2023高中考试乙卷化学-试题答案.docx

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1、2023年高考全国乙卷化学真题一、单选题1下列应用中涉及到氧化还原反应的是A使用明矾对水进行净化B雪天道路上撒盐融雪C暖贴中的铁粉遇空气放热D荧光指示牌被照发光【答案】C【详解】A明矾作净水剂，与水解有关，没有元素的化合价变化，不发生氧化还原反应，A错误；B雪天道路上撒盐融雪，是因为雪遇到盐而使其熔点降低并熔化，该过程中没有任何一种元素的化合价发生变化，因此没有涉及到氧化还原反应，B错误；C暖贴中的铁粉遇空气放热是利用铁的氧化放热原理，即铁元素的化合价发生了变化，因而发生了氧化还原反应，C正确；D荧光指示牌被照发光中没有元素化合价的变化，即没有发生氧化还原反应，D错误；故选C。2下列反应得到相

2、同的产物，相关叙述错误的是A的反应类型为取代反应B反应是合成酯的方法之一C产物分子中所有碳原子共平面D产物的化学名称是乙酸异丙酯【答案】C【详解】A根据反应中羧基上的-OH被取代生成CH3COOCH（CH3）2，该反应类型是取代反应，A正确；B根据反应为乙酸和丙烯发生加成反应生成乙酸异丙酯，该反应的原子利用率为100%，因此，该反应是合成酯的方法之一，B正确；C乙酸异丙酯分子中含有4个饱和的碳原子，其中异丙基中存在着一个饱和碳原子连接两个饱和碳原子和一个乙酰氧基，类比甲烷的正四面体结构可知，乙酸异丙酯分子中的所有碳原子不可能共平面，C错误；D两个反应的产物是相同的，从结构上看，该产物是由乙酸与

3、异丙醇通过酯化反应生成的酯，故其化学名称是乙酸异丙酯，D正确；故选C。3下列装置可以用于相应实验的是ABCD制备分离乙醇和乙酸验证酸性测量体积AABBCCDD【答案】D【详解】ANa2CO3固体比较稳定，受热不易分解，所以不能采用加热碳酸钠的方式制备二氧化碳，A错误；B乙醇和乙酸是互溶的，不能采用分液的方式分离，应采用蒸馏来分离，B错误；C二氧化硫通入品红溶液中，可以验证其漂白性，不能验证酸性，C错误；D测量氧气体积时，装置选择量气筒，测量时要恢复到室温，两边液面高度相等，D正确；故选D。4一种矿物由短周期元素W、X、Y组成，溶于稀盐酸有无色无味气体生成。W、X、Y原子序数依次增大。简单离子与

4、具有相同的电子结构。下列叙述正确的是AX的常见化合价有、B原子半径大小为CYX的水合物具有两性DW单质只有4种同素异形体【答案】A【分析】据题干分析，W、X、Y为短周期元素，原子序数依次增大，简单离子X2-与Y2+具有相同的电子结构，则它们均为10电子微粒， X为O，Y为Mg，W、X、Y组成的物质能溶于稀盐酸有无色无味的气体产生，则W为C，产生的气体为二氧化碳。【详解】A据题干分析，X为O，氧的常见价态有-1价和-2价，如H2O2和H2O，A正确；B据题干分析，W为C，X为O，Y为Mg，同主族时电子层数越多，原子半径越大，电子层数相同时，原子序数越小，原子半径越大，所以原子半径大小为：YWX，

5、B错误；C据题干分析，Y为Mg，X为O，他们可形成MgO，水合物为Mg(OH)2，Mg(OH)2只能与酸反应生成盐和水，不能与碱反应，所以YX的水合物没有两性，C错误；D据题干分析，W为C，碳的同素异形体有：金刚石、石墨、石墨烯、富勒烯、碳纳米管等，种类不止四种，D错误；故选A。5一些化学试剂久置后易发生化学变化。下列化学方程式可正确解释相应变化的是A硫酸亚铁溶液出现棕黄色沉淀B硫化钠溶液出现浑浊颜色变深C溴水颜色逐渐褪去D胆矾表面出现白色粉末AABBCCDD【答案】D【详解】A溶液呈棕黄色是因为有Fe3+，有浑浊是产生了Fe(OH)3，因为硫酸亚铁久置后易被氧气氧化，化学方程式为： 12Fe

