2021年山东省淄博市博山区中考物理一模试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021年山东省淄博市博山区中考物理一模试卷一、单 选 题（本大题共15小题，共30.0分）1.下列关于声音的说法正确的是（）2.3.5.6.A.声音是由物体振动产生的B.根据音调的高低辨别不同的乐器C.戴耳罩是为了在声源处消声 D.声波能传递信息，不能传递能量疫情防控期间，学校配备了新型全自动摄像测温告警系统。如图，晨晨同学正在通过学校测温棚，下列说法正确的是（）A.镜头离晨晨同学的距离在一倍焦距以内B.镜头是利用凸透镜能成缩小、实像的原理工作的C.摄像测温系统是利用紫外线工作的D.当晨晨远离镜头时，屏幕上像的大小不变下列对质量和密度的认识，下列说法正确的是（）A.物质的密度与质量成正比B.

2、物体的质量与物体的状态有关C.体积相同的实心铁块和木块质量不同D.用托盘天平能直接测出物体的重力现在各学校都在组织“足球进校园”的活动，踢足球的过程涉及很多物理知识，下列描述正确的是（）A.踢出去的足球继续运动是由于足球具有惯性B.用脚带球使球运动起来，说明力是使物体运动的原因C.在地面上滚动的足球，假如它受到的力全部消失，足球就会停止运动D.当球离开脚后，在地面上滚动时，脚对球做功下列现象与吸盘挂钩挂物体原理相同的是（）A.飞机的升空 B.拦河坝做的下宽上窄C.下水道的U形管 D.用吸管喝饮料如图，冰箱中涉及很多物态变化的知识，下列说法正确的是（）冷凝器9电动压缩机A.将水放入冷冻室，水会液

3、化B.打开冷冻室的门会看到“白气”，这是汽化现象C.冷冻室侧壁有时会有霜，这是水蒸气凝华形成的D.制冷剂通过管子流经冷冻室时会放热7.关于热现象，下列说法正确的是（）A.燃料不完全燃烧时，热值变小B.物体的温度不变，它的内能可能增加C.内燃机做功冲程是将机械能转化为内能D.在热传递过程中，热量从内能多的物体传递到内能少的物体8.如图是某小区的门禁系统，内部车辆出入，能够被自动识别栏杆抬起；外部车辆出入，需要门卫用按钮将栏杆抬起。若把车辆识别装置看作一个自动开关，按钮看作一个手动开关，下列电路图与门禁系统内部电路最接近的是（）A.天然气属于可再生能源 B.芯片由超导材料制成C.光纤利用电流传递信

4、息 D.核电站利用核裂变发电10.关于家庭电路，下列说法正确的是（）A.家中多个大功率用电器不可在同一插线板上同时使用B.用湿抹布擦拭正在工作的用电器C.电能表测量的是家用电器的总功率D.家庭电路中，开关接在火线或零线上都可以11.关于如图所示的实验，下列说法正确的是（）第2页，共25页A.实验研究的是发电机的原理:实验研究的是电磁感应现象实验研究的是电动机的原理实验研究的是影响电磁铁磁性强弱的因素o,|l-i X 底12.如图所示是工人利用撬棒撬动大石头的情景,撬棒上0点为杠杆的支点，下列分析正确的是（）A.此时撬棒为等臂杠杆B.应用此撬棒可以省功C.力尸的作用点靠近。点会更省力D.应用此撬

5、棒的主要目的是省力13.如图所示，将标有“12P6W”的灯泡3和“12U3W”的灯泡G接 在12y的电路中，闭合开关，不考虑温度对灯丝电阻的影响,下列说法中正确的是（）A.灯泡乙2比灯泡k亮B.电路总功率等于9WC.灯泡刀和灯两端的电压相同D.通过灯泡刀电流比切的电流大14.如图所示为某学生实验小组设计的电路，灯泡的电 L 0阻保持不变。闭合开关S,在确保电路安全的情况下，-向右移动滑动变阻器滑片P的过程中，下列说法正（A）确的是（A.电流表A的示数变小B.电压表匕的示数变大C.电压表匕与七的示数之和变小D.若电压表匕突然短路，则小灯泡变亮15.如图，将水加至水杯的溢水口处，再将一铁块从液面开

6、始，缓慢沉入至杯底，排出的水流入右侧烧杯，下列说法错误的是（）A.铁块所受浮力小于铁块的重力B.铁块放入之前与放入之后，水对容器底的压强不变C.溢出水的质量与铁块的质量相同D.完全浸入后，随着铁块的深度逐渐增大，排出水的重力不变二、填 空 题（本大题共4小题，共12.0分）16.创建文明城市，营造和谐生活环境，“在公共场所不大声喧哗”，是指在公共场所控 制 声 音 的 ;“公共场所禁止吸烟”是为了避免“二手烟”的 现象,影响他人健康；城市中修建人工湖调节气温，利用了水的 较大的性质。17.天问一号是我国自行研制的探测器，负责执行中国第一次自主火星探测任务。天问一号于2020年7月23日由长征火

