2021年山东省泰安市高考物理全真模拟试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021年山东省泰安市高考物理全真模拟试卷一、单 选 题（本大题共8 小题，共 24.0分）1.（2021.山东省泰安市.模拟题）在人类对自然界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用。下列说法符合历史事实的是（）A.安培最先发现电流周围存在磁场，总结出磁场对电流的作用力公式B.法拉第最先通过实验发现了电磁感应现象，进一步完善了电与磁的内在联系C.伏特最先发现了电流热效应的规律，找到了电能和热能之间的转化关系D.库仑最先利用扭秤发现了点电荷间的相互作用规律，并通过油滴实验测定了元电荷的值2.（2021.山东省泰安市.模拟题汝口图所示，两小球从高%,度相同的A、8 两点同时以相同的速率水平

2、抛出，经过时间f在空中相遇。若其他情况不变，仅将从4 点 抛 出 的 小球速度变为原来的 1）倍，不计空气阻力，则两球从抛出到相遇经过的时间为（）D.2tA-kB-市3.（2021山东省泰安市模拟题）在均匀介质中有一列简谐横波，以0.5m/s的速度沿x 轴负方向传播，在t=0时刻的波形如图所示,则质点M（3m,0）的振动图像为（)4.（2021.山东省泰安市.模拟题）在研究光电效应的实验中，滑动变阻器的滑片在图示位置时，用强度较弱的单色光P 照射光电管，发现电流表指针会发生偏转；用强度较强的单色光。照射光电管时不发生光电效应。下列说法正确的是()A.P 光光子的能量大于。光光子的能量B.增强P

3、 光的强度，照射光电管时逸出的光电子的最大初动能将增大C.用。光照射光电管，当滑动变阻器的滑片移到右端时，电流表指针可能会发生偏转D.用 P 光照射光电管，在滑动变阻器的滑片向右移动的过程中，电流表的示数将一定一直增大5.（2021 辽宁省抚顺市模拟题）4,B两辆小轿车（均视为质点）在平直公路上行驶，其速度-时间图像如图所示。若在t=0时刻，A 车在前，8 车在后，两车间的距离为12相，则 A,B 两车相遇的次数为（）A.0B.1C.2D.36.（2021山东省泰安市模拟题）真空中有两个固定的等量异种点电荷A、B,过直线AB延长线上的。点作A B的垂线，以。点为圆心的圆与A B和垂线分别交于a

4、、c 和b、d 四点，如图所示。下列说法正确的是（）A B a/dA.a 点的电势高于b 点的电势B.a点的电场强度小于b 点的电场强度C.带正电的试探电荷在c 点的电势能小于在d 点的电势能D.带负电的试探电荷在。点的电势能大于在b 点的电势能7.（2021山东省泰安市模拟题）宇航员驾驶宇宙飞船绕一星球做匀速圆周运动,测得飞船线速度大小的二次方与轨道半径的倒数的关系图像如图中实线所示，该图线（直线）的斜率为鼠图中力（该星球的半径）为已知量。引力常量为G,下列说法正确的是（）第 2 页，共 22页A.该星球的密度为嬴B.该星球自转的周期为值 kkC.该星球表面的重力加速度大小为gr08.D.该

5、星球的第一宇宙速度为-7 r0（2 0 2 1 辽宁省抚顺市模拟题）在图示电路中，理想变压器原、副线圈的匝数之比为1：4,定值电阻、/?2 的 阻 值 分 别 为 和 1 0。，滑动变阻器的最大阻值为1 0 0,4、。两端接电压瞬时值U =2 0 及 5 出1 0 0 戊3）的交变电流。在滑片P 从 c,端缓慢滑向d 端的过程中，变压器的最大输出功率为（）A.7 5 W B.1 0 0 W C.1 5 0 W D.2 0 0 W二、多 选 题（本大题共4 小题，共 1 6.0 分）9.（2 0 2 1 山东省泰安市模拟题）如图所示，密闭在汽缸内的理想 /气体经历了AT B、B -C 两个过程，

