2022年广西南宁市西乡塘区中考一模物理试卷.pdf

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1、2022年广西南宁市西乡塘区中考物理一模试卷一、单项选择题（每小题2分，共3 2分）每小题只有一个选项是正确的.1.（2分）关于新冠病毒及其防控知识，下列说法正确的是（）A.新冠病毒的直径约8 0 m mB.红外线测温仪能快速测温又能杀菌消毒C.病毒通过飞沫传播是扩散现象D.温度越高，喷洒在地面的消毒水蒸发越快2.（2分）“珍爱生命，安全第一”。关于安全用电，下列做法正确的是（）A.用湿布擦亮着的台灯B.使用试电笔时不能用手接触笔尾的金属帽C.户外遇到雷雨时应到大树下避雨D.家庭电路中应安装空气开关或保险装置3.（2分）智能“交互机器人”可以和同学们比赛背唐诗、聊天，下列说法正确的是（）A.机

2、器人的声音一定是振动产生的B.机器人的声音在空气中的传播速度是3 X 1 0 8m zsC.机器人的声音可以在真空中传播D.机器人根据音调能辨认不同同学的声音4.（2分）如图所示，站在岸边的人看到邕江水清澈见底便贸然跳下去游泳，很容易发生溺水事故，下列说法正确的是（）A.该现象是光的反射产生的B.该现象是光的直线传播产生的C.在岸边看到的是变浅的水底的虚像D.这是光从空气斜射到水中时发生的折射现象5.（2分）如图所示的工具中属于费力杠杆的是（)D.B.瓶盖起子核桃夹6.（2 分）如图所示是水沸腾时温度随时间变化关系的图象，下列说法正确的是（）A.实验中加热4min后停止了加热B.沸腾温度低于1

3、00是由于供热不足造成的C.水沸腾的过程中不断吸热，但温度不变D.液面上方气压高于1个标准大气压7.（2 分）如图所示，过山车是一项惊险刺激的游戏项目，下列关于过山车的机械能说法正确 的 是（）A.刚开始过山车匀速被拉升时，机械能不变B.过山车向下俯冲时，重力势能转化为动能C.通过环形轨道最高点时，重力势能最大，动能为0D.过山车在运行过程中机械能守恒8.（2 分）如图所示，一束太阳光通过三棱镜后，在光屏上形成一条彩色的光带，下列说法正确的是（）A.A 处是紫光B.太阳光只由七种色光混合而成C.B 外侧的光不能在真空中传播D.该现象可以解释彩虹的形成9.（2 分）关于热现象，下列说法正确的是（

4、）A.将一根铁丝反复弯折可增大它的内能B.冰熔化成水时，质量、温度与内能都不变C.物体温度升高，一定是吸收了热量D.1000的铁块比100的铁块含有的热量多10.（2 分）如图所示，用力F 把重为400N的物体在10s内匀速提升2 m,其中动滑轮重为100N,不计绳重和摩擦。则（）/A.绳子的拉力为200NB.滑轮组的机械效率为80%C.拉力的功率为80WD.绳子自由端移动的速度为0.2m/s11.（2 分）如图所示为新能源汽车号牌的专用标识，号牌中的字母“D”表示纯电动汽车,这类汽车发动机的动力装置是电动机，与此动力装置的工作原理相同的是（）t t A D 1 1 7 7 7A.电磁起重机B

5、.插电式榨汁机c.Q 手摇发电手电筒1D.电暖器12.（2分）为防止工人操作机器时受伤，厂家设计了一种新型切纸机，工人必须同时用双手分别按住左、右开关，机器才能正常工作，同时指示灯亮起。如图所示的电路设计可行 的 是（）13.（2分）2022年9月29日，中国女排夺得第十三届女排世界杯冠军，完 成11连胜。关于她们比赛时的情景，下列说法正确的是（）A.击球后，球由于受惯性的作用，能继续向前飞行B.运动员在扣球时，感到手疼，是因为物体间力的作用是相互的C.排球从空中下落时，以球网为参照物，排球是静止的D.击球时，手对球的力与球对手的力是一对平衡力14.（2分）小明学习了电学知识后，设计了一种输液

