2021年山东省潍坊市安丘市中考物理一模试卷.pdf

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1、2021年山东省潍坊市安丘市中考物理一模试卷一、单 选 题（本大题共U小题，共24.0分）1.在物理学的发展中，许多科学家做出了杰出的贡献。19世纪20年代，一位科学家怀着强烈的好奇心和执著的探究精神，付出了几年艰辛的劳动，通过自己设计制造仪器，找到了电流跟电阻、电压之间的关系，他就是物理学家（）A.焦耳 B.奥斯特 C.欧姆 D.伏特2.挑选西瓜时，用手指在西瓜上弹几下，如果声音清脆，就知道是生瓜；如果声音较沉闷，就是熟瓜。医生常用叩诊术来检查胸腹内器官是否正常（如图所示），脏器不正常与正常的叩诊声音是不同的。有趣的是300多年前，一个奥地利人用敲击酒桶的方法来判断桶中酒的多少（如图）.上述

2、实例中都是根据声音的哪一个共同特征来判断的？（）3.A.音调下列物理现象中,由于光的直线传播而形成的是（）A.雨后彩虹B.水中倒影C.立竿见影D.海市蜃楼4.电子监控器广泛应用在各种公共场所，为社会治安起到保驾护航的作用。如图所示的电子监控器主要由光学系统和光电转换系统两部分组成。光学系统收集监控区域内的景物信息，经光电转换系统转换成电信号，输送到监控中心。其中光学系统的工作原理相当于（）A.平面镜成实像 B.平面镜成虚像 C.凸透镜成实像 D.凸透镜成虚像5.下边是李华同学复习运动和力知识时的笔记摘录，其中正确的是（）A.物体的质量跟它受到的重力成正比B.踢出去的足球，能继续向前滚动，是由于

3、受到惯性C.用桨向后划船，船就会向前运动，利用了物体间力的作用是相互的D.做匀速直线运动的物体，其运动速度越大，所受到的力就越大6.如图所示是餐桌上常见的美食，其中所包含的物理知识正确的是（）A.蒸饺-刚蒸熟的饺子冒“白气”是汽化现象B.牛肉面-吃面时吹气面凉的快，是因为吹气加速了水分的蒸发C.回锅肉-炒肉是通过做功的方式使肉和菜的内能增加D.玉米排骨汤-用高压锅炖肉熟的快，是因为锅内气压高、水的沸点低7.为了进一步提高交通运输的质量和减少环境污染，我国上海等城市已开始建设高速磁悬浮列车。磁悬浮列车在行进时依靠安装在车厢底部的强磁铁将列车“浮”在轨道上方，从而可高速行驶。那么列车可高速行驶的原

4、因是列车浮起后（）A.减小了列车的惯性 B.减小了列车的重力C.减小了列车与铁轨间的摩擦力 D.减小了列车所受的空气阻力8.小明有一辆黑猫警长玩具电动车，车内电路由干电池、电动机和开关组成，电动机场 控制车辆行驶，电 动 机 控 制 警 长 转 动，当只闭合开关S1时，车能行驶，警长不转动；当只闭合开关S2时，车和警长都不动；同时闭合开关S1和S2时，车能行驶，警长能转动，图中符合上述设计要路的安全，调节滑动变阻器，则下列说法正确的是（）A.当滑动变阻器滑片向右移动，电流表示数变大，电压表示数变大B.电流表示数变化范围是0.34 0.64之间C.滑动变阻器允许调节的范围是5。100D.电压表示

5、数与电流表示数的比值等于灯泡的电阻10.电与我们的关系十分密切，生产和生活中都离不开它。珍惜生命、安全用电十分重要，下列符合安全用电原则的是（）湿手拨动开关高压线下放风筝11.如图所示电路中，电源两端电压保持不变，闭合开关S,电流表、电压表分别有示数；再同时闭合开关S、品，下列说法中正确的是（）A.电压表的示数变大B.电压表的示数变小C.电路的总电阻变大D.电流表的示数变大二、多 选 题（本大题共4小题，共16.0分）12.如图所示的小丽穿上旱冰鞋向右推墙的情景，下列分析不正确的是（）A.她推墙时，墙对她没有作用力B.她的手离开墙后她继续向左运动，是因为她具有惯性C.她滑行一段距离后会停下来，