7、箭发射升空，升空过程探测器相对火箭是的（选 填“静止”或“运动”），其动能是（选 填 增大”、“减小”或“不变”）;火箭发射时，发射架下腾起大量的“白气”，是由水蒸气发生_ _ _ _ _ _（填物态变化名称）现象形成的；地面指挥中心是通过（选 填“电磁波”或“超声波”）与探测器联系的。18.如图，螺线管的上方放置一个小磁针，螺线管左方的水平地面上放置一个铁块。闭合开关前，小磁针的南极指向，地理的 极；闭合开关后，铁块静止不动，小磁针在磁场的作用下会发生转动，小 磁 针 静 止 时 左 端 为 （填“S”或“N”）极。当滑片P向左滑动时，铁 块 受 到 的 摩 擦 力 的 大 小 将 （填“变

8、大”、“变小”或“不变”）。第4 页，共 25页19.甲图是小灯泡乙和电阻R 的/一 U图像。将小灯泡L和电阻R 接入乙图所示电路中，电源电压为2匕 先闭合开关S 时，通 电 10s后电路消耗的电能为 J；再闭工时，电 路 总 电 阻（选 填“变大”、“变小”或“不变”）；此时通过灯泡与电 阻 的 电 流 之 比 为。三、作 图 题（本大题共1 小题，共 3.0分）20.如图，木块沿着斜面向上运动，请在图中A 点作出木块受到的重力G 的示意图。四、实验探究题（本大题共3 小题，共 21.0分）21.（1）小明用如图1所示的实验装置“探究光的反射规律”。将纸板竖直放置平面镜上，入射光线与镜面夹角

9、为75。时，反射角为；移动激光笔，使入射光束绕入射点O 沿逆时针方向转动，可观察到反射光束沿 时针方向转动。图1图2(2)在“探究平面镜成像特点”实验时，装置如图2 所示 实 验 中 选 择 玻 璃 板 的 原 因 是 ,选用两根外形相同的蜡烛，是为了探究像与物的 相同。当把蜡烛靠近平面镜时，蜡 烛 在 平 面 镜 中 的 像 将 (选填“变大”“不变”或“变小”)；多次实验得出，平面镜成像时像到平面镜的距离和物体到平面镜的距离 O移去蜡烛8,在其原位置放置一块光屏，光屏上(选填“能”或“不能”)呈现蜡烛A 的像。22.小 明 在 探 究“二力平衡”条件的实验中，设计了如图所示的两种实验方案。

10、(1)通过实验比较，小明发现采用方案乙，实验效果更好，原因是。(2)该实验装置中，木 板 两 端 的 定 滑 轮 的 作 用 是。(3)保持两盘中祛码质量相等，这时小车保持静止，说 明 一 对 平 衡 力 的 ；把小车在水平桌面上扭转一个角度，放手后观察到小车转动，设计这一步骤的目的是为 了 验 证 二 力 平 衡 时 的 两 个 力。(4)小明在探究完“二力平衡”条件的实验后，又利用该装置进行探究，剪断小车左边的细线后，小车由静止向右运动，此 现 象 说 明 力 可 以 改 变 物 体 的。(5)如果将小车换成弹簧测力计，左右两盘各放入重5N的祛码，则弹簧测力计的示数为 oA.10NB5NC

11、.ON第6页，共25页2 3.如图甲，是测量小灯泡电阻的实验装置 灯泡的额定电压为2.5匕 滑动变阻器最大阻值是5 0 0,电源电压保持6V不变。(1)用笔画线代替导线，将图中的器材连接成完整的电路。(2)连接完电路后，闭合开关，发现小灯泡发光较暗，且无论怎样移动滑动变阻器滑片P,小灯泡的亮度都不变，则 原 因 可 能 是。A.开关开路8.滑动变阻器接的是下端两接线柱C.电压表短路D 电流表接线柱接触不良(3)正确连接后，闭合开关，移动滑片P,当滑片尸移到某处，电压表示数为1.5V时，要使小灯泡正常发光，应向(选填“左”或“右”)滑动变阻器滑片。(4)将所测数据绘制成如图乙所示的U-/图像。由