6、警报器（如图甲所示），当管内药液流完时，电铃发声。报警器内部有一可变电阻，其阻值随瓶内液体质量的减小而减小，电路如图乙所示。闭合开关，报警器工作时，下列说法正确的是（）A.开始输液时，电路中的电流最小B.输液过程中，电压表的示数逐渐减小C.输液过程中，电压表的示数与电流表的示数之比变小D.未输完药液时，电铃不响是因为没有电流通过电铃15.（2 分）甲、乙两个相同容器内分别盛满不同液体，现将两个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的状态如图所示，下列说法正确的是（）A.液体的密度关系是p.,.p乙B.液体对容器底的压强关系是p 甲 p 乙C.容器对桌面的压强关系是p w p乙 D.小球受到的

7、浮力关系是F 甲 p C.容器对桌面的压强关系是p p 乙，D.小球受到的浮力关系是F IP p 物，则液体密度的关系：P 甲 p 乙，故 A 错误；B、静止时甲乙两个容器的液面恰好相平，即深度h 相等，由于p 甲 p z，根据p=pgh可知，p 甲 p乙,故m 斗 啕 m Z刹，则剩余液体的重力G 中 到 G 乙 剁；因容器对水平桌面的压力等于容器，容器内的液体和物体的重力之和，D、两个完全相同的小球，重力相等，由图知，小球在甲中下沉，在乙容器中漂浮，根据下沉和漂浮条件可知：F 甲 V G 球，F 乙=6 球，所以小球受到的浮力大小关系是F v IO 2”（kg.）Xm X8 0 ,所以可得

8、：解得：m=1.5 X1 07kgo故答案为：裂变；二；1.5 X1 0 6。2 1.（3分）如图所示是一款挂烫机的工作电路图，正常工作电压为2 2 0 V,电热丝的电阻R 1=R 2=8 8 C,只闭合开关Si时，挂烫机处于 低温 档（选 填“高温”或“低温”），电路消耗的功率P i=5 5 0 W,同时闭合开关Si、S2 时，电路消耗的功率为P 2,则 P 1：【分析】由电路图可知，只闭合开关Si时电路为Ri的简单电路，同时闭合开关Si、S2时 Ri与 R2 并联，根据电阻的并联比较两种情况下的总电阻关系，根据P=U I=U：可知，R电源的电压一定时，电路的总电阻越小，总功率越大，挂烫机处

9、于高温挡，反之处于低温挡，根据P=U I=正 求出两种情况下的电功率，然后求出电路消耗的功率之比。R【解答】解：由电路图可知，只闭合开关Si时电路为Ri的简单电路，同时闭合开关Si、S2 时 R2 与 R2 并联,因并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，由P=U I=止 可知，电源的电压一定时，电路的总功率最小，挂烫机处于低温挡，R同时闭合开关Si、S2 时，Ri与 R2 并联，所以，电路消耗的功率P2=B比=绥 叱）+绥 叱 1 L 1 1 0 0 W,R3 R2 8 8 0 8 8 0故答案为：低温；5 5 0；4：2 o2 2.（3分）如图甲所示，水平桌面上放有一个足够高的薄壁柱形容器，底

10、 面 积 为 1 0 0 c m2,一个重力为2.5 N,底面积为4 0 c m 2,高 为 1 0 c m 的柱形玻璃杯A漂浮于水面上，则玻璃杯 A所 受 浮 力 为 2.5 N：容器底有一个密度为2 X 1 03kg/m3的实心金属块B （与容器底部不密合），用一根细线将其与玻璃杯A的下表面相连，细线未拉直。缓慢向容器中注水，细线所受拉力随时间变化的图象如图乙所示，最 后 A、B两物体在水中静止（细线不可伸长且质量与体积忽略不计），则金属块的重力为2 N,从 t i时刻到t2 时刻，水对容器底的压强变化量为1 2 5 P a。【答案】2.5；2：1 2 5。【分析】（1）根据漂浮时浮力与重

