2022-2023学年江苏省南京市高一年级下册册期末物理专项提升模拟题（AB卷）含解析.pdf

《2022-2023学年江苏省南京市高一年级下册册期末物理专项提升模拟题（AB卷）含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2022-2023学年江苏省南京市高一年级下册册期末物理专项提升模拟题（AB卷）含解析.pdf（39页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2022-2023学年江苏省南京市高一下册期末物理专项提升模拟题（A卷）第 I 卷（选一选）评卷人得分1.下列说确的是（）A.牛顿发现了万有引力定律，并计算出太阳与地球间引力的大小B.在有力做功的过程中，一定有机械能转化为内能C.物体做速率增加的直线运动时，其所受的合外力的方向一定与速度方向相同D.小船渡河的最短时间由河宽、水流速度和静水速度共同决定2.对于做平抛运动的物体，以下说法中正确的是（）A.若只有抛出点的高度增加一倍，则在空中的运动时间也增加一倍B.若只有水平初速度增加一倍，则水平射程也增加一倍C.若只有抛出点的高度增加一倍，则水平射程也增加一倍D.若只有水平初速度增加一倍，则在空中

2、的运动时间也增加一倍3.从高处以初速度%竖直向上抛出一个质量为根的小球，如图所示。若取抛出点为零势点,没有计空气阻力，则（）A.在抛出点小球的机械能为?g/7B.在点小球的机械能为”反C.在点小球的机械能为:冠-Wg/!第 1页/总39页D.小球着地时的机械能为 g/7+，欣4.下列各种说法中正确的是（）A.甲图中，没有计一切阻力，一可视为质点的小球从4 点正上方从静止开始下落，小球从右端口 8 点离开时，小球的机械能守恒B.乙图中，汽车通过轻质光滑的定滑轮将一个质量为根的物体从井中拉出，汽车在水平面上以 做 匀 速 运 动，则当跟汽车连的细绳与水平夹角。为 30。时，绳对物体的拉力的功率为日

3、mg%C.丙图中，奥运会蹦床比赛，如果没有计空气阻力，全过程中，运动员、弹性蹦床、地球组成的系统机械能守恒D.丁图中，B 的质量是A 的质量的2 倍，a=2m,b=0.2m,没有计一切阻力，当 B 由A 的顶端从静止开始滑到A 的底端的过程中，B 的机械能守恒5.质量为机的汽车，启动后沿平直路面行驶，如果发动机功率恒为尸，且行驶过程中受到的阻力大小一定，汽车速度能够达到的值为力 那么当汽车的车速为:时，汽车的瞬时加速度的大小为（）2P 3P-4P 5 PA.B.C.D.mv mv mv mv6.2017年下半年我国发北斗三号卫星.北斗导航卫星的发射需要几次变轨，例如某次变轨，先将卫星发射至近地

4、圆轨道1上，然后在尸处变轨到椭圆轨道2 上，由轨道2 在 0 处变轨进入圆轨道3,轨 道 I、2 相切于尸点，轨道2、3 相切于。点.忽略空气阻力和卫星质量的变化，则以下说确的是勇的耶,黑出邸何会磐派.O.翔.O.I1.O.期.O.4.试卷第2页，共 8页OA.该卫星从轨道1变轨到轨道2 需要在P处减速B.该卫星在轨道从轨道1到轨道2 再到轨道3,机械能逐渐增大C.该卫星在轨道3 的动能大于在轨道1 的动能D.该卫星在轨道3 上Q点的加速度小于在轨道2 上Q点的加速度7.滑板运动是非常受欢迎的运动，如图所示为滑板运动训练轨道简化图，装置由4 8、B C、CD三段轨道组成，轨道交接处均由很小的圆

5、弧平滑连接（图中未画出），轨道与滑板间的动因数都相同，为方便训练4 8 轨道可以适当调整，CD轨道固定。若运动员从/静止开始下滑则刚好能到达。，那么将4B 轨道向右平移后从4 正上方小 静止滑下，则（）B B、CA.没有能到达。B.刚好能到达。C.若能。刚好到达一定有A D A BD.若能。刚好 到 达 但 没 有 一 定 有评卷人 得分-二、多选题8.如图甲所示，质量为旭的小球，在半径为r（小球的半径远小于r）的竖直光滑圆轨道内侧做完整的圆周运动，以竖直向下为正方向，在点时，轨道对小球的弹力F 随速率平方/变化的图象如图乙所示。重力加速度取lO m/s?,根据图象信息，以下判断正确的是（）第