12、图可知：小灯泡的电阻是变化的,主 要 是 因 为 小 灯 泡 灯 丝 的(选 填“温度”、“长度”或“横截面积”)发生了变化；此小灯泡的额定功率是 W。(5)利用此装置还可以探究电流与电阻的关系，只需将图甲中的小灯泡换成不同阻值的定值电阻，即可进行实验。接入某定值电阻后，闭合开关，移动变阻器的滑片P,当电压表的示数为2K时，电流表的示数如图丙所示，则接入的定值电阻的阻值为 0。本实验中，滑 动 变 阻 器 的 作 用 是。A.为了多次测量寻找普遍规律5 为了多次测量求平均值来减小误差C 保持定值电阻电端电压不变五、计算题(本大题共2 小题，共 16.0分)24.2021年3月2 3日一艘满载货

13、物的巨轮在苏伊士运河搁浅，该船长达400米，宽近60米，排水量达2.2x105吨，几乎完全横在河道中，导致欧亚之间最重要的航道之一苏伊士运河被切断。(P次=1-0 x103/c5/m3)(1)该货轮正常行驶，满载时，排开水的体积;(2)该船搁浅时在水深约11米处货船受损，受损面积为2m2,受损处水的压力为多少？(3)苏伊士运河对货舱船限速约为4 m/s,货轮的总功率为3 x 107W,货轮按规定航速行驶时，受到的阻力为多少？25.康康家有一台家用电水壶如图甲，他发现电水壶有加热和保温两种功能。如图乙所示是其内部电路的简图，&、/?2均为加热电阻，通过旋转旋钮开关可以实现加热和保温两种功能的切换

14、。电水壶加热功率为1000W保温功率为44VHe次=4.2 x1。3(kg-。0邛水 团 1.0 x 103kg/m3,求:(1)把500g的水从40汽加热到100汽，水壶要吸收的热量；(2)不计热量损失，使用电水壶的加热挡完成问题(1)中的加热过程需要的时间;(3)忽略温度对电阻阻值的影响，加热电阻 的阻值。第 8 页，共 25页答案和解析1.【答案】A【解析】解：A、声音是由物体振动产生的，当振动停止时，发声也停止，故4正确；8、我们能辨别不同乐器发出的声音，这是根据发声体的音色不同进行判断的，故8错误；C、戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故C错误；D、声音既能传递信息，又能传递能量，故。错

15、误。故选：A。(1)一切声音都是由物体的振动产生的，当振动停止时，发声也停止；(2)声音有三个特征，即音调、响度和音色，我们一般利用音色来区分和辨别物体；(3)减弱噪声的方法有：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；(4)声音既能传递信息，又能传递能量。本题考查学生对防治噪声的途径、声音的产生、声音的特征、声音的利用等多个知识点的理解，此题属于中考中常见的综合性题目，属于识记性内容，比较简单。2.【答案】B【解析】解：A B,摄像机的镜头相当于一个凸透镜，当物体位于其二倍焦距以外时，物体在凸透镜中成倒立缩小的实像。因此其成像情况与照相机相似，故A错误，8正确；C、人向外辐射

16、红外线，全自动摄像测温警告系统是利用红外线来测量人体的温度的，故C错误；。、当晨晨远离镜头时，物距变大，像距变小，像变小，故。错误。故选：B。根据凸透镜成像规律及其应用之一，当u 2 f时，成倒立缩小实像，应用于照相机；凸透镜成实像时，物远像近像变小；红外线的热作用强，用在遥控器、夜视仪、测温枪上。明确凸透镜成像在现实生活中的应用是解决此题的关键，要理论与实际结合起来。3.【答案】C第10页，共25页【解析】解：A.密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化，故 A 错误；R 质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处空间位置的变化无关，故 8 错误；C.铁和木块的

17、密度不同，由公式m=知，体积相同的铁块和木块，其质量不同；故 C正确；D 托盘天平测量的是物体的质量；要直接测出物体的重力，应使用弹簧测力计，故。错误。故选：Co单位体积某种物质的质量叫做这种物质的密度，密度是物质的一种特性，它不随物质的质量或体积的变化而变化。物体所含物质的多少叫质量，质量是物体的一种基本属性，与物体的状态、形状、温度、所处空间位置的变化无关；物体由于地球的吸引而受到的力叫重力，物体受到的重力的大小跟物体的质量成正比，托盘天平测量的是物体的质量.本题主要考查了对密度、质量概念的理解，以及密度公式的简单应用，难度不大。4.【答案】A【解析】解：4、一切物体都具有惯性，踢出去的足

18、球由于惯性，保持原来的运动状态不变，所以继续向前运动，故 A 正确；3、用脚带球使球运动起来，说明力可以改变物体的运动状态，故 B 错误；C、根据牛顿第一定律，在地面上滚动的足球，假如它受到的力全部消失，足球将一直运动下去，故 C 错误；。、当球离开脚后，在地面上滚动时，足球不再受脚的作用力，只有距离，所以脚对球没有做功，故。错误。故选：A。(1)物体保持原来运动状态不变的性质称为惯性，一切物体都有惯性；(2)力可以改变物体的运动状态，但力不是使物体运动的原因；(3)运动的物体不受任何力的作用时，将做匀速直线运动状态；(4)做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是物体在力的方向上通过的距