11、力相等即可求出玻璃杯A 所受浮力；（2）对物体B受力分析，列等式算出物体B的体积，根据G B =P B g V B 算 出 B的重力；（3）由图乙可知浮力的变化,根据阿基米德原理即可求出玻璃杯A 浸入水中增加的体积,由于玻璃杯A 的位置不动，则根据玻璃杯A 的底面积求出水升高的高度，利 用 p=pg h即可求出增加的压强。【解答】解：（1）由于玻璃杯A 处于漂浮，则受到的浮力F 浮=G A=2.5 N：（2）物 体 B处于静止状态，受重力、浮力、拉力，由图知拉力最大为1.ON,即 pB g V B=p 水 V B g+F,解 得:VB=1 0-4m8,（3）由图乙可知ti 时刻到t2 时刻浮力

12、的变化为：4F 泞=1 N-O.8N=O.5 N,V a=A V 推=.-=-，5N-=5 X 1 0 6m3=5 0 cm3,口水g 8.O X 1 03k g/m3X lO N/k g则增加的压强为：故答案为:2.5；2；1 2 5 三、作图与简答题（共8分）2 3.（2分）如图中，重为C的小球静止在水中，请画出小球的受力示意图。【答案】见试题解答内容【分析】（1）首先对物体进行受力分析，顺序是：重力一定有，弹力看四周，分析摩擦力，不忘液气浮；（2）力的示意图：用一个带箭头的线段表示力的三要素，线段的长度表示力的大小，箭头表示力的方向。作力的示意图，要用一条带箭头的线段表示力，线段的长度表

13、示力的大小，箭头表示力的方向，起点或终点表示力的作用点，是平衡力的长度要相等。【解答】解：小球在水中处于静止状态，受两个力：重力与浮力，是一对平衡力，重力方向竖直向下，浮力方向竖直向上，两力大小相等。如图所示：2 4.（2分）如图丙请标出磁感线的方向及静止小磁针的N极。【答案】见试题解答内容【分析】由电源的正负极及右手螺旋定则可判断螺线管的极性，则可知小磁针的指向及磁感线的方向。【解答】解：电流由左侧流入，由右手螺旋定则知电磁铁的右侧为N极，左侧为S极;由磁极间的相互作用可知小磁铁右侧为N极,左侧为S极。外部磁感线由N极指向S极。故答案如图：I 2 5.（4分）炎热的夏天，小明从冰箱拿出一瓶矿

14、泉水，放置一会儿后，发现瓶子外壁“冒汗”，还发现如图所示的矿泉水瓶盖侧面刻有凹凸不平的条纹，便于旋开瓶盖。联系所学的物理知识分别解释上述两种现象。rim n n n i瓶盖侧面示意图【答案】见试题解答内容【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（2）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力：在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。【解答】答：夏天从冰箱里拿出的矿泉水温度较低，空气中的水蒸气遇冷液化，在瓶子外壁形成水珠，所 以“冒汗”。压

15、力一定时，瓶盖侧面凹凸不平的条纹可以增大接触面的粗糙程度，从而可以增大摩擦力，故便于旋开瓶盖。四、实验与探究题（共2 0分）2 6.（6分）如图所示是用蜡烛、凸透镜和光屏探究”凸透镜成像规律”的实验装置。（1）要使像能够成在光屏的中央，应将凸透镜向 下 调 整（选 填 上”或 下”）；（2）实验过程中，当烛焰距离凸透镜2 0 c m时，移动光屏至某一位置，在光屏上得到一个倒立、等大的像，则该凸透镜的焦距为1 0 c m：（3）用手指遮住凸透镜的下半部分，光屏上 能（选 填“能”或“不能”）承接到完整的烛焰的像，像的亮度将 变暗（选 填“变亮”、“变暗”或“不变”）；（4）将烛焰向左移动5 c