6、 3页/总39页B.竖直圆轨道的半径尸0.2mC.小球到达圆心等高点的最小加速度为30m/s2D.小球过轨道点时，对轨道最小压力为60N9.如图所示，甲球从。点以水平速度切飞出，落在水平地面上的4 点；乙球从。点以水平速度也飞出，落在水平地面上的8 点，反弹后恰好也落在Z 点。两球质量均为加，若乙球落在8点时的速度大小为归，与地面的夹角为60。，且与地面发生碰撞时水平速度没有变，竖直速度等大反向，没有计空气阻力，下列说确的是（）A.由 O 点到力点，甲、乙两球运动时间之比是1:1B.。、“两点的水平距离与O、8 两点的水平距离之比是3:1C.运动过程中甲、乙重力的平均功率为3:1D.设地面处势

7、能为0,甲、乙两球在运动过程中的机械能之比为3:11 0.如图所示，吊车下方吊一个质量为500kg的重物，二者一起保持恒定的速度v=lm/s沿水平方向做匀速直线运动。某时刻开始，吊车以10kW的恒定功率将重物向上吊起，经片5s重物达到速度。忽路空气阻力，取 g=10m/s2.则在这段f 时间内（）勇的耶,U黑出邸何会磐派.O.翔.O.I1.O.期.O.4.试卷第4页，共 8页OA.重物的速度为2 m/sB.重物克服重力做功的平均功率为9.8 k WC.重物做匀变速曲线运动D.重物处于超重状态第H卷（非选一选）三、实验题评卷人得分1 1.在“研究平抛物体运动”的实验中：（1）下列措施中能减小实验

8、误差的措施为 （选填序号）;A.斜槽轨道末端切线必须水平B.斜槽轨道必须光滑C.每次要平衡力D.小球每次应从斜槽同一位置静止释放（2）在该实验中，某同学没有以抛出点建立坐标系，而是取下白纸后在轨迹上随意取了一点如图所示，如 6、C,三点的位置在运动轨迹上已标出（g 取 1 0 m/s 2）。则：小球平抛的初速度为m/s,从抛出到点的时间为 s o1 2.如图是用“落体法”验证机械能守恒定律的实验装置。（g 9.8 0 m/s2）第 5 页/总3 9 页o（1）选出一条清晰的纸带如图甲所示，其中。点为打点计时器打下的个点，A,8、C 为三个计数点，打点计时器通以频率为50Hz的交变电流。用分度值

9、为1mm的 刻 度 尺 测 得=10.57cm,08=17.00cm,0C=24.97cm,在计数点4 和8、8 和C之间还各有一个点，重锤的质量为LOOkg。甲同学根据以上数据算出：当打点计时器打到B点时重锤的重力势能比开始下落时减少了J:此 时 重 锤 的 动 能 比 开 始 下 落 时 增 加 了（结果均保留三位有效数字）乙甲（2）另一个同学利用他自己实验时打出的纸带，测量出了各计数点到打点计时器打下的个点的距离，算出了各计数点对应的速度v,然后以为横轴、以;一为纵轴作出了如图乙所示的图线，图线未过原点。的原因可能是鼠翅芸郅一一姒用邮近期增派四、解 答 题评卷人得分1 3.某火星探测实验

10、室进行电子计算机模拟实验，结果为探测器在近火星表面轨道做圆周运动的周期是7,探测器着陆过程中，次接触火星表面后，以V”的初速度竖直反弹上升，经 f 时间.翔.O.空.O.期.O.4.试卷第6页，共 8页O再次返回火星表面，设这一过程只受火星的重力作用，且重力近似没有变.已知引力常量为G,试求：(1)火星的密度(2)火星的半径(3)火星的宇宙速度？1 4 .如图所示，半径R=1.0 m 的光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，轨道的一个端点8和圆心0的连线与水平方向间的夹角A 3 7。，另一端点C为轨道的点.C点右侧的光滑水平面上紧挨C点静止放置一木板，木板质量A/=l k g,上表面与C点等高.质量为