6、其中图线A 8 与图线，BC、横轴均垂直，则从状态4 经状态8变化到状态C的过 H C程中，下列说法正确的是（）（）TA.气体的密度一直增大 B.气体的密度一直减小C.气体先放热后吸热 D.气体一直吸热1 0.（2 0 2 1.山东省.模拟题）2 0 2 1 年，我国航天发射次数有望首次突破40 次。在发射升空的初始阶段，一颗卫星（包含外壳）在火箭的推动下由静止开始竖直向上匀加速上升,当卫星上升的高度为 时，卫星的速度大小为丹若卫星受到的阻力大小恒为0.1 m g（/n为卫星的质量,g为重力加速度大小）,不考虑该过程中重力加速度的变化，则下列说法正确的是（）A.卫星的加速度大小为旺h.B.卫星

7、从地面上升力高度所用的时间为生VC.卫星所受推力的大小为mg+若D.卫星所受推力的平均功率为总 收”若11.（2021.山东省泰安市.模拟题）一透明介质的横截面为直角三角形A 8C,如图所示，一细束单色光尸。从AC边上的。点射入介质，经AC折射后的光线照到BC边的中点时恰好发生全反射。若AC=L,CD=+L,cos6=叵,光在真空中传播的速度大小为C,则（）B.介质对该单色光的折射率为旧C.该单色光从。点开始到第一次离开介质时所用的时间为回CD.该单色光从。点开始到第一次离开介质时所用的时间为包C12.（2021.辽宁省抚顺市.模拟题）如图所示，轻弹簧与倾角为。的固定斜面平行弹簧的下端固定，质

8、量为m的物 二二、,方4块（视为质点）放在斜面上A点，物块与弹簧接触，但未与弹簧拴接，此时弹簧恰好处于原长状态。若物块从A点以某一初速度沿斜面下滑，测得物块下滑的最大距离为x,所用的时间为r,之后物块被弹簧反向弹回，最终停在A点上方到A点距离为x的8点。物块与斜面间的动摩擦因数为，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）A.在物块上滑的过程中，物块所受合力的冲量为零B.在物块下滑的过程中，弹 簧 弹 力 的 冲 量 大 小 为cos。）C.在物块上滑的过程中，当弹簧弹力的大小为mgsin。+mgcos。时，物块的速度最大D.物块从A点下滑的初速度大小为12gx（sin。+

9、ucosff）三、实 验 题（本大题共2小题，共14.0分）第4页，共22页13.（2021.山东省泰安市.模拟题）某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”实验中，先对一劲度系数为4的轻质弹簧甲进行实验，得到的弹簧弹力尸与伸长量x的关系图线为图中的图线1；然后将弹簧甲截成乙、丙两段，再分别对乙、丙两弹簧进行实验，得到的弹簧弹力尸与伸长量x的关系图线分别为图中的图线2和图线3。（1）弹簧乙的劲度系数的=N/m,弹簧丙的劲度系数七=N/m.（结果均保留三位有效数字）（2）k、%、七的 大 小 关 系 是。（3）一根弹簧截成两段后，每 段 弹 簧 的 劲 度 系 数 均（选 填“大于”、“等于或“小于”

10、）原来弹簧的劲度系数。14.（2021山东省泰安市模拟题）某物理兴趣小组欲描绘一小电珠（额定电压为3.8 V,额定功率为2W）的伏安特性曲线。要求尽可能减小测量误差，且小电珠的伏安特性曲线在03.8U的范围内描绘。提供的实验器材有：4直流电源E（电动势约为4.5乙内阻不计）；B.电压表匕（量程为3匕 内阻为3k0）；C.电压表彩（量程为1 5 V,内阻为15W2）；D电流表4（量程为0.3 4内阻约为5 0；电流表人2（量程为0 6 4内阻约为0.1。）；F.定值电阻治（阻值为5000）；G.定值电阻/?2（阻值为1k。）；H.滑动变阻器R（最大阻值为100，最大电流为24）；/.开关及导线若

11、干。（1）电 压 表 应 选 用 （选 填 B”或 C”），电 流 表 应 选 用 （选填或“E”），定 值 电 阻 应 选 用（选 填“尸”或“G”）。（2）请在图甲所示方框内画出实验电路的原理图，并对相关的器材进行标注。（3）小组同学正确连接电路后，改变滑动变阻器的滑片位置，获得多组电压表的示数 U、电流表的示数/;小王同学直接用U、/数据描绘的1-U 曲线如图乙所示。小王同学描绘的/-U曲线（选 填“是”或“不是”）小电珠的伏安特性曲线。当电流表的示数为0.404时，小 电 珠 消 耗 的 电 功 率 为 （结果保留两位有效数字）。四、简 答 题（本大题共1小题，共 7.0分）15.（2