6、是因为她受到平衡力的作用D.她静止在水平地面上时，她的重力与地面对她的支持力是一对平衡力13.两个容器中分别盛有甲、乙两种不同的液体，把体积相同的4、8两个实心小球放入甲液体中,两球沉底；放入乙液体中，两球静止时的情况如图乙所示。则（）-.一甲 乙A.小球A的质量小于小球2的质量B.甲液体对容器底部的压强大于乙液体对容器底部的压强C.在甲液体中小球A对容器底的压力小于小球B对容器底的压力D.小球A在甲液体中排开液体的质量大于在乙液体中排开液体的质量1 4.如图所示，物体A质量为60依，在力的作用下匀速前进1如 受到的摩擦力是200N,若拉力F120N,则()A.拉力做的功是300JB.该装置对

7、物体做的有用功是200JC.该装置做的额外功是40J D.该装置的机械效率约是83.3%1 5.如图所示，电源电压为6V保持不变，小灯泡上标有“4.5V2.25W”字样，滑动变阻器最大值为2 0 0,电流表选“0-0.6 4”量程，电压表 选“0-3 V”量程，(灯丝电阻不受温度影响)则()A.小灯泡电阻是90B.滑动变阻器接入电路的阻值范围为3 0-2 0 0C.当小灯泡正常工作时，电路的总功率为3WD.当滑动变阻器接入电路阻值为60时，电流表示数为0.44三、作图题(本大题共2 小题，共 5.0分)16.如图所示，弹簧固定在水平地面上，有小球从A 点由静止自由下落到弹簧上，O A当小球下落

8、到最低点B 后，再被弹起。请画出小球在最低点8 时所受力的示意图。17.请按照下列有关要求作图：(1)如图所示，画出小球所受重力的示意图和力尸对支点O 的力臂L-,(2)在图中，标出通电螺线管和小磁针的N、S 极及磁感线的方向；(3)请根据平面镜成像特点，画出图中物体AB在平面镜中的像AB.四、实验探究题(本大题共4 小题，共 20.0分)1 8.在“探究平面镜成像的特点”实验中。(1)如图甲所示，小华在竖直的玻璃板前A 位置放置点燃的蜡烛，看到玻璃板后出现蜡烛的像，她用一张不透明纸挡在玻璃板与像之间，她在同一位置仍然能观察到蜡烛的像。这说明像是由于光的 形成的。(2)实验过程中蜡烛8(选填“

9、需要”或“不需要”)点燃。(3)实验中若移开蜡烛8,将光屏放在像的位置，不透过玻璃板，直接观察光屏，看不到蜡烛A 的像，说明平面镜成的是 像。(4)如图乙所示，玻璃板原来沿直线B C 竖直放置，若实验中将玻璃板沿顺时针方向转过一定角度0(6 90。)后，蜡烛A 成的像移动到点4 处，已知图中方格均为边长相等的正方形，则。=19.小冬学习了“认识浮力”后，爱动脑筋的小冬提出了问题：浸在液体中的物体受到浮力的大小与哪些因素有关呢？经过思考，他在学校实验室找来了弹簧测力计、烧杯、一个金属块、水和盐水等器材，设计并进行了如图探究实验。(1)金属块在图D 中受到的浮力为(2)分析8、C 两图知道：当金属

10、块浸没入水中后，所 受 浮 力 的 大 小 与 它 浸 入 水 的 深 度(选 填”有关”或“无关”).(3)小 冬(选 填 能”或“不能”)利用图A 和 E 探究浮力的大小与液体密度有关，理由是(4)综合上述实验得到的结论是：浸在液体中的物体受到浮力的大小与 和 有关。20.小刚发现汽车在柏油马路上容易停下来，而在冰雪路面上不容易停下来。3N 尸2(1)小刚猜想：摩擦力的大小可能与 有关。(2)于是小刚利用长木板、毛巾、袭有沙子的纸盒4、长方体物块8,以及弹簧测力计做了如图所示的实验。实验时，应使弹簧测力计水平 拉动纸盒(3)小刚通过比较 两图的弹簧测力计示数，可以验证他的猜想。(4)当小刚

