2023年高考湖北卷物理真题(解析版).pdf

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1、2023 年湖北省普通高中学业水平选择性考试年湖北省普通高中学业水平选择性考试物理物理本试卷共本试卷共 6 页，页，15 题。全卷满分题。全卷满分 100 分。考试用时分。考试用时 75 分钟。分钟。祝考试顺利祝考试顺利注意事项：注意事项：1答题前答题前，先将自己的姓名先将自己的姓名、准考证号准考证号、考场号考场号、座位号填写在试卷和答题卡上座位号填写在试卷和答题卡上，并认真核并认真核准准考证号条形码上的以上信息，将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。准准考证号条形码上的以上信息，将条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域内作答请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区域

2、内作答，写在试卷写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。题区域均无效。3选择题用选择题用 2B 铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡上铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑；非选择题用黑色签字笔在答题卡上作答；字体工整，笔迹清楚。作答；字体工整，笔迹清楚。4考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。考试结束后，请将试卷和答题卡一并上交。一、选择题：本题共一、选择题：本题共 10 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 40 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 17题只有一项符合题目要求题只有一项符合题目要求，第第

3、 810 题有多项符合题目要求题有多项符合题目要求。每小题全部选对的得每小题全部选对的得 4 分分，选对选对但不全的得但不全的得 2 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。1.2022 年 10 月，我国自主研发的“夸父一号”太阳探测卫星成功发射。该卫星搭载的莱曼阿尔法太阳望远镜可用于探测波长为121 6nm的氢原子谱线（对应的光子能量为10 2eV）。根据如图所示的氢原子能级图，可知此谱线来源于太阳中氢原子（）A.2n 和1n 能级之间的跃迁B.3n 和1n 能级之间的跃迁C.3n 和2n 能级之间的跃迁D.4n 和2n 能级之间的跃迁【答案】A【解析】【详解】由图中可知 n=2 和 n

4、=1 的能级差之间的能量差值为213.4eV13.6eV10.2eVEEE 与探测器探测到的谱线能量相等，故可知此谱线来源于太阳中氢原子 n=2 和 n=1 能级之间的跃迁。故选 A。2.2022 年 12 月 8 日，地球恰好运行到火星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线，此现象被称为“火星冲日”。火星和地球几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动，火星与地球的公转轨道半径之比约为3:2，如图所示。根据以上信息可以得出（）A.火星与地球绕太阳运动的周期之比约为27 8:B.当火星与地球相距最远时，两者的相对速度最大C.火星与地球表面的自由落体加速度大小之比约为9 4:D.下一次“火星冲日”将

5、出现在 2023 年 12 月 8 日之前【答案】B【解析】【详解】A火星和地球均绕太阳运动，由于火星与地球的轨道半径之比约为 3：2，根据开普勒第三定律有3232=rTrT火火地地可得333 3=2 2TrTr火火地地故 A 错误；B火星和地球绕太阳匀速圆周运动，速度大小均不变，当火星与地球相距最远时，由于两者的速度方向相反，故此时两者相对速度最大，故 B 正确；C在星球表面根据万有引力定律有2MmGmgr由于不知道火星和地球的质量比，故无法得出火星和地球表面的自由落体加速度，故 C 错误；D火星和地球绕太阳匀速圆周运动，有2=T火火2=T地地要发生下一次火星冲日则有222tTT地火得T T

6、tTTT地火地地火可知下一次“火星冲日”将出现在 2023 年 12 月 18 日之后，故 D 错误。故选 B。3.在正点电荷 Q 产生的电场中有 M、N 两点，其电势分别为M、N，电场强度大小分别为ME、NE。下列说法正确的是（）A.若MN，则 M 点到电荷 Q 的距离比 N 点的远B.若MNEE，则 M 点到电荷 Q 的距离比 N 点的近C.若把带负电的试探电荷从 M 点移到 N 点，电场力做正功，则MND.若把带正电的试探电荷从 M 点移到 N 点，电场力做负功，则MNEE【答案】C【解析】【详解】A沿着电场线的方向电势降低，根据正点电荷产生的电场特点可知若MN则 M 点到电荷 Q 的距