19、离。二者缺一不可。本题考查了对惯性的理解、力与运动的关系、牛顿第一定律、力是否做功的判断，尤其要注意力是改变物体运动状态的原因，但力不是使物体运动的原因。5.【答案】D【解析】解：吸盘要固定在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，然后吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，利用了大气压，4、飞机的机翼上方凸起，下方平直，空气在相等的时间内，经过上方比下方的路程长，上方比下方的空气速度大，上方比下方的压强小，在上下压强差的作用下产生了向上的升力，故利用的是流体压强和流速的关系，故 A 不符合题意；8、拦河坝修成上窄下宽的形状是因为液体的压强随深度的增加而增大，这样可承受更大的压强，不是利

20、用大气压，故 B 不符合题意；C、下水道U 形弯管在结构上符合上端开口、底部相连通的特点，是连通器的应用，故C不符合题意；。、用力吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大气压的作用下，被压入口腔内，利用了大气压，故。符合题意；故选：Do(1)在流体中流速越大的位置压强越小，流速越小的位置压强越大。(2)液体压强随深度的增加而增大；(3)连通器：上端开口、底部相连通的容器。连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面总是相平的；(4)大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。本题考查大气压的应用，要求能利用所学知识分

21、析解决生活中的实际问题，体现了学以致用!6.【答案】C【解析】解：A、将水放入冷冻室，水会结冰，由液态变为固态，是凝固过程，故 A 错误；3、打开冷冻室的门会看到“白气”，是空气中的水蒸气遇到冰箱内温度较低的空气凝第12页，共25页结成的小水滴，属于液化现象，故 8 错误；C、冰箱冷冻室侧壁上的霜，是水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故 C 正确；。、冰箱内的液态制冷剂在冷冻室的管子里由液态变成气态，发生汽化现象，汽化吸热，使冷冻室的温度降低，故。错误。故选：Co(1)物质从液体变为固态的过程叫做凝固；(2)物质由气态转变为液态的过程叫做液化；(3)物质从气态直接变成固态叫凝华；(4)冰箱的原理就是

22、利用氟利昂一类的物质汽化吸热和液化放热将冰箱内的热量搬运到冰箱的外部，从而起到制冷的作用。本题考查了学生运用所学的物态变化知识来分析冰箱制冷的原理和物态变化现象，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。7.【答案】B【解析】解：A、燃料的热值只与燃料的种类有关，与燃料的燃烧情况无关，故 A错误；8、晶体的熔化过程，吸收热量，温度保持不变，但内能增大，故 B 正确；C、内燃机的做功冲程，燃料燃烧产生的燃气对外做功，将内能转化为活塞的机械能，故 C 错误；、发生热传递的条件是：有温度差，所以热量总是从温度高的物体向温度低的物体传递，可能从内能大的物体向内能小的物体传递，也可能从内能小

23、的物体向内能大的物体传递，还可能是内能相同的两个物体间进行传递，故。错误。故选：B。(1)热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关；(2)晶体的熔化特点，吸收热量，内能增加，但温度不变：(3)内燃机的做功冲程将燃气内能转化为机械能；压缩冲程将机械能转化为内能；(4)发生热传递的条件是两物体间有温度差：高温物体放热，低温物体吸热。本题综合考查了热值的特性、内能的改变、内燃机以及热传递的条件，知识点多，内容简单。8.【答案】C【解析】解：由题知，小区内部车辆门禁系统可以自动识别将门打开，外部车辆需要门卫人员按动按钮才能将门打开，若将门禁系统看做一个自动开关，按钮看

24、做一个手动开关，则两个开关都能单独打开门，即两开关并联后再与电动机串联，只有C 图正确。故选：Co根据题意确定两开关的连接方式；开关控制电动机时，应与电动机串联。本题结合生活实际考查了根据要求设计电路图，关键是确定两开关的连接方式。9.【答案】D【解析】解：4、天然气是化石能源，在地球上的储量是有限的，利用之后无法再生，属于不可再生能源，故 A 错误：B、芯片由半导体材料制成，故 B 错误；C、光纤通信利用激光传递信息，利用了激光具有抗干扰的特点，故 C错误；。、核电站是利用核裂变来释放能量来发电的，故。正确。故选：Do(1)可以从自然界源源不断地得到的能源称之为可再生能源；一旦消耗就很难再生