12、021山东省泰安市模拟题）如图所示，一导热性能良好的圆柱形气瓶水平固定，瓶内有用光滑活塞分成的A、B两部分理想气体。开始时，A、B两部分气体的体积之比为3：2,压强均为po。活塞与气瓶的内壁间气密性良好。（1）请通过计算判断当环境温度缓慢升高时，活塞是否移动；（2）若环境温度不变，因阀门封闭不严，2 中气体向外缓慢漏气，活塞将缓慢向右移动，求当8 中气体体积减为原来的一半时，A 中气体的压强p。第6页，共22页五、计 算 题（本大题共3小题，共39.0分）16.（2021.河南省驻马店市.期末考试）为拍摄鸟类的活动，摄影师用轻绳将质量m=2kg的摄像机跨过树枝，悬挂于离地面一定高度的8点，轻绳

13、的另一端连着沙袋，并将沙袋控制在地面上的A点，如图所示，某时刻，沙袋突然失控，当沙袋水平滑到倾角。=37。的足够长斜坡的底端C时，摄像机下落到距地面高度h=5m的。点，且速度大小。=5 m/s,最终摄像机恰好没有撞击地面（摄像机从。点下落到地面的过程中，树枝与沙袋间的轻绳与斜面平行且拉力大小不变）。沙袋与斜面间的动摩擦因数4=0.1875,取重力加速度大小g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8不计轻绳与树枝间的摩擦，不计空气阻力。求：（1）摄像机从。点下落到地面的过程中，轻绳的拉力大小T-（2）沙袋的质量M；（3）在摄像机从D点下落到地面的过程中，系统克服摩擦阻力所做的功

14、卬。17.（2019 湖北省 期末考试）如图所示，在平面直角坐标系xOy的 第 人H象限内存在电场强度大小均为E的匀强电场，其中第一象限内的电场沿），轴负方向，第 口象限内的电场沿x轴正方向。第N象限内边界A C右侧足够大的区域内存在方向垂直于坐标系所在平面向外的匀强磁场（图中未画出），其中A点坐标为（21+亨。0），NC 4。=4 5。.现将质量为m、电荷量为q的带正电粒子从第口象限内的点M(T J)由静止释放,粒子从N点进入第W象限第一次离开磁场后恰好通过原点。.粒子重力不计。求：(1)N点到原点0的距离s；(2)粒子通过N点时速度丫的大小和方向；(3)匀强磁场的磁感应强度B。1 8.(2

15、 0 2 1安徽省阜阳市模拟题汝n图，两平行光滑金属导轨A B C、4 B C 的左端接有阻值为R的定值电阻Z,间距为L,其中A B、4 8 固定于同一水平面(图中未画出)上且与竖直面内半径为r的;光滑圆弧形导轨B C、B C 相切于B、B 两点。矩形区域内存在磁感应强度大小为8、方向竖直向上的匀强磁场。导体棒M的质量为，小电阻值为R长度为3必棒在功率恒定、方向水平向右的推力作用下由静止开始沿导轨运动，经时间，后撤去推力，然后油棒与另一根相同的导体棒加发生碰撞并粘在一起，以3声 定 的速率进入磁场，两导体棒穿过磁场区域后，恰好能到达C C 处。重力加速度大小为g,导体棒运动过程中始终与导轨垂直

16、且接触良好，不计导轨的电阻。(1)求该推力的功率P；(2)求两导体棒通过磁场右边界时的速度大小v；(3)求两导体棒穿越磁场的过程中定值电阻Z产生的焦耳热Q；第8页，共22页(4)两导体棒到达CC后原路返回，请通过计算判断两导体棒能否再次穿过磁场区域。若不能穿过，求出两导体棒停止的位置与的距离X。答案和解析1.【答案】B【知识点】物理科学史【解析】解：奥斯特最先发现电流周围存在磁场，安培总结出磁场对电流的作用力公式，故A错误；8、法拉第最先通过实验发现了电磁感应现象，进一步完善了电与磁的内在联系，故B正确；C、焦耳最先发现了电流热效应的规律，找到了电能和热能之间的转化关系，故C错误；、库仑最先利