6、SO4+3O2+6H2O=4Fe2(SO4)3+4Fe(OH)3，A错误；B硫化钠在空气中易被氧气氧化为淡黄色固体硫单质，使颜色加深，化学方程式为： 2 Na2S + O2 + 2 H2O = 4 NaOH + 2 S，B错误；C溴水的主要成分是溴和水，它们会反应，但速度很慢，Br2+H2O=HBrO+HBr，2HBrO=2HBr+O2，所以溴水放置太久会变质。但不是生成高溴酸，所以选项中的化学方程式错误，C错误；D胆矾为CuSO45H2O，颜色为蓝色，如果表面失去结晶水，则变为白色的CuSO4，化学方程式为：CuSO45H2O= CuSO4+5H2O，方程式正确，D正确；故选D。6室温钠-硫

7、电池被认为是一种成本低、比能量高的能源存储系统。一种室温钠-硫电池的结构如图所示。将钠箔置于聚苯并咪唑膜上作为一个电极，表面喷涂有硫黄粉末的炭化纤维素纸作为另一电极。工作时，在硫电极发生反应：S8+e-S，S+e-S，2Na+S+2(1-)e-Na2Sx下列叙述错误的是A充电时Na+从钠电极向硫电极迁移B放电时外电路电子流动的方向是abC放电时正极反应为：2Na+S8+2e-Na2SxD炭化纤维素纸的作用是增强硫电极导电性能【答案】A【详解】A据图分析，充电时为电解池装置，阳离子移向阴极，即钠电极，故充电时，Na+由硫电极迁移至钠电极，A错误；B据图分析，放电时Na在a电极失去电子，失去的电子

8、经外电路流向b电极，硫黄粉在b电极上得电子与a电极释放出的Na+结合得到Na2Sx，电子在外电路的流向为ab，B正确；C根据题给的的一系列方程式相加可以得到放电时正极的反应式为2Na+S8+2e-Na2Sx，C正确；D炭化纤维素纸中含有大量的炭，炭具有良好的导电性，可以增强硫电极的导电性能，D正确；故选A。7一定温度下，AgCl和Ag2CrO4的沉淀溶解平衡曲线如图所示。下列说法正确的是Aa点条件下能生成Ag2CrO4沉淀，也能生成AgCl沉淀Bb点时，c(Cl-)=c(CrO)，Ksp(AgCl)=Ksp(Ag2CrO4)CAg2CrO4+2Cl-2AgCl+CrO的平衡常数K=107.9D

9、向NaCl、Na2CrO4均为0.1molL-1的混合溶液中滴加AgNO3溶液，先产生Ag2CrO4沉淀【答案】C【分析】根据图像分析，根据(1.7，5)可得到Ag2CrO4的溶度积Ksp(Ag2CrO4)=c2(Ag+)c(CrO)=(110-5)2110-1.7=10-11.7，因此(4.8，5)可得到AgCl的溶度积Ksp(AgCl)=c(Ag+)c(Cl)=110-5110-4.8=10-9.8，据此数据计算各选项结果。【详解】A假设a点坐标为(4，6.5)，此时分别计算反应的浓度熵Q得，Q(AgCl)=10-10.5，Q(Ag2CrO4)=10-17，二者的浓度熵均小于其对应的溶度积

10、Ksp，二者不会生成沉淀，A错误；BKsp为难溶物的溶度积，是一种平衡常数，平衡常数只与温度有关，与浓度无关，根据分析可知，二者的溶度积不相同，B错误；C该反应的平衡常数表达式为K=，将表达式转化为与两种难溶物的溶度积有关的式子得K=1107.9，C正确；D向NaCl、Na2CrO4均为0.1molL-1的混合溶液中滴加AgNO3，开始沉淀时所需要的c(Ag+)分别为10-8.8和10-5.35，说明此时沉淀Cl-需要的银离子浓度更低，在这种情况下，先沉淀的是AgCl，D错误；故选C。二、实验题8元素分析是有机化合物的表征手段之一。按下图实验装置(部分装置略)对有机化合物进行C、H元素分析。回

