2013年高中考试真题 物理（山东卷)（含剖析版）.docx

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1、2013年山东省高考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（共7小题，每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1（5分）（2013山东）伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法，利用这种方法伽利略发现的规律有（）A力不是维持物体运动的原因B物体之间普遍存在相互吸引力C忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快D物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反解答：解：A、伽利略根据理想斜面实验，发现了力不是维持物体运动的原因，故A正确B、伽利略没有发现物体之间普遍存在相互吸引力的规律故B错误C、伽利略开创了实验研

2、究和逻辑推理相结合的方法，发现了忽略空气阻力，重物与轻物下落得同样快的规律故C正确D、伽利略没有发现物体间的相互作用力总是大小相等，方向相反的规律故D错误故选AC2（5分）（2013山东）如图所示，用完全相同的轻弹簧A、B、C将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧A与竖直方向的夹角为30，弹簧C水平，则弹簧A、C的伸长量之比为（）A：4B4：C1：2D2：1解答：解：将两球和弹簧B看成一个整体，整体受到总重力G、弹簧A和C的拉力，如图，设弹簧A、C的拉力分别为F1和F2由平衡条件得知，F2和G的合力与F1大小相等、方向相反 则得：F2=F1sin30=0.5F1根据胡克定律得：F=

3、kx，k相同，则 弹簧A、C的伸长量之比等于两弹簧拉力之比，即有xA：xC=F1：F2=2：1故选：D3（5分）（2013山东）如图所示，楔形木块abc固定在水平面上，粗糙斜面ab和光滑斜面bc与水平面的夹角相同，顶角b处安装一定滑轮质量分别为M、m（Mm）的滑块，通过不可伸长的轻绳跨过定滑轮连接，轻绳与斜面平行两滑块由静止释放后，沿斜面做匀加速运动若不计滑轮的质量和摩擦，在两滑块沿斜面运动的过程中（）A两滑块组成系统的机械能守恒B重力对M做的功等于M动能的增加C轻绳对m做的功等于m机械能的增加D两滑块组成系统的机械能损失等于M克服摩擦力做的功解答：解：A、由于“粗糙斜面ab”，故两滑块组成系

4、统的机械能不守恒，故A错误B、由动能定理得，重力、拉力、摩擦力对M做的总功等于M动能的增加，故B错误C、除重力弹力以外的力做功，将导致机械能变化，故C正确D、除重力弹力以外的力做功，将导致机械能变化，摩擦力做负功，故造成机械能损失，故D正确故选CD4（5分）（2013山东）图甲是小型交流发电机的示意图，两磁极N、S间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，A为交流电流表线圈绕垂直于磁场方向的水平轴OO沿逆时针方向匀速转动从图示位置开始计时，产生的交变电流随时间变化的图象如图乙所示以下判断正确的是（）A电流表的示数为10AB线圈转动的角速度为50 rad/sC0.01s时线圈平面与磁场方向平行D0.02

5、s时电阻R中电流的方向自右向左解答：解：A、由题图乙可知交流电电流的最大值是A，周期T=0.02s，由于电流表的示数为有效值，故示数I=10A，选项A正确；B、角速度=100 rad/s，选项B错误；C、0.01s时线圈中的感应电流达到最大，感应电动势最大，则穿过线圈的磁通量变化最快，磁通量为0，故线圈平面与磁场方向平行，选项C正确；D、由楞次定律可判断出0.02s时流过电阻的电流方向自左向右，选项D错误故选AC5（5分）（2013山东）将一段导线绕成图甲所示的闭合电路，并固定在水平面（纸面）内，回路的ab边置于垂直纸面向里的匀强磁场中回路的圆形区域内有垂直纸面的磁场，以向里为磁场的正方向，其

6、磁感应强度B随时间t变化的图象如图乙所示用F表示ab边受到的安培力，以水平向右为F的正方向，能正确反映F随时间t变化的图象是（）ABCD解答：解：分析一个周期内的情况：在前半个周期内，磁感应强度均匀变化，磁感应强度B的变化度一定，由法拉第电磁感应定律得知，圆形线圈中产生恒定的感应电动势恒定不变，则感应电流恒定不变，ab边在磁场中所受的安培力也恒定不变，由楞次定律可知，圆形线圈中产生的感应电流方向为顺时针方向，通过ab的电流方向从ba，由左手定则判断得知，ab所受的安培力方向水平向左，为负值；同理可知，在后半个周期内，安培力大小恒定不变，方向水平向右故B正确故选B6（5分）（2013山东）如图所

