2022届青海省西宁市高考冲刺模拟物理试题含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处 o2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将

2、本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在等量异种点电荷形成的电场中有A,B,C三点，A点为两点电荷连线的中点，8点为连线上距A点距离为d的一点，C点为连线中垂线上距A点距离也为d的一点。则下列说法正确的是（）升 丁 一IA.EA=ECEB,(pA=(pc(pBB.EBEAEC,(pA=(pc(pBC.将正点电荷q沿AC方向移动到无穷远处的过程中，电势能逐渐减少D.将负点电荷g沿4 8方向移动到负点电荷处的过程中，所受电场力先变小后变大2、如图所示，一个有矩形边界的匀强磁场区域，磁场方向垂直纸

3、面向内.一个三角形闭合导线框，由位置1（左）沿纸面匀速运动到位置2（右）.取线框刚到达磁场边界的时刻为计时起点（U0）,规定逆时针方向为电流的正方向，则图中能正确反映线框中电流号时间关系的是（）3、如图所示，4、3两滑块质量分别为2kg和4kg,用一轻绳将两滑块相连后分别置于两等高的光滑水平面上，并用手按着滑块不动，第一次是将一轻质动滑轮置于轻绳上，然后将一质量为4kg的钩码C挂于动滑轮上，只释放A而按着8不动；第二次是将钩码C取走，换作竖直向下的40N的恒力作用于动滑轮上，只释放8而按着A不动。重力加速度g=10m/s2,则两次操作中A和8获得的加速度之比为（）A Bn-n昆cA.2：1 B

4、.5：3 C.4：3D.2：34、如图所示，一理想变压器原、副线圈的匝数之比1：%=4：1,副线圈接有一负载电阻和一个闪光灯，闪光灯两端的电压不小于55V时，闪光灯就会发光。已知“、间接有 =2206sin（1 0 0 M V 的交流电压，负载电阻R=55C,贝（I（）A.Im in内，闪光灯发光时间为30s B.电压表的示数为55jVC.电流表的示数为1A D.闪光灯闪光的频率为50Hz5、下列说法中，正确的是（）A.物体在恒力作用下不可能做曲线运动B.物体在恒力作用下不可能做圆周运动C.物体在变力作用下不可能做直线运动D.物体在变力作用下不可能做曲线运动6、位于贵州的“中国天眼”（FAST

5、）是目前世界上口径最大的单天线射电望远镜，通过FAST可以测量地球与木星之间的距离.当FAST接收到来自木星的光线传播方向恰好与地球公转线速度方向相同时，测得地球与木星的距离是地球与太阳距离的k倍.若地球和木星绕太阳的运动均视为匀速圆周运动且轨道共面，则可知木星的公转周期为（）33A.（1 +/万年 B.0 +年3 3,C.（1 +抄 年 D./年二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，A、B、C 三点组成一边长为/的等边三角形。该空间存在平行于4

6、8 c 平面的匀强电场。一质量为机、带电量为+q的粒子仅受电场力作用依次通过4、8、C 三点，通过4、C 两点的速率均为vo,通过B点时的速率为且埸，3 则该匀强电场场强E的大小和方向分别是C.方向垂直A C 斜向上D.方向垂直A C 斜向下8、甲、乙两列简谐横波在同一介质中同向独立传播，传播方向沿x 轴正方向。如图所示为，=o 时刻的部分波形。r=is时刻质点。第一次振动至平衡位置。对此现象，下列说法正确的是（）QA.乙波的波长为20mB.甲波的周期为2sC.甲波的传播速度为2m/sD.f=（）时刻两列波没有波峰重合处E./=0 时刻在x=32.5m处两列波的波峰重合9、如图所示，劲度数为攵

