2022届北京东城区高考压轴卷物理试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2 .选择题必须使用2 B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3 .请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4 .保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共2 4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A.肥皂泡膜在阳光的照射下呈现彩色是光的色散现象

2、B.机械波和电磁波本质上相同，都能发生反射、折射、干涉和衍射现象C.拍摄玻璃橱窗内的物体时，为了提高成像质量，往往在镜头前贴上增透膜D.在光的单缝衍射实验中，缝越宽，衍射现象越不明显2、甲、乙两运动员在做花样滑冰表演，沿同一直线相向运动，速度大小都是2 m/s,甲、乙相遇时用力推对方，此后都沿各自原方向的反方向运动，速度大小分别为l m/s和2 m/s。求甲、乙两运动员的质量之比（）A.3:2 B.4:3 C.2:1 D.1:23、一个质量为，的质点以速度做匀速运动，某一时刻开始受到恒力厂的作用，质点的速度先减小后增大，其最小值为多。质点从开始受到恒力作用到速度减至最小的过程中A.该质点做匀变

3、速直线运动B.经 历 的 时 间 为 强2FC.该质点可能做圆周运动D.发生的位移大小为，五8F4、如图所示，将一小木块和一小钢珠分别用手拿着并压缩两根一端分别竖直固定在地面上的弹簧上端。现同时释放小木块和小球，若小木块在整过运动过程中所受空气的阻力/与其速度v满 足/=八（A为常数），而小钢珠的运动忽略空气阻力，且两物体同时离开弹簧，取向上为运动的正方向，则下图能正确反应两物体离开弹簧后的运动情况的大f图像的是（）小 木 块 小 钢 球A.物体在恒力作用下不可能做曲线运动B.物体在恒力作用下不可能做圆周运动C.物体在变力作用下不可能做直线运动D.物体在变力作用下不可能做曲线运动6、如图所示，

4、足够长的水平传送带以速度y逆时针转动，一质量为1kg的物体以%=2 m/s 的速度水平向右滑上传送带，经一定的时间后，物体返回到出发点。已知物体与带之间的动摩擦因数=0.2,重力加速度g=10m/s2。则在该过程中摩擦力对物体做的功为（）A.0 B.2.5J C.6.5J D.12J二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，甲图为沿x 轴传播的一列简谐横波在f=0 时刻的波动图象，乙图为参与波动质点尸的振动图象，则下A.该波的传播速率为4m/sB.该波

5、的传播方向沿x轴正方向C.经过0.5s,质点尸沿波的传播方向向前传播2mD.该波在传播过程中若遇到4m的障碍物，能发生明显衍射现象8、如图所示，轻弹簧放置在倾角为30的斜面上，下端固定于斜面底端，重10 N的滑块从斜面顶端。点由静止开始下滑，到。点接触弹簧，滑块将弹簧压缩最低至c点，然后又回到，点，已知=1加，be=0.2 m,下列说法正确的是（）A.整个过程中滑块动能的最大值为6/B.整个过程中弹簧弹性势能的最大值为61 7C.从匕点向下到C点过程中，滑块的机械能减少量为61D.从C点向上返回。点过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒9、如图所示，把半径为d的玻璃半球体放在纸面上，让它的

6、凸面向上，分别从A、B两 处（其中A处为玻璃半球体的最高点）观察玻璃半球体中心。处纸面上的文字，下列说法正确的是（）A.从A处看到的字比从3处看到的字高B.从6处看到的字比从A处看到的字高C.从A处看到的字和从B处看到的字一样高D.从4处看到的字和没有放玻璃半球体时一样高10、平行金属板P Q、M N与电源和滑线变阻器如图所示连接，电源的电动势为E，内电阻为零；靠近金属板P的S处有一粒子源能够连续不断地产生质量为m,电荷量+4,初速度为零的粒子，粒子在加速电场P Q的作用下穿过。板的 小 孔/，紧贴N板水平进入偏转电场M N；改变滑片，的位置可改变加速电场的电压q和偏转电场的电压。2，且所有粒