7、示，在x轴上相距为L的两点固定两个等量异种点电荷+Q、Q，虚线是以+Q所在点为圆心、为半径的圆，a、b、c、d是圆上的四个点，其中a、c两点在x轴上，b、d两点关于x轴对称下列判断正确的是（）Ab、d两点处的电势相同B四点中c点处的电势最低Cb、d两点处的电场强度相同D将一试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，+q的电势能减小解答：解：A：该电场中的电势关于X轴对称，所以bd两点的电势相等，故A正确；B：c点在两个电荷连线的中点上，也是在两个电荷连线的中垂线上，所以它的电势和无穷远处的电势相等而正电荷周围的电场的电势都比它高，即C点的电势在四个点中是最低的故B正确；C：该电场中的电场强度关于X轴对

8、称，所以bd两点场强大小相等，方向是对称的，不相同的故C错误；D：c点的电势低于a点的电势，试探电荷+q沿圆周由a点移至c点，电场力做正功，+q的电势能减小故D正确故选：ABD7（5分）（2013山东）双星系统由两颗恒星组成，两恒星在相互引力的作用下，分别围绕其连线上的某一点做周期相同的匀速圆周运动研究发现，双星系统演化过程中，两星的总质量、距离和周期均可能发生变化若某双星系统中两星做圆周运动的周期为T，经过一段时间演化后，两星总质量变为原来的k倍，两星之间的距离变为原来的n倍，DC运动的周期为（）ABCD解答：解：设m1的轨道半径为R1，m2的轨道半径为R2两星之间的距离为l由于它们之间的距

9、离恒定，因此双星在空间的绕向一定相同，同时角速度和周期也都相同由向心力公式可得：对m1：对m2： 又因为R1十R2=l，m1+m2=M由式可得 所以当两星总质量变为KM，两星之间的距离变为原来的n倍，圆周运动的周期平方为 T2=即T=T，故ACD错误，B正确；故选B二、解答题（共4小题，满分46分）8（2分）（2013山东）图甲为一游标卡尺的结构示意图，当测量一钢笔帽的内径时，应该用游标卡尺的A（填“A”、“B”或“C”）进行测量；示数如图乙所示，该钢笔帽的内径为11.30mm解答：解：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪即A部分游标卡尺测内径时，主尺读数为11mm，游标读数为0.056=0.3

10、0mm，最后读数为11.30mm故答案为：A，11.309（11分）（2013山东）霍尔效应是电磁基本现象之一，近期我国科学家在该领域的实验研究上取得了突破性进展如图1所示，在一矩形半导体薄片的P、Q间通入电流I，同时外加与薄片垂直的磁场B，在M、N间出现电压UH，这个现象称为霍尔效应，UH称为霍尔电压，且满足，式中d为薄片的厚度，k为霍尔系数某同学通过实验来测定该半导体薄片的霍尔系数若该半导体材料是空穴（可视为带正电粒子）导电，电流与磁场方向如图1所示，该同学用电压表测量UH时，应将电压表的“+”接线柱与M（填“M”或“N”）端通过导线相连已知薄片厚度d=0.40mm，该同学保持磁感应强度B

11、=0.10T不变，改变电流I的大小，测量相应的UH值，记录数据如下表所示I（103A）3.06.09.012.015.018.0UH（103V）1.11.93.44.56.26.8根据表中数据在图3中画出UHI图线，利用图线求出该材料的霍尔系数为1.5103VmA1T1（保留2位有效数字）该同学查阅资料发现，使半导体薄片中的电流反向再次测量，取两个方向测量的平均值，可以减小霍尔系数的测量误差，为此该同学设计了如图2所示的测量电路，S1、S2均为单刀双掷开关，虚线框内为半导体薄片（未画出）为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向b（填“a”或“b”），S2掷向c（填“c”或“d”）为了保证测量