7、的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为加的物体接触（未连接），弹簧水平且无形变.用水平力尸缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了%,此时物体静止.撤去产后，物体开始向左运动，运动的最大距离为4 x 0.物体与水平面间的动摩擦因数为，重力加速度为g.则（）A.撤去产后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动B.撤去产后，物体刚运动时的加速度大小为3gC.物体做匀减速运动的时间为2Ho4 gD.物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为火（公-幺 警10、如图甲所示，滑块沿倾角为a 的光滑固定斜面运动，某段时间内，与斜面平行的恒力作用在滑块上，滑块的机械能 E 随时间/变化

8、的图线如图乙所示，其中Ofi、打时刻以后的图线均平行于f 轴，有心的图线是一条倾斜线段，则下列说法正确的是A.U 0 时刻，滑块运动方向一定沿斜面向上B.有时刻，滑块运动方向一定沿斜面向下C.时间内，滑块的动能减小D.f273时间内，滑块的加速度为gsina三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）如图甲所示装置，可以进行以下实验：4 研究匀变速直线运动”区“验证牛顿第二定律”C.“研究合外力做功和物体动能变化关系（1）在 A、B、C 这三个实验中，需要平衡摩擦阻力.（2）已 知 小 车 的 质 量 为 盘 和 祛 码 的 总

9、质 量 为 且 将 mg 视为细绳对小车的拉力；为此需要满足加 EA Ec根据等势面分布结合沿电场线方向电势降低，可知电势关系为 PA=9BA 错误，B 正确；C.A、。两点处于同一等势面上，所以将正点电荷g 沿 A C 方向移动到无穷远处的过程中，根 据 综=4/可知电势能不变，C 错误；D.将负点电荷q 沿 A 8 方向移动到负点电荷处的过程中，电场线越来越密集，根据R =q E 可知所受电场力逐渐增大,D 错误。故选B。2、A【解析】先由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，再由感应电动势公式=跳丫和欧姆定律，分段分析感应电流的大小，即可选择图象.【详解】线框进入磁场的过程，磁

10、通量向里增加，根据楞次定律得知感应电流的磁场向外，由安培定则可知感应电流方向为逆时针，电流i应为正方向，故 B C 错误；线框进入磁场的过程，线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由 E=BLv,可知感应电动势先均匀增大后均匀减小；线框完全进入磁场的过程，磁通量不变，没有感应电流产生.线框穿出磁场的过程，磁通量向里减小，根据楞次定律得知感应电流的磁场向里，由安培定则可知感应电流方向为顺时针，电流i应为负方向；线框有效的切割长度先均匀增大后均匀减小，由 =3小，可知感应电动势先均匀增大后均匀减小，故 A正确，D 错误.3、C【解析】第一种方式：只释放A 而 B 按着不动，设绳子拉力为八，C 的

11、加速度为以 对 A 根据牛顿第二定律可得T=max对 C 根据牛顿第二定律可得：mcg-2Ti=mca根据题意可得A=2O联立解得：2%=g第二种方式：只释放8 而 4 按着不动，设绳子拉力为八，对 5 根据牛顿第二定律可得Ti=mKan而7=4ON=27,2联立解得：1a n=2S在以上两种释放方式中获得的加速度之比为“A：”B=4：3,故 C 正确、A B D 错误。故选Co4、A【解析】根据公式U 2及2可知，副线圈两端的电压有效值U2=5 5 V则电压表的示数为5 5 V,通过电阻R 的电流/=1=1A2 R由于闪光灯也有电流通过，故电流表的示数大于1 A,根据正弦交变电流的特点可知，

12、一个周期内闪光灯有两次闪光，因此闪光灯的频率为交流电频率的2 倍，即为100Hz,副线圈两端电压的最大值为55五 V，根据正弦函数关系可知,一个周期内闪光灯两端的电压超过5 5 V 的时间有半个周期，故 Imin内闪光灯发光时间为30s；故 A 正确，B C D 错误。故选A。5、B【解析】A.物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选项A错误；B.物体做圆周运动的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选 项B正确;C.物体在变力作用下也可能做直线运动，选 项C错误；D.物体在变力作用下也可能做曲线运动，例如匀速圆周运动，选 项D错误；故选B。6、B【解析】该题中，太阳、地