16、m时，应将光屏向 左 移（选 填“左”或“右”），才能在光屏上得到一个清晰的像；接着将一个近视眼镜放在凸透镜和光屏之间，为了在光屏上再次得到一个清晰的像，应将蜡烛向 左 移（选 填“左”或“右”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）在做凸透镜成像规律的实验时，首先要调整光屏凸透镜烛焰的中心在同一高度上，这样做的目的是使像成在光屏的中心；（2）凸透镜成像的规律之一：u=2 f,成倒立等大的实像；（3）凸透镜在光屏上成实像时，遮挡部分透镜，像的大小不变，只改变了像的亮度；（4）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小；近视镜是凹透镜，凹透镜有发散光线的作用.【解答】解：（1）根据图示的光屏、凸

17、透镜、烛焰三者的位置关系可知，凸透镜光心高于光屏、烛焰的中心，要使像成在光屏的中心，就要使凸透镜向下调整使三者的中心在同一高度上；（2）根据题意，当烛焰距凸透镜2 0 c m时，移动光屏至某一位置，在光屏上得到一等大清晰的像，说明满足2 0 c m=u=2 f条件，凸透镜焦距：f=1 0 c m：（3）一个物体有无数个点组成，任何一个点射向凸透镜有无数条光线，无数条光线经凸透镜折射后有无数条折射光线，用手指遮住凸透镜的下半部分时，折射光线减少，会聚成像的大小不变，只是像的亮度变暗；（4）将烛焰向左移动5 c m,物距变大，则像距变小，应将光屏向左移动才能在光屏上得到一个清晰的像；故答案为：（2

18、）下；（2）10；（3）能；变暗；（4）左；左。27.（7分）某实验小组按照如图所示的步骤，探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系。（1）把石块浸没在盛满水的溢水杯中，石块受到的浮力大小为0.8 N：（2）石 块 排 开 水 所 受 的 重 力 可 由（填代号）两个步骤测出；（3）由以上步骤可以初步得出结论：浸在水中的物体受到的浮力等于 物体排开水的革力；（4）为了得到更普遍的结论，下列操作不合理的是A ；A.用原来的方案和器材多次测量取平均值B.用原来的方案将水换成酒精进行实验C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验（5）根据提供的实验数据，计算出石块的密度为2.7 5 X 10

19、 3 k g/n?：（6）实验过程中，把步骤甲（测空小桶的重力）放到步骤丁（测小桶和溢出水的总重力）之后，则测得的F滓与G排关系为5淬 大 于 G隹（选 填“大于”、“等于”或“小于”）：（7）另一实验小组在步骤丙的操作中，只将石块的一部分浸入水中，其它步骤操作均正确，那么 能（选 填“能”或“不能”）得 到 与（3）相同的结论。【答案】见试题解答内容【分析】（1）物体没有浸入液体中时弹簧测力计的示数等于物体的重力；物体重力与物体完全浸入液体后弹簧测力计示数之差是物体在液体中受到的浮力；（2）液体与桶的总重力与桶的重力之差是物体排开液体的重力；（3）分析实验现象得出实验结论；（4）探究性实验多

20、次测量找普遍规律，测量型实验多次测量求平均值减小误差；（5）根据F浮=G-F拉可求得浮力，再利用F浮=p g V 持公式变形可求得Vw，因为浸没，所以V=V物，由 6=0可求得其质量，再利用密度公式求解。（6）桶壁、桶底挂水珠，G排 减小，据此分析解答；（7）只将石块的一部分浸入水中，浮力大小仍等于排开液体所受重力大小。【解答】解：（1）由图B可知物体的重力是2.2N；由称重法知：（2）液体与桶的总重力与桶的重力之差是物体排开液体的重力，由图中甲丁两个步骤测出；（4）根 据（1）知 F 浮=0.8N；排开液体的重力：-F f f i=l.l N -2.3 N=0.8N,故可以得出浸在水中的物体

