2022年物理第一轮复习题库章末检测(五).pdf

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1、幸 未 检 测（五）（时间：5 0 分 钟 满 分：10 0 分）一、单项选择题（共 5小题，每小题5 分，共 2 5 分）1.（2 0 18.苏州模拟）以下情形中，物体的机械能一定守恒的是（）A.下落的物体受到空气阻力的作用B.物体以一定初速度在粗糙的水平面上滑动C.一物体匀速上升D.物体沿光滑斜面自由下滑解 析 物体下落的过程中受到空气阻力的作用，且阻力做负功，故物体的机械能不守恒，A项错误；物体以一定初速度在粗糙的水平面上滑动时势能不变，动能减小，机械能不守恒，B项错误；物体匀速上升过程动能不变，势能增大，机械能不守恒，C项错误；物体沿光滑斜面自由下滑过程中只有重力做功，机械能守恒，故

2、D项正确。答 案 D2.2 0 19.江苏四校（姜堰中学 前黄高级中学 淮阴中学 滦阳中学）联考 如 图 1所示，A、8两小球从相同高度同时水平抛出，经过时间，在空中相遇，若两球的抛出速度都变为原来的2 倍，则两球从抛出到相遇经过的时间为（）解析 因为两球从相同高度平抛，所以从抛出到相遇两球运动时间相同，根据水平位移关系得，设水平间距为AA,则X=VAtV/3t=（VA VB）t,当两球速度都变为2 倍时，可以求得：相遇时间变为原来的3,A、C、D项错误，B项正确。答 案 B3.2019南通市模拟试（一）据中新网报道，中国自主研发的北斗卫星导航系统“北斗三号”第 17颗卫星已于2018年 11

3、月2 日在西昌卫星发射中心成功发射。该卫星是北斗三号全球导航系统的首颗地球同步轨道卫星，也是北斗三号系统中功能最强、信号最多、承载最大、寿命最长的卫星。关于该卫星，下列说法正确的是（）A.它的发射速度一定大于11.2 km/sB.它运行的线速度一定不小于7.9 km/sC.它在由过渡轨道进入运行轨道时必须减速D.由于稀薄大气的影响，如不加干预，在运行一段时间后，该卫星的动能可能会增加解 析 该卫星的发射速度必须小于第二宇宙速度11.2km/s,因为一旦达到第二宇宙速度，卫星会挣脱地球的引力，不绕地球运行，故A 错误；根 据 牛=等 知。=浮，第一宇宙速度的轨道半径等于地球的半径，知7.9km/

4、s是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，所以它运行的线速度一定小于7.9km/s,故B 错误；它在由过渡轨道进入运行轨道做离心运动，必须加速，故C 错误；由于该卫星受到阻力影响而做减速运动，该卫星做圆周运动需要的向心力小于万有引力，做向心运动，其轨道半径r 减小，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得牛=竽，解得。重，由于半径厂减小，则其线速度变大，动能变大，故D 项正确。答 案 D4.（2017.江苏单科）一小物块沿斜面向上滑动，然后滑回到原处。物块初动能为Eko,与斜面间的动摩擦因数不变，则该过程中，物块的动能及与位移x 关系的图线是()OAOB耳KUAD解析 设斜面的倾角为仇 小 物块沿斜

5、面向上滑动过程，由动能定理得k=k（）（?gsin 0+wgcos 6）x；设小物块滑到最高点的距离为L,小物块沿斜面向下滑动过程，由动能定理得 Ek=Ekomgxsm。一 加geos G（2L-x）=Eko2/imgLcos 0（mgsin 9一 加geos 0）x,故选项C正确。答 案C5.（2019海安月考）如图2所示，质量为2的物块与水平转台之间有摩擦，物块与转台转轴相距R。物块随转台由静止开始转动并计时，在 力时刻转速达到，物块即将开始滑动，保持转速不变，继 续 转 动 到 时刻。则（）A.在0力时间内，摩擦力做功为零B.在071时间内，摩擦力做功为2 讥2 2尸C.在0力时间内，摩

6、擦力做功为5 M g火D.在力t2时间内，摩擦力做功为RingR解 析 在。力时间内，转速逐渐增加，故物块的速度逐渐增加，物块即将开始滑动时，最大静摩擦力提供向心力“m g=n书,解得0=5 物块做加速圆周运动过程由动能定理叱/=3加2由两式解得必=；加g R,又吆=加（2兀 ）2火，则叼=2加 兀2 2A2,因是未知量，故A、C项错误，B项正确；在白短时间内，物块的线速度不变，摩擦力只提供向心力，根据动能定理可知摩擦力做功为零，故D项错误。答 案B二、多项选择题（共4 小题，每小题6 分，共 24分）6.（2019.兴化中学）如图3 所示，小球用细绳悬挂于。点，在。点正下方有一固定的钉子C,