7、离比 N 点的近，故 A 错误；B电场线的疏密程度表示电场强度的大小，根据正点电荷产生的电场特点可知若MNEE则 M 点到电荷 Q 的距离比 N 点的远，故 B 错误；C若把带负电的试探电荷从 M 点移到 N 点，电场力做正功，则是逆着电场线运动，电势增加，故有MN故 C 正确；D若把带正电的试探电荷从 M 点移到 N 点，电场力做负功，则是逆着电场线运动；根据正点电荷产生的电场特点可知MNEE故 D 错误。故选 C。4.两节动车的额定功率分别为1P和2P，在某平直铁轨上能达到的最大速度分别为1v和2v。现将它们编成动车组，设每节动车运行时受到的阻力在编组前后不变，则该动车组在此铁轨上能达到的

8、最大速度为（）A.1 12212PvPvPPB.1 22 112PvPvPPC.121 21 122PP v vPvPvD.121 21 22 1PP v vPvPv【答案】D【解析】【详解】由题意可知两节动车分别有11 1Pf v222Pf v当将它们编组后有1212PPffv联立可得121 21 22 1PP v vvPvPv故选 D。5.近场通信（NFC）器件应用电磁感应原理进行通讯，其天线类似一个压平的线圈，线圈尺寸从内到外逐渐变大。如图所示，一正方形 NFC 线圈共 3 匝，其边长分别为1.0cm、1.2cm和1.4cm，图中线圈外线接入内部芯片时与内部线圈绝缘。若匀强磁场垂直通过此

9、线圈，磁感应强度变化率为310 T/s，则线圈产生的感应电动势最接近（）A.0.30VB.0.44VC.0.59VD.4.3V【答案】B【解析】【详解】根据法拉第电磁感应定律可知32224101.01.21.410 V0.44VBSEtt故选 B。6.如图所示，楔形玻璃的横截面 POQ 的顶角为30，OP 边上的点光源 S 到顶点 O 的距离为 d，垂直于 OP边的光线 SN 在 OQ 边的折射角为45。不考虑多次反射，OQ 边上有光射出部分的长度为（）A.12dB.22dC.dD.2d【答案】C【解析】【详解】设光纤在 OQ 界面的入射角为，折射角为，几何关系可知30，则有折射定律si n2

10、si nnba=光纤射出 OQ 界面的临界为发生全反射，光路图如下，其中OBCS光线在 AB 两点发生全反射，有全反射定律12sin2Cn即 AB 两处全反射的临界角为45，AB 之间有光线射出，由几何关系可知22ABACCSOSd故选 C。7.一列简谐横波沿 x 轴正向传播，波长为100cm，振幅为8cm。介质中有 a 和 b 两个质点，其平衡位置分别位于40cm3x 和120cmx 处。某时刻 b 质点的位移为4cmy，且向 y 轴正方向运动。从该时刻开始计时，a 质点的振动图像为（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】ab 之间的距离为40410033x 此时 b 点的位移 4cm

11、 且向 y 轴正方向运动，令此时 b 点的相位为，则有48sin解得6或56（舍去，向下振动）由 ab 之间的距离关系可知2323a则56a，可知 a 点此时的位移为8sin4cmay且向下振动，即此时的波形图为故选 A。8.0t时刻，质点 P 从原点由静止开始做直线运动，其加速度 a 随时间 t 按图示的正弦曲线变化，周期为02t。在00 3t时间内，下列说法正确的是（）A.02tt时，P 回到原点B.02tt时，P 的运动速度最小C.tt0 0时，P 到原点的距离最远D.032tt时，P 的运动速度与012tt时相同【答案】BD【解析】【详解】ABC质点在00 t时间内从静止出发先做加速度

12、增大的加速运动在做加速度减小的加速运动，此过程一直向前加速运动，00 2tt时间内加速度和速度反向，先做加速度增加的减速运动在做加速度减小的减速运动，02t时刻速度减速到零，此过程一直向前做减速运动，002 4tt重复此过程的运动，即质点一直向前运动，AC 错误 B 正确；Dat图像的面积表示速度变化量，00322tt内速度的变化量为零，因此02t时刻的速度与032t时刻相同，D 正确。故选 BD。9.如图所示，原长为 l 的轻质弹簧，一端固定在 O 点，另一端与一质量为 m 的小球相连。小球套在竖直固定的粗糙杆上，与杆之间的动摩擦因数为 0.5。杆上 M、N 两点与 O 点的距离均为 l，P