11、将丙图中平放的物块B竖直立在沙面上，则 沙 子 被 压 的 坑 会(选 填“深”或“浅”)一些。由此可知：压力一定，,压力作用的效果越明显。2 1.如图是研究电流通过导体产生的热量与哪些因素有关的实验.(1)实验是通过观察两个U形管中 比较电流通过电阻丝产生的热量的多少的.(2)甲实验通电一段时间后，侧容器内空气吸收的热量更多.(3)乙实验是为了研究电流产生的热量与 的关系.(4)乙实验通电一段时间后，侧U形管中液面的高度差大.H 施五、计算题(本大题共4小题，共30.0分)2 2.中国新型电饭锅能智能化控制温度，鼎釜球槽设计，以使米饭有最佳的营养和口感，不断在全球抢占日本电饭锅市场。其简化电

12、路如图甲所示，&和&均为电热丝，S1是自动控制开关。煮饭时，把电饭锅接入220V电路中，在电饭锅工作的30min内，电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示，求:25 JO t osr 2 f,成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像头。(2)电子监控器的镜头实际上是一个凸透镜。凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握。5.答案:C解析：解：A、质量是物体的一种属性，与重力无关；故 4 错误；8、踢出去的足球能继续运动，是因为物体具有惯性，而保持了原来的速度；不是因为受到惯性；故B错误；C、力的作用是相互的，桨划水的时候，水对桨有向后的力，船向前运动：故 C 正确；。、

13、物体的运动不需要力来维持；物体做匀速直线运动的速度大小和力无关；故。错误；故选：C.(1)质量是物体本身的一种属性；(2)一切物体均有惯性，物体因为惯性，可以保持原来的运动；(3)力的作用是相互的，划船时利用了力的相互性；(4)物体的运动不需要力来维持.此题综合考查了质量的概念、惯性、力作用的相互性、力与运动的关系等知识点，要注意准确掌握相关概念规律.6.答案：B解析：解：A、刚蒸熟的饺子冒“白气”是水蒸气遇冷液化后的小水滴；故 A 错误；8、吃面时吹气，可以加快液体上方空气的流动速度，使蒸发加快，而蒸发吸热，具有致冷的作用，所以会使面凉得快；故 8 正确；C、炒肉时通过热传递的方式使肉和菜的

14、内能增加：故 C错误：。、高压锅是通过增大锅内气体压强的办法来提高水的沸点，从而缩短加热时间的；故。错误。故选：瓦(1)物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固；(2)影响蒸发快慢的因素有三个：液体的温度、液体的表面积、液体上方空气的流动速度。同时，蒸发吸热，具有致冷的作用；(3)改变内能的方法有：做功和热传递；(4)高压锅通过增大锅内气压的办法来提高水的沸点。此题考查热学的个知识点，准确分析生活中的物态变化、理解影响蒸发的因素、理解改变内能的两个方法、理解沸点与气压的关系；可解答此题。7

15、.答案：C解析：解：磁悬浮列车是用强磁场将列车微微托起，使其浮在轨道上方，从而可以高速行驶，其可以高速行驶的原因是使接触面分离，从而减小了列车与铁轨间的摩擦力。故选：C。本题关键是抓住影响滑动摩擦力大小的两个因素：压力大小和接触面的粗糙程度。特别是减小摩擦的方法，用滚动代替滑动，使两个接触面分离等。本题考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，考查了影响滑动摩擦力大小的两个因素，生活中是怎样减小摩擦的。8.答案：D解析：根据串并联电路的特点进行分析，开关S i控制整个电路，电动机M i与电动机M 2工作时相互不影响，应为并联.控制黑猫警长旋转的电动机M 2由开关$2控制；电路图应为9.答案：C

16、解析：解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。4 当滑动变阻器滑片向右移动时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，由/=J可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，由U=/R可知，灯泡两端的电压变小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，滑动变阻器两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 4 错误;BC.灯泡允许通过的最大电流:琮=缶 =。44 0 6 4所以，电路中的最大电流/大=0 4 4,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小,此时电路中的总电阻:n U 6VR M=-=-=15。总/人 0.44 因串联电路中总电阻等于各分

17、电阻之和,所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值:R 滑 小 R 点/?L=15。10P=5P；当电压表示数最大为u滑大=3了时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小,此时灯泡两端的电压：U =U-U =6 V-3 V =3V,则电路中的最小电流:所以，电流表示数变化范围是0.320.44之间，故B错误;滑动变阻器接入电路中的最大阻值:3VR股大=7 =屈=10，所以，滑动变阻器允许调节的范围是5。1 0 0,故C正确;D由R=g可知，电压表示数与电流表示数的比值等于滑动变阻器接入电路中的阻值，故。错误。故选：c。由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流