11、机=l k g 的物块(可视为质点)从空中4 点以v 尸1.2 m/s 的速度水平抛出，恰好从圆弧轨道的8 端沿切线方向进入轨道.(忽略空气阻力,取 g=10 m/s 2,s in 3 7 =0.6 c o s 3 7 0=0.8)求：M U%。卜贞?O(I)物块8 点时的速度VB；(2)物块C点时对轨道的压力尸c;(3)若物块与木板间动因数=0，物块在木板上滑动2 s 后离开木板，求物块在木板上滑动滑动过程中系统产生的热量Q.15 .如图所示，有一固定在水平地面的光滑平台.平台右端8 与静止的水平传送带平滑相接，传送带长L=4m.有一个质量为加=0.5 k g 的滑块，放在水平平台上，平台上

12、有一根轻质弹簧，左端固定，右端与滑块接触但没有连接，现将滑块缓慢向左移动压缩弹簧，且弹簧始终在弹性限度内，在弹簧处于压缩状态时，若将滑块由静止释放，滑块恰能到达传送带右端C点.已知滑块与传送带间的动因数=0.2 ,g=10 m/s2第 7 页/总3 9 页o求：(1)滑块到达8点时的速度”,，及弹簧储存的弹性势能稣；(2)若传送带以3.0 m/s的速度沿顺时针方向匀速转动，当滑块冲上传送带时，对滑块施加一大小恒为0.5 N的水平向右的作用力，滑块从B运动到C的过程中，力对它做的功；骚的耶.黑脚何姿鹅试卷第8页，共8页.郛.O.空.O.期.O.4.O答案:1.c【分析】【详解】A.牛顿无法计算出

13、天体之间万有引力的大小，因为他没有知道引力常量G 的值，故 A 错误;B.当有静力做功时，没有机械能和内能之间的转化，故 B 借误；C.物体做速率增加的直线运动时，加速度与速度同向，则其所受的合外力的方向一定与速度方向相同，故 C 正确；D.小船渡河的最短时间由河宽、静水速度共同决定，与水流速度无关，故 D 错误。故选C。2.B【分析】【详解】A.若抛出点的高度增加1倍，根据h=qg得知在空中运动的时间变为原来的血倍.故A 错误；C.根据,1 2h=2g r得则水平射程第 9页/总39页o知抛出点的高度增加1倍，水平射程变为原来的双倍，故 C 错误；B.若只有初速度增加1 倍，根据x=v(/知

14、，水平射程增加1倍.故 B 正确；D.平抛运动的时间与初速度无关.故D 错误。故选B【名师点睛】此题是对平抛物体的考查；要知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移。3.B【详解】A.由题意，在抛出点小球的重力势能为零，所以机械能等于初动能，为g 机片，故 A 错误；B C D.小球做竖直上抛运动，只受重力作用，机械能守恒，所以在点和着地时，小球的机械能都为机 V，故 B 正确，CD错误。故选B。4.C【详解】A.甲图中，在小球从下落到运动至凹槽点的过程中，虽然小球对凹槽的压力具有水平向左的分量，但凹槽受到墙壁作用处于静止

15、状态，此过程凹槽对小球的作用力垂直于速度方向，没有做功，只有重力对小球做功，小球机械能守恒；在小球从凹槽点向右端口B 点运动过程中，小球对凹槽的压力具有水平向右的分量，从而使凹槽向右运动，此时凹槽对小球的作用力方向没有再和小球速度方向垂直，将对小球做负功，小球一部分机械能转化为凹槽的动能，所以该过试卷第10页，共 20页圜的-E耶,H黑W脚何姿磐冰.郛.O.空.O.期.O.4.O程小球的机械能没有守恒，故 A 错误；B.根据运动的合成与分解可知，汽车速度vo在沿绳方向的分量与物体的速度以大小相等，即v0 cos 0=vy当。为 30。时，有出巧=亏%在汽车向右匀速行驶过程中，8减小，则刃增大，

16、即物体竖直向上做加速运动，绳对物体的拉力F 大于m g,所以。为 30。时，绳对物体的拉力的功率P=Fvim gv故 B 错误；C.丙图中，奥运会蹦床比赛，如果没有计空气阻力，全过程中，运动员、弹性蹦床、地球组成的系统内只有重力和弹力做功，所以系统机械能守恒，故 C 正确；D.由于没有计一切阻力，当 B 由A 的顶端从静止开始滑到A 的底端的过程中，由于B 对 A的压力存在水平向右的分量，所以A 会向右运动，A 对 B 的支持力方向与B 的速度方向没有垂直，会对B 做负功，B 的一部分机械能转化为A 的动能，所以该过程B 的机械能没有守恒，故D 错误。故选C。5.D【详解】当汽车以速度行驶时，

17、牵引力与阻力大小相等，所以有/=-V当汽车的车速为!时，牵引力大小为O P 6Pv v6根据牛顿第二定律有F-f =ma第 11页/总39页解得5Pa=mv故选D。6.B【详解】A.卫星在轨道上运行时，轨道的半长轴越大，需要的能量越大，由于轨道2半长轴比轨道1半径大，因此该卫星从轨道I变轨到轨道2需要在P处点火加速，故A错误；B.卫星在轨道上运行时，轨道的半长轴越大，需要的能量越大，所以卫星从轨道1到轨道2再到轨道3,机械能逐渐增大.故B正确；C.根据丫=,卫 星 在 轨 道3的线速度小于在轨道1的线速度，由可知，卫星在轨道3的动能小于在轨道1的动能，故C错误；D.根据牛顿第二定律和万有引力定

18、律6詈=”。得：所以卫星在轨道3上Q点的加速度等于在轨道2上Q点的加速度，故D错误;故选B.7.C【详解】设4 8的倾角为a,C Q的倾角为,滑板与轨道间的动因数为，运动员从4到。的过程，克服力做功为W=/jmgcos a-LA K+p mg cos 0 -=加g(L4/l cos a +%2=2时，F=0,则由2%mg=m r解得?2 2r=一 m=0.2mg 10故 B 正确；C.小球到达圆心等高点的最小速度为刃，则+mgl.解得则最小向心加速度为y 2=6a.nin=3 0 m/S2第 13页/总39页mv=-WVQ+mg-2rV22=10N=mg+加上=10+60Nr 0.2竖直方向的

19、加速度为g,则合加速度大于30m/s2,故 C 错误；D.小球过轨道点时，最小速度力，则解得对轨道最小压力为故 D 正确。故选BDo9.BCD【详解】A.根据平抛运动规律可知，由于下落高度相同，甲从。到 N的时间和乙从。到 8 的时间相同,设为3再根据斜抛运动规律的对称性可知乙从B 到4 的时间为2 3 所以由。点到4 点，甲、乙两球运动时间之比是1:3,故 A 错误；B.设。、8 之间水平距离为x,则根据斜抛运动规律的对称性可知3、4 之间的水平距离为2x,即。、4 之间的水平距离为3 x,所以。、A 两点的水平距离与。、B 两点的水平距离之比是3:1,故 B 正确；C.整个运动过程，甲、乙

20、下落高度相同，重力做功相同，而甲、乙两球运动时间之比是1:3,w根据尸=一可知甲、乙重力的平均功率为3:1,故 C 正确；tD.根据前面分析可知圜的-E耶,H黑w脚何姿磐冰由题意，乙落在B 点时的竖直分速度大小为v3),=v,tan 60=yfiv2设。、8 之间的竖直距离为山 根据运动学公式有.o.郛.o.空.o.期.o.4.试卷第14页，共 20页O2g =喙=3W设地面处势能为0,则甲、乙两小球抛出时机械能分别为E、-mgh+mv,-6mv2E2=mgh+；mv=甲、乙两球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，所以机械能之比为3:1,故 D 正确，故选BCD,10.BD【详解】A.物体水

21、平方向匀速运动，竖直方向做变加速运动，在竖直方向，当牵引力等于阻力时，竖直方向获得速度，则故速度v=4说+嗑=V12+22 m/s=5m/s故 A 错误；B.在竖直方向，根据动能定理可知n,1 2Pt-mgh=m vv解得1 ,mgh=Pt-=49000J重物克服重力做功的平均功率为/5=9.8kWt故 B 正确；C.物体水平方向匀速运动，竖直方向加速运动，所以物体的加速度即竖直方向的加速度，在竖直方向，有P=Fvy第 15页/总39页F-mg=maO由于功率恒定，当力增大时，牵引力?减小，所以加速度。减小，又因合力方向与物体速度方向没有共线，所以物体做变速曲线运动，故 c错误；D.由于物体在

22、竖直方向做加速运动，所以物体受到的向上的拉力大于重力，故处于超重状态,故 D正确。故选B D o1 1.A D#D A 2 0.0 5【详解】(1)1 A.为了使小球每次从斜槽轨道末端抛出后能够做平抛运动，需要小球在斜槽轨道末端的速度沿水平方向，为了减小误差，斜槽轨道末端切线必须水平，故 A符合题意；B C D.为了使小球每次从斜槽轨道末端抛出时的速度相同，应使小球每次应从斜槽同一位置静止释放，而斜槽轨道是否光滑对上述要求无影响，所以斜槽轨道没有必须光滑，且实验中也没有需要平衡力，故 BC没有符合题意，D符合题意。故选A D。(2)2 由图可知a、从 c 三点中相邻两点间水平距离相同，则相邻两

23、点间的时间间隔相同，均设为T,根据运动学规律有=ybc-yab=sT2=o.im解得r=o.is所以小球平抛的初速度为%=.=2m/s 3 小球b 点时的竖直分速度为%=L5m/s小球从抛出到6点的时间为th=-=0.15sg试卷第1 6 页，共 2 0 页圜的-E耶,H黑W脚何姿磐冰.郛.O.空.O.期.O.4.O从抛出到a点的时间为tatb-T =0.05s12.I.67J 1.62 J 先释放纸带再接通电源【详解】(1)1当打点计时器打到B点时，重锤的重力势能减少量与=mghOB 1.67J2打8点时重锤的速度=Xoc 7a t=.m sB 47此时重锤的动能增加量1 ,AEk=-=1.

24、62J(2)3由图线可知，当人=0时，重锤的速度没有等于零，原因是该同学做实验时先释放了纸带，然后才接通电源。3 券【详解】(1)设火星的半径为R,则火星的质量为M,探测器质量为m,探测器绕火星表面飞行时，有:4/2解得：MGT2_M _ M _ 3兀则根据密度的定义有p=v=1=GF3汽(2)探测器在火星表面的万有引力近似等于重力，有:GMm卞5根据题意有探测器在火星表面反弹后做竖直上抛运动，根据竖直上抛运动落回抛出点的时间第17页/总39页og得火星表面的重力加速度/=华由以上各式解得：R=(3)宇宙速度等于丫=质解得：旷=里7tt故本题答案是：(1)。=晟(2)R=/(3)耳GT-iTT

25、t nt点睛：(1)己知探测器在火星表面轨道做圆周运动的周期T根据万有引力提供向心力可以求出斑O火星的质量，再根据密度定义可以求出火星的密度;(2)根据竖直上抛可以求出火星表面的重力加速度，根据火星表面万有引力与重力相等求出火星的 半 径R.围绕万有引力提供圆周运动的向心力和星球表面重力和万有引力相等求解即可.14.(l)2m/s(2)4 6 N,沿 0 c 方向(3)8JO【详解】(1)设物体在8点的速度为v B,在。点的速度为v C,从4到8物体做平抛运动，有v5sinO=vo代入数据解得vB=2m/s(2)从8到C,由动能定理得圜的-E耶,H黑W脚何姿磐冰OwgA(l+sin37)=:-

26、m v I代入数据解得vC=6m/s氐在C点，根据牛顿第二定律有试 卷 第18页，共20页O-mg=噬代入数据解得FC=46N由牛顿第三定律得，物体对轨道的压力为FC=FCr=46N沿 OC方向.(3)对物块根据牛顿第二定律/.img=ma运动的位移为1 2X =%对木板根据牛顿第二定律=Ma?运动的位移为1 ,22 f系统产生的热量。二 加 8(再 一 工 2)代入数据解得0=8J点睛：本题主要考查了将平抛、圆周运动及直线运动在一起考查，注意分析运动过程，并根据过程正确的选择物理规律求解.15.(l)4m/s,4J；(2)-3.75J【分析】【详解】(1)滑块从释放至运动到B 点，由能量守恒

27、得第 19页/总39页纬=5叫 2从 8到 C,由动能定理得一 RmgL=O-1 /nv23联立两式，代入数据解得vB=4m/s弹簧的弹性势能转化为滑块的动能E p=；w=4J(2)加力产后，由 于%,滑块滑上传送带时，加速度大小为m 有pimg-F=ma、解得a=l m/s2滑块减速的时间仔皿=l s滑块减速的位移X 1=+/=3.5 m 4B=h,所以环的速度的位置在8、C 两点之间，环从8 到 C 先加速后减速，C 错误，D 正确。故选D。8.ACD答案第3页，共 11页【详解】A.没有计空气阻力，排球在空中的抛体运动只受重力而做匀变速曲线运动，加速度均为重力加速度g，故 A 正确：B.

28、设排球的抛体高度为人次从收到P,重力做正功为%=mgh第二次做斜上抛运动从P 到 0 到 N 点，重力做功为零，故 B 错误；C.排球从M 到 P 和从0 到 N 都是平抛运动，在 、尸点均只有水平方向的速度，高度人相同，由 =g g 尸知运动时间相同，但由=卬可推出离开M 点的速度大于。点的速度，故 C 正确；D.将排球从P到。的斜上抛运动由逆向思维法可看成从Q到P的平抛，则由到P和。到 P 的平抛运动比较，运动高度相同，则运动时间相同，竖直分速度小一样，但到尸的水平位移大，则水平速度%较大，由V =7V0+Vv可知从。到P的末速度大小大于从P到。的初速度大小，故 D 正确。故选ACD。9.

29、CD【详解】A.根据电荷间等势面的分布情况可知两点电荷时同种电荷，又根据电子在该电场中的运动轨迹可判断电子一直受到排斥的力，故可知两点电荷为同种负电荷；故 A 错误；B.根据等势面的疏密程度可以判断4 点的电场强度比8 点的小，故 B 错误；C.因为两点电荷是同种负电荷，电场线指向负电荷，故可知力点的电势高于8 点的电势，故 C 正确：D.根据电子的运动轨迹和电场线的方向可知由M 到 2 电场力做负功，由尸到N 电场力做正功；由M 到 P 动能减小，由 P 到 N 动能增加，故电子运动到P 点时动能最小，故 D 正确。故选CD。10.BD答案第4页，共 11页【详解】A.小球在竖直向上的拉力和

30、竖直向下的重力下运动，拉力做功改变小球的机械能，贝 生rAE品=不可知题中机械能-路程图像斜率的大小为拉力的大小；。-k过程中小球所受拉力竖直向上且减小，拉力做正功，小球的机械能增加，开始时小球从静止开始加速，拉力大于重力，运动过程中拉力逐渐减小，制之后，拉力竖直向上做负功，小球向下运动，所以修处速度为零,动能为零，说明O-x/过程中小球先加速后减速，所以在减速阶段拉力小于重力，A错误，B正确；C.0-X/过程中小球向上运动，重力做负功，重力势能增大，X/-X2过程中小球向下运动，重力做正功，重力势能减小，C错误；D.X/-X2过程中重力大于拉力，小球向下运动，图像斜率没有变，拉力没有变，所以