13、 点到 O 点的距离为12l，OP 与杆垂直。当小球置于杆上 P 点时恰好能保持静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度大小为 g。小球以某一初速度从 M 点向下运动到 N 点，在此过程中，弹簧始终在弹性限度内。下列说法正确的是（）A.弹簧的劲度系数为4mglB.小球在 P 点下方12l处的加速度大小为(3 24)gC.从 M 点到 N 点的运动过程中，小球受到的摩擦力先变小再变大D.从 M 点到 P 点和从 P 点到 N 点的运动过程中，小球受到的摩擦力做功相同【答案】AD【解析】【详解】A小球在 P 点受力平衡，则有mgf，NfF，2NlFk l联立解得4mgklA 正确；C在 PM

14、 之间任取一点 A，令 AO 与 MN 之间的夹角为，则此时弹簧的弹力为2sinlFk l小球受到的摩擦力为11sinNfFF化简得1sin2klfkl在 MP 之间增大在 PN 减变小，即摩擦力先变大后变小，C 错误；D根据对称性可知在任意关于 P 点对称的点摩擦力大小相等，因此由对称性可知 M 到 P 和 P 到 N 摩擦力做功大小相等；D 正确；B小球运动到 P 点下方2l时45，此时摩擦力大小为1222klfkl由牛顿第二定律mgfma联立解得22agB 错误。故选 AD。10.一带正电微粒从静止开始经电压1U加速后，射入水平放置的平行板电容器，极板间电压为2U。微粒射入时紧靠下极板边

15、缘，速度方向与极板夹角为45，微粒运动轨迹的最高点到极板左右两端的水平距离分别为2L和 L，到两极板距离均为 d，如图所示。忽略边缘效应，不计重力。下列说法正确的是（）A.:2:1L d B.12:1:1UU C.微粒穿过电容器区域的偏转角度的正切值为 2D.仅改变微粒的质量或者电荷数量，微粒在电容器中的运动轨迹不变【答案】BD【解析】【详解】B粒子在电容器中水平方向做匀速直线运动，竖直方向做匀变速直线直线运动，根据电场强度和电势差的关系及场强和电场力的关系可得22UEd，FqEma粒子射入电容器后的速度为0v，水平方向和竖直方向的分速度002cos452xvvv，002sin452yvvv从

16、射入到运动到最高点由运动学关系22yvad粒子射入电场时由动能定理可得21012qUmv联立解得12:1:1UU B 正确；A粒子从射入到运动到最高点由运动学可得2xLv t，02yvdt联立可得:1:1L d A 错误；C粒子穿过电容器时从最高点到穿出时由运动学可得1xLv t，11yvat射入电容器到最高点有yvat解得12yyvv设粒子穿过电容器与水平的夹角为，则11tan2yxvv粒子射入磁场和水平的夹角为，tan3C 错误；D粒子射入到最高点的过程水平方向的位移为x，竖直方向的位移为212yat联立解得2214U xydU且xxv t，02yvyt即解得2,xL ydL即粒子在运动到

17、最高点的过程中水平和竖直位移均与电荷量和质量无关，射出磁场过程同理1xxLv t，11110244yvxLyt即轨迹不会变化，D 正确。故选 BD。二、非选择题：本题共二、非选择题：本题共 5 小题，共小题，共 60 分。分。1111.某同学利用测质量的小型家用电子秤，设计了测量木块和木板间动摩擦因数的实验。如图（a）所示，木板和木块 A 放在水平桌面上，电子秤放在水平地面上，木块 A 和放在电子秤上的重物 B通过跨过定滑轮的轻绳相连。调节滑轮，使其与木块 A 间的轻绳水平，与重物 B 间的轻绳竖直。在木块 A上放置 n（012 3 4 5n ，）个砝码（电子秤称得每个砝码的质量0m为20 0

18、g），向左拉动木板的同时，记录电子秤的对应示数 m。（1）实验中，拉动木板时_（填“必须”或“不必”）保持匀速。（2）用Am和Bm分别表示木块 A 和重物 B 的质量，则 m 和AB0mmmn、所满足的关系式为m_。（3）根据测量数据在坐标纸上绘制出mn图像，如图（b）所示，可得木块 A 和木板间的动摩擦因数_（保留 2 位有效数字）。【答案】.不必.BA0()mmmnm.0.40【解析】【详解】（1）1木块与木板间的滑动摩擦力与两者之间的相对速度无关，则实验拉动木板时不必保持匀速；（2）2对木块、砝码以及重物 B 分析可知A0B()mnm gmgm g解得BA0()mmmnm（3）3根据BA

