邯郸高三物理摸底试题答案.docx

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1、 高三年级摸底考试试卷物理 全解全析【命题双向细目表】预设难度中题型 题号考点运动学光学具体知识(试题切入点)分值易难12v-t 、4 4 图像 运动学的描述对全 反 射 的 理 解、波 长 与 折 射 率 的关系单项、平抛运动轨 迹 方 程 平 抛 运 动 与 斜 面结合34 平抛运动选择题456444电容器类问题机械波波形问题原子物理电容的动态变化对机械波产生的理解、波形图衰变与动量、磁场结合问题7交变电流的产生、理想变压器4交变电流、开普勒 行 星 运 动 定 律 动 能 定 理 机86天体运动问题械能守恒定律多项选择题、系统动 量 守 恒 机 械 能 守 恒 动 能 定理、动量定理96

2、力学综合、带电粒子在复合场中的运动运动的合成 与 分 解 思 想 带 电 粒 子 在复合场中的运动10611机械能守恒定律、牛顿第二定律多用电表的使用、伏安法测电阻理想气体实验定律的应用6力学实验电学实验129非选择题1311 12热学14法拉第电磁感应定律、动量定理电磁感应综合问题牛顿运 动 定 律 的 应 用 (结 合 动 量、能量的板块模型)1516力学综合-1- ,41.CUdQQkQ由题图 速 度 随 时 间 变 化 规 律 可 知 小 车 做 加, ,= =EC=知增 大 由Cd SS,A ;4 drr速度先增大后减小的非匀变速直线运动错误kd10s10m,小车在内运动的位移是因此

3、其平均速QU, ,QU知不变变大 因此静电计指针的张角变1m/s ,B ;度大小为错误 若小车做匀加速直线运,B ;,大错误 插入有机 玻 璃 板 相 对 介 电 常 数 变动 如图中 虚 线 所 示 其 位 移 大 小 等 于 虚 线 与 横r坐标轴围成的面 积 等 于 10 m,因 此 虚 线 与 横 坐,SQ,C=, = ,rCCQ大 由知 电容 变大 由知不4kdU标轴围成 的 面 积 与 图 中 实 线 与 横 坐 标 轴 围 成 的, =UE变变小 因此 静 电 计 指 针 的 张 角 变 小 由,=内S面积 相 等 因 此 可 得 图 中 两 部 分 阴 影 面 积14kQ,C

4、;E正 确 只 将 电 容 器b 板 向 左 平,C ;, 4s知减小S2S正确 若小车做匀加速直线运动 在前r1.6 m, 4srSQU的位移为由题图可知 在前内小车的, , ,dC=CC=Q移增大 由知减小 由知4kd实际位移 一 定 小 于 小 车 做 匀 加 速 直 线 运 动 的 位移,因此小车在前4s内位移大小不可能为2m,D 。, =UE不变变 大 静 电 计 指 针 的 张 角 变 大 由4kQ知,E 不变,D 。错误错误Sr2.B 根据sinC=1可知折射率大的A甲 乙两 同 学 抖 动 细 绳 的 频 率 之 比 为、32,光,发生全5.An23,周期之比为波在两根完全相同

5、的细绳中传,反射的临 界 角 较 小 因 此 随 着 入 射 角 增 大 先 发,、播的速 度 相 等 因 此 甲 乙 两 波 的 波 长 之 比 为,生全反射 即丙图中刚好消 失 的 是 后 发 生 全 反 射23, B、D 。可知C ,排除选 项 在 选 项 中 根 据 波 形 图,A、C ;的 B光错误 丙图显示此时全反射的角度,、,A B处 细 绳 上 质 点 开 始 振 动 的 方 向 相 反60 ,B为代 入 上 式 可 得 折 射 率 较 小 的 单 色 光的,与题意中两列波起振方向 相 同 不 一 致 不 符 合 题123n= =,B 。意,因此可能的波形图只有选项 A。折射率

6、正确sin6 0 3, ,6.D两圆形轨迹外切 可知是 衰变 根据动量守,3.AO若以抛出点 为坐标原点 建 立 如 题 图 所 示恒定律 得 0=mv -mv ,所 以 静 止 原 子 核 衰 变的坐标轴,则运动员经过时间t的横、纵坐标分别1 12 2mv后两种新粒子动量等大反向,根据 R1= ,211 1Rx=vty,= ,gt2Bq为因此得到运动员的轨迹方程102mv=2 2,R R = ,R R =1451x1得qq结合gg为y=( )2=x2,可得= ,Bq122112g解得初速2v 22 802v2v2000可知 粒 子 和 反 冲 核 均 带 正 电。根 据 左 手 定 则,v