12、安全，该同学改进了测量电路，将一合适的定值电阻串联在电路中在保持其它连接不变的情况下，该定值电阻应串联在相邻器件S1和E（填器件代号）之间解答：解：根据左手定则得，正电荷向M端偏转，所以应将电压表的“+”接线柱与M端通过导线相连UHI图线如图所示根据知，图线的斜率为=k=0.375，解得霍尔系数k=1.5103VmA1T1为使电流从Q端流入，P端流出，应将S1掷向b，S2掷向c，为了保护电路，定值电阻应串联在S1，E（或S2，E）之间故答案为：M 如图所示，1.5（1.4或1.6）b，c；S1，E（或S2，E）10（15分）（2013山东）如图所示，一质量m=0.4kg的小物块，以v0=2m/

13、s的初速度，在与斜面成某一夹角的拉力F作用下，沿斜面向上做匀加速运动，经t=2s的时间物块由A点运动到B点，A、B之间的距离L=10m已知斜面倾角=30，物块与斜面之间的动摩擦因数=重力加速度g取10m/s2（1）求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小（2）拉力F与斜面的夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？解答：解：（1）物体做匀加速直线运动，根据运动学公式，有： v=v0+at 联立解得；a=3m/s2v=8m/s（2）对物体受力分析，受重力、拉力、支持力和滑动摩擦力，如图根据牛顿第二定律，有：平行斜面方向：Fcosmgsin30Ff=ma垂直斜面方向：Fsin+FNmgcos3

14、0=0其中：Ff=FN联立解得：F=故当=30时，拉力F有最小值，为N；答：（1）物块加速度的大小为3m/s2，到达B点的速度为8m/s；（2）拉力F与斜面的夹角30时，拉力F最小，最小值是N11（18分）（2013山东）如图所示，在坐标系xOy的第一、第三象限内存在相同的匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面向里；第四象限内有沿y轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E一带电量为+q、质量为m的粒子，自y轴的P点沿x轴正方向射入第四象限，经x轴上的Q点进入第一象限，随即撤去电场，以后仅保留磁场已知OP=d，OQ=2d，不计粒子重力（1）求粒子过Q点时速度的大小和方向（2）若磁感应强度的大小为一定值B

15、0，粒子将以垂直y轴的方向进入第二象限，求B0（3）若磁感应强度的大小为另一确定值，经过一段时间后粒子将再次经过Q点，且速度与第一次过Q点时相同，求该粒子相邻两次经过Q点所用的时间解答：解：（1）粒子在第四象限的电场中做类平抛运动，水平方向：2d=v0t竖直方向做匀加速直线运动，最大速度vy：联立以上三公式，得：粒子的合速度：设合速度与水平方向的夹角为，则：，故=45（2）粒子以垂直y轴的方向进入第二象限，则粒子偏转的角度是135，圆心到O点的距离是2d，射出点到O点的距离是4d偏转半径r=粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，即：代人数据，整理得：（3）若经过一段时间后粒子能够再次

16、经过Q点，且速度与第一次过Q点时相同则粒子运动的轨如图：它在磁场中运动的半径：粒子在一、三象限中运动的总时间：粒子中二、四象限中运动轨迹的长度：粒子中二、四象限中运动的时间：粒子相邻两次经过Q点所用的时间：答：（1）粒子过Q点时速度的大小，与水平方向的夹角=45 （2）粒子以垂直y轴的方向进入第二象限时（3）粒子相邻两次经过Q点所用的时间三【物理-物理3-3】12（2分）（2013山东）下列关于热现象的描述正确的是（）A根据热力学定律，热机的效率可以达到100%B做功和热传递都是通过能量转化的方式改变系统内能的C温度是描述热运动的物理量，一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同D物体由大

17、量分子组成，其单个分子的运动是无规则的，大量分子的运动也是无规律的解答：解；A、根据热力学定律，热机的效率不可能达到100%；故A错误 B、做功是通过能量转化的方式改变系统内能，热传递是通过热量转移的方式改变系统内能，实质不同；故B错误 C、达到热平衡的两系统温度相同，故C正确 D、物体由大量分子组成，其单个分子的运动是无规则的，大量分子的运动具有统计规律，故D错误故选C13（6分）（2013山东）我国“蛟龙”号深海探测船载人下潜超七千米，再创载人深潜新纪录在某次深潜实验中，“蛟龙”号探测到990m深处的海水温度为280K某同学利用该数据来研究气体状态随海水深度的变化，如图所示，导热良好的气缸