7、把小球拉到水平位置后无初速释放，当细线转到竖直位置与钉子C 相碰的前后瞬间，下列说法中正确的有（）9-窦 !、+Ic、-.A图3A.小球的线速度变大B.小球的向心加速度不变C.小球的向心加速度突然变大D.绳中张力突然变大解析 细线与钉子C 相碰的前后瞬间，小球受力均为竖直方向，不能改变小球的水平速度，所以小球的线速度不变，选项A 错误；由 知 当 半 径 变 小 时 向 心加速度变大，选项B 错误，C 正确；由T转动的半径变小，则绳中张力变大，选项D 正确。答 案 CD7.（20国徐州模拟）如图4 所示，物块用一不可伸长的轻绳跨过小滑轮与小球相连,与小球相连的轻绳处于水平拉直状态。小球由静止释

8、放运动到最低点过程中，物块始终保持静止，不计空气阻力。下列说法正确的有（）图4A.小球刚释放时，地面对物块的摩擦力为零B.小球运动到最低点时，地面对物块的支持力可能为零C.上述过程中小球的机械能守恒D.上述过程中小球重力的功率一直增大解 析 小球刚释放时，小球的速度为零，细线的拉力为零，故此时地面对物块的摩擦力为零，选项A 正确；小球运动到最低点时，小球速度最大，细线拉力最大，地面对物块的摩擦力达到最大，此时地面对物块的支持力不可能为零，选项B 错误；上述过程中只有小球的重力对小球做功，故小球的机械能守恒，选项C 正确；上述过程中小球的竖直分速度先增加后减小，根 据 P=Go.v可知重力的功率

9、先增大后减小，选项D 错误。答 案 AC8.（2018.泰州中学四模）如图5 所示，三角体由两种材料拼接而成，8C 界面平行底面 O E,两侧面与水平面夹角分别为30。和 60。，已知物块从A 由静止下滑，加速至 8 匀速至。；若该物块由静止从A 沿另一侧面下滑，则有（）A.通过。点的速率等于通过B点的速率B.AB段的运动时间大于A C段的运动时间C.将加速至C 匀速至ED.一直加速运动到E,但AC段的加速度比CE段大解析 物体从倾角为，的斜面滑下，根据动能定理，有mghfimgcos气震=多 加 0,由AB面与水平面夹角小于AC1面与水平面夹角可知，物体通过C 点的速率大于通过8 点的速率，

10、故A 错误；物体从倾角为。的斜面滑下，根据牛顿第二定律，有zgsin。一?gcos。=也，解得 a=gsin 8Mgcos。根据运动学公式，有 焉=%尸 由得到AC段的运动时间小于A 8段的运动时间，故 B 正确；由式可知，物体将一直加速滑行到E 点，由于AC段滑动摩擦力较小，AC段的加速度比CE段大，故 C 错误，D 正确。答 案 BD9.（2019江苏卷，8）如图6 所示，轻质弹簧的左端固定，并处于自然状态。小物块的质量为?，从A 点向左沿水平地面运动，压缩弹簧后被弹回，运动到A 点恰好静止。物块向左运动的最大距离为s,与地面间的动摩擦因数为，重力加速度为g,弹簧未超出弹性限度。在上述过程

11、中（）F-$HA图6A.弹簧的最大弹力为 加 gB.物块克服摩擦力做的功为2PimgsC.弹簧的最大弹性势能为?gsD.物块在A 点的初速度为，荻解 析 物块向左运动压缩弹簧，弹簧最短时，物块具有向右的加速度，弹力大于摩擦力，即A 错误；根据功的计算公式，物块克服摩擦力做的功W=Mmgs+岬=2眄gs,B 正确；根据能量守恒，弹簧弹开物块的过程中，弹簧的弹性势能通过摩擦力做功转化为内能，故 pm=wwgs,C 正确；根据能量守恒，在整个过程中，物体的初动能通过摩擦力做功转化为内能，即5 w2=2wgs,所 以 p=2y/gs,D 错误。答 案 BC三 实验题（共 12分）10.（2019江苏省

12、启东中学高三上学期第一次月考）（1）某同学想利用图7 所示装置,验证滑块与钩码组成的系统机械能守恒，该同学认为只要将摩擦力平衡掉就可以T o 你 认 为 该 同 学 的 想 法（填“正确”或“不正确”），理由是：（2）另一同学用一倾斜的固定气垫导轨来验证机械能守恒定律。如图8 所示，质量为 如 的滑块（带遮光条）放在A 处，由跨过轻质定滑轮的细绳与质量为m2的钩码相连，导轨8 处有一光电门，用 L 表示遮光条的宽度，x 表示A、8 两点间的距离，。表示气垫导轨的倾角，g表示当地重力加速度。气泵正常工作后，将滑块由A点静止释放，运动至3,测出遮光条经过光电门的时间t,该 过 程 滑 块 与 钩