18、表测电路中的电流。(1)根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知电压表示数的变化；(2)根据欧姆定律求出灯泡允许通过的最大电流，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表示数最大时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据串联电路的电压特点求出此时灯泡两端的电压，利用欧姆定律求出电路中的最小电流，然后得出电流表示数变化范围再根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的最大阻值，进

19、一步得出滑动变阻器允许调节的范围；(3)根据欧姆定律结合滑动变阻器接入电路中的电阻得出电压表示数与电流表示数的比值。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用以及电路的动态分析，正确的得出电路中的最大电流和最小电流是关键。10.答案：C解析：解：A、因为水是导体，并且具有流动性，一旦与火线相连，人就会发生触电事故。故 A 不符合安全用电原则：8、高压线的电压很高，在其旁边放风筝，风筝容易挂到高压线上，很有可能会发生导电，使得放风筝的人触电。故 8 不符合安全用电原则；C、当发现有人触电时，应该用绝缘体使人和电源分开。故 C 符合安全用电原则；。、因为人体是导体，当用手接触带电体时，可能会使电源通

20、过人体与大地形成通路，造成触电。故。不符合安全用电原则。故选：C。根据安全用电原则知识去分析：(1)安全用电的基本原则是不接触低压带电体，不靠近高压带电体；(2)生活用水是导体。本题考查了安全用电的要求，只要同学们牢记安全用电常识，并正确规范操作，就能够避免危险发生。11.答案：D解析：解：由图可知，闭合开关S,只有治连入电路中，电流表测量的是通过&的电流，电压表测量的是电源电压；同时闭合开关S、S1时，两电阻并联，电流表测干路电流，电压表仍测电源电压，所以电压表的示数保持不变；和&并 联，总电阻会减小，由欧姆定律可知，干路电流会变大，即电流表的示数会变大。故选：D e分析电路结构，明确各电路

21、元件的连接方式；根据滑片的移动方向判断变阻器接入电路电阻的变化情况，根据欧姆定律及并联电路的特点判断各电表示数变化情况。本题考查电路的动态分析，分析清楚电路结构、根据开关的闭合判断电路电阻的变化情况、灵活应用欧姆定律、并联电路的特点是正确解题的关键。12.答案：AC解析：解：A、小丽推墙，对墙施加力的同时，墙对小丽也有力的作用，故A不正确；8、小丽离开墙后，由于惯性保持原来的运动状态继续向左运动，运动过程中并不受墙的推力作用，故8正确；C、在运动过程中，小丽由于受到阻力作用，受力不平衡，运动状态不断改变，最后停下来，故C不正确；。、小丽静止在地面上，受到竖直向下的重力与竖直向上的支持力作用而处

22、于平衡状态，重力与支持力是一对平衡力，故。正确。故选：AC。力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的；一切物体都具有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；在平衡力的作用下物体运动状态不变。本题考查了力物体间力的相互作用、惯性、平衡力等问题，是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。13.答案：AC解析：解：A、乙液体中，A球漂浮，则A的密度小于乙液体的密度，B球下沉，则8的密度大于乙液体的密度，所以PA F浮 甲,A球在乙液体中漂浮，则GA=F浮 乙,所以尸理尹F浮 乙,由/浮=G=可知，小球A在甲液体中排开液体的质量小于在乙液体中排开液体的质量，故。错误。故选：AC.(1)根据尸浮=P液

23、gv排,可判断出两个小球所受浮力的大小关系；(2)根据两个小球的浮沉情况及物体的浮沉条件，可判断出物体密度和液体密度的大小关系，物体漂浮，则物体密度小于液体密度；物体下沉，则物体密度大于液体密度，根据p=pg/i判断出液体对容器底的压强。(3)根据物体的浮沉条件结合阿基米德原理分析O 选项。此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，难度较大。14.答案：CD解析：解：A、使用滑轮组做的有用功：“专用=f s 物=200Nx nn=200/；故 A 错误；B、由题知，n=2,则拉力端移动的距离s=s物=2 x Im=2m,拉力做功：w,.