21、所受浮力的大小等于排开液体的重力，即 F 浮=G排；（4）本实验是“探究浮力的大小与排开液体所受重力的关系”属于探究性实验，多次测量找普遍规律。A.测量型实验多次测量取平均值减小误差，此实验为探究型，不能求平均值，故 A 不合理；B.用原来的方案将水换成酒精进行多次实验，找出普遍规律，故 B合理；C.用原来的方案将石块换成体积与其不同的铁块进行实验，找出普遍规律，故C合理；故选A；（5）由F浮=p g V排 可得，石块排开水的体积：V 排=_ 字 =-。8N-=2 X 1 0-5m3；P 水g 1.7 X 1 03k g/m3X 1 0 N/k g石块的质量：石块的密度：（6）由于桶壁、桶底挂

22、水珠，使得空桶质量偏大,根据G 阿 和 水-F桶 知，G排 减小,故F浮6排；（7）只将石块的一部分浸入水中，排开水的体积减小，排开水的重力减小，浮力减小,仍能得出；F i G t t o故答案为：0.8；（6）甲丁；（3）物体排开水的重力；A；（5）2.7 5X 1 08；（6）大于；（7）能。28.（7分）在探究“电流与电压、电阻关系”的实验中，电源由三节新的干电池串联组成。如图甲所示，可选用的定值电阻有5。、1 0。、1 5。、20 1 2,25。（1）用笔画线代替导线，将图甲所示电路补充完整，要求滑片右移时电流表示数减小；（2）连接电路时，开 关 必 须 断 开；（3）连接好电路，闭合

23、开关，调节滑动变阻器的滑片，发现电压表有示数，电流表无示数，则电路的故障可能是R断 路；（4）实验中多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持不变，记下电流表的示数，得到如图乙所示的电流I随电阻R变化的图象；（5）为完成实验，应 该 选 取 最 大 阻 值 不 小 于 的 滑 动 变 阻 器；（6）上述实验结束后，小明设计了如图丙所示的电路来测量额定电压为U额的小灯泡的额定功率，已知变阻器的最大阻值为R o，电源电压恒定。请将实验步骤补充完整：闭合开关S、S 2,断开S i，将变阻器的滑片移到最上端，读出电压表示数为U i；闭合开关S、S i,断开S 2,移动变阻器的滑片，使

24、电 压 表 示 数 为 U1-U撇；闭合开关S、S 2,断开S i，保持滑片位置不动，读出电压表示数为U 2;小灯泡的额定功率P额=U箱 xUl U额 X U i 。2 0【答案】见试题解答内容【分析】（1）根据滑片右移时电流表示数减小确定变阻器左下接线柱连入电路中；（2）连接电路时，为保护电路，开关必须断开；（3）若电流表示数为0,说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路；（5）根据图乙得出电阻的电压，探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理

25、，求出当接入25。电阻时变阻器连入电路中的电阻；（6）分析电路的连接及电压表测量的物理量；灯在额定电压下正常发光，分析电路的连接，根据串联电路电压的规律，使灯正常发光：为得出灯的额定电流，控制滑片位置不动，根据电压表测量的物理量，由欧姆定律得出滑片以下电阻丝的电阻，从而在中，由欧姆定律得出灯的额定电流，根 据 P=U I求出灯的额定功率。【解答】解：（1）滑片右移时电流表示数减小，即电阻变大，故变阻器左下接线柱连入电路中，如下图所示：（2）为了避免连线错误而烧坏电路元件，连接电路时，开关必须断开；（3）连接好电路，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，电流表无示数，电路可能电路,发现电压表有示数，则

26、电压表与电源连通，则电路的故障可能是R断路；（5）由图乙可知，电阻两端的电压始终保持UV=IR=01A X25Q=-=0.5AX 5Q=6.5V,根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=1；-U v=4.5V -2.5V=2 V,变阻器分得的电压为电压表示数的0.8倍，根据分压原理，当接入25。电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R渐=0.8X 25Q=20 Q,故为了完成整个实验，应该选取最大阻值至少20。的滑动变阻器；（6）闭合开关S、S 2,断开S 6,将变阻器的滑片移到最上端，读出电压表示数为U i；闭合开关S、S i，断开S 2,移动变阻器的滑片，使电压表示数为Ui-U额；闭合

