图象，可得：m21 1=+-amt mtg设图中直线的斜率为A,在纵轴上的截距为儿因此钩码的质量1m,-gk小车与木板间的动摩擦因数bgk(4)根据尸”?1 2得，a=x 10 2 m/s2=0.64m/s23 3x O.l212、不要().72 0.85 B D【解析】.小车下滑时受到重力、细线的拉力、支持力和摩擦力作用，为了在实验中能够把细线对小车的拉力视为小车的合外力，则应该用重力的下滑分力来平衡摩擦力，在平衡摩擦力时，不挂钩码，但要连接纸带。(2)2.相邻的两个计数点之间还有4个打出的点没有画出，计数点间的时间间隔为

26、T=0.02x 5s=0.1s根据匀变速直线运动的规律可知，一段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，打5点的速度为v =x I CT?m/s=0.72m/sB 2T 2x 0.1(3)3.设钩码的质量为机，小车的质量为M,小车中祛码的质量为,方，对系统，由动能定理得mgx=CM+m+m）v2整理得.2 2m g xv =-m+mr+Mv2 图象的斜率k=n区 3mz s2m+m+M 0.25解得M=0.85kg。（4）4.A.钩码的重力大于细线的拉力，不影响钩码重力做系统做的功，故 A 错误；B.长木板的右端垫起的高度过低，未完全平衡摩擦力时，则摩擦力做负功，系统总动能的增量小于钩码重力做

27、的功,故 B 正确；C.接通电源的同时释放了小车，只会使得纸带上一部分点不稳定，不影响做功与动能的增量，故 C 错误；D.交流电源的实际频率大于50H z,如果代入速度公式的周期为0.02s,比真实的周期大，则求出来的速度偏小，则动能偏小，故 D 正确。故选BD四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）场强指向）轴正方向，t=12mL；（2）8八=3-0qE【解析】负电荷受电场力方向是场强E的反方向，所以场强E的方向指向V轴正方向。带电粒子在电场中做类平抛运动，在 了轴负方向上做初速度为零的匀加速运动，x 轴正

28、方向做匀速运动。设加速度大小 为 初 速 度 为 由类平抛运动的规律得L-at22-J3L v0Z又qEa=-m联立解得设粒子离开第一象限时速度方向与X轴的夹角为。，则Vy=attan 0=%联立解得,A 6t a n 0=3即 8=30。14、(1)0；(2)12N；(3)0.8m/s【解析】(1)/%在与“碰之前B 静止不动，所受合外力为零，所以加速度为零。(2)若 A、C 相对静止，临界加速度大小a 0=3 =4n2则 C 受到的推力最大为Fa=(M+mA)a=l2N(3)A、C-起运动的加速度a =l m/s2mA+MA、B 碰撞前瞬间A、C 的共同速度为v0=yjlax-V 2x l

29、 x 0.72m/s =1.2m/sA、B 发生弹性碰撞，选取水平向右为正，由动量守恒和能量守恒定律可得/MAv0=mAvA+/nBvB1 2 1 2 1 2速度交换解得以=碰 后 A、C 组成系统，根据动量守恒可得Mv。=(M +入)y解得长木板c 最终的对地速度v=0.8m/s15、2 m(2)见解析【解析】(1)A 与 C 碰撞，由动量守恒定律V 1 =4m/sA 滑上木板4 后做匀减速运动，有M 啊+叫)g=(啊+，&)%aA=lm/s2F+/j(mA+mc)g=m8aB,aB=3m/s2两者速度相同时，有匕 一 卬=*得：，=lsA 滑行距离1 ,=卬-”-=3.5m3 滑行距离1 2SB=-aBt 1.5m最大距离：S =SASB=2m(2)A 到 B右端滑落的临界条件是A 到达8 的右端时，A 8 具有共同的速度2则2%2aB又匕一岭=岭aA aBaB=lm/s2再代入尸+(吗+%)8=怎得E=3N即A从3的右端滑落F(mA+mc+mB)a(叫+mcg=mA+mc)aF9N