24、=Fs=120/V x2m =2 40/.故 8 错误；C、因为川新+川 专用=总，所 以 皿 颁=总一勿有用=24Q/_20Q/=4 Q/,故 C 正确；。、滑轮组的机械效率：4 二 处=1x100%83 3%；故。正确。故选：CD。(1)使用滑轮组做的有用功是克服摩擦力做的功，利用皿君用=小 殄计算；(2)由图可知，使用滑轮组时n 的大小，则拉力端移动的距离s=ns物 再 利 用/忘=Fs求拉力做功；(3)有用功加上额外功等于总功，据此求额外功；(4)利用效率公式求滑轮组的机械效率。本题考查了使用滑轮组有用功、总功、额外功、机械效率的计算，因为是水平使用滑轮组，知道克服摩擦做的功为有用功是

25、本题的关键。15.答案：ACD解析：解：由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)由2=以可得，灯泡正常发光时的电流：由/=可得，灯泡的电阻：&=合=言=9。，故 A 正确；因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0 0.6 4 灯泡正常发光时的电流为0.54所以，电路中的最大电流为/大=人=0 3 4,此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的总电阻：R=-/大 =i2n0.5A 因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值：R清 小=R _ RL=12。-9。=3亿当小灯泡正常工作时，电路的总功率：P

26、点=U1 大=6U x 0.54=3 W,故 c 正确；(2)当电压表的示数为R滑大=3U时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以，此时灯泡两端的电压：UL=U-U =6 V-3 V =3V,此时电路中的电流：,%、U 滑 大 3 R _ 3V=V=W 即9。一 R 滑 大,解得：R滑 大=9。,所以，滑动变阻器接入电路的阻值范围为30 9。，故 8 错误;(3)当滑动变阻器接入电路阻值为60时，电路中的电流:u6VRR 潸，9。+6。=0.4/,故。正确。故选：ACD,由电路图可知，滑动变阻器与灯泡串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流

27、表测电路中的电流。(1)灯泡正常发光时的电流和额定电流相等，根据P=U/求出灯泡正常发光时的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻，然后与电流表的量程相比较确定电路中的最大电流，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻，利用电阻的串联求出滑动变阻器接入电路中的最小阻值，根据P=U/求出小灯泡正常工作时电路的总功率；(2)当电压表的示数最大时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据串联电路的电流特点和欧姆定律得出等式求出变阻器接入电路中的电阻，然后得出滑动变阻器接入电路的阻值范围；(3)当滑动变阻器接入电路阻值为6。时

28、，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。16.答案：解：由题意可知，小球从空中A 点自由下落到弹簧上，到最低点时，小球共受到两个力的作用，一个是竖直向下的重力，另一个是竖直向上的弹力，并且弹力大于重力(这样小球才能被弹起),如图所示：八F*777777777解析：首先要对物体进行受力分析，看物体受几个力，要先分析力的大小、方向和作用点，再按照画图的要求画出各个力。本题考查了力的示意图的画法。力的示意图要表示出力的作用点和力的方向，本题的难点是弹力和重力的大小关系。17.答案：解：(1)如图，重力

29、G 作用在重心，方向竖直向下；心 为 力/对 支 点。的力臂；(2)如图，螺线管的左端为S 极，右端为N 极，磁感线由N 极指向S 极，小磁针的右端为N 极，左端为 S 极；(3)如图，4 B 就是4 B 的虚像，其对应点的连线被镜面垂直平分.解析：(1)画重力应先明确其三要素，再按画图的要求画出这个力；尸的力臂就是由支点到力的作用线的垂直距离，最后再标示出来；(2)根据电源的正负极，利用安培定则先判断螺线管的极性有磁感线的方向，再根据磁极间的相互作用判断小磁针的指向；(3)利用像物等距，过端点向平面镜作垂线，并延长至等长，可得到两个像点，再用虚线连接即可.(1)主要考查了重力的画法和力臂的画

30、法，重力要把握其作用点和方向.力臂则要找准支点和力的作用线，并画垂线；(2)此题的突破口在电源的正负极，先用安培定则判断螺线管的极性，再判断小磁针的极性；(3)平面镜成像的作图利用的是像与物体的连线被平面镜垂直平分.18.答案：反 射 不 需 要 虚 45解析：解：(1)平面镜成的像是虚像，是由光的反射形成的，故用一张不透明纸挡在玻璃板与像之间，她在图甲所示位置观察仍然看到蜡烛的像。(2)如果点燃玻璃板后方的蜡烛8,平面镜则因为光太亮而几乎无法分清镜中的烛焰是像的烛焰还是对面B 的烛焰，难以确定像的位置，从而对实验造成影响，所以实验过程中蜡烛8 不需要点燃。(3)移去蜡烛B,在其位置上竖立光屏