11、答下列问题：(1)将装有样品的Pt坩埚和CuO放入石英管中，先_，而后将已称重的U型管c、d与石英管连接，检查_。依次点燃煤气灯_，进行实验。(2)O2的作用有_。CuO的作用是_(举1例，用化学方程式表示)。(3)c和d中的试剂分别是_、_(填标号)。c和d中的试剂不可调换，理由是_。ACaCl2BNaClC碱石灰(CaO+NaOH)DNa2SO3(4)Pt坩埚中样品CxHyOz反应完全后，应进行操作：_。取下c和d管称重。(5)若样品CxHyOz为0.0236g，实验结束后，c管增重0.0108g，d管增重0.0352g。质谱测得该有机物的相对分子量为118，其分子式为_。【答案】(1)通

12、入一定的O2 装置气密性 b、a(2)为实验提供氧化剂、提供气流保证反应产物完全进入到U型管中 CO+CuOCu+CO2(3) A C 碱石灰可以同时吸收水蒸气和二氧化碳(4)继续吹入一定量的O2，冷却装置(5)C4H6O4【分析】如图所示的装置测定有机物中C、H两种元素的含量，这是一种经典的李比希元素测定法，将样品装入Pt坩埚中，后面放置一CuO做催化剂，用于催化前置坩埚中反应不完全的物质，后续将产物吹入道两U型管中，称量两U型管的增重计算有机物中C、H两种元素的含量，结合其他技术手段，从而得到有机物的分子式。【详解】（1）实验前，应先通入一定的O2吹空石英管中的杂质气体，保证没有其他产物生

13、成，而后将已U型管c、d与石英管连接，检查装置气密性，随后先点燃b处酒精灯后点燃a处酒精灯，保证当a处发生反应时产生的CO能被CuO反应生成CO2。（2）实验中O2的作用有：为实验提供氧化剂、提供气流保证反应产物完全进入到U型管中；CuO的作用是催化a处产生的CO，使CO反应为CO2，反应方程式为CO+CuOCu+CO2。（3）有机物燃烧后生成的CO2和H2O分别用碱石灰和无水CaCl2吸收，其中c管装有无水CaCl2，d管装有碱石灰，二者不可调换，因为碱石灰能同时吸收水蒸气和二氧化碳，影响最后分子式的确定；（4）反应完全以后应继续吹入一定量的O2，保证石英管中的气体产物完全吹入两U行管中，使

14、装置冷却；（5）c管装有无水CaCl2，用来吸收生成的水蒸气，则增重量为水蒸气的质量，由此可以得到有机物中H元素的物质的量n(H)=0.0012mol；d管装有碱石灰，用来吸收生成的CO2，则增重量为CO2的质量，由此可以得到有机物中C元素的物质的量n(C)=0.0008mol；有机物中O元素的物质的量为0.0128g，其物质的量n(O)=0.0008mol；该有机物中C、H、O三种元素的原子个数比为0.0008：0.0012：0.0008=2：3：2；质谱测得该有机物的相对分子质量为118，则其化学式为C4H6O4；三、工业流程题9LiMn2O4作为一种新型锂电池正极材料受到广泛关注。由菱锰

15、矿（MnCO3，含有少量Si、Fe、Ni、Al等元素）制备LiMn2O4的流程如下：已知：KspFe(OH)3=2.810-39，KspAl(OH)3=1.310-33，KspNi(OH)2=5.510-16。回答下列问题：(1)硫酸溶矿主要反应的化学方程式为_。为提高溶矿速率，可采取的措施_(举1例)。(2)加入少量MnO2的作用是_。不宜使用H2O2替代MnO2，原因是_。(3)溶矿反应完成后，反应器中溶液pH=4，此时c(Fe3+)=_molL-1；用石灰乳调节至pH7，除去的金属离子是_。(4)加入少量BaS溶液除去Ni2+，生成的沉淀有_。(5)在电解槽中，发生电解反应的离子方程式为

16、_。随着电解反应进行，为保持电解液成分稳定，应不断_。电解废液可在反应器中循环利用。(6)煅烧窑中，生成LiMn2O4反应的化学方程式是_。【答案】(1)MnCO3+H2SO4=MnSO4+H2O+CO2 粉碎菱锰矿(2)将Fe2+氧化为Fe3+ Fe3+可以催化H2O2分解(3) 2.810-9 Al3+(4)BaSO4、NiS(5) Mn2+2H2OH2+MnO2+2H+ 加入Mn(OH)2(6)2Li2CO3+8MnO24LiMn2O4+2CO2+O2【详解】（1）菱锰矿中主要含有MnCO3，加入硫酸后可以与其反应，硫酸溶矿主要反应的化学方程式为：MnCO3+H2SO4=MnSO4+H2