17、用扭秤发现了点电荷间的相互作用规律，密立根通过油滴实验测定了元电荷的值，故。错误；故选：Bo根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可.本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。2.【答案】D【知识点】抛体运动【解析】解：设开始两球的初速度为%,A、B两点的距离为x,有:久=vot+vot=2vot,将从A点抛出的小球速度变为原来的k 倍,则有：x=kvot +vot=(fc+l)vot,解得t=含，故。正确，A8C错误；故选：Do两球做平抛运动，在水平方向上做匀速直线运动，抓住水平位移之和不变，结合初速度的变化得出时间的变

18、化。本题考查了平抛运动的基本运用，知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，知道任意时刻，两球在同一高度上。3.【答案】C【知识点】波速、波长和频率、波的图象【解析】解：t=0时刻质点/的位移为0,根据波形平移法可知，质点M向下振动，则t=?时质点”到达波谷，故C正确，A3。错误。4第10页，共22页故选：C o根据波形平移法分析t =。时刻质点M的振动方向，从而确定时点的振动图像。对于振动图像，要根据振幅、初相位和周期来分析图像的形状。4 .【答案】A【知识点】光电效应、爱因斯坦光电效应方程【解析】解：4用单色光P照射光电管，发现电流表指针会发生偏转，说明能够产生光

19、电子，则单色光P的光子能量大于逸出功，而用单色光。照射光电管时不发生光电效应，说明。光子能量小于逸出功，所以P光光子的能量大于。光光子的能量，故 A正确；A由光电效应方程E k =hv-%可知，光电子的最大初动能和光子频率及逸出功有关，和光照强度无关，所以增大光照强度，光电子初动能不会改变，故 8错误；C.由于。光子能量小于逸出功，所以无论如何都不会产生光电子，滑动变阻器不会对此产生影响，所以也就没有电流，电流表指针不会发生偏转，故 C错误；D用 P光照射光电管，当滑动变阻器向右移动，光电管两端的电压增大，电流表示数增大，但当电流达到饱和光电流，电流表示数将不变，故。错误。故选：4。光子能量大

20、于逸出功，发生光电效应，光子能量小于逸出功，则不能发生光电效应；由光电效应方程%=%可知光电子的最大初动能和光子频率及逸出功有关，和光照强度无关；光子能量小于逸出功，所以无论如何都不会产生光电子；随光电管两端的电压增大，光电流增大，但当电流达到饱和光电流，电流将不变。本题考查了光电效应的相关问题，考查知识点针对性强，难度适中，考查了学生掌握知识与应用知识的能力。5.【答案】C【知识点】运动的图像、匀变速直线运动的速度与时间的关系【解析】解：由题图可知，两车均做匀加速直线运动，根据图像的斜率表示加速度，可得：A车的加速度为何=-m/s2=4 m/s2,从t =0 时刻起，时间t内A车的位移大小为

21、石=CL1t2=2 t 2；8车的加速度为a?=亨z n/s 2 =2 r n/s 2,从t =0 时刻起，时间，内B车的位移大小为X2=Vot+3 a 2 t 2 =8 t +t2;在t=0时刻，A车在前，B车在后，两车间的距离为12m,则A,B两车相遇时，应有x2 =12mSP8t+t2-2 t2=12解得h=2s,t2=6 s,说明两车相遇两次，故A3。错误，C正确。故选：Co两车均做匀加速直线运动，根据图像的斜率表示加速度求出两车的加速度，从t=0时刻起，当B车与A车的位移之差等于12机时两车相遇，根据位移-时间公式分析相遇的次数。解答本题的关键要把握相遇的条件：8车与A车的位移之差等

22、于初始时两者的间距，通过运动学公式列式分析。6.【答案】D【知识点】电场强度的概念和定义式、电场线的定义及性质、电势、电场力做功与电势能变化的关系【解析】解：电场线的分布如图所示：A、等势线与电场线垂直，画出过人点的等势线，可知瓦、”两点与6点的电势相等，由于沿电场线方向电势逐渐降低，。点的电势低于打点的电势，也就是低于匕点的电势，故A错误；8、电场线的疏密表示电场强度的大小，可得。点的电场强度大于6点的电场强度，故8错误；。、带负电的试探电荷从“点移到匕点的过程中电场力做正功，电势能减小，即带负电的试探电荷在。点的电势能大于在b点的电势能，故。正确；C、带正电的试探电荷从c点移到6点的过程中