13、球、木星的位置关系如图：设地球的公转半径为R i,木星的公转半径为R 2,测得地球与木星的距离是地球与太阳距离的k倍，则有：/?；=+（靖）2=0 +/）&，由开普勒第三定律有：$隼,可得：4 2=鲁7 2=（1 +左2）3.邛，由于地球3公转周期为1年，则有：T 2=（+攵2）2年，故B正确，A C D错误.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、B C【解析】A B.据题意可知A C为该匀强电场的等势线，因从A到5电场力对粒子做负功，且粒子带正电，可知电场方向垂直A

14、 C斜向上，据动能定理可得解得E=,故A错误B正确。9qlC D.据题意可知4 c为该匀强电场的等势线，因从A到8电场力对粒子做负功，且粒子带正电，可知电场方向垂直4 c斜向上，故C正确D错误。8 A C D【解析】A.读取图象信息知波长为4 =8m,%=20m所以A 正确；B.甲波的Q 点运动至平衡位置所需时间为=1 S4则甲波周期为/=4s所以B 错误；C.波的传播速度仅由介质决定，甲、乙两列波的速度相同，有v=2m/s4所 以 C 正确；DE.取 r=o 时刻Xi=14m,x2=20m两个波峰点为基准点，二者相距6 m。假设f=()时刻两列波的波峰有相遇处，则该相遇处与两个波峰基准点的距

15、离差为自 4一%2%=6m(k ,右均为整数)即=6+以=6+20%=25k,+0.754 8 2该方程式，网无整数解。贝 =()时刻两列波波峰没有重合点。所 以 D 正确，E 错误。故选A C D。9、BD【解析】A.撤去产后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速运动，A 错误；B.刚开始时，由牛顿第二定律有：kx0-/jmg=ma解得：a

16、=-/.tgmB 正确；C.由题意知，物体离开弹簧后通过的最大距离为3x。，由牛顿第二定律得:将此运动看成向右的初速度为零的匀加速运动，贝!I：1 23/=2卬联立解得：N 4gC 错误;D.当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度速度最大时合力为零，则有F=jumg=kx解得X =半，所以物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为：k叱=根g (x0 _ x)=根g (X o -D正确。故选BDo10、BD【解析】A B C.根据能量守恒定律可知，除重力以外的力做功使得物体的机械能变化，0 Y 内物体的机械能不变，说明没有其它力做功，但物体的运动可以是沿斜面向上或沿斜面向

17、下；txt2时间内机械能随时间均匀减小，A E =Eo E=kt,而由功能关系AE=Fx则物体的位移关于时间变化=近，推得物体做匀速直线运动，则需要其它力F=mg sin a,综合可得0 A物体可以是沿斜面向下做匀变速直线运动或沿斜面先向上匀减再向下匀加；物体沿斜面向下做匀速直线运动，此时滑块的动能不变；故A项错误，B项正确，C项错误；D.&F时间内，机械能不再变化，说明撤去了其它力，物体沿斜面方向只有重力的分力提供加速度，由牛顿第二定律:ms s i n a.a=-=g s i n am故D项正确；故选B D.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算

18、过程。11,BC A mgs,”他 二 针 大于8 T2【解析】根据实验原理与实验注意事项分析答题.由匀变速直线运动的推论求出打D点的速度，然后根据重力势能与动能的计算公式分析答题.【详解】：（1）在A、8、C这三个实验中，“验证牛顿第二定律”、“研究合外力做功和物体动能变化关系，都需要平衡摩擦阻力；故选BC.（2）已 知 小 车 的 质 量 为 盘 和 硅 码 的 总 质 量 为 且 将,视 为 细 绳 对 小 车 的 拉 力.为 此 需 要 满 足 加 M.前述4、5、C三个实验中，实验A只需要小车做匀加速运动即可，不需要满足此要求；故选A.（3）纸带上由0点到D点所对应的运动过程中，盘和