7、=20 m/s, =x vt度根据可得运动员在空中运00,知 在磁场 中 均 沿 逆 时 针 方 向 做 匀 速 圆 周 运 动t=4s,动时间设 运 动 员 落 在 斜 面 上 速 度 方 向 与绕向相同 A选项错误。反冲核的原子序数为45,gt水平方向 夹 角 为,则 正 切 值tan = =2,A2=90, ,正为钍核 衰变 前 静 止 原 子 核 的 原 子 序 数v090+2=92, ,为铀核 铀核具有 衰变特性。根确。为R R =q q,据电荷数大的半径小 反冲核的4.C1221实验前 只 用 与 毛 皮 摩 擦 过 的 硬 橡 胶 棒 与 电,B。R,轨道半径为选项错误 衰变过程

8、释放的核能容器a板接 触a1板 带 负 电 由 于 感 应 起 电 在 电E= m(- - ),mm c2 , ,A ;为得到的射线是 射线 但容器b板上将感应出异种电荷bS12错误 电容器,板向上平移,电 容 器 带 电 量不 变 正 对 面 积,射线在空 气 中 电 离 本 领 较 强 贯 穿 本 领 较 弱 空Q气中一张纸就能 把 射 线 挡 住,C选 项 错 误。依S,C=知 电容 变 小,由 电 场 强 度,rCE变小 由,4kd据题意分析该静止原子核 为 铀 核 但 不 能 确 定 是-2- ,U He,2384铀的哪种同位素 所以衰变方程可能为运行过程中只有万有引力做 功 卫 星

9、 的 机 械 能 不变,C选项正 确。若 要 使 卫 星 在 近 地 圆 形 轨 道 上922+2340Th ,D。选项正确9,50 Hz,7.CA由图乙可知 交流电的频率为因此风万个额P运行 应该在 卫 星 运 行 到点 时 进 行 适 当 制 动n=f=50 r/s,A ;1在C 点制 动 卫 星 仍 然 是 在 椭 圆 轨 道 上 运 行 D,力发电机的转速错误11W LED,。定功率为的灯正常工作时 电功率选项错误=11104W =110kW,而 输 电 线 上 损 失 的 功 率 9.B、C小 物 块 从 斜 面 顶 端 下 滑 到 底 端 过 程 中 斜P=P4% =4.4kW,所

10、 以 风 力 发 电 机 的 功 率,面与小物块组成的系统水平 方 向 不 受 外 力 竖 直114.4kW , 1hW为因此风力发电机输出的电能,方向所受外力矢量和不为零 因 此 系 统 动 量 不 守=P t=114.41kW h=114.4kW h,B错,A ;,总恒错误 小物块 下 滑 过 程 中 斜 面 对 小 物 块 的; =4 4kW,P.I2R, ;误 输电线路损失的功率根据B支持力做负功 引 起 小 物 块 机 械 能 减 小正 确=4.4kW ,20 A,可得 输电线上电流为而通过降,物块下滑 过 程 小 物 块 与 斜 面 组 成 系 统 水 平 方P,0=I = =50

11、0 A压变压器副线 圈 的 电 流因 此 降向动量 守 恒 因 此 根 据 动 量 守 恒 定 律 可 得4U4mv0cos-Mv2,解 得 小 物 块 滑 到 斜 面 底 端 时 斜nI 25压变压器原、副线圈匝数 比= = ,C ;正 确34nI 1cosmv4,根 据 动 能 定 理 可面的速度 大 小 为v2=0MUU输电线 路 损 失 的 电 压: = =220 V,根 据UIR34知,小物块对斜面的压力做的 功 即 合 外 力 对 斜 面n1=3可得U3=5500 V,所 以 升 压 变 压 器 副 线 圈做 的 功,等 于 其 动 能 变 化 量,为=Mv2n2,24输出的电压有

12、效值为5720 V,最大值为5720 2m2v2cos2,C ;0正确 根据 动 量 定 理 可 知 小 物 块 对2MV,D 。错误,8.B、C斜面的压 力 在 水 平 方 向 的 分 力 的 冲 量 等 于 斜 面卫 星 绕 地 球 沿 椭 圆 轨 道 运 行 远 离 地 球 运,cos ,Mvmv动量变化量即 等 于而 小 物 块 对 斜行过程中 万 有 引 力 做 负 功 速 度 减 小 同 理 靠 近20,面的压力在竖直方向分力的 冲 量 不 为 零 因 此 小地球运行 过 程 中 万 有 引 力 做 正 功 速 度 增 大 所cos,D以卫星从 B 到A 运行过程所用的时间小于T物