23、电场力做正功，电势能减小，即带正电的试探电荷在，点的电势能大于在d点的电势能，故C错误。故选：Do画出电场线，根据电场线的疏密和方向，判断电场的强弱、电势的高低以及电场力做功和电势能的变化情况。第12页，共22页本题考查电场的强弱，电场中电势的高低，以及电场力做功情况，需要学生熟练掌握等量异种电荷的电场分布情况。7 .【答案】A【知识点】万有引力定律的应用、人造卫星、向心力【解析】解：根据万有引力提供向心力得：G鬻 =mg,解得：病=由题意k =G MA、分析图象可知，宇宙飞船的轨道半径最小为办，所以星球的半径为为根据。4=景=告故4正确；8、根据万有引力提供向心力知只能求环绕星球的周期，无法

24、求星球自转的周期，故 8错误；C、根据万有引力提供向心力得：等=m g,解得：。=詈=城，故 C错误；。、根据万有引力提供向心力得：筹=吟解得:%=后=指故。错误。故选：A。根据万有引力提供向心力列关于速度、加速度的方程可分别求出密度、表面的加速度、及第一宇宙速度。此题考查了万有引力定律及其应用，要熟记万有引力的公式和圆周运动的一些关系变换式，解题依据为万有引力提供向心力。8 .【答案】B【知识点】电功和电功率定义、表达式及应用、变压器的构造和原理【解析】解：由电压瞬时值a =2 0 或 s i n l 0 0?r t(y)可知，a、b 两端的电压的最大值4 =2 0 V 2 K,。、6 两端

25、的电压有效值为(7 助=詈=警 =2 0 人 设通过变压器原线圈的电流为则变压器原线圈两端的电压U i =U a b /i R i，其中=1 0，故变压器的输出功率P =UJi=(Uab-1 阳)/1 =(2 0 -A)A(W)=(Ii-1 0)2+1 0 0 (I V),可见当A =1 0 4 时，变压器的输出功率最大P =1 0 0 ,由 关 =点,此时通过变压器副线圈的电流与=最/1 =X 1 0 4 =2.5 4,由P =/2(/?2 +R)，其中/?2 =1 0。，解得滑动变阻器接入电路部分的电阻R =6 0,小于滑动变阻器的最大阻值1 0 0,满足条件，则在滑片P从 c 端缓慢滑向

26、”端的过程中，变压器的最大输出功率 为 1 0 0 W,故 5正确，ACQ错误。故选：8。先根据电压有效值与最大值的关系得到交流电压的有效值，利用闭合电路欧姆定律以及功率公式表达出功率的表达式，讨论原线圈电流为多大时，变压器输出功率最大，最后在利用变压器的电流关系以及功率公式分析结果的正确性。本题主要是考查了变压器的知识；解答本题的关键是能根据交流电瞬时值获取有用的已知条件，并能通过功率公式讨论何时输出功率最大，知道变压器的电压之比等于匝数之比，电流比等于匝数反比，知道理想变压器的输出功率决定输入功率且相等。9.【答案】BD【知识点】热力学第一定律的内容及应用、理想气体状态方程【解析】解：A3

27、、气体从状态4变化到状态5的过程中，温度不变，则pV=C,因此发生等温膨胀，体积增大；从状态8变化到状态C的过程中压强不变，温度与体积成正比，即发生等压膨胀，即气体的体积一直增大，结合P=,可知，气体的密度一直减小。故A错误，8正确；CD、气体从状态A变化到状态8的过程中温度不变，内能不变，同时气体膨胀对外界做功，由热力学第一定律可知该过程气体吸热；气体从状态8变化到状态C的过程中等压膨胀，温度升高，内能增大同时气体对外界做功，由热力学第一定律可知该过程气体也要吸热，可见气体一直吸热。故C错误，。正确。故选：BD。从图中可知，A到B过程温度不变，是等温变化，2到C过程压强不变，是等压变化,分别