27、开关S、S 2,断开S i，保持滑片位置不动，读出电压表示数为U 2;在中，为变阻器最大电阻的简单电路，电压表测电源电压U i；在中，为变阻器的简单电路，电压表接在滑片上，故电流要全部经过电阻丝，即电路的电流不变，电压表测滑片以下电阻丝的电压，根据欧姆定律，滑片以下电阻丝的电阻：在中，由欧姆定律，灯的额定电流为：小灯泡的额定功率：故答案为：（1）如上所示；（5）断开；（3）R断路；（5）20；（6）U8-U颔;保持 U i-U g s滑片位置不动；u蹶 X二 _矍 X U 5。2 0五、计 算 题（共 25分）29.（6 分）如图所示，武汉同济医院光谷院区在抗击新冠肺炎疫情时，新来了集合最新I

28、 T技术的人工智能医护机器人。该机器人质量为4 0 k g,在水平地面上匀速直线行驶1 0 m用时 1 0 s,行驶时所受阻力为重力的0.2倍。（g取 1 0 N/k g）求：（1）机器人行驶时受到的阻力；（2）机器人牵引力做的功；（3）机器人的功率。【答案】见试题解答内容【分析】（1）先根据G=mg求出机器人的重力，根据受到的阻力是重力的0.2倍求出阻力；（2）（3）根据二力平衡求出牵引力的大小；利 用 W=F s求出机器人牵引力做的功，利用 P=*求出其功率。t【解答】解：（1）机器人的重力：G=mg=40kgX 10N/kg=400N；f=0.2G=0.2 X 400N=80N；（6）因

29、为机器人做匀速直线运动，所以水平方向上的牵引力和阻力是一对平衡力，则牵引力F=f=80N,W=Fs=80NX 10m=800J,（3）牵引力做功的功率：P=I.=800J=8 0 W ot 10s（2）机器人牵引力做的功为800J；（3）机器人的功率为80W。30.（9 分）如图甲所示，均匀圆柱体A 的重为86.4N,底面积为120cm2,密度为0.9g/cn?；足够高的圆柱形薄壁容器B 的底面积为200cm2,把 A、B 置于水平地面上，用细线拉着物体C 从距离液面一定高度处缓慢放入容器B 的液体中，直至物体C 接触容器底部，整个过程中液体对容器底的压强p 随物体C 下降高度h 的变化关系如

30、图乙所示。求：（1）圆柱体A 对地面的压强；（2）容器B 中液体的密度；（3）将物体C 从液体中取出后（不考虑物体C 表面沾有液体），将圆柱体A 缓慢放入液体中，求液体对容器B 底部的最大压强。【答案】见试题解答内容【分析】（1）如图甲所示，圆柱体A 置于水平地面上时其对地面的压力和A 的重力相等，根据p=E 求出圆柱体A 对地面的压强；S（2）由图乙可知，放入C 前液体对容器底的压强，物体C 下降30cm时与液面接触，下降 50cm时达到容器底部，据此求出原来容器内液体的深度，利用p=pgh求出容器B 中液体的密度；（3）比较PA和 p 淞的大小可知圆柱体A 可能在液体中漂浮，A 漂浮时受到

31、的浮力和自身的重力相等，根 据 F 浮=pgV怵求出A 排开液体的体积，利用V=S h求出A 浸入液体中的深度以及容器内液面上升的高度，然后比较容器内液体的深度和A 浸入的深度判断出 A 触 底（不是漂浮），根 据 丫 泄=（SB-SA）h 求出圆柱形薄壁容器B 内液体的实际深度，利用p=pgh求出液体对容器B 底部的最大压强。【解答】解：（1）图甲中，圆柱体A 置于水平地面上时其对地面的压力：则圆柱体A 对地面的压强：（2）由图乙可知，放入C 前，液体对容器底的压强p 而=2400Pa,则原来容器内液体的深度h sii=50cm-30cm=20cm=0.2m,p 浪=之 L=2400Pa=1