25、的能源称之为不可再生能源；(2)芯片是由半导体材料制成的；(3)光纤通信利用激光传递信息；(4)核电站是通过核裂变释放的能量来发电的。本题考查学生对能源分类、核能发电、光纤通信以及半导体材料应用知识的掌握情况，属于综合性题目。10.【答案】A【解析】解：A、多个大功率用电器同时使用一个插座，会使干路中的电流过大，会出现危险，故 A 正确；B、生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的台灯有触电的危险，故 B 错误；C、电能表是测量电路消耗电能(或测量电功)的仪表，故 C错误；第1 4页，共2 5页。、用电器的开关接在了零线上时，即使断开，用电器仍带电，易发生触电事故，故。错误。故选：Ao(1)多孔

26、插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大；(2)生活中的水是导体，用湿的物体接触带电体是很危险的；(3)电能表是测量电路消耗电能的仪表；(4)控制用电器的开关应安装在火线与用电器之间。本题考查了学生对电能表有关知识、安全用电知识的了解与掌握，平时学习时多了解、多积累，加强安全意识，不能违反。11.【答案】D【解析】解：A、图是通电导体在磁场中受力运动，这个过程中电能转化为机械能，是电动机原理，故A错误；8、图中通电导体周围的小磁针发生偏转，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，故8错误；C、图是电磁感应实验，导体做切割磁感线运动且电路是闭合的，电路中才会产生感应电

27、流，是发电机原理，故C错误：D,图中实验装置是探究电磁铁磁性的强弱与电流大小、线圈匝数的关系，故。正确。故选：Do根据这几幅图，明确它们所反映的实验原理，再结合选项中的说法判断其是否正确四幅图分别代表了电与磁中四个重要的物理实验，分别是电流的磁效应、通电导体在磁场中受力、电磁铁的探究、电磁感应，这都是我们应重点掌握的，在学习中相互比较更能有效地进行把握。12.【答案】D【解析】解：A B D,由图知，在使用撬棒时，动力臂大于阻力臂，为省力杠杆，使用该杠杆省力、费距离，但不能省功，故。正确、AB错误；C、力厂的作用点靠近。点时，动力臂减小，而阻力、阻力臂不变，由杠杆平衡条件可知动力会变大，会更费

28、力，故C错误。故选：D。(1)支点到力的作用线的垂直距离叫力臂，当杠杆的动力臂大于阻力臂时，为省力杠杆;省力的杠杆费距离；(2)由杠杆平衡条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长、动力越小、越省力。本题考查了杠杆的分类、杠杆平衡条件的应用，属于基础题目。1 3.【答案】4【解析】解：由于额定电压相同，灯泡人的额定功率大，则根据P =?可知两灯泡的电阻：&7?2；A。、两灯泡串联，根据串联电路电流处处相等的特点可知通过两灯泡的实际电流相等，根据P =/R可知，灯泡G的实际功率比灯泡力的实际功率更大，则灯泡J 比灯泡力亮，故 A 正确，。错误；8、两灯泡串联接在1 2 V 的电路中时，根据串联电

29、路中总电压等于各分电阻两端的电压之和可知，两个灯泡两端的实际电压都小于1 2 匕 都不能正常工作，若都能正常发光,则总功率等于6 +3 =9W,所以两个灯泡都不能正常工作时，电路的总功率小于9W,故 B 错误；C、由于通过两灯泡的实际电流相等，根据U =/R 可知，灯泡员的实际电压大于灯泡好的实际电压，故 C错误。故选：A。(1)知道两灯泡的额定电压和额定功率，根据P=?的出两灯泡的电阻关系，根据P =/2 R 比较两灯泡实际功率的大小关系：(2)两电阻串联接在1 2 Y 的电路中时，根据串联电路的电压特点可知两个灯泡两端的实际电压大小，据此即可判断总功率；(3)根据串联电路电流处处相等的特点

30、即可判断灯泡的实际电流。本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是知道两灯泡串联时电流相等。1 4.【答案】B第 16页，共 2 5 页【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器和灯泡串联，电流表测量电路中的电流；电压表匕测量灯泡两端电压，电压表/测量滑动变阻器两端的电压；将滑动变阻器的滑片尸向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大；即电流表示数变大，故A错误；由于灯泡的电阻始终保持不变，根据U=/R可知灯泡两端的电压变大，即电压表匕的示数变大；故B正确，由串联电路的电压特点可知，匕、匕示数之和为电源电压，因电源电压不变，所以匕、彩示

31、数之和不变，故C错误；由于电压表匕与灯泡并联，若电压表匕突然短路，则灯泡也被短路，所以灯泡不发光；故。错误。故 选:B。由图可知：滑动变阻器和灯泡串联，电压表匕测量灯泡两端电压，电压表彩测量滑动变阻器两端的电压,将滑动变阻器的滑片P向右移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变小,根据欧姆定律和串联电路的电压特点即可判断。本题考查串联电路的电压的特点，关键知道各个电压表的测量对象和滑动变阻器滑片移动过程中阻值的变化。15.【答案】C【解析】解：4、因铁块最后沉入杯底，所以铁块所受浮力小于铁块的重力，故A正确；B、由图知，铁块放入之前与放入之后，水的深度不变，根据p=pgh可知水对容器底的压强不变，故8