17、O+CO2；为提高溶矿速率，可以将菱锰矿粉碎；（2）根据题干分析，加入MnO2的作用是将酸溶后溶液中含有的Fe2+氧化为Fe3+，但不宜使用H2O2氧化Fe2+，因为氧化后生成的Fe3+可以催化H2O2分解，不能使溶液中的Fe2+全部氧化为Fe3+；（3）根据题干分析，溶矿完成以后，反应器中溶液pH=4，此时溶液中c(OH-)=1.010-10molL-1，此时体系中含有的c(Fe3+)=2.810-9molL-1，这时，溶液中的c(Fe3+)小于1.010-5，认为Fe3+已经沉淀完全；用石灰乳调节至pH7，这时溶液中c(OH-)=1.010-7molL-1，溶液中c(Al3+)=1.310

18、-12molL-1，c(Ni2+)=5.510-4molL-1，c(Al3+)小于1.010-5，Al3+沉淀完全，这一阶段除去的金属离子是Al3+；（4）根据题干分析，加入少量BaS溶液除去Ni2+，此时溶液中发生的离子方程式为BaS+Ni2+SO=BaSO4+NiS，生成的沉淀有BaSO4、NiS。（5）根据题干分析，在电解槽中，Mn2+发生反应生成MnO2，反应的离子方程式为Mn2+2H2OH2+MnO2+2H+；电解时电解液中Mn2+大量减少，H+大量增加，需要加入Mn(OH)2以保持电解液成分的稳定；（6）根据题干分析，煅烧窑中MnO2与Li2CO3发生反应生成LiMn2O4，反应的

19、化学方程式为2Li2CO3+8MnO24LiMn2O4+2CO2+O2；四、原理综合题10硫酸亚铁在工农业生产中有许多用途，如可用作农药防治小麦黑穗病，制造磁性氧化铁、铁催化剂等。回答下列问题：(1)在气氛中，的脱水热分解过程如图所示：根据上述实验结果，可知_，_。(2)已知下列热化学方程式：则的_。(3)将置入抽空的刚性容器中，升高温度发生分解反应：()。平衡时的关系如下图所示。时，该反应的平衡总压_、平衡常数_。随反应温度升高而_(填“增大”“减小”或“不变”)。(4)提高温度，上述容器中进一步发生反应()，平衡时_(用表示)。在时，则_，_(列出计算式)。【答案】(1) 4 1(2)(a

20、+c-2b)(3) 3 增大(4) 46.26 【详解】（1）根据图中信息分析可知，当失重比为19.4%时，转化为，则，解之得=4；当失重比为38.8%时，转化为，因此，解之得y=1。（2） 根据盖斯定律可知，+-2可得，则(a+c-2b)。（3）将置入抽空的刚性容器中，升高温度发生分解反应：()。由平衡时的关系图可知,时，则，因此，该反应的平衡总压3、平衡常数。由图中信息可知，随着温度升高而增大，因此，随反应温度升高而增大。（4）提高温度，上述容器中进一步发生反应()，在同温同压下，不同气体的物质的量之比等于其分压之比，由于仅发生反应()时，因此，所以，平衡时。在时，则、，联立方程组消去，可

21、得，代入相关数据可求出46.26，因此，。五、结构与性质11中国第一辆火星车“祝融号”成功登陆火星。探测发现火星上存在大量橄榄石矿物()。回答下列问题：(1)基态原子的价电子排布式为_。橄榄石中，各元素电负性大小顺序为_，铁的化合价为_。(2)已知一些物质的熔点数据如下表：物质熔点/800.7与均为第三周期元素，熔点明显高于，原因是_。分析同族元素的氯化物、熔点变化趋势及其原因_。的空间结构为_，其中的轨道杂化形式为_。(3)一种硼镁化合物具有超导性能，晶体结构属于立方晶系，其晶体结构、晶胞沿c轴的投影图如下所示，晶胞中含有_个。该物质化学式为_，B-B最近距离为_。【答案】(1) OSiFe

