2022年河北冀州中学高一物理第一学期期末联考试题含解析.pdf

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1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2 B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选 择 题（本题共12小题，每小题5分，共6 0分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、关于自由落体运动，下列说法不正确的是：A.纸片由静止释放，在空气中下落不能视作自由落体运动B.自由落体运动在开始连续的三个1 s末

2、的速度之比为1：2：3C.竖直方向上只要满足连续相等的时间内位移In:心：心：=1：3：5：的运动一定是自由落体运动D.地球表面上物体自由落体加速度随纬度升高而增大2、随着2020年北京冬奥会的日益临近，我国速度滑冰运动员正在全力备战，某速滑运动员某段时间内在直道上做直线运动的修图像如图所示。已知运动员（包括装备）总质量为6 0 k g,在该段时间内受到的阻力恒为总重力的0.1倍,g=10m/s2,下列说法正确的是A.运动员在加速阶段获得的动力的施力物体是他自己B.在05 s内，运动员的平均速度是13m/sC.在13 s内，运动员的加速度为0.2m/s2D.在13 s内，运动员获得的动力是12

3、0N3、对于质点理解正确的是（）A.是一种理想化模型 B.质量小的物体C.体积小的物体 D.地球一定不能看作质点4、如图，一木块在光滑水平面上受一恒力作用而运动，前方固定一个弹簧，当木块接触弹簧后（）A.将立即做变减速运动B.将立即做匀减速运动C.在一段时间内仍然做加速运动，速度继续增大D.在弹簧处于最大压缩量时，物体的加速度为零5、一蜡块置于注满清水的长玻璃管中，封闭管口后将玻璃管竖直倒置，在蜡块匀加速上浮的同时，使玻璃管紧贴竖直黑板面沿水平方向向右匀速移动，如图所示，设坐标系的x、y 轴正方向分别为水平向右、竖直向上，则蜡块相对于黑A.6、五个质量相等的物体置于光滑水平面上，如图所示，现向

4、右施加大小为尸、方向水平向右的恒力，则第2 个物体对第 3 个物体的作用力等于（）4D.-F57,如图所示，在竖直平面有一个光滑的圆弧轨道M N,其 下 端（即N端）与表面粗糙的水平传送带左端相切，轨道N端与传送带左端的距离可忽略不计.当传送带不动时，将一质量为m的小物块（可视为质点）从光滑轨道上的位置由静止释放，小物块以速度vi滑上传送带，从它到达传送带左端开始计时，经过时间t“小物块落到水平地面的Q点；若传送带以恒定速率V2沿顺时针方向运行，仍将小物块从光滑轨道上P位置由静止释放，同样从小物块到达传送带左端开始计时，经过时间t 2,小物块落至水平面.关于小物块上述的运动，下列说法中正确的是

5、。MA.当传送带运动时，小物块的落地点可能仍在Q点B.当传送带运动时，小物块的落地点可能在Q点左侧C.若 V1V2,则一定有 tlt2D.若 V1t28、2018年11月，第十二届中国国际航空航天博览会在广东珠海如期举行，首次亮相航展的空军航空大学“红鹰”飞行表演队为现场观众带来了“八机钻石筋斗、丘比特之箭”等精彩动作，如图所示。下列关于“红鹰”飞行表演的说法中正确的是（）A.地面上的人看到飞机飞过，是以飞行员为参考系B.飞行员看到观礼台向后掠过，是以飞机为参考系的C.研究某架飞机在空中飞行的轨迹时，可将飞机视为质点D.研究飞机中空中的各种表演动作时，可将飞机视为质点9、如图，甲、乙两质点同时

6、从离地高度为2H和 H 的位置自由下落，不计空气阻力，甲的质量是乙质量的2 倍，则（）甲-i o乙A.甲落地的时间是乙落地时间的2 倍B.甲落地时的速率是乙落地时速率的近倍C.甲、乙落地之前，二者之间的竖直距离保持不变D.甲、乙落地之前，同一时刻两物体的速度相等10、如图甲所示是网球发球机，某次室内训练时将发球机放在距地面一定的高度，然后向竖直墙面发射网球.假定网球以速度%水平射出，碰到墙面时速度与水平方向夹角为60,轨迹如图乙所示，若不考虑空气阻力，重力加速度为g,下列说法正确的是（）甲 乙A.碰到墙面前，网 球 在 空 中 运 动 时 间 为 园2gB.碰到墙面前网球下降高度为强gC.碰到