31、，在光屏上不能承接到蜡烛A 的像，说明平面镜成虚像；(4)平面镜成像与成像物体对应点连线与平面镜垂直，连接A、A1，做出连线的垂直平分线，即移动后平面镜位置，如下图，可知玻璃板沿顺时针方向转过45。，故答案为：(1)反射；(2)不需要；(3)虚；(4)45。(1)平面镜成的是虚像，其成像原理是光的反射。(2)本实验的目的是确定像的位置，而若是点燃后方蜡烛则无法分辨像与后方蜡烛的真实火焰，影响实验效果；(3)虚像光屏接收不到，实像光屏能接收到；(4)平面镜成像与成像物体对应点连线与平面镜垂直。本题考查学生实际动手操作实验的能力，并能对实验中出现的问题正确分析，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的

32、一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的。19.答案：1.2无关不能没有控制排开液体的体积相同液体密度物体排开液体的体积解析：解；(1)由图A可知，金属块的重力为4 N；由图。可知，金属块浸没在水中时，测力计的示数为2.8 N,则金属块浸没在水中时受到的浮力：=G 殳=4 N -2.8 N =1.2 N；(2)分析8、C两图可知，当金属块浸没入水中后，在不同的深度，测力计的示数是相同的，则金属块所受的浮力相同，即浮力的大小与它浸入水的深度无关；原因是此时金属块浸入水的体积没有发生变化，即排开水的体积不变。(3)探究浮力的大小与液体密度有关时，应控制金

33、属块排开液体的体积相同，而液体的密度不同；由图A和图。可知，两图中液体的密度不同，由于没有控制排开液体的体积相同，故无法探究浮力的大小与液体密度的关系；(4)由图A 8可知，物体浸入液体中的体积越大，即排开液体的体积越大，测力计示数越小，浮力就越大；由 图 可 知，物体排开液体的体积相同时，液体的密度越大，测力计示数越小，浮力就越大；所以，浸在液体中的物体受到的浮力跟液体密度、物体排开液体的体积有关。故答案为：(1)1.2；(2)无关；(3)不能；没有控制排开液体的体积相同：(4)液体密度；物体排开液体的体积。(1)物体浸没在液体中，物体重力与弹簧测力计示数之差是物体受到的浮力；(2)对比8、

34、C两图中的相同点和不同点，利用控制变量法分析；(3)探究浮力的大小与液体密度有关时应控制金属块排开的液体的体积相同，液体的密度不同；(4)分析图A B得出浮力大小与排开液体体积的关系；分析图C Z)得出浮力大小与液体密度的关系。在本实验中，牵扯到的变量一共有三个，物体排开液体的体积、液体的密度、物体浸没的深度，因此，在探究过程中，控制变量法的运用至关重要。同时，我们还应明确在这三个因素中，物体浸没的深度对浮力的大小是没有影响的。称重法表达式的运用也在这一实验的进行中起到了重要的作用，是我们必须熟练掌握的。20.答案：接触面的粗糙程度匀速直线甲、乙深受力面积越小解析：解：(1)小刚发现汽车在柏油

35、马路上容易停下来，而在冰雪路面上不容易停下来，而柏油马路和冰雪路面不同的是接触面的粗糙程度，故猜想：摩擦力的大小可能与接触面的粗糙程度有关；(2)只有用测力计沿水平方向拉着纸盒A做匀速直线运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，拉力大小才等于摩擦力的大小；(3)根据控制变量法，研究滑动摩擦力与接触粗糙程度有关，要控制压力相同，故小刚通过比较甲乙两图的弹簧测力计示数，可以验证他的猜想；(4)当小刚将丙图中平放的物块B竖直立在沙面上，则沙子被压的坑会深一些。由此可知：压力一定，受力面积越小，压力作用的效果越明显。故答案为：(1)接触面的粗糙程度；(2)匀速直线；(3)甲、乙;(4)深；受力面积越小