32、正确；C、将水加至溢水杯的溢水口处，根据阿基米德原理可得铁块所受的浮力大小等于溢出水的重力，又因为铁块所受浮力小于铁块的重力，所以溢出水的重力小于铁块的重力，根据G=rng知溢出水的质量小于铁块的质量，故C错误：D、完全浸入后，随着铁块的深度逐渐增大，排开水的体积不变，根据阿基米德原理尸浮=G 排=p次gu排可知排开水的重力不变，故D正确。故选：Co(1)根据浮沉条件分析铁块受到浮力与重力的关系；(2)根据p=pg/i分析解答；(3)根据阿基米德原理可知铁块所受浮力大小与溢出水的重力的关系，根据浮力与铁块重力的关系和G =m g判断出溢出水的质量与铁块质量的关系；(4)铁块完全浸没后，深度增大

33、，排开水的体积不变，根据 浮=6探=。；浦曦可判断排开水的重力与铁块所处深度的关系。本题考查了学生对阿基米德原理公式的掌握和运用；知道物体所受浮力的大小与排开液体的体积有关、与所处的深度无关。1 6.【答案】响 度 扩 散 比 热 容【解析】解：在公共场所“不大声喧哗”是提醒大家要控制声音的响度；“二手烟”是由于分子的无规则运动引起的，是扩散现象；因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和砂石比较，吸收相同的热量，水的温度升高得少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低得少，使得昼夜的温差小，所以城市中修建人工湖能有效调节气温。故答案为：响度；扩散；比热容。扩散现象是分子不停地做无规则运动引起的；声

34、音的三个特征之一是响度，响度指声音的强弱或大小；对于相同质量的物体，吸收相同的热量时，比热容大的 温度变化小，利用水的比热容较大的特点可调节气温。本题考查了声音的响度、扩散现象和水的比热容的特点等知识，是一道综合题。1 7.【答案】静止 增大 液化 电磁波【解析】解：(1)升空过程探测器相对火箭位置没有发生改变，所以是静止的；(2)火箭升空过程，速度增大，动能增大；(3)火箭发射时，高温火焰喷到发射架下的大水池中，水吸收巨大的热量而汽化成水蒸气，水蒸气上升时遇到周围的冷空气会液化成小水滴，就形成了看到的“白气”；电磁波可以在真空中传播，地面指挥中心是通过电磁波与运行的卫星联系的。故答案为：静止

35、；增大；液化；电磁波。(1)物体是运动还是静止与参照物的选择有关，关键看物体相对于参照物的位置是否发生改变；(2)火箭升空过程，速度增大，动能增大；第18页，共25页(3)物质由气态变为液态的过程叫液化；电磁波可以传递信息和能量。本题考查运动和静止的相对性、动能、液化现象以及信息传递，难度不大。1 8.【答案】南S变小【解析】解：(1)地球本身是一个巨大的磁体，在地表附近的小磁针，静止时南极指向地理的南极，北极指向地理的北极；(2)根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用安培定则用右手握住导线，让四指指向电流方向，则大拇指指向右端，即螺线管的左端为N极，右端为S极，当小磁针静止时，根据磁极间的

36、作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极，因此可以确定小磁针的左端为S极，右端为N极；(3)当滑片P向左滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路中的电流变小，通电螺线管的磁性变弱，对铁块的吸引力变小，故铁块受到的摩擦力将变小。故答案为：(1)南；(2)S；(3)变小。(1)地球是一个大磁体，地磁的南、北极与地理的南、北极正好相反，而且不重合；(2)根据安培定则可知螺线管的极性，由磁极间的相互作用可知小磁针静止时左端极性;(3)分析当滑片P向左滑动时滑动变阻器接入电路的阻值变化，然后可知电路中的电流变化，由此可知磁性变化，然后可知摩擦力变化。本题考查了磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则、通电螺线

37、管的磁性强弱的因素。利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法。1 9.【答案】1 0变 小5：2【解析】解：(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，已知电源电压为2匕 则灯泡两端的电压为2 H由图像可知，当上,=2久lL=0.5 4则通电1 0 s后电路消耗的电能：WL=ULILt=2Vx 0.54 X 1 0 s =1 0/；(2)再闭合开关&时，L与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以UR=U=2V,由图像可知，通过R的电流质=0.2A,因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以通过L的电流不变，因并联电路中干路电