7、子都能够从偏转电场飞出，下列说法正确的是（）B.滑片P向右滑动的过程中从偏转电场飞出的粒子的偏转角逐渐减小C.飞出偏转电场的粒子的最大速率=飞出偏转电场的粒子的最大速率匕“=2三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）如图所示是测量磁感应强度B 的一种装置.把一个体积很小的电阻为R、匝数为N、面积为S 的测量线圈L 放在通电螺线管内待测处，线圈平面与螺线管轴线垂直，将测量线圈跟测量电量的仪器G 表串联.当闭合电键K 时,G 表可测得瞬间流过测量线圈的电量A Q,贝 IJ：（D （多选题）测量磁感应强度B 所依据的物理规律是A.法

8、拉第电磁感应定律和焦耳定律B.闭合电路欧姆定律和焦耳定律C.法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律D.法拉第电磁感应定律和楞次定律（2）用此方法测量通电螺线管内轴线处磁感应强度的表达式为B=.12.（12分）电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表电流的两倍。某同学利用这一事实测盘电压表的内阻（半偏法）。实验室提供的器材如下：待测电压表V（量程3 V.内阻约为3000C）,电 阻 箱（最大组值为99999.90）,滑动变阻器R （最大阻值100C,额定电流2A）。电源E（电动势6 V,内阻不计），开关两个，导线若干。（1）虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分。将电路图补充完整_

9、 _ _ _ _ _ _（2）将 这 种 方 法 测 出 的 电 压 表 内 阻 记 为 则 R”=。与电压表内阻的真实值凡相比，Rv R v.（选填“或”v”)四、计算题：本题共2 小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3.(1 0 分)如图所示为某滑雪赛道。长直助滑道AB与弯曲滑道BC平滑衔接，滑 道 BC高 仁 1 0 m,C是半径K=3 0 m圆弧的最低点，质量，=6 0 k g 的运动员从4处由静止开始匀加速下滑，加速度a=4 m/s 2,到达8点时速度V B=2 0 m/s。取重力加速度g=1 0 m/s2o(1)求长直

10、助滑道AB的长度L；(2)若不计BC段的阻力，求运动员在C点所受支持力的大小。1 4.(1 6 分)如图所示，光滑水平面上有一轻质弹簧，弹簧左端固定在墙壁上，滑块A以=1 2 m/s 的水平速度撞上静止的滑块B并粘在一起向左运动，与弹簧作用后原速率弹回，已知4、B的质量分别为叩=0.5 k g、m2=.5 k g.求:A与 8撞击结束时的速度大小V;在整个过程中，弹簧对A、B系统的冲量大小/ZZZZ/Z/Z/Z/1 5.(1 2 分)如图所示，空间内有一磁感应强度8 =O.8 T 的水平匀强磁场，其上下水平边界的间距为“，磁场的正上方有一长方形导线框，其长和宽分别为L =2m、d =0.8 m

11、(d ),质量/=0.4 k g,电阻R =3.2。将线框从距磁场高力=0.8 m 处由静止释放，线框平面始终与磁场方向垂直，线框上下边始终保持水平，重力加速度取g =1 0 m/s 2。求：(1)线框下边缘刚进入磁场时加速度的大小；(2)若在线框上边缘进入磁场之前，线框已经开始匀速运动。求线框进入磁场过程中产生的焦耳热Q；(3)请画出从线框由静止开始下落到线框上边缘进入磁场的过程中，线框速度v 随/变化的图像(定性画出)。_J17参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1,D【解析】A.肥皂泡膜在阳光的照射下呈现彩