28、根据两个阶段中压强变化、温度变化可推测两个阶段的体积变化，结合P=,可判断气体密度变化；后两个选项可结合热力学第一定律进行判断。本题考查理想气体状态方程和热力学第一定律，要求学生根据题目给出图像对气体状态进行判断，难度中等。10.【答案】BD【知识点】功率、万有引力定律的应用、人造卫星【解析】解：A、设火箭的加速度大小为“，有 廿=2 a h,解得：。=三，故A错误；2hB、设卫星从地面上升高度所用的时间为/,有九=3匕 解得t=艺，故8正确；2v。、设卫星所受推力的大小为R有77-巾9-0.1 6 9 =加处 解得F=1nig+若，故第14页，共22页C错误;。、该推力的平均功率P=Fl?=

29、产，=U7ngu+”故。正确；2 20 V 4h故选：BD.根据匀变速直线运动公式求出加速度和时间，由牛顿第二定律求出推力F,根据功率公式求出推力的平均功率。本题主要考查了牛顿第二定律和匀变速直线运动的结合，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，知道加速度是联系静力学和运动学的桥梁。11.【答案】AD【知识点】折射定律、光的全反射【解析】解：A B,做出光路图根据折射定律有V3 厂cosd 2v3DEn=-=7=cosa L 3LDE设光线到达8 c 边时发生全反射的临界角为a,有,1 CE JDE2_4)2S m a =nD E=DE联立解得。E 的长度为DE=L介质对该单色光的折射率为2V

30、3n =故 A 正确，B 错误；CD.由sina=工可得na=60因为 为AC边的中点，E为8。边的中点，则。E/A&由几何关系可知，该光线在介质中传播的路程为3s=DE+EF=-L该光线在介质中的传播速度大小为CV=n解得单色光从。点开始到第一次离开介质时所用的时间s V3Z,t=-=-V C故C错误，。正确。故选：A3。(1)作出光路图，根据折射定律以及几何知识求解该光线从AC边上的 点射入介质时与AC边的夹角0的余弦值cos。；(2)根据几何知识求解光在介质中传播的路程，由9=：求解光在介质中传播的速度，再分析传播时间。解决该题的关键是正确作出光路图，能根据几何知识求解相关的长度和角度，

31、熟记折射定律以及光速的计算公式。12.【答案】AC【知识点】牛顿第二定律、动量定理、冲量与动量【解析】解：A、在物块上滑的过程中，初末速度均为零，动量的变化量为零，由动量定理可知物块所受合力的冲量为零，故A正确；B、在物块下滑的过程中，以向下为正，由动量定理得：mgsind umgcosd xt=0 mv0所以弹簧弹力的冲量为/期=mgXsinS-”cos。)一机火,故8错误；C、在上滑的过程中，当物块沿斜面方向所受的合力为零时，速度最大，即?ngsi 九 8+imgcosd F 弹=0解得：F弹=mgsinO+imigcos。,故 C正确。、物块从A点开始下滑到上滑到8点的过程中，弹簧弹力做

32、功为零，摩擦力做负功，重力做负功，由动能定理得1,3%imgcosd x mgsind 0 -mvQ第16页，共22页解得%=J2gx(sin。+3 c o s。),故 O 错误；故选：AC。根据动量定理可知，合力的冲量等于动量的变化量，弹簧弹力的大小和冲量利用动量定理求解，物块的初速度用动能定理计算。本题是弹簧问题，弹簧弹力是变力，通常用动能定理和动量定理求解，运用动量定理时注意其矢量性。1 3.【答案】2 7 0 90.0 k,k2 k大于【知识点】实验：探究弹簧弹力与形变量的关系【解析】解：(1)在尸-X图像中，图像的斜率表示表示弹簧的劲度系数，则的=笠=蔡N/m =2 7 0 N/m,

33、k2=j N/m =90.0/V/m(2)在F-x图像中，图像的斜率表示表示弹簧的劲度系数，故七七上(3)根据图像可知，根弹簧截成两段后，每段弹簧的劲度系数均大于原来弹簧的劲度系数故答案为:(1)2 7 0；90.0；(2)七 七 (3)大于(1)在F-x图像中，图像的斜率表示弹簧的劲度系数；(2)根据图像的斜率判断出弹簧的劲度系数大小；(3)根据(2)即可判断。本题关键明确实验原理，也可以通过胡克定律进行理论探究，明确在尸-x图像中，图像的斜率表示弹簧的劲度系数即可。1 4.【答案】B E G不 是0.8 5【知识点】实验：描绘小灯泡的伏安特性曲线【解析】解：本题的伏安特性曲线在0-3.8

34、U范围，所以电压表应选B,C量程太大，电压表8量程为3匕 所以需要串联定值电阻改装，根据改=誓(1 1 +/?2)=就、(3 0 0 0 +1 0 0 0)=4 ,所以选G,小电珠额定电流为/=三40.5 3 4,电流表选R 3.8E；(2)如图所示(3)由于电压表改装，所以U 涧羊U 实，所以不是小电珠的伏安特性曲线由图知/=0.4 4 时，U=1.6 7,U 实测,解得U 笑=2.1 3 匕 所以电功率p =u/=2.1 3 V x 0.4 4 =0.8 5 亿故答案为：(1)B,E,G；(2)如图；(3)不是，0.8 5(1)(2)关键是根据小电珠的规格即可选择电压表与电流表的量程，根据

35、实验要求电流从零调可知变阻器应采用分压式接法；(3)根据图像对应的电流与电压求得电功率.本题考查了选择实验器材、作实验电路图、作灯泡的伏安特性曲线；确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计实验电路的关键，根据图像求电功率。1 5.【答案】解：(1)假设活塞不移动，设开始时环境的热力学温度为T,当环境的热力学温度缓慢升高到k T(常数k 1)时，4中气体的压强为Pi，由盖一吕萨克定律有牛=枭 解 得 Pi =k p o,同理可得，当环境的热力学温度缓慢升高到左 丁 时，8中气体的压强p 2 =k p 0，P 1=P 2，假设成立，活塞不移动。(2)设开始时8中气体的体积为V,对A 中气体，由玻意耳

36、定律有 x|y =P(|/+|y),解得p =：P o。答：(1)通过计算可发现左右侧压强相等，因此活塞不移动；(2)4 中气体的压强为 p o。【知识点】理想气体状态方程、气体的等温变化及玻意耳定律【解析】(1)假设活塞不移动，对左右两端应用理想气体状态方程进行判断，从而推测活塞情况；(2)环境温度不变，可运用玻意耳定律对A中气体进行分析。本题考查理想气体状态方程以及波意耳定律，要求学生能够熟悉应用理想气体状态方程对题目进行求解，难度适中。第18页，共22页16.【答案】解：(1)摄像机做匀减速直线运动，根据运动学公式可得：0-0 2=2就，解得 a =2.5 m/s2对摄像机根据牛顿第二定

37、律可得m g -T =m a,解得7 =25 N(2)对沙袋受力分析，根据牛顿第二定律可得：T-Mgsind-fiMgcos。-m a,解得M =5 k g(3)沙袋克服摩擦力做功为必=nMgcos3 7-h=0.18 7 5 X 5 x 10 x 0.8 x 5/=3 7.5/答：(1)摄像机从。点下落到地面的过程中，轻绳的拉力大小T为25 N；(2)沙袋的质量M为%g；(3)在摄像机从。点下落到地面的过程中，系统克服摩擦阻力所做的功W为3 7.5/。【知识点】动能和动能定理、牛顿第二定律【解析】(1)根据速度-位移公式求得摄像机下落时的加速度，根据牛顿第二定律求得绳子的拉力；(2)对沙袋根

38、据牛顿第二定律求得沙袋的质量；(3)摄像机从。点下落到地面的过程中，系统克服摩擦阻力所做的功等于沙袋上滑过程中克服摩擦力做功。本题主要考查了牛顿第二定律、功能关系的应用，根据牛顿第二定律和运动学公式结合求解加速度、速度，此类体要选好合适的对象和过程分析。17.【答案】解：(1)由题意画出粒子运动轨迹如图所示，粒子在第D象限沿x轴正方向做匀加速直线运动，设粒子进入第I象限时的速度大小为孙，根据动能定理有：口 1 2qEl=-mvg解得。=僧粒子在第I象限做类平抛运动，有：s =v0 t,I =其中。=生解得：s=22(2)粒子通过N点时竖直方向的速度大小为:2qEl又：v=粒子通过N点时的速度方