32、2X103kg/m3；g h 液 10N/kgX5.2m（2）由PAP浓 可知，圆柱体A 可能在液体中漂浮，则 A 漂浮时受到的浮力F i?=GA=86.4N,v 卜 浮 86.4N _7 9 v i n-3m3P 液g 1.2X 1 53kg/m3X 10N/kgh a=l!L=7-2 X 1 0-3m3=o.5 m,SA 120X 104in2/7排 7.2、10-43.SB 200X 1 0-4m2所以，A 在液体中不是漂浮，而是A 触底，h 浓,=纥工2 匹 m=50cm=0.5m,SB-SA SB-SA 200c m2-120cm2p/npiftghK -1.2X 108kg/m3X

33、 10N/kgX0.5m=6000Pao（2）容器B 中液体的密度为1.5Xl（）3kg/m3；（3）液体对容器B 底部的最大压强为6000Pa。31.（10分）如图所示是检测某一传感器的电路图，这种传感器上标有“9V2.7W”的字样（该传感器可看作一个纯电阻用电器），滑动变阻器上标有“20。1A”的字样，电流表的量程为0 0.6 A,电压表的量程为0 3 V,当 a、b 之间所加的电压恒为7V 时，求：（1）传感器Ro的额定阻值；(2)当滑动变阻器接入电路的阻值为5。时，电流表的示数；(3)当滑动变阻器的阻值变化时，电压表的示数变化范围；(4)根据技术资料可知，如果测得该传感器的实际电阻与传

34、感器Ro的额定阻值偏差大于 m,则该传感器不能正常使用。某次实际检测时，将另一个电压恒定的电源接在a、b之间，闭合开关S,调节滑动变阻器R 1的阻值，记录电流表和电压表的示数如表所示,请通过计算判断这个传感器是否可以正常使用。检测次数电流表示数/A电压表示数/V10.161.9220.200.70【答案】见试题解答内容【分析】(1)由公式P=比计算得得传感器的额定阻值。R(2)由乙图知Ro与 R i串联，当 R i接入电路的电阻为5。时，根据串联电路的电阻关系得电路的总电阻，再根据欧姆定律得此时电路中电流即电流表的示数。(3)由公式P=U I得传感器正常工作时的的电流为0.3A；由 1=旦知，

35、U 一定时，R 越R大，I 越小，当滑片在最左端时电路中的电阻最小，此时电路中的最大电流为：Imax=LRo=7 V 0.23A 0.3A.所以滑片可以滑动到最左端，即此时电压表的示数最小为0；30Q当滑片在最右端时电路中的电阻最大为：R a-R o+R i(=30。+20。=50。；根据欧姆定律求得此时电路中的最小电流Imin；再由欧姆定律即得此时电压表的示数最大Umax=IminRi=0.14AX20n=2.8V3V；没有超出电压表的最大量程所以可以滑动到最右端;所以电压表的示数变化范围：0 2.8V。(4)电源电压：U=Uo+Ui=IR伶+5；将表中数据代入得到关于U 与 R 传的两个关

36、系式，联立俩式解得R 传的值再与传感器Ro的额定阻值比较即可。【解答】解：(I)由公式P=尤得传感器的额定阻值：R o=-E l_=-Y.)2.=3on;R P 额 2.7W(2)乙图知Ro与 R6串联，当 R i接入电路的电阻为5。时，电路的总电阻为：R=R1+Ro=5Q+30Q=35Q；(5)由公式P=U I得传感器正常工作时的的电流为：Io=随=区 型=0.3A；U额6V当滑片在最右端时电路中的电阻最大为：R=Ro+R=3OC+2OC=5OQ；所以电压表的示数变化范围：6 2.8V。(4)电源电压：U=U2+UI=IR 传+5；将表中数据代入得：U=0.2AXR 传+7.70V 传感器的阻值变化为：R=R 傕-Ro=3O.5Q-3OQ=O.5QlQ；则这个传感器可以正常使用。(2)当滑动变阻器接入电路的阻值为6Q 时，电流表的示数为0.2A；(3)当滑动变阻器的阻值变化时，电压表的示数变化范围是0 3.8V；(4)根通过计算判断这个传感器可以正常使用。