12、色是光的干涉现象，故 A 错误；B.电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，而机械波的传播需要介质，真空中不传播，机械波和电磁波本质上不相同，故 B 错误；C.拍摄玻璃橱窗内的物体时，为减少反射光的干扰，通过偏振片来阻碍反射光进入镜头，故 C 错误；D.光的单缝衍射实验中，缝越宽，和光波长差距越大，衍射现象越不明显，故 D 正确。故 选 D。2,B【解析】甲、乙相遇时用力推对方的过程系统动量守恒，以甲的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得/打 甲U甲+/九 乙V乙二2甲V甲乙羽乙代入数据可得m tpx2+/n z,x(-2)=，”甲 x(-1)+m z,x2解得m sp：m z,=4：3故

13、B 正确，A C D 错误。故选B。3、D【解 析】质点减速运动的最小速度不为0,说明质点不是做直线运动，力厂是恒力所以不能做圆周运动，而是做匀变速曲线运动.设 力 厂 与 初 速 度 夹 角 为0,因 速 度 的 最 小 值 为?可 知 初 速 度vo在 力 尸 方 向 的 分 量 为 为，则初速度方向与恒力方向 的 夹 角 为150。，在恒力方向上有Fvocos 30 =0m在垂直恒力方向上有质点的位移S=M+y2联立解得时间为也mv。IF发生的位移为5；同 崂SF选 项ABC错 误，D正确故 选D.4、D【解 析】对于小钢球没空气阻力时只受重力，是竖直上抛运动，v“图像是直线，故图中直线

14、为钢球的运动图像。对于小木块有空气阻力时，上升阶段由牛顿第二定律得F=ma=mg+f解得kva=g+m由于阻力随速度的减小而减小，故上升阶段加速度逐渐减小，最 小 值 为g。同理，有空气阻力时，下降阶段由牛顿第二定律可得kva=g-m由于阻力随速度增大而增大，故下降过程中加速度逐渐减小，图像的斜率表示加速度，故 图 线 与f轴相交时刻的加速 度 为g,此时实线的切线与虚线平行。故D正 确，ABC错 误。故 选D。5、B【解析】A.物体在恒力作用下也可能做曲线运动，例如平抛运动，选 项A错误；B.物体做圆周运动的向心力是变力，则物体在恒力作用下不可能做圆周运动，选 项B正确；C.物体在变力作用下

15、也可能做直线运动，选 项C错误：D.物体在变力作用下也可能做曲线运动，例如匀速圆周运动，选 项D错误；故选B。6、A【解析】由题意可知，物体在传送带上做匀变速运动，物体先向右做减速运动，速度为零时再向左做加速运动，回到出发点时速度大小匕=2 m/s,根据动能定理可知摩擦力做功为零，故A正确，BCD错误。故选Ao二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A.由甲图读出该波的波长为2=4 m,由乙图读出周期为T=ls,则波速为2v=4 m/sT故A正确；B.在乙图上

16、读出f=0时刻P质点的振动方向沿y轴负方向，在甲图上判断出该波的传播方向沿x轴负方向，故B错误；C.质点尸只在自己的平衡位置附近上下振动，并不沿波的传播方向向前传播，故C错误；D.由于该波的波长为4 m,与障碍物尺寸相差不多，能发生明显的衍射现象，故D正确。故选AD。8、BCD【解析】试题分析：当滑块的合力为0时，滑块速度最大，设滑块在。点合力为0,d点在和c之间，滑块从a到d,运用动能定理得：机g&/+叱津=4,/一。，ghadfnghac=10 x 1.2xsin30=6J,%（）,所以，故 A 错误;滑块从 到。，运用动能定理得：加g%+叱/=（）-（）,解得：*=-6 J,弹簧弹力做的

17、功等于弹性势能的变化,所以整个过程中弹簧弹性势能的最大值为6 7,故 B 正确；从b 点到C点弹簧的弹力对滑块做功为-6 1,根据功能关系知，滑块的机械能减少量为6?/,故 C 正确；整个过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，没有与系统外发生能量转化，弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，故 D 正确.考点：机械能守恒定律【名师点睛】本题的关键是认真分析物理过程，把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律,准确分析能量是如何转化的.9、CD【解析】只有入射角不等于零时才会发生折射，当人通过玻璃半球体看中心。处的字的时候，进入眼睛的光线沿着半球体半径,也就是球面法线，所以