19、0mmmmn结合图像可知059 1985m则=0.401212.某实验小组为测量干电池的电动势和内阻，设计了如图（a）所示电路，所用器材如下：电压表（量程0 3V，内阻很大）；电流表（量程00.6A）；电阻箱（阻值0 999 9）；干电池一节、开关一个和导线若干。（1）根据图（a），完成图（b）中的实物图连线_。（2）调节电阻箱到最大阻值，闭合开关。逐次改变电阻箱的电阻，记录其阻值 R、相应的电流表示数 I 和电压表示数 U。根据记录数据作出的UI图像如图（c）所示，则干电池的电动势为_V（保留 3位有效数字）、内阻为_（保留 2 位有效数字）。（3）该小组根据记录数据进一步探究，作出1RI图

20、像如图（d）所示。利用图（d）中图像的纵轴截距，结合（2）问得到的电动势与内阻，还可以求出电流表内阻为_（保留 2 位有效数字）。（4）由于电压表内阻不是无穷大，本实验干电池内阻的测量值_（填“偏大”或“偏小”）。【答案】.1.58.0.64.2.5.偏小【解析】【详解】（1）1实物连线如图：（2）23由电路结合闭合电路的欧姆定律可得UEIr由图像可知E=1.58V内阻1.58 1.370.640.33r（3）4根据()AEI RRr可得11ARrRIEE由图像可知2ARrE解得2.5AR（4）5由于电压表内阻不是无穷大，则实验测得的是电压表内阻与电源内阻的并联值，即实验中测得的电池内阻偏小。

21、1313.如图所示，竖直放置在水平桌面上的左右两汽缸粗细均匀，内壁光滑，横截面积分别为 S、2S，由体积可忽略的细管在底部连通。两汽缸中各有一轻质活塞将一定质量的理想气体封闭，左侧汽缸底部与活塞用轻质细弹簧相连。初始时，两汽缸内封闭气柱的高度均为 H，弹簧长度恰好为原长。现往右侧活塞上表面缓慢添加一定质量的沙子，直至右侧活塞下降13H，左侧活塞上升12H。已知大气压强为0 p，重力加速度大小为 g，汽缸足够长，汽缸内气体温度始终不变，弹簧始终在弹性限度内。求（1）最终汽缸内气体的压强。（2）弹簧的劲度系数和添加的沙子质量。【答案】（1）01817p；（2）0217p SkH；0217p Smg

22、【解析】【详解】（1）对左右气缸内所封的气体，初态压强p1=p0体积123VSHSHSH末态压强 p2，体积232172236VSHHSSH根据玻意耳定律可得1122pVp V解得201817pp（2）对右边活塞受力分析可知0222mgpSpS解得0217p Smg对左侧活塞受力分析可知0212p SkHp S 解得0217p SkH1414.如图为某游戏装置原理示意图。水平桌面上固定一半圆形竖直挡板，其半径为 2R、内表面光滑，挡板的两端 A、B 在桌面边缘，B 与半径为 R 的固定光滑圆弧轨道CDE在同一竖直平面内，过 C 点的轨道半径与竖直方向的夹角为 60。小物块以某一水平初速度由 A

23、 点切入挡板内侧，从 B 点飞出桌面后，在 C 点沿圆弧切线方向进入轨道CDE内侧，并恰好能到达轨道的最高点 D。小物块与桌面之间的动摩擦因数为12，重力加速度大小为 g，忽略空气阻力，小物块可视为质点。求：（1）小物块到达 D 点的速度大小；（2）B 和 D 两点的高度差；（3）小物块在 A 点的初速度大小。【答案】（1）gR；（2）0；（3）3gR【解析】【详解】（1）由题知，小物块恰好能到达轨道的最高点 D，则在 D 点有2DvmmgR解得DvgR（2）由题知，小物块从 C 点沿圆弧切线方向进入轨道CDE内侧，则在 C 点有cos60BCvv小物块从 C 到 D 的过程中，根据动能定理有