31、小球加速度恒定，向下做匀加速直线运动，D正确。故选BDo【详解】(1)1 由螺旋测微器的读数，可得该圆柱体的直径为D -4.5 m m +4 5.0 x 0.0 1 m m =4.9 5 0 m m(2)2 由多用电表的读数，可得该电阻的阻值为火=1 2.0 x 1 0 0 =1 2 0。答案第5 页，共 1 1 页(3)3由于电压表内阻远大于待测电阻的阻值，则电流表应采用外接法；滑动变阻器阻值相对于待测电阻阻值较小，为测量多组数据，滑动变阻器应采用分压式接法，所得电路图如下图所示(4)4由题可知，J图像的斜率为k=Rs根据电阻定律有R、.=p-*S其中导电材料的横截面积为3=-4联立可得，该

32、材料的电阻率为(5)5由于选用电流表外接法，因此电流表测量的电流为流过待测电阻的电流和流过电压表的电流之和，即测量的电流数值比实际通过火，的电流大，则得到 J 图像的斜率4偏小,实验中电阻率的测量值小于真实值。12.(1)2.5A；(2)0.5W【详解】(1)由于灯泡正常发光，可知路端电压为答案第6页，共11页t/=6 V则电源的内电压为Ur=E-U=2V故流过电源的电流为/=4=2.5 Ar（2）流过灯泡的电流为/,=-L =2 A1 U则流过电动机的电流为/2=/-/=0.5 A故电动机的发热功率为P2=/；&=0.5 W1 3.(1)v =丝匕(2)V mULQ+2LJ4Ud【详 解】（

33、1）根据动能定理得T 7 1 2Uoe=-tnvQ解得1座0 V m一（2）在偏转电场，有Ue 2y=前 广运动的时间为%速度偏转角度满足竺/t a n 6 t =%L2电子打在荧光屏上的P点 到。点的距离答 案 第7页，共1 1页人 人 广&+2幻1 4.(1)3 0 N；(2)2 2 7.5 6 V；(3)6 N【详解】(1)小球从4点运动到5点，由动能定理有mgL+qEL=y/n v j小球在8点时，由牛顿第二定律有T-mg-qE=m-联立解得，绳子的张力为T =3 0 N(2)小球离开8点后做类平抛运动，由于小球垂直打在挡板上，则有vc s i n 0=vB小球从B点运动到C点，由动能

34、定理有叫。+qEhBc=；机年 一 g 团解得，8、C两点沿电场线方向的距离为,2 5 6hRr=-mB C 225则 8、C两点的电势差为UB C=E-k =V x 2 2 7.5 6 V(3)若要小球到达C点后做直线运动，则需要满足小球所受合力为零或者合力方向与速度方向共线。而当所加恒力/与速度方向垂直向上时，所加恒力下取得最小值，如下图所示答案第8 页，共 1 1 页/1、oENQmg+qE由几何知识可得，所加恒力F的最小值为F =(mg+qE)s i n 3=6 N1 5.(l)2 m/s；(2)2 0 J；(3)(近-0.5)s ；(4)(3 0-6 )J【详解】(1)。离开桌面后做

35、平抛运动，根据平抛规律可得=；g，()2X =vQt0解得=2 m/s(2)根据动量守恒得根据能量守恒得解得E p=2 0 J(3)滑块尸上滑时，由牛顿第二定律得m.g s i n a+c o s a=加回答案第9页，共1 1页从开始上滑到速度为零，由匀变速运动规律可得0 =匕,_ 3解得，上滑时间为/=1 s上滑的距离为V2s,=一 =4 m2%滑块P下滑速度达到%前，加速度仍为生,则有%=砧解得，下滑加速到%的时间为t2=0.5 s加速到运动的距离为共速后，由牛顿第二定律可得mg s i n a-/n.g c o s a=mla2以。2 加速下滑的距离为$3 =S|一 邑=3 m根据位移公式得1 25 3=乜+”3解得，以的加速下滑的时间为Z3=(V 7-2)S故P在传送带上运动的时间为t=tx+t1+ti=(V 7 -0.5)s(4)4 时间内的相对位移为答案第1 0 页，共 1 1 页A X =v0Z,+S=8mt2时间内的相对位移为Ar2=%G-s2=lmG时间内的相对位移为Ax,=5,-vot,=(11-4V7)m则物块尸与传送带之间因而产生的内能为Q=叫 gcosa(AX|+Ar2+Ax3)=(30-65/7)J答案第11页，共 11页