18、不发生折射，物像重合，从 A 处看到的字和从5 处看到的字一样高，而且和没有放玻璃半球时一样高，C D 正确，A B 错误。故选CD,10、BC【解析】A.在加速电场中，由动能定理得“Ui=g机说在偏转电场中，加速度为a=qU-2md则偏转距离为1 ,2y=at.2运动时间为%联立上式得u2i2y 二-4Ud其中/是偏转极板的长度，d 是板间距离。粒子的竖直偏转距离与舁成正比，故 A 错误;B.从偏转电场飞出的粒子的偏转角的正切值att a na =%联立解得t a n a-UJ2Ud滑片P 向右滑动的过程中，Ui增大，也减小，可知偏转角逐渐减小，故 B 正确;C D.紧贴修板飞出时，电场做功

19、最多，粒子具有最大速率。由动能定理；m vl-0 =q（U+U2）=qE解得故 C 正确，D 错误。故 选 BC三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.CD RAQ/NS【解析】当闭合开关L 的瞬间，穿过线圈L 的磁通量发生变化，电表中会产生感应电流，通过闭合回路欧姆定律可解的磁感应 强度大小，根据楞次定律可解得磁场方向，所以选CD,（2）根据法拉第电磁感应定律可得E=N，根据电流定At义式可得AQ=12,根据闭合回路欧姆定律可得/=，三式联立可得B=啜Si（1）1.待测电压表电阻（3000欧姆）远大于滑动变阻器品的电阻值（100欧姆）

20、，故滑动变阻器凡采用分压式接法；电路图如图所示:S2(2)3.根据设计的电路进行的实验步骤是：移动滑动变阻器的滑片，以保证通电后电压表所在的支路分压最小;闭合开关SI、S 2,调节拈，使电压表的指针满偏；保持滑动电阻器滑片位置不变，断开S 2,调节电阻箱R),使电压表的指针半偏；读取电阻箱所示的电阻值，此即为测得的电压表内阻；电压表串联电阻箱后认为电压不变，而实际该支路电压变大，则电阻箱分压大于计算值，则会引起测量值的偏大，故四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(l)50m；(2)1800N【解析】(1)运动员

21、从A 到B做初速度为零的匀加速直线运动，根据速度位移关系可得vj=2aL解得L=50m(2)运动员由8 到 C 的过程，根据动能定理可得运动员经过。点时受到重力和支持力，如图所示:根据牛顿第二定律可得 mg-inR解得&=1800N14、3m/s；12Ns【解析】4、8 碰撞过程系统动量守恒，以向左为正方向由动量守恒定律得代入数据解得v=3m/s以向左为正方向，A、8 与弹簧作用过程由动量定理得/=(/M 1+/M 2)(-V)-(，1+，2)V代入数据解得/=-12Ns负号表示冲量方向向右。【解析】(1)线框从静止释放到下边缘刚进入磁场，根据动能定理,1 2mgn=mv；解得v,=2gh=V

22、2xl0 x0.8m/s=4m/s线框下边切割磁感线，感应电动势为E=BLv根据闭合电路欧姆定律/一R安培力大小为F,.=BIL=谣近&N=3.2NR 3.2根据牛顿第二定律mg-F&=ma解得a-g =10m/s2-m/s2=2m/s2m 0.4线框匀速运动，重力和安培力等大反向mg=B2i3v2R解得堂4 X 6 3.2g3-B-I 0.82X22从线框静止释放到上边缘刚进入磁场，根据动能定理1 ,mg(h+d)-Q=,mv；解得1 7 1 72 =m(/i+J)-m v=0.4xl0 xl.6J-x0.4x52J=6.4J-5J=1.4J(3)线框未进入磁场前做自由落体运动，进入磁场后先做加速度减小的加速运动，然后做匀速直线运动，V-/图像如图: