2022届云南省楚雄州高考物理倒计时模拟卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1 .考生要认真填写考场号和座位序号。2 .试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2 B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3 .考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共 2 4 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，在竖直向下的匀强磁场中有两根水平放置的平行粗糙金属导轨C。、E F,导轨上放有一金属棒MN.现从 U0时刻起，给金属棒通以图示方向的电流且电流I 的大小与时间，成正比，即/=h，其中A为常量，不考虑

2、电流对匀强磁场的影响，金属棒与导轨始终垂直且接触良好.下列关于金属棒的加速度。、速 度 v 随时间f 变化的关系图象，可能正确的是2、如图所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成。发电机中矩形线圈所围的面积为S,匝数为N,电阻不计，它可绕水平轴0。在磁感应强度为8的水平匀强磁场中以角速度3匀速转动。矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R”表示输电线的电阻。以线圈平面在中性面为计时起点，下列判断正确的是（）A.若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值为零B.发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=N B S（o

3、coscotC.当滑动触头尸向下移动时，变压器原线圈两端的电压不变D.当用户数目增多时，电路中的电流变小，用户得到的电压变小3、如图所示，一列简谐横波向右传播，波长为0.2（）m,P、。两质点的平衡位置相距0.3 5 m。当 P运动到上方最大位移处时，Q的运动情况是（）VP QA.运动到上方最大位移处B.运动到下方最大位移处C.运动到平衡位置，且速度方向下D.运动到平衡位置，且速度方向上4、我国高铁舒适、平稳、快捷。设列车高速运行时所受的空气阻力与车速成正比，高铁分别以300km/h和 350km/h的速度匀速运行时克服空气阻力的功率之比为（）A.6：7 B.7：6 C.36：49 D.49：

4、365、如右图所示，固定着的钢条上端有一小球，在竖直平面内围绕虚线位置发生振动，图中是小球振动到的最左侧，振动周期为0.3 s.在周期为0.1s的频闪光源照射下见到图像可能是（）6、空间某一静电场的电势在 x 轴上的分布如图所示，图中曲线关于纵轴对称。在 x 轴上取“、两点，下列说法正确 的 是（）A.a、b 两点的电场强度在x 轴上的分量都沿x 轴正向B.“、b两点的电场强度在x轴上的分量都沿x轴负向C.a、6两点的电场强度在x轴上的分量大小D.一正电荷沿x轴从a点移到5点过程中，电场力先做正功后做负功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是

5、符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。T7、一简谐横波沿x轴正方向传播，在 u 彳时刻，该波的波形图如图(a)所示，尸、。是介质中的两个质点。图(b)表示介质中某质点的振动图像。下列说法正确的是图(图()A.质 点。的振动图像与图(b)相同B.在仁0时刻，质点尸的速率比质点。的大C.在U 0时刻，质点尸的加速度的大小比质点。的大D.平衡位置在坐标原点的质点的振动图像如图(b)所示8、如图所示，在真空中，某点电荷。形成的电场中，氏c三个虚线圆分别表示电场中的三个等势面，它们的电势分别为45V、25V、15Vo 一粒子g带电荷量大小为0.1C,电性未知，在 电 场

6、中 的 运 动 轨 迹 如 图 中 实 线 所 示。下列说法正确的是()A.场源电荷。带负电B.粒子q带正电C.粒子g从K到乙的过程中，克服电场力做功3JD.粒子在距场源电荷最近的心处动能为零9、如图所示为一列沿x轴正向传播的简谐横波在U 0时刻的波形图，经过0.2s,M点第一次到达波谷，则下列判断正确的是A.质 点P的振动频率/=2.5HzB.该波的传播速度v=lm/sC.M 点的起振方向沿,轴负方向D.Ols内质点Q 运动的路程为0.2mE.O-ls内质点M 运动的路程为0.08m10、如图所示，质量为m 的小球与轻质弹簧相连，穿在竖直光滑的等腰直角三角形的杆AC上，杆 3 c 水平弹簧下

7、端固定于8 点，小球位于杆AC的中点。时，弹簧处于原长状态。现把小球拉至。点上方的E 点由静止释放，小球运动的最低点为E,重力加速度为g,下列说法正确的是（）A.小球运动Z）点时速度最大B.间的距离等于。尸间的距离c.小球运动到。点时，杆对小球的支持力为注吆D.小球在F 点时弹簧的弹性势能大于在E 点时弹簧的弹性势能三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）如图所示是“验证动量守恒定律”实验中获得的频闪照片，已知A、B 两滑块的质量分是在碰撞/孙=L5kg,mB=1kg,拍摄共进行了四次。第一次是在两滑块相撞之前，以后的三次是在

8、碰撞墙之后。B 滑块原来处于静止状态,并且A、B 滑块在拍摄频闪照片的这段时间内是在10cm至 105cm这段范围内运动（以滑块上的箭头位置为准），试根据频闪照片（闪光时间间隔为0.5s）回答问题。0 10 20 30 40 50 60 70 80 90 100 110 120 130 cm一 上一 LT 一 一 一 M M l .（1）根据频闪照片分析可知碰撞发生位置在_ _ _ _ _ _ _ _ _ cm 刻度处；（2）A 滑块碰撞后的速度.=，8 滑块碰撞后的速度以=,A 滑块碰撞前的速度以=（3）根据频闪照片分析得出碰撞前两个滑块各自的质量与各自的速度的乘积之和是kg-m/s；碰撞后

9、两个滑块各自的质量与各自的速度的乘积之和是kg-m/s。本 实 验 中 得 出 的 结 论 是。12.（12分）学习牛顿第二定律后，某同学为验证“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”的结论设计了如图所示的实验装置.装置中用不可伸长的轻绳一端连接甲车、另一端与乙车相连，轻绳跨过不计质量的光滑滑轮,且在动滑轮下端挂一重物测量知甲、乙 两 车（含发射器）的质量分别记为叫、加2,所挂重物的质量记为机。g杯传H侵格/总弊K高舱氏，西一 （研）（产 胤（1）为达到本实验目的，平衡两车的阻力（填“需要”或“不需要”），满足钩码的质量远小于任一小车的 质 量（填“需要”或“不需要”）；（2）安装调

10、整实验器材后，同时静止释放两小车并用位移传感器记录乙两车在相同时间内，相对于其起始位置的位移分别为邑、与，在误差允许的范围内，若等式_ _ _ _ _ _ _ _ 近似成立，则可认为“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”（用题中字母表示）。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）一列简谐横波在介质中沿x 轴正向传播，波长念80cm.。和 A 是介质中平衡位置分别位于x=0和 x=40cm处的两个质点.f=0 时开始观测，此时质点。的位移y=-8cm,质点4 处于y=-16cm的波谷位置；f=0

11、.5s时，质 点 O第一次回到平衡位置，而 UL5s时，质点A 第一次回到平衡位置.求：（i）这列简谐横波的周期7、波 速 v 和波长九（i i）质点A 振动的位移），随时间/变化的关系式.14.（16分）如图所示，用两个质量均为小、横截面积均为S 的密闭活塞将开口向下竖直悬挂的导热气缸内的理想气体分成I、n 两部分，当在活塞4 下方悬挂重物后，整个装置处于静止状态，此 时 I、n 两部分气体的高度均为几已知环境温度、大气压强P。均保持不变，且满足5?g=poS,不计一切摩擦。当取走物体后，两活塞重新恢复平衡，活塞 A 上 升 的 高 度 为 求 悬 挂 重 物 的 质 量。m15.（12分）

12、如图（a）,木 板 0 4 可绕轴O 在竖直平面内转动，木板上有一质量为，=1kg的物块，始终受到平行于斜面、大小为8N 的力尸的作用。改变木板倾角，在不同倾角时，物块会产生不同的加速度。，如图（b）所示为加速度a与斜面倾角的关系图线。已知物块与木板间的动摩擦因数为“=0 2 假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力。求：（g 取 10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8）图线与纵坐标交点an的大小；(2)图线与轴重合区间为 小，02,木板处于该两个角度时的摩擦力指向何方？在斜面倾角处于仇和仇之间时，物块的运动状态如何？(3)如果木板长L=2 m,倾角为37。，物块在厂的作

13、用下由。点开始运动，为保证物块不冲出木板顶端，力厂最多作用多长时间？a/ms-2参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB、由题，棒中通入的电流与时间成正比，I=k t,棒将受到安培力作用，当安培力大于最大静摩擦力时，棒才开始运动，根据牛顿第二定律得：F-f=m a,而 F=BIL,I=k t,得 到 BkLt-f=ma,可见，a 随 t 的变化均匀增大。当 t=0时，f=-m a,根据数学知识可知AB错误，故 AB错误。CD、速度图象的斜率等于加速度，。增大，则 v-t图象的斜率增大。故 C 错误，

14、D 正确。故选D。2、C【解析】A.当线圈与磁场平行时，感应电流最大，故 A 错误；B.从中性面开始计时，发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSeosin cot故 B 错误；C.当滑动触头P 向下移动时，输出电压变小，但变压器原线圈两端的电压将不变，故 C 正确；D.当用户数目增多时，电路总电阻变小，电路中的电流变大，则输电线上电阻的电压增大，用户得到的电压变小，故 D 错误。故选C。3、C【解析】两质点相距0.35m,而波长为0.20m,故质点。的振动和位于质点尸右方0.15m处的质点A 振动步调一致，3Ax=0.15m=243波向右传播，所以质点尸比质点A 提 前 振 动 了 所

15、 以 当 尸 运 动 到 上 方 最 大 位 移 处 时，A 位于平衡位置向下振动，4即。运动到平衡位置，且速度方向下，故 C 正确ABD错误。故选C。4、C【解析】列车高速运行时所受的空气阻力与车速成正比，则f =kv则克服阻力的功率为P=fv=五 2所以高铁分别以300km/h和 350km/h的速度匀速运行时克服空气阻力的功率之比为Pi _ kv _ 36p2 kv；49故 ABD错误，错 C 正确。故选C.5、C【解析】试题分析：振动的周期是0.3 s,而频闪的周期是0.1 s,所以在一个周期内有三幅不同的照片；振动的周期是0.3 s,则角频率：co=-=radlsf 0.ls时刻对应

16、的角度：0=-x O A=r a d ；0.2s时刻对应的角度：T 0.3 0.3 3027r 4 yr2=-x O.2=-r a d,可知，在 0.1s和 0.2s时刻小球将出现在同一个位置，都在平衡位置的右侧，所以在周期为0.1s的频闪光源照射下见到图象可能是C 图.ABD图都是不可能的.故选C.考点：周期和频率6、C【解析】A B.因为在。点处电势最大，沿着x 轴正负方向逐渐减小，电势顺着电场强度的方向减小，所以两点的电场强度在X轴上的分量方向相反。C.在。点和点附近分别取很小的一段d,由图像可知点段对应的电势差大于a 点段对应的电势差，看作匀强电场E=,可知瓦瓦，故 C 正确。dD.x

17、 轴负方向电场线往左，x 轴正方向电场线往右，所以正电荷沿为轴从。点移到5 点过程中，电场力先做负功后做正功。故 D 错误。故选C。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、CD【解析】A.简谐机械波沿x 轴正方向传播，在 r=g 时刻，质 点。的振动方向向上，而在振动图象上在f=:时刻质点的振动方向向下，所以图(b)不是质点。的振动图象，故 A 错误；B.在 U 0 时刻，质点尸位于波谷，速度为零，质 点。位于平衡位置，则质点尸的速率比质点。的小，故 B 错误

18、；C.在 u o 时刻，质点尸的位移比质点。的大，由 公 式-一，则质点尸的加速度的大小比质点。的大，故 C 正确；m口.在=!时 刻，平衡位置在坐标原点的质点振动方向向下，与振动图象相符，所以平衡位置在坐标原点的质点的振动图象如图(b)所示，故 D 正确。8、BC【解析】A.因为a、b、c 三个虚线圆电势分别为45V、25V、1 5 V,说明场源电荷。带正电，故 A 错误；B.由粒子运动轨迹可知，粒子与场源电荷之间是斥力作用，粒子q 带正电，故 B 正确；C.粒子g 从 K 到 L 的过程中，电势升高，电势差为3 0 V,克服电场力做功为W =q U=3 J故 C 正确；D.由运动轨迹可以看

19、出，粒子做曲线运动，在 L 处速度大小不可能为零，故 D 错误。故 选BC9、ACD【解析】BC.f=0时刻波传播到Q点，Q点起振方向沿y轴负方向，在波传播过程中各点的起振方向都相同，则M点的起振方向也沿y轴负方向；经过U0.2S,M点第一次到达波谷，可知波的传播速度M 0.02,c,v=-m/s=0.1m/st 0.2故B错误，C正确；A.由图象可知，波长i=0.04m,则波的周期，亦即P质点振动的周期丁 几 0-04 C,T=-s=0.4sv 0.1频率为周期的倒数，即2.5Hz,故A正确;D.01s内质点Q振动了 2.5个周期，运动的路程1s=-x8cm=20cm0.4故D正确；E.波传

20、播到M点的时间0.01t=-s=O.ls0.1则0Is内质点M振动了 2.25个周期，运动的路程t-t 1-0 1s=-4A=-x 8cm=18cm=0.18mT 0.4故E错误。故选ACD。10 CD【解析】分析圆环沿杆下滑的过程的受力和做功情况，只有重力和弹簧的拉力做功，所以圆环机械能不守恒，但是系统的机械能守恒；沿杆方向合力为零的时刻，圆环的速度最大。【详解】A.圆环沿杆滑下，助段受到重力和弹簧弹力（杆对小球的支持力垂直于杆，不做功），且与杆的夹角均为锐角，则小球加速，。点受重力和杆对小球的支持力，则加速度为g sin 45,仍加速，OF段受重力和弹簧弹力，弹力与杆的夹角为钝角，但一开始

21、弹力较小，则加速度先沿杆向下，而尸点速度为0,则。尸段，先加速后减速，。点时速度不是最大，故A错误；B.若ED间的距离等于。尸间的距离，则全过程，全过程小球重力势能减少，弹性势能不变，则系统机械能不守恒,故 B 错误;6C.。点受重力和杆对小球的支持力，垂直于杆方向受力分析得杆对小球的支持力为一加g,故 C 正确；2D.若 E 0 间的距离等于。P 间的距离，则全过程，全过程小球重力势能减少，弹性势能不变，则 间 的 距 离 应 小 于。尸间的距离，则全过程，全过程小球重力势能减少，弹性势能增大，则系统机械能守恒，故 D 正确；故选CD。【点睛】本题考查弹簧存在的过程分析，涉及功能关系。三、实

22、验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、30 0.4m/s 0.6m/s 0.8m/s 1.2 1.2 两滑块组成的系统在相互作用过程中动量守恒【解析】由碰撞前A、B 位置可知碰撞发生在30cm处；(2)3碰后A 的位置在40cm,60cm,80cm处,则,2 0 x 1 0-2vA=-m/s =0.4m/s4 0.5碰 后 B 的位置在45cm,75cm,105cm处，则，3 0 x 1 0-2 ,c/,v =-m/s =0.6 m/s0.5由碰撞前A、B 位置可知碰撞发生在30cm处，碰后B 从 30m处运动到45cm处，经过时间(45