13、码 组 成 的 系 统 重 力 势 能 的 减 小 量 表 示 为,动 能 的 增 加 量 表 示 为;若系统机械能守恒，则5与x的关系式为=(用题中已知量表示)。实验时测得如=4 7 5 g,机2=5 5 g,遮光条宽度L=4 m m,si n 8=0.1,改变光电门的位置，滑块每次均从A点释放，测量相应的x与r的值，以 为纵轴，x为横轴，作出的图象如图9所示，则根据图象可求得重力加速度g o为 m/s、计算结果保留2位有效数字)，若g o与当地重力加速度g近似相等，则可验证系统机械能守恒。p-/(x l(Ps-2)%)0.1 0.2().3().4.v/m图9解 析(1)机械能守恒的条件只

14、有重力或弹力做功，平衡摩擦力时，是用重力的分力等于摩擦力，但此时系统受到摩擦力，故摩擦力对系统做功，机械能不守恒，故该同学的想法不正确。(2)滑块由A到8的过程中，系统重力势能的减小量为E p=n z2 g x“zi g xsi n。=(及 m i si n 8)g x；经过光电门时的速度为。=则动能的增加量为E k=（/n i +机2）4由机械能守恒，则有AEp=AEk3、A/H 1 2 2一”si n。)gx联 立 解 得 产(如+侬)c由上述公式可得，图象中的斜率表示2 （22-misin J）g oL2 女代入数据解得g o=9.4 m/s2o答 案（1）不正确有摩擦力做功，不满足机械

15、能守恒的条件（2）（侬一如si n八 1 .（2 2 （m 2阳si n。）如沏+侬归一（如+侬）R M四 计算题（共2小题，共3 9分）11.（19分）（2 0 19南京高三模拟）如图10所示，桌子靠墙固定放置，用一块长6=1.0 m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面距地面H=0.8 m,桌面总长小=1.5 m,斜面与水平桌面的倾角。可在。6 0。间调节后固定，将质量m=0.2 k g的小物块（可视为质点）从斜面顶端静止释放，物块与斜面间的动摩擦因数川=0.0 5,物块与桌面间的动摩擦因数2未知，忽略物块在斜面与桌面交接处的机械能损失，不计空气阻力。（重力加速度取g=1 0 m/s 2；最大静

16、摩擦力等于滑动摩擦力；取s i n 37=0.6,c o s 3 7=0.8）图1 0（1）求当。=3 0。时，物块在斜面上下滑的加速度的大小；（可以用根号表示）（2）当。增大到3 7。时，物块恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数2；（3）侬取第（2）问中的数值，当。角为多大时物块落地点与墙面的距离最大，最大距禺X m是多少解 析（1）物块沿斜面下滑时由牛顿第二定律得mgsin 3jUimgcos 0=m a代入数据得。=（5乎）m/s2o（2）由动能定理得mg Lisin。一 i?g L i c o s 0-L i c o s 9）=0代入数据得 2=0.8。从释放到滑离桌面的过程由

17、动能定理有.八1 9机g L i s i n /z i mg L i c o s 0/nimg(Li-Li c o s 0)=2inv得 2 0(s i n 1.2+c o s 0)=v2当 9=53 时 O ma x=l m/s由于=%尸 解得f=0.4 sx=vt=Q.4 mX m=x i +Li=1.9 mo答 案()(5一 阴 m/s2(2)0.8(3)53 1.9m1 2.(2 0分)2 0 1 9南通市模拟试(一)如 图1 1所示，小车右端有一半圆形光滑轨道8 C相切车表面于B点，一个质量为加=1.0 k g可以视为质点的物块放置在A点,随小车一起以速度。=5.0 m/s沿光滑水平

18、面向右匀速运动。劲度系数较大的轻质弹簧固定在右侧竖直挡板上。当小车压缩弹簧到最短时，弹簧自锁(即不再压缩也不恢复形变)，此时，物块恰好在小车的8处，此后物块恰能沿圆弧轨道运动到最高点C.已知小车上表面水平且离地面的高度。=0.4 5 m,小车的质量为M=1.0 k g,小车的长度为/=L0m,半圆形轨道半径为R=0.4 m,物块与小车间的动摩擦因数为=0.2。重力加速度g取1 0 m/s 2,试求:(1)物块运到B点时的速度VB；(2)弹簧在压缩到最短时具有的弹性势能EP；(3)若小物块落到小车上发生碰撞，碰撞后水平方向的速度不变，竖直方向等速率返回，小车始终保持静止，求物块落地点到小车左端A的水平距离工。解 析(1)物块恰能运动到最高点C,有密=/天物块从B到。过程由动能定理有C 1 ,1 O2mgR=力仍一/w解得加=2小m/S o(2)由功能关系，有解得耳=13 J。(3)物块离开C 做平抛运动，2/?=|g?,x=vct解得 x=0.8 m物块从斜抛最高点到落地的过程有2R+=；g4X2=VCt解得X2=l m所以物块落地点到小车左端的水平距离x=2x+x2-l=.6 m。答 案(1)2小 m/s(2)13 J(3)1.6 m