7、墙面时，网球的速度大小为2%n 2D.网球发球机出球口与墙面间水平距离为Y 也g11、物体甲的XY图象和物体乙的7图象分别如下图所示，则这两个物体的运动情况是（）A.甲在整个z=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零B.甲在整个，=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mC.乙在整个r=6s时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mD.乙在整个Z=6s时间内有来回运动，它通过的总位移为零12、人站在自动扶梯的水平踏板上，随扶梯斜向上匀减速运动，如图所示.以下说法正确的是（）A.人受到重力和支持力的作用B.人受到的合外力为零C.人受到重力、支持力和摩擦力的作用D.人受到的合外

8、力方向与速度方向相反二.填 空 题（每小题6 分，共 18分）13、为了探究质量一定时加速度与力的关系。一同学设计了如图所示的实验装置。其中M 为带滑轮的小车的质量；力为砂和砂桶的质量。（滑轮质量不计）/弹簧测力计缈纸带打点计时器I IU（1）实验时，一 定 要 进 行 的 操 作 或 保 证 的 条 件 是.A.用天平测出砂和砂桶的质量B.将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C.为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量，”远小于小车的质量MD.改变砂和砂桶的质量，打出几条纸带（2）该同学在实验中得到如图所示的一条纸带（相邻两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为 50

9、Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为 m/s2（结果保留两位有效数字）.单位：cm1.9,2.3,2.8,3.33.8 1 10 1i I2 3144:i6（3）以弹簧测力计的示数厂为横坐标，加速度为纵坐标，画出的。-尸图像是一条直线，图线与横轴的夹角为凡 求得图线的斜率为后，则小车的质量为A.2tan6 B.!C.ktan 02D.-1 4、打点计时器是用来测量_ _ _ _ _ 的 仪 器.电 火 花 式 打 点 计 时 器 使 用 的 电 源 是.（选填“6 V 交流电源”或“2 2 0 V交流电源”）1 5、如图所示，光滑斜面固定在水平面上，物块A 上表面水平，下表面与斜面平行，

10、物 块 B 放在物块A 上。请画出B与 A 一起沿斜面下滑过程中，B 物块的受力示意图_ _ _ _ _ _o三.计 算 题（2 2 分）1 6、（1 2 分）如图所示，质 量，B=2 kg的木板8 静止放置于光滑水平面上，现有一尸=1 0 N的外力作用在木板上，使其开始向右加速，在此同时，将一质量，,=lkg的物块4 （视为质点）放置在木板8 的左端，以 vo=4 m/s的初速度开始向右运动，物块A 与木板8 之间的动摩擦因数“=0.2。已知运动过程中物块A 恰好没有从木板5的右端掉下。求：（1）物块A 与木板5开始运动的加速度的、如大小；（2）木 板 8 的长度L；（3）物块A 在开始运动

11、后的1.5 s时间内的位移xo。Alp77777777777777777777777777777777777777777777777777777777777771 7（1 0 分）如图所示，物 体 A 放在足够长的木板B 上，木 板 B 静止于水平面.t=0 时，电动机通过水平细绳以恒力F拉木板B,使它做初速度为零，加速度aB=1.0 m/s2 的匀加速直线运动.已知A 的 质 量 和 B 的质量m g 均 为 2.0 kg,A、B 之间的动摩擦因数从=0.05,B 与水平面之间的动摩擦因数尸0.1,最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等，重力加速度g 取 10m/s2.求A 电动机(2)t=1

12、.0s时，电动机的输出功率P；(3)若 t=1.0s时，将电动机的输出功率立即调整为P=5W,并在以后的运动过程中始终保持这一功率不变，t=3.8s时物体A 的 速 度 为 则 在 t=1.0s到 t=3.8s这段时间内木板B 的位移为多少？参考答案一、选择题(本题共12小题，每小题5 分，共 60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5 分，选不全的得3 分，有选错的或不答的得0 分)1、C【解析】A.自由落体需要满足两个条件，一是物体从静止释放，二是物体在下落过程中只受重力作用，纸片下落过程中受到空气阻力，不是自由落体运动，A 正确；B