13、块对斜面的压力的冲量大小不等于 mv0,A04错误。GMmv2选项错误。卫星经过 A 点时,根据= ,E=Bv,mA10.B、C、DEq=Bqv根 据 题 意得将 粒 子a2ka以速度v 水 平 向 左 抛 入 复 合 场 中 根 据 “配 速,kGMGMmv =,同理卫星运行到 C 点时,由得法”,Aab2粒子的初速度可以 等 效 为 一 个 水 平 向 左 的2v和一个水平向右的v,向右的速度v会产生一v2kG Ma=mC, v =,卫 星 从 ADC得运 行kaCb2竖直向上的洛伦兹力F1=qvB。因= ,则Eq qvB,的过程中 根 据 动 能 定 理 有 万 有 引 力 对 卫 星

14、做粒子的 一 个 分 运 动 为 水 平 向 右 的 匀 速 直 线 运111aW = mv2- mv2,W = GkM m( -,的功得动 另一个 分 运 动 是 水 平 向 左 沿 逆 时 针 方 向 的222CAb2(2)vR21,2, 2=,),B选项正确。根据前面分析,卫星在 A 点 速匀速圆周运动 速度大小为 v Bqvma得 R=2Bmqv,粒 子 偏 离 入 射 方 向 的 最 大 距 离 为kGMvab, = ,CA度最大点 速 度 最 小卫 星va4kG MamvC2= ,A选项错误。粒子在轨迹最低点速度Rb2Bq-3- (3)3v23v,B 3v-E =m ,A=0.2

15、A,电 流 表 A2 相 对 通 过 被 测 电 阻大小为方向水平向右qqr15.0,9mv9mv的最大电流而言量 程 过 大 表 盘 利 用 率 太 低 所得r=,即轨 迹 最 低 点 的 曲 率 半 径 为,B2B2BqqA, A, ,以选择电流表但量程又偏小 所以 把定11。选项正确 粒子从 抛 出 到 最 低 点 的 过 程 中 电 场,值电阻R 和被测电阻串联整体作为被测对象 这,-Eq力做正功 电势能减小 电势能的变化量为3I =A=2R= -4mv2,C。样通过被测电阻的最大电流为15+15.0m选 项 正 确 粒 子 在 复 合 场 中,0.1 A=100 mA,正 好 和 A

16、 搭 配。由 于 被 测 电运动过程 中 只 有 电 场 力 做 功 所 以 粒 子 的 动 能1,D。阻阻值较小,故 选 择 电 流 表 外 接。第 三 步,选 择和电势能的总和是守恒的选项正确(1),滑动变阻器并判 断 滑 动 变 阻 器 的 接 法。选 择 滑动变阻器的原则是够用情 况 下 优 先 选 择 小 阻 值滑动变阻器,本题选择滑动变阻器 ,题中要求11.【】解析由图乙可知 游标卡尺 的 主 尺 读 数 为11 mm,游标尺的第5条刻度线与主尺的某刻度,11 mm+0.111.5 mm。R线对齐 因此游标卡尺的读数为15mm=11.5 mm,所以小球直径为测量范围 尽 可 能 大

17、 所 以 滑 动 变 阻 器 采 取 分 压(2)小 球 下 落 过 程 若 机 械 能 守 恒,则 有mgh=U式接法;根据欧姆定律得R = -R。xI1d1 2hgmv2,= ,= ,v且联 立 可 得t由 此 可 见()21t:1S T 15.02d2答案(2) A (1 )R以上每空分与h成正比,图像为一条过 原 点 的 倾 斜 直 线,11t2:(3 )电路如图所示分2g。且直线的斜率为d2(3)O若用力 传 感 器 测 量 小 球 摆 到点 正 下 方 时细线拉力为F,根 据 牛 顿 第 二 定 律 可 得 F-mgv2L=m ,若小球下落过程机械能守恒,则有 mgLU -R(1