23、3 0)x 1 0-2t=-s =0.2 5 s0.6碰 前 A 从 10cm处运动到30cm处用时f =0.5 s-0.2 5 s =0.2 5 s则碰前(3 0 1 0)x 1 0-2v4=-m/s =0.8m/s0.2 5 5碰撞前两个滑块各自的质量与各自的速度的乘积之和mAvA+mBvB=1.2 k g -m/s6碰撞后两个滑块各自的质量与各自的速度的乘积之和mAvAr+mBvBr=1.2 k g m/s 本实验中得出的结论是两滑块组成的系统在相互作用过程中动量守恒12、需要 不需要 町S|=22s2【解析】(1)12.为达到本实验目的，需要平衡两车的阻力，这样才能使得小车所受细线的拉

24、力等于小车的合外力；因两边细绳的拉力相等即可，则不需要满足钩码的质量远小于任一小车的质量；(2)3.两边小车所受的拉力相等，设为F,则如果满足物体的加速度与其质量成反比，则F%=-m21 24 T1 2$2=5 联立可得叫 S=m2s2即若等式班电=加2s2近似成立，则可认为“在外力一定的条件下，物体的加速度与其质量成反比”四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。ZT 71 2兀13、(i)T=6.0s v=0.40m/s,2=2.4m(i i)丁 =0.16(：05(/+万)(m)或)=0.16$泊(，+彳)(加)；【

25、解析】(i)设振动周期为T,由于质点A 在 0 到 1.5s内由负最大位移处第一次回到平衡位置，经历的是四分之一周期，故振动周期为：T=6.0s；由于质点OA距 离 d=0.40m小于半个波长，且波沿x 轴正向传播，O 在 t=0.5s时回到平衡位置，而 t=1.5s时 A 紧接着回到平衡位置，可知波从O 传 到 A 的时间为：At=1.0s故此简谐波的传播速度：v=0.40/72/5Ar据波长、波速和周期的关系，可得该波的波长：A=vT=2 A m(i i)设质点A 的位移随时间变化的关系式为：y=Acos(券，+例)=A cos(gf+eo)已知 t=0 时，y=-0.16m,有：y=Ac

26、os%=t=l.5s 时，y=0,有：y Acos(+90)=0联立解得：(pQ=Tirad A=0.16mT T因此质点A 的位移随时间变化的关系为：y=0.16cos(f+)m(或：y=0.16cos(-/+-)m )14、Im【解析】对气体【分析，初状态的压强为(m+mgA=P o-末状态的压强为mg 4Pi=Po-=J D由玻意耳定律有P&S=P；IS对气体1 分析，初状态c _ c mgPi=J末状态.,3P2=P _ 一 P。由玻意耳定律P/eS=Pj2sA活塞上升的高度/7-4)=1 4O联立解得15、(l)6m/s2(2)为时，沿斜面向下，仇时，沿斜面向上；静 止(3)3.1s

27、【解析】(1)当木板水平放置时，物块的加速度为的此时滑动摩擦力f =N=”陪=0.2x1x10 N=2N由牛顿第二定律F _ f =ma0求得F-f 8-2,70=-=-m/s2=6m/s-；m 1(2)当木板倾角为仇时，摩擦力沿斜面向下；当木板倾角为优时，摩擦力沿斜面向上；当角处于小和之间时物块静止；(3)力尸作用时间最长时，撤去力后物块滑到斜面顶端时速度恰好减小到零。设力F作用时物块的加速度为由，由牛顿第二定律得：%=F/g s in 3 7。-cos37。=0 4m/sam撤去力尸后物块的加速度大小为2,由牛顿第二定律：asin37；gcs37=7.6m/s2m设物块不冲出木板顶端，力户最长作用时间为则撤去力尸时的速度v=at由题意有:1 2 2r1 2L=S +=-C l.t H-1 2 2 1 2a2由以上各式得:I 2x7.6x2-0.4 x(0.4+7.6)s3.1s