18、内封闭一定质量的气体，不计活塞的质量和摩擦，气缸所处海平面的温度T0=300K，压强p0=1atm，封闭气体的体积Vo=3m2如果将该气缸下潜至990m深处，此过程中封闭气体可视为理想气体求990m深处封闭气体的体积（1atm相当于10m深的海水产生的压强）下潜过程中封闭气体放热（填“吸热”或“放热”），传递的热量大于（填“大于”或“小于”）外界对气体所做的功解答：解：气缸在海平面时，对于封闭气体：p0=1atm，T0=300K，Vo=3m2气缸在990m深处时，海水产生的压强为p=gh=99atm封闭气体的压强为p=p0+p=100atm，T=280K根据理想气体状态方程得：代入解得，V=2

19、.8102m3由上知封闭气体的体积减小，外界对气体做功，W0；封闭气体可视为理想气体，温度降低，其内能减小，U0，根据热力学第一定律U=W+Q得 Q0，即下潜过程中封闭气体放热而且由于U0，传递的热量大于外界对气体所做的功答：990m深处封闭气体的体积为2.8102m3放热，大于四【物理-物理3-4】14（2013山东）如图所示，在某一均匀介质中，A、B是振动情况完全相同的两个波源，其简谐运动表达式为x=0.1sin（20t）m，介质中P点与A、B两波源间距离分别为4m和5m，两波源形成的简谐横波分别沿AP、BP方向传播，波速都是10m/s求简谐横波的波长P点的振动加强（填“加强”或“减弱”）

20、解答：解：由简谐运动表达式为x=0.1sin（20t）m知，角频率=20rad/s，则周期为T=0.1s，由v=得，波长=vT=1m；S=5m4m=1m=，故P点的振动加强故答案为：=1m，加强15（2013山东）如图所示，ABCD是一直角梯形棱镜的横截面，位于截面所在平面内的一束光线由O点垂直AD边射入已知棱镜的折射率n=，AB=BC=8cm，OA=2cm，OAB=60求光线第一次射出棱镜时，出射光线的方向第一次的出射点距Ccm解答：解：（1）因为sinC=，临界角C=45第一次射到AB面上的入射角为60，大于临界角，所以发生全发射，反射到BC面上，入射角为60，又发生全反射，射到CD面上的

21、入射角为30根据折射定律得，n=，解得=45即光从CD边射出，与CD边成45斜向左下方（2）根据几何关系得，AF=4cm，则BF=4cmBFG=BGF，则BG=4cm所以GC=4cm所以CE=答：从CD边射出，与CD边成45斜向左下方 第一次的出射点距C五、【物理-物理3-5】16（2013山东）恒星向外辐射的能量来自于其内部发生的各种热核反应，当温度达到108K时，可以发生“氦燃烧”完成“氦燃烧”的核反应方程：是一种不稳定的粒子，其半衰期为2.61016s一定质量的，经7.81016s后所剩占开始时的解答：解：根据电荷数守恒、质量数守恒，知未知粒子的电荷数为2，质量数为4，为经7.81016

22、s，知经历了3个半衰期，所剩占开始时的=故答案为：或，或12.5%点评：解决本题的关键掌握半衰期的定义，以及知道在核反应中电荷数守恒、质量数守恒17（2013山东）如图所示，光滑水平轨道上放置长板A（上表面粗糙）和滑块C，滑块B置于A的左端，三者质量分别为mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg开始时C静止，A、B一起以v0=5m/s的速度匀速向右运动，A与C发生碰撞（时间极短）后C向右运动，经过一段时间A、B再次达到共同速度一起向右运动，且恰好不再与C碰撞求A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小解答：解：因碰撞时间极短，A与C碰撞过程动量守恒，设碰撞后瞬间A的速度大小为vA，C的速度大小为vC，以向右为正方向，由动量守恒定律得mAv0=mAvA+mCvC，A与B在摩擦力作用下达到共同速度，设共同速度为vAB，由动量守恒定律得mAvA+mBv0=（mA+mB） vAB A、B达到共同速度后恰好不再与C碰撞，应满足：vAB=vC 联立式解得：vA=2m/s答：A与C发生碰撞后瞬间A的速度大小是2m/s