36、。(1)根据题意分析；(2)根据二力平衡的条件分析；(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时;要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论；(4)压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，研究与其中一个因素的关系时，应采用控制变量法，探究压力的作用效果与受力面积时应控制压力的大小不变。据此分析回答。本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和影响压力作用效果的因素，体现了对过程和方法的考查。21.答案：液面的高低；右；电流；左解析：解：(1)甲、乙两次实验中用到的研究物理问题的方法是控制变量法和转换法，实验是通

37、过观察两个。形管中液面的高低比较电流通过电阻丝产生的热量多少的.(2)甲实验两电阻丝串联，则通过电阻丝的电流和通电时间相同，右侧电阻阻值大，由焦耳定律Q=可知，右侧电阻产生热量多；则右侧容器内空气吸收的热量多；(3)乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系：(4)乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，由焦耳定律Q=/2 R t可知，左侧电阻产生热量多；则左侧容器内空气吸收的热量多，气体压强大，即左侧u形管中液面的高度差比右侧的大.故答案为：(1)液面高低；(2)

38、右；(3)电流；(4)左.由焦耳定律Q=/2 R t可知，Q与 人R及f有关，故应采用控制变量法进行分析.本题考查了学生对焦耳定律、串联电路的电流关系以及控制变量法和转化法的了解和掌握，突出运用知识解决实际问题的能力，综合性强.22.答案：解：(1)混合物吸收的热量为：Q吸=c混gn(t-t0)=4 x 103(kg-)x 1kg x (7 0 -2 0)=2 x 1 057；(2)由乙图可知，电饭锅工作时的最大电流儿以=3 4，则电饭锅的最大功率：Pm a x=Ulmax=2 2 0 V X 3 4 =6 6 0 1 V；由乙图可知，电饭锅工作时的最小电流/m i n =2 4则电饭锅的最小

39、功率：Pmin=UImin=220V x 2 A =4 4 0 W Z；由乙图可知，在3 0 m i n内电饭锅以最大功率工作的时间“=1 5 m i n =9 0 0 s,以最小功率工作的时间t2=15min=9 0 0 s,则电饭锅以最大功率工作时消耗的电能：名=Pmaxti=6 6 0 1 V X 9 0 0 s =5.9 4 x 1 05/,电饭锅以最小功率工作时消耗的电能：W2=Pmint2=4 4 0 1 y x 9 0 0 s =3.9 6 X 1 057,所以，电饭锅工作3 0 m i n,消耗的电能：W =Wr+W2=5.9 4 X 105J+3.9 6 X 105J=9.9

40、 X 1 05/,答：(1)混合物吸收的热量为2 x 1。5人(2)电饭锅工作3 0 m i n,消耗的电能为9.9 x 1 057 o解析：(1)根据Q =c m(t -%)求出吸收的热量。(2)S和Si都闭合时，电阻与7?2并联；电路中电流最大，由乙图可知此时电流值，则利用P=U/求出功率；利用P=U/求出只有&工作时功率；由乙图可知：3 0 m i n内两种情况下各自的工作时间，利用W=Pt分别求出两种情况下各自消耗的电能，最后求其和即可。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电热公式的综合应用，结合电路图会对图象的分析电路结构得出两种状态下对应的电流值是关键。23.答案：解：

41、(1)由图象可知。=2m/s,匀速运动的时间t =8 s -2 s =6 s,由 =，得，电梯匀速上升的高度：h=vt=2m/s x6s-1 2 m；(2)对重的重力G攻重=m 对 重 g=400kg x ION/kg=4 x 1 03/V,由平衡条件知，G 对重+F =G 轿厢+G 额定载重,故电动机钢丝绳对轿厢的拉力：尸=G 轿鼐+G 额 定 载 重 G 对重=(1 0 0 0 +5 0 0 4 0 0)k g x ION/kg=1.1 x 1 0，N.电动机钢丝绳对轿厢拉力的功率：IV /7c.AP=*=十=l.i x 1 04/V x 2m/s=2.2 x 1 04V K；答：(1)电

42、梯匀速上升的高度是1 2 w；(2)电梯匀速运动时，电动机钢丝绳对轿闹的拉力为1.1 x 1 04/V；电动机钢丝绳对轿厢拉力的功率是2.2 x 104W.解析:(1)根据图象可知电梯匀速上升的速度和时间，利用=，公式变形可求得电梯匀速上升的高度;(2)已知对重的质量，可求得其重力，然后根据平衡条件求得电动机钢丝绳对轿厢的拉力，再利用P=7 =7=可求得电动机钢丝绳对轿厢拉力的功率.此题涉及到速度公式变形的应用，重力、功率的计算，平衡条件的应用等多个知识点，是一道综合性较强的题目.24.答案：解：(1)容器底所受到水的压强：p=pgh 1.0 x 103kg/m3 x ION/kg x 0.2