13、.根据自由落体的速度公式：可知自由落体运动在开始连续的三个1 s 末的速度之比为1：2：3,B 正确；C.竖直方向上做初速度为零的匀变速直线运动满足连续相等的时间内位移ht：h2lh3：=1：3：5：，不一定是自由落体，C 错误；D.地球表面上物体自由落体加速度随纬度升高而增大，D 正确。故选C。2、D【解析】A.运动员在加速阶段获得的动力的施力物体是冰面。运动员在施加给冰面作用力时，冰面同时施加给运动员一个向前的反作用力，使运动员向前运动。故 A 错误；B.05s内，运动员的平均速度是:丫 平Ax _ 卬+v2t2+1y3Ar12+1412x1+-x(3-l)+14x(5-3)-m/s=13

14、.2m/s5故 B 错误C.在 13s内，运动员的加速度为:Av 14-12-a =-m/s f 2故 C 错误；Im/s2D.在13s内，运动员的加速度：a=lm/s2运动员受到的阻力为：f -N=ng=0.lx60 x ION=60N获得的动力是：F-f =maE=K Z+/=60X1 +60N=120N故 D 正确。故选D。3、A【解析】物体可以看成质点的条件是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，同一个物体在不同的时候，有时可以看成质点，有时不行，要看研究的是什么问题。【详解】A.质点的概念是抓住主要因素而忽略次要因素，抽象出的一种理想化的物理对象模型，A 正确；B C.物体能否

15、看成质点不在于本身的质量和体积，而是看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，故质量小的物体有些问题可以看成质点，有些问题不能看成质点，体积小的物体有些问题看成质点，有些问题不能看成质点，BC错误；D.地球的质量大体积大，但在研究自转时考虑转动的快慢不能看成质点，研究地球绕太阳的公转时要看成质点，D错误。故选A。4、C【解析】A B.物体与弹簧接触后，物体受到弹力，但开始时弹力小于推力，物体继续加速，直到弹力等于推力为止，故 A B 错误；C D.当弹力增加到等于推力时，物体速度达到最大，此后由于惯性，物体继续向右运动，弹力大于推力，物体开始减速，弹簧处于最大压缩量时，速 度 零，弹力大于推

16、力，故合力不为零，加速度也不为零，故C正确，D错误。故选C。5,B【解析】蜡块参与了竖直方向上的匀加速直线运动和水平方向上的匀速直线运动，合力的方向，竖直向上，而轨迹的弯曲大致指向合力的方向，故A、C、D错误，B正确6、C【解析】先对整体运用牛顿第二定律求出整体的加速度，再对前2个物体运动牛顿第二定律即可【详解】设每个物体的质量为m,对整体运用牛顿第二定律得：Fa=5 m对 前2个物体运用牛顿第二定律得：F-Na=-2m3解得：N=-F故选C【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，主要整体法和隔离法的应用7、AD【解析】当传送带不动时，小物块在传送带上做匀减速运动，传送带以恒定速率V2沿

17、顺时针方向运行，当V|V 2,小物块在传送带上可能一直做匀减速运动，也有可能先做匀减速后做匀速运动，所以t仑t2.小物块滑出传送带时的速度大于等于V 2,根据平抛运动规律知道小物块的落地点可能仍在Q点，可能在Q点 右 侧.故A正确，C错误.传送带以恒定速率V2沿顺时针方向运行，当V1=V2,小物块在传送带上做匀速直线运动，所以t l t 2,根据平抛运动规律知道小物块的落地点在在Q点右侧.传送带以恒定速率V2沿顺时针方向运行，当VIV V 2,小物块在传送带上可能一直做匀加速运动，也有可能先做匀加速后做匀速运动，所 以h t2根据平抛运动规律知道小物块的落地点在在Q点右侧.故B错误，D正 确.

18、故 选AD.8、BC【解析】A.地面上的人看到飞机飞过，是以地面为参考系，飞机是运动的，故A错误；B.飞行员以飞机为参考系，飞行员看到观礼台向后掠过，故B正确；C.研究某架飞机在空中飞行的轨迹时，飞机的大小可以忽略不计，可将飞机视为质点，故C正确；D.观看飞机表演的空翻动作时，飞机的大小和形状不能忽略，不可以看成质点，故D错误。故选BC9、BCD【解析】重力加速度与物体的质量无关，自由落体运动的初速度为0,加速度等于当地的重力加速度，故利用根据速度时间公式分析同一时刻的速度大小，根据位移时间公式比较运动的时间；【详解】A、根据自由落体运动规律可知：h=g f,则 仁 后,则 可 知：而=乙，故