39、向与水平方向夹角。的正切值为：tan。=生解得：。=45。(3)经分析可知，粒子从边界4 c边上的尸点垂直边界AC进入磁场区域，根据几何关系有：AF=；2设粒子在磁场中做圆周运动的半径为R,根据几何关系有：I V2.2R+-=(2/H lsiird洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力，有：4qvB=解得：B=8mEQl答：(1)N点到原点。的距离s为21；(2)粒子通过N点时速度v的大小为陛，方向与水平方向成45。；(3)匀强磁场的磁感应强度B为符。【知识点】带电粒子在直线边界磁场中的运动、带电粒子在电场中的加速、带电粒子在电场中的偏转、带电粒子在组合场(电场、磁场)中的运动【解析】(1)根据动

40、能定理求出粒子到达y轴时的速度孙，进入第一象限做类平抛运动，根据类平抛运动的规律即可求解N点到原点O的距离；(2)粒子在第一象限做平抛运动，在平行于电场方向做匀加速运动，垂直电场方向做匀速直线运动，由速度的合成法求出粒子到达N点时速度大小和方向，由几何知识确定粒子经过N点时的方向。(3)根据几何关系求出粒子在磁场中运动的轨迹半径，在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律和向心力公式即可求解匀强磁场的磁感应强度8。第20页，共22页该题考查了带电粒子在电磁场中运动的问题，在电场中的偏转，利用平抛运动的知识求解；粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，利用几何关系求解运动半径是解决问题的

41、关键。1 8.【答案】解：(1)设两导体棒碰撞前瞬间用棒的速度大小为打，加棒做推力作用下，由动能定理得：1Pt-m v o 0两导体棒碰撞过程系统动量守恒，碰撞后的速度%=3,2 g r,以向右为正方向，由动量守恒定律得：m v0=2 m%解得：=华1(2)两导体棒沿圆弧轨道上滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：1 .-x 2 m vz=2mgr解得：v=J2gr(3)设回路产生的总焦耳热为Q总，由能量守恒定律得：Ir 1 T-x 2mvl=-x 2 m v2+Q 由两导体棒的并联电阻为小定值电阻阻值为R,流过它们的电流相等，由焦耳定律可知，定值电阻上产生的焦耳热是两导体棒产生焦耳热的2倍,

42、设定值电阻产生的焦耳热为Q,则 Q +0.5(?=Q总，解 得:Q=-mgr(4)设导体棒第一次穿过磁场的时间为口，该过程回路的平均电流为7，0 D 与 间 的 距 离 为%,对导体棒，由动量定理得：一BI Lt】=2mv 2mv A。通过导体棒的电荷量：q=R+2 T 3R解得：与=嘴 近由机械能守恒定律可知，导体棒再次回到B B 处时的速度大小仍为=府，假设导体棒会停在磁场中，同时设导体棒在磁场中向左运动的时间为t 2,导体棒进入磁场后到停止运动的的距离为 X,该过程回路的平均电流为对导体棒，由动量定理得：-8/2 =0-2 巾通过导体棒的电荷量：/=7 匕=型 三3R解得：%=吗 更%假

43、 设 成 立，P2L2 1导体棒不能向左穿过磁场区域，导体棒停止运动的位置与D D 间的距离：6mRj2gr SmRJlgr 3mRj2grX=X1-X=-2 西 一 =F N 答：(1)该推力的功率P是电詈；(2)两导体棒通过磁场右边界B B 时的速度大小v 是/薪；(3)两导体棒穿越磁场的过程中定值电阻Z产生的焦耳热Q是争m g r：(4)两导体棒不能再次穿过磁场区域，两导体棒停止的位置与D D 的距离x 是 噜 更。【知识点】动生电动势、闭合电路欧姆定律、电磁感应中的功能问题【解析】(1)应用动能定理求出撤去推力时时棒的速度，两导体棒碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出推力的功率。(2)两导体棒在圆弧轨道上运动过程机械能守恒，应用机械能守恒定律求出两导体棒通过磁场右边界B B 时的速度大小(3)应用能量守恒定律与串联电路特点、焦耳定律求出定值电阻上产生的焦耳热。(4)对导体棒应用动量定理求出导体棒的运动距离，然后答题。对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。第2 2 页，共2 2 页