43、 m =2 x 1 03P a.(2)容器底所受到水的压力：F =p S =2 x 103Pa x 1 0 0 x 1 0 -47 n2=20N.(3)水的重力：G =m 水 g=1kg x ION/kg=ION,容器对桌面的压力F =+G =ION +1N =UN,则压强 rp =S=-7 =1.1 x 1 03P a.100 xl0-4m2答：(1)容器底所受水的压强为2 x 103Pa.(2)容器底所受水的压力为20N.(3)容器对桌面的压强1.1 x 103Pa.解析：(1)根据液体压强的计算公式p =p g九即可求出容器底所受水的压强；(2)根据压强公式变形F =p s即可求出容器底

44、所受水的压力；(3)先根据容器自身重力和水的质量求出容器对桌面的压力为F,然后根据压强公式即可求出容器对桌面的压强.本题主要考查学生对液体压强的计算和压强大小及其计算的理解和掌握，计算时要注意统一使用国际单位制的单位.25.答案：解：(1)在加热状态下，由=可 得，饮水机正常工作时电路中的电流：(2)饮水机装满水时水的体积：V 1.5 L 1.5 d m3 1.5 x 1 0-3m3,由P =可得，水的质量：m =p V =1.0 x 103kg/m3 x 1.5 x 1 0-3m3 1.5kg,水吸收的热量：Q吸=cm(t-t0)=4.2 x 103J/(kg )x 1.5kg x (1 0

45、 0 -2 0)=5.0 4 x 10sJ,由P =?可得，饮水机消耗的电能：W =P加/!=2 2 0 0勿 x 4 x 6 0 s =5.2 8 x 1 057,该饮水机加热状态时的效率：7 7 =*x 1 0 0%=x 1 0 0%9 5.5%；(3)开关闭合时，电路中为/?2的简单电路，电路中的电阻最小，饮水机处于加热状态,由/=9可得，R 2的阻值：开关断开时，R 1 与/?2 串联，电路中的电阻最大，饮水机处于保温状态，由p =可得，此时/?2 两端的电压：RU2=JP2R2=V 5 5 0 W x 2 2 1 2 =1 1 0 I Z,因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，&

46、两端的电压：U1=U-U2=2 2 0 P -1 1 0 K =1 1 0 I Z,因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：,t/i U2 n1107 1WVly=,即-=-,4 Ry R2 1 22Q解 得:Ri=2 2 0。答：(1)在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是1 0 A；(2)水吸收的热量为5.0 4 x 1 0 5/,该饮水机加热状态时的效率约为9 5.5%；(3)%的阻值为2 2 0。解析：(1)在加热状态下，饮水机正常工作时的功率和额定功率相等，根据P =U/求出电路中的电流；(2)由表格数据可知饮水机的最大容积即为水的体积，根据m=p V 求出水的质量，又

47、知道水的初温、末温以及比热容，根据Q =s n(t-曲)计算出水吸收的热量，根据P=/求出消耗的电能，利于=x 1 0 0%求出该饮水机加热状态时的效率；(3)开关断开时，治与此 串联，电路中的电阻最大，根据P =可知饮水机处于保温状态，根据P=1R R求出/?2 两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两端的电压，根据欧姆定律表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式即可求出此的阻值。本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式、密度公式、吸热公式、效率公式、串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是饮水机加热和保温状态的判断，计算过程要注意单位的换算。26.答案：答：(1)当列车驶进

48、站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，压强减小，而人另外一侧空气流速小、压强大，会产生一个向车一侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。（2）列车在铁轨上行驶，对路基的压力一定，根据p =（可知，铁轨铺在枕木上，增大了路基的受力面积，减小了压强，从而达到保护路基的目的。解析：（1）当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系（流速大的地方压强小，流速小的地方压强大），再比较人和列车之间的压强和人外侧的压强大小即可解决此题。（2）减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积减小压强；在受力面积一定时，减小压力减小压强。本题主要考查了对流体压强与流速关系的理解，以及减小压强方法的应用，属基础知识的考查，难度不大。