38、流等于各支路电流之和，所以干路电流变大；根据/=&可知：总电阻变小；KI=IL+IR=0.54 +0.2A=0.7 A,通过灯泡与电阻的电流之比为：R=0.5/：0.2 4 =5：2。故答案为：1 0;变小；5：2。(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，根据图像读出小灯泡L的实际电流，根据I V =U/t求出通电1 0 s后电路消耗的电能；(2)再闭合开关品时，入与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图像读出通过R的电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响得出通过L的电流不变，然后求出通过灯泡与电阻的电流之比；根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后根据欧姆定律即

39、可判断总电阻的变化。本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，从图像中获取有用的信息是关键。2 0 .【答案】解：重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：【解析】根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可：画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。2 1.【答案】1 5。顺玻璃板既能反射光线，又能透过光线，便于观察像并确定像的位置 大 小 不 变 相 等 不 能【解析】解：(1)入射光线与法线之间的夹角为入射角，法线与镜面是垂直的；入射光线与镜面夹

40、角为7 5。时，此时的入射角为9 0 -7 5。=1 5。；在光的反射中，反射角等于第2 0页，共2 5页入射角，故反射角为15。；移动激光笔，使入射光束绕入射点。沿逆时针方向转动，则入射角增大，反射角也增大，则反射光线会远离法线，即反射光线将会顺时针转动；(2)实验中用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃板具有透明的特点，既能反射光线，又能透过光线，便于观察像并确定像的位置；实验中选取两支相同的蜡烛是为了比较像与物的大小关系；因为平面镜所成的像和物体大小相同，所以当蜡烛靠近镜面时，镜中像的大小将不变；多次实验可知：像到平面镜的距离和物体到平面镜的距离相等；实像可以承接在光屏上，虚像不能承接在光屏

41、上，移去蜡烛8,在其原位置放置一块光屏，光屏上不能呈现蜡烛4 的像，说明平面镜所成的像是虚像。故答案为：(1)15。；顺；(2)玻璃板既能反射光线，又能透过光线，便于观察像并确定像的位置；大小；不变；相等；不能。(1)反射角等于入射角；入射光线与法线之间的夹角为入射角，反射光线与法线之间的夹角为反射角；(2)实验中为了确定像的位置，用透明的玻璃板来代替平面镜；掌握等效替代法，为了探究像与物体的大小关系，用了两根完全相同的蜡烛；根据平面镜成像特点进行判断：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；实像可以承接在光屏上，虚像不能承接在光屏上。“探究平面镜成像特

42、点”的实验是初中物理最基本的光学实验之一，其牵扯到的知识点比较多，尤其是实验过程中的一些细节的处理，是我们应该特别关注的内容，也是考试中经常出现的知识点。2 2.【答案】滚动摩擦力小改变作用力的方向大小相等作用在同一直线上运动状态B【解析】解：(1)甲图的木块与桌面直接接触，有摩擦力，会影响实验结果，乙图的小车有车轮与地面接触，为滚动摩擦，对实验结果影响较小，因此原因是滚动摩擦力小；(2)木板两端的定滑轮的作用是改变作用力的方向；(3)二力平衡中两个力要求大小相等，小车保持静止，说明一对平衡力的大小相等；把小车在水平桌面上扭转一个角度，放手后到小车转动，也就是说小车不平衡了，目的是为了验证二力

43、平衡是两个力作用在同一直线上；(4)力的作用效果可以改变物体的运动状态；(5)如果将小车换成弹簧测力计，左右两盘各放入重5 N的祛码，其受到的还是一对平衡力,其读数应为5 M故答案为：(1)滚动摩擦力小；(2)改变作用力的方向；(3)大小相等；作用在同一直线上；(4)运动状态；B二力平衡的条件是：作用在一个物体上的两个力，如果大小相等，方向相反，并且作用在同一直线上，这两个力就彼此平衡，对于二力平衡条件，我们必须注意以下四个要点，且这四个要点缺一不可。明确二力平衡的条件，选择合适的实验方法，2 3.【答案】B 右 温 度0.7 5 5 C【解析】解：(1)因为灯的额定电压为2.5乙电压表选用小

44、量程与灯并联，滑动变阻器一上一下的串联在电路中，如下所示：+甲(2)连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，说明电路为通路，电流较小，电阻较大，无论如何移动滑动变阻器滑片P,小灯泡亮度都不变，说明变阻器没有变阻的作用，则原因可能是：将变阻器的下面两个接线柱连入了电路，故B符合题意；故选：B；(3)当电压表示数为1.5 1/时，电压表示数小于灯泡额定电压，要使灯泡正常发光，应向右端移动滑动变阻器滑片来减小滑动变阻器的电阻，从而增大灯泡两端的电压，直到电压表示数等于灯泡额定电压2.5 U为止；(4)小灯泡灯丝的电阻随温度的变化而变化；第22页，共25页如图乙所示的U-/图像知，灯的电压为2.51/