24、2211(cos60)22DCmg RRmvmv则小物块从 B 到 D 的过程中，根据动能定理有221122BDDBmgHmvmv联立解得BvgR，HBD=0（3）小物块从 A 到 B 的过程中，根据动能定理有221122BAmgSmvmvS=2R解得3AvgR1515.如图所示，空间存在磁感应强度大小为 B、垂直于 xOy 平面向里的匀强磁场。t=0 时刻，一带正电粒子甲从点 P（2a，0）沿 y 轴正方向射入，第一次到达点 O 时与运动到该点的带正电粒子乙发生正碰。碰撞后，粒子甲的速度方向反向、大小变为碰前的 3 倍，粒子甲运动一个圆周时，粒子乙刚好运动了两个圆周。己知粒子甲的质量为 m，

25、两粒子所带电荷量均为 q。假设所有碰撞均为弹性正碰，碰撞时间忽略不计，碰撞过程中不发生电荷转移，不考虑重力和两粒子间库仑力的影响。求：（1）第一次碰撞前粒子甲的速度大小；（2）粒子乙的质量和第一次碰撞后粒子乙的速度大小；（3）18 mtqB时刻粒子甲、乙的位置坐标，及从第一次碰撞到18 mtqB的过程中粒子乙运动的路程。（本小问不要求写出计算过程，只写出答案即可）【答案】（1）qBam；（2）12m，3qBam；（3）甲（2a，0），乙（0，0），752a【解析】【详解】（1）由题知，粒子甲从点 P（2a，0）沿 y 轴正方向射入到达点 O，则说明粒子甲的半径r=a根据2000vqvBmr甲甲

26、甲解得0qBavm甲（2）由题知，粒子甲运动一个圆周时，粒子乙刚好运动了两个圆周，则T甲=2T乙根据224qvBmrT，有=TmTm甲乙乙则12mm乙粒子甲、乙碰撞过程，取竖直向下为正有mv甲0m乙v乙0=mv甲1m乙v乙12222001111112222mvm vmvm v甲乙 乙甲乙 乙解得v乙0=5v甲0，v乙1=3v甲0则第一次碰撞后粒子乙的速度大小为3qBam。（3）已知在1mtqB时，甲、乙粒子发生第一次碰撞且碰撞后有v甲1=3v甲0，v乙1=3v甲0则根据2vqvBmr，可知此时乙粒子的运动半径为132ra乙可知在23 mtqB时，甲、乙粒子发生第二次碰撞且碰撞，且甲、乙粒子发生

27、第一次碰撞到第二次碰撞过程中乙粒子运动了 2 圈，此过程中乙粒子走过的路程为S1=3a且在第二次碰撞时有mv甲1m乙v乙1=mv甲2m乙v乙22222112211112222mvm vmvm v甲乙 乙甲乙 乙解得v甲2=v甲0，v乙2=5v甲0可知在35 mtqB时，甲、乙粒子发生第三次碰撞且碰撞，且甲、乙粒子发生第二次碰撞到第三次碰撞过程中乙粒子运动了 2 圈，此过程中乙粒子走过的路程为S2=5a且在第三次碰撞时有mv甲2m乙v乙2=mv甲3m乙v乙32222223311112222mvm vmvm v甲乙 乙甲乙 乙解得v甲3=3v甲0，v乙3=3v甲0依次类推在1017 mtqB时，甲

28、、乙粒子发生第十次碰撞且碰撞，且甲、乙粒子发生第九次碰撞到第十次碰撞过程中乙粒子运动了 2 圈，此过程中乙粒子走过的路程为S9=3a且在第十次碰撞时有mv甲9m乙v乙9=mv甲10m乙v乙10222299101011112222mvm vmvm v甲乙 乙甲乙 乙解得v甲10=v甲0，v乙10=5v甲0在1017 mtqB到18 mtqB过程中，甲粒子刚好运动半周，则18 mtqB时甲粒子运动到 P 点即（2a，0）处。在1017 mtqB到18 mtqB过程中，乙粒子刚好运动一周，则18 mtqB时乙粒子回到坐标原点，且此过程中乙粒子走过的路程为052Sa故整个过程中乙粒子走过总路程为5755 34 522Saaaa