22、Mg +2(2)钠的电负性小于硅，氯化钠为离子晶体，而为分子晶体 随着同族元素的电子层数的增多，其熔点依次升高，其原因是：、均形成分子晶体，分子晶体的熔点由分子间作用力决定，分子间作用力越大则其熔点越高；随着其相对分子质量增大，其分子间作用力依次增大 正四面体 (3)1 【详解】（1）为26号元素，基态原子的价电子排布式为。元素的金属性越强，其电负性越小，元素的非金属性越强则其电负性越大，因此，橄榄石()中，各元素电负性大小顺序为OSiFeMg；因为中、的化合价分别为+2、+4和-2，x+2-x=2，根据化合物中各元素的化合价的代数和为0，可以确定铁的化合价为+2。（2）与均为第三周期元素，熔

23、点明显高于，原因是：钠的电负性小于硅，氯化钠为离子晶体，其熔点较高；而为分子晶体，其熔点较低。由表中的数据可知， 、熔点变化趋势为：随着同族元素的电子层数的增多，其熔点依次升高，其原因是：、均形成分子晶体，分子晶体的熔点由分子间作用力决定，分子间作用力越大则其熔点越高；随着其相对分子质量增大，其分子间作用力依次增大。的空间结构为正四面体，其中的价层电子对数为4，因此的轨道杂化形式为。（3）由硼镁化合物的晶体结构可知位于正六棱柱的顶点和面心，由均摊法可以求出正六棱柱中含有个，由晶胞沿c轴的投影图可知本题所给晶体结构包含三个晶胞，则晶胞中Mg的个数为1；晶体结构中在正六棱柱体内共6个，则该物质的化

24、学式为；由晶胞沿c轴的投影图可知，B原子在图中两个正三角形的重心，该点到顶点的距离是该点到对边中点距离的2倍，顶点到对边的垂线长度为，因此B-B最近距离为。六、有机推断题12奥培米芬(化合物J)是一种雌激素受体调节剂，以下是一种合成路线(部分反应条件己简化)。已知：回答下列问题：(1)A中含氧官能团的名称是_。(2)C的结构简式为_。(3)D的化学名称为_。(4)F的核磁共振谱显示为两组峰，峰面积比为11，其结构简式为_。(5)H的结构简式为_。(6)由I生成J的反应类型是_。(7)在D的同分异构体中，同时满足下列条件的共有_种；能发生银镜反应；遇FeCl3溶液显紫色；含有苯环。其中，核磁共振

25、氢谱显示为五组峰、且峰面积比为22211的同分异构体的结构简式为_。【答案】(1)醚键和羟基(2)(3)苯乙酸(4)(5)(6)还原反应(7) 13 【分析】有机物A与有机物B发生反应生成有机物C，有机物C与有机物D在多聚磷酸的条件下反应生成有机物E，根据有机物E的结构可以推测，有机物C的结构为，进而推断出有机物D的结构为；有机物E与有机物F反应生成有机物G，有机物G根据已知条件发生反应生成有机物H，有机物H的结构为，有机物H发生两步反应得到目标化合物J(奥培米芬)；据此分析解题。【详解】（1）根据有机物A的结构，有机物A中的含氧官能团是醚键和羟基。（2）根据题图分析，有机物C的结构简式为。（

26、3）根据分析，有机物D的结构为，其化学名称为苯乙酸。（4）有机物F的核磁共振氢谱显示未两组峰，封面积比为1：1，说明这4个H原子被分为两组，且物质应该是一种对称的结构，结合有机物F的分子式可以得到，有机物F的结构简式为。（5）根据分析，有机物H的结构简式为。（6）根据流程，有机物I在LiAlH4/四氢呋喃的条件下生成有机物J，LiAlH4是一种非常强的还原剂能将酯基中的羰基部分还原为醇，该反应作用在有机物I的酯基上得到醇，因此该反应为还原反应。（7）能发生银镜反应说明该结构中含有醛基，能遇FeCl3溶液显紫色说明该结构中含有酚羟基，则满足这三个条件的同分异构体有13种。此时可能是情况有，固定醛基、酚羟基的位置处在邻位上，变换甲基的位置，这种情况下有4种可能；固定醛基、酚羟基的位置处在间位上，变换甲基的位置，这种情况下有4种可能；固定醛基、酚羟基的位置处在对位上，变换甲基的位置，这种情况下有2种可能；将醛基与亚甲基相连，变换酚羟基的位置，这种情况下有3种可能，因此满足以上条件的同分异构体有4+4+2+3=13种。其中，核磁共振氢谱显示为五组峰，且峰面积比为2：2：2：1：1，说明这总同分异构体中不能含有甲基且结构为一种对称结构，因此，这种同分异构体的结构简式为：。