19、祛码受到的重力所做功的表达式：W=mgs.；打。点时的速度：为=wm，2T则小车动能的改变量：（a二区）2=9二立；卜 2 2T 8 T2由于实验中存在系统误差，所以盘和祛码受到的重力所做功W大于小车动能的增量Ek.故答案为（1）3。A （3）织$4；竺，*1；大于【点睛】此题涉及到三个高中物理的重要实验，基本装置都相同，只是实验的原理及目的不同；关键是弄清每个实验的原理及操作的方法、注意事项等问题，做到融会贯通不混淆.1 2、2.45 -2.5 0 2.0 0 -2.0 4 等于【解 析】1 刻 度 尺 最 小 分 度 为0.1 cm,则 小 车2的 位 移 为X2=2.45 cm,由 于

20、误 差2.45 cm 2.5 0 cm均可1 ,由于小车都是做初速度为零的匀加速运动，根据可知，由于时间相同，则有幺=五=2 2 2 0 4a2 x2 2.45由于读数误差，则2.0 0 -2.0 4均可 3 由题意可知m2 2 0 0 21 0 0故在误差允许的范围内_ m2a2 m四、计算题：本 题 共2小 题，共2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步 骤。1 3、(l)m B=2 m；(2)v=ygH【解 析】以AB组成的整体为研究对象，根据动能定理求出绳断瞬间两物块的速率；绳 断 瞬 间 物 块B与 物 块A的速度相同，此后B做竖直上抛运动，根

21、 据 机 械 能 求 出B上升的最大高度.【详 解】(1)初 始 时，A、B平 衡，对系统有：mBg si n 3 0 0 =m g解 得：=2m；交 换 后，对系统由动能定理：。H .22 m g H -m g =x 3 m v解 得：V=ygH.【点 睛】本题是连接体问题，运用动能定理和机械能守恒定律结合处理，也可以根据牛顿定律和运动学公式结合研究.14、即 之；竺 (2)激 光 束，理 由 见 解 析b；减小m p【解 析】(1)取向右方向为正，小车与小球水平方向动量守恒mv0-P=mVj3 P得 K=%-m设入射个小球后小车将停下来，由动量守恒定律得mv0-nP=0解 得 八 智。激

22、光 束b理 由 是 原 子A向右运动，是 迎 着 激 光 束b运 动 的，根据多普勒效应，这个原子感受到激光束b的频率升高，进一步接近了原子吸收光谱线的中心频率，原 子 从 激 光 束b吸收光子的几率增大。原 子A的运动方向和激光束a的传播方向相同，所 以 它 感 受 到 激 光束a的频率减小，根据多普勒效应，这个原子感受到激光束a的频率降低，进一步远离了原子吸收光谱线的中心频率，原 子 从 激 光 束a吸收光子的几率减小。综上所述，原 子A吸 收 了 激 光 束b的光子。减 小。由动量守恒定理得mva 一 叫/=(机v=mv0-mhvb(2+%)所以是减小了。15、(1)10.8 m/s；(2)4 m.【解 析】(1)球 从A到5受重力和线的拉力，只有重力做功，球 从3到。做平抛运动，也只有重力对球做功，故 球 从A到。运动的全过程中机械能守恒，取地面为参考面，则mg(/cos60。)=；力吟得0=10.8 m/s(2)在 球 从A到B的过程中，根 据 机 械 能 守 恒 定 律(取B点 所 在 的 水 平 面 为 参 考 面)得ingl(1cos600)=mv2o2 B解得Vfi=4 m/s球 从 B 点开始做平抛运动到D 点时下落的高度为k=H-l=5Q m则球做平抛运动的时间为2x5.0-S=1 s10球着地点。到 C 点的距离为S=VB/=4X1 m=4 m