45、时，电流大小为0.3 2,小灯泡的额定功率是：PL=UJL=2.5V x 0.34=0.751V；(5)闭合开关，移动变阻器的滑片P,使定值电阻两端的电压为2%此时电流表的示数如图丙，图中电流表选用小量程，分度值为0.0 2 4,大小为0.4 4由欧姆定律，则定值电阻的阻值为：R=凹=更=5。I O AA探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，即实验时需要移动滑动变阻器使定值电阻两端的电压保持2M不变，故C正确；故选：C。故答案为：(1)如上所示;(2)8；(3)右；(4)温度；0.75；(5)5；C。(1)根据灯的额定电压为2.5V确定电压表选用的量程与灯并联，滑动变阻器一上一下的串

46、联在电路中；(2)小明连好电路闭合开关后，发现小灯泡发光较暗，说明电路为通路，电阻较大，无论如何移动滑动变阻器滑片P，小灯泡亮度都不变，说明变阻器没有变阻的作用，据此分析；(3)根据电压表示数与灯泡额定电压间的关系，由滑动变阻器在电路中的接法判断滑片的移动方向；(4)小灯泡的电阻随温度的变化而变化；根据图找出额定电压下的电流，根据P=U/求额定功率；(5)根据电流表小量程读数，根据欧姆定律求电阻大小；探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变。本题测 小灯泡电功率”，考查电路的连接、反常现象的分析、额定功率的计算，同时也涉及探究电流与电阻的关系，考查电阻计算和控制变量法的应用。24.【答案

47、】解：(1)货轮满载时排开水的质量为：m=2.2 x 105t=2.2 x 108kg,排开水的体积为：口 =方=i x io C/=22 x 105n l3；(2)水深约 II 米水的压强为：P=P水gh=1.0 x 103kg/m3 x ION/kg x 11m=1.1 x105Pa,那么受损处水的压力为：F=pS=1.1 x 105Pa x 2m2=2.2 x 105W；(3)货轮按规定航速行驶时，做的是匀速直线运动，此时受到的阻力大小等于牵引力大小，根据P =F 可知：f=F奎=7.5 x 1 06/V o,军 v 4m/s答：(1)该货轮满载时，排开水的体积为2.2 X 1 0 57

48、n3；(2)受损处水的压力为2.2 x 1 05/V；(3)货轮按规定航速行驶时，受到的阻力为7.5 x 1。6刈【解析】(1)已知货轮满载时排开水的质量，根据U =计算出该货轮满载时排开水的体积；(2)根据p=pg/i计算出该船搁浅时在水深约1 1 米处水的压强，然后根据F =pS 计算出受损处水的压力；(3)货轮按规定航速行驶时，受到的阻力大小等于牵引力，根据P =F 的变形公式计算出受到的阻力。该题主要考查了密度公式、压强公式以及功率公式的应用，题目综合性较强。2 5.【答案】解：(1)水壶要吸收的热量：Q 吸=c m 4 t =4.2 X 1。3 (kg )x 0.5kg x (1 0

49、 0 -4 0)=1.2 6 x 1 057；(2)由于不计热量损失，则消耗的电能W=Q=1.2 6 x 1 05;：由P =?可得，加热过程需要的时间:,W 1.26X1057t=-=1 2 6 s.P 投 1000W(3)当开关S 接到2 时，电路为公 的简单电路，此时电路中电阻小，消耗的功率大，为加热状态,根据p=9可得电阻&的阻值：P板1。W 当开关S 切换到1 时，两电阻串联，此时为保温状态,由P =?可得，电路的总电阻：R,=21=1 1 0 0/2,总Pfi 44W 根据串联电路的电阻特点可知，%的阻值：R 1 =R 汴-R2=1 1 0 0 1 2 -4 8.4 0 =1 0

50、5 1.6 0。第24页，共25页答：(1)把5 0 0 g的水从4 0汽加热到l O C T C,水壶要吸收的热量为1.2 6 x 1 0 5/；(2)不计热量损失，使用电水壶的加热挡完成问题(1)中的加热过程需要的时间为1 2 6 s；(3)忽略温度对电阻阻值的影响，加热电阻&的阻值为1 0 5 1.6。【解析】(1)已知水的质量、比热容、初温和末温，根据Q =cm t求出水吸收的热量；(2)不计热量损失，则消耗的电能W=Q,由=?公式变形可求得加热过程需要的时间；(3)当开关S接到2时，电路为/?2的简单电路，此时为加热状态，根据P =?求出电阻的阻值；当开关S切换到1时，两电阻串联，此