18、)1分=mv2,代入上 式 可 得 F=3mg。因 此 当 小 球I2pp摆到 O 点正下方时,力传感器示数为3 ,则】(1), ( )Fmg13.【解析1=22根据查理定律可知分TT12。可验证小球在摆动的过程中满足机械能守恒2.82.5=,(1 )即分12t1+ 273 - 23+ 273g:(1 )11.5(2 ) (2) ( 1 )答案分每空分t2d2t =7(1 )解得当天的最高温度为分1(3 )3 (2 )mg分(2),以轮胎漏气前原有气 体 为 研 究 对 象 在 漏 气】(1),12.【解析多用电表使用前要先 进 行 机 械 调 零,过程中 根据玻意耳定律可得。K然后测电阻前再

19、 进 行 电 阻 调 零旋 转 到 电 阻=V + V(V为轮胎的体积), (2分)p1Vpp0 02“1” ,15的 位 置。挡的位置 指 针 指 在 电 阻 刻 度2.5V=1V +1.8V,即解得漏气体积0的阻值为15.0。(2)伏安法测R,即待测电阻(1 )xV =0.7V分0,电阻 第一步 先选择唯一性的器材 本题唯一性根 据 玻 意 耳 定 律 可 知,同 等 质 量 的 空 气 在的器材是电源 E、定 值 电 阻 R。第 二 步 选 择 电,Vp 22.5 atm及1 atm=01=(2 ),下的体积之比为流表和电 压 表 并 判 断 电 流 表 的 接 法 由 于 电 源Vp5

20、分1电动势为3 V,通过被测电阻的最大电流为Im=-4- 解析】(1 )对子弹和木板组成的 系 统,取 水 平 向15.【在2.5atm及1atm下 的 空 气 密 度 之 比 为1=右为正方向V 5(1 )0 1251=mv.分( ),/V 2mv =m +M v v =0 0=ms00011m +M 0.1+0.40所以轮胎漏气质量与原有气体质量的比值为/(1 )5ms分mV 711=1 0=(1 )分Q1= mv2- ( + ) =25J (1 )V 25mM v2分m220 0017(2):(1)7 (2)对木板和子弹答案25mg+(+ + )=( + ) , =8m/sMmm gMm

21、 a a212】(1),00 1 114.【解析在闭合开关后 回路中 由 于 圆 形 磁 场(1 )分,E区域中磁场的变化而产生的感应电动势为11v =v -at x vt,= -at2(1 ) BS B分211E = = =S(1 )2111111则分1t t t:= , =2m/smg ma a2对物块 122金属棒由于运动产生的动生电动势1v =at x,= , =at2vv(1 )E =B2Lv(1 )2分分22122122200E =E,(1 ):t =0.5sv =v =1 msx =,/,当时分联立 解 得211221,=06m/s (1 ) 15m, =025m(1分)v.,.

22、x.金属棒达到稳定状态 速度分02(2),:abcd物块相对于木板的位移大小x =x -x ,x =1.25m断 开 开 关 后 金 属 棒减 速 金 属 棒加,(1 )速 某时刻两金属棒再次达到稳定状态分1121, :2 =(1 )有 B0 Lv B0Lv2共速后 假如物块与木板不发生相对滑动 对整体分1(+ + )=( + + ) ,=3m/s、Mmm gMmm aa2ab cd2对金属棒分别根据动量定理有00(1 )-BI2Lt=mv -mv(1 )分分010因为aa 所以物块与木板发生相对滑动,。物B ILt=mv(1 )分202,=0.12 m/s,块将相对于木板向右滑动v联立以上各

23、式 解得1,:v =0.24m/s(1 )物块与木板共速后 对木板和子弹分2( + + )- =( + ) , =Mm/smmgmgMma acd201033金属棒由静止达到稳定速度过程中产生的电42荷量0-v2= -2ax :x =0.125 m(2 )得分23 33mv=I-t= 2=0.96C(1 )q分:0,( )-v2= -2ax x =0.25m 1B L对物块分022 44:由 静 止 达 到 稳 定 速 度 过 程 中,闭 合在金属棒cd物块相对于木板的位移大小x =x -x ,x =0.125 m综上分析 若使小物块不能从木板上滑落(1 )分电路产生的焦耳热2432,11 1Q= mv2- mv2-2mv2=0.144 J(2 )分2021L=x1=1.25m整个过程 物块相对于木板运动的路程(1 )木板的最小长度分、21,ab cd(3),:金属棒接 入 电 路 的 阻 值 之 比 为因此金属棒cd= + =1 375 m物块与木板之间由于摩擦而产生的内能增量(1 )产生的焦耳热sxx.分:121Q1= Q=0.048 J(1 )分3Q = mgs=1.375 J(2 )分21:(1)0.6m/s (2)0.96C 0.048 J答案(1)25 J (2)1.25m (3)1.375 J答案-5-