19、 A 错误；B、根据速度与时间关系U=可知：缶 乙,故选项B 正确；C、由于二者同时下落，则在甲、乙落地之前，同一时刻两物体的速度相等，二者相对静止，则在落地之前，二者之间的竖直距离保持不变，故选项CD正确【点睛】掌握了自由落体运动的基本规律，掌握了匀变速直线运动运动的速度公式和位移公式即可顺利解决此题1 0、CD【解析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据高度求出落地的竖直分速度，结合平行四边形定则求出小球的初速度和着地的速度.本题中要注意水平射程是不变的，故速度越大，时间越短.【详解】A、小球落地时沿竖直方向和水平方向上的分速度大小分别为Vy=gt,又：vx

20、=vytane联立可得：t =正 地，故A错误；gB、小球下落得高度：1!=,81 2=8.(工 迎)2=9.故 8 错误；25 2&g 2 gC、小球落地时沿竖直方向的分速度大小为Vy=gt=Q v o,小球的速度：v=Jv；+v；=2 v.故 C 正确;n 2D、网球发球机出球口与墙面间水平距离为：*=丫0 1 =工工.故口正确.g故 选 CD.【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，注意两个方向上物体的运动性质不同，但时间相同，结合平行四边形定则进行求解即可.1 1、BD【解析】A B.甲图 位移-时间图象，斜率表示速度，可知甲做匀速直线运动，故甲在整个U 6

21、s时间内运动方向一直不变，位移为Ax=2 m-(-2 m)=4 m故 A 错误，B 正确；C D.乙图是7 图象，速度的正负表示运动的方向，故前3 s向负方向运动，后 3 s向正方向运动，即做来回运动，总位移为零，故 c 错误，D 正确。故选BDo12、CD【解析】由于人在水平方向上有加速度，所以必受到摩擦力作用，故人受重力，支持力，摩擦力三力作用，A 错 误 C正确；做匀减速运动，有加速度，合力不为零，人受到的合外力方向与速度方向相反，B 错误D 正确；考点：考查了受力分析，牛顿第二定律二.填空题(每小题6 分，共 18分)13、.BD.0.48-0.50.D【解析】本题探究牛顿第二定律，质

22、量一定时加速度与力的关系，利用已知结论去分析实验。【详解】(1)1AC.有弹簧测力计，不需要把砂和砂桶的重力当做绳的拉力，AC错误；B.需要平衡摩擦力，消除摩擦力对实验带来的影响，B 正确；D.多次测量求平均值，实验结论更准确，D 正确。故选BD.(2)2用逐差法处理，每两个点间有四个点未画出，且频率为50H z,所以周期为0.1s,=(3.8+3.3+2.8)-(1+1.9+1 4)=0 4 9m zs2(3 7)2(3)3根据题意有攵=tan。由F=ma得到a=Fm所以k =m1m=k故 选 D。14、.时间.220V交流电源【解析】打点计时器是用来计时的仪器；电火花计时器的工作电源是22

23、0V的交流电源;15【解析】AB 一起沿斜面向下运动，AB整体受重力，斜面的支持力，所以AB 一起沿斜面向下做匀加速直线运动，加速度方向沿斜面向下，所以B 物体受重力，A 对 B 的支持力，A 对 B 的静摩擦力，受力示意图如图三.计 算 题(22分)16、(1)2m/s2,6m/s2；(2)Im；(3)5.75m【解析】(1)物块A 向右减速，木 板 8 向右加速，对物块A,由牛顿第二定律得=mAaA代入数据解得aA=2m/s2对木板5 有F+mAg=mBaB代入数据解得%=6 m/s2(2)设经过时间A,两者速度相等，则有v0-/,=aBti代入数据解得%=0.5s则共同的速度为u共=3

24、m/s物块A 运动的位移为1 2XA=%4一 万 明代入数据解得xA=1.75m木块运动的位移为1 2代入数据解得xB=0.75m则木板B的长度为解得L=1m(3)假设物块A与木板B达到共速后能一起加速，对整体有F=mA+mn a对物块A有f =mAa计算可得/=N%g=2N则假设不成立，物块A与木板8各自加速，根据牛顿第二定律，对物块A有ng=mAaA代入数据解得aA-2m/s2对物块8有F-pmAg=mAaB代入数据解得aB=4m/s2在剩下的时间。2=Is内，物块4的位移为耳/弓+/公代入数据解得总=4m物块3的位移为XB=v共，2 +5 a 酒代入数据解得x B=5 m两者相对位移Ax

25、=lm=L物块4在1.5 s时间在木板上先向右匀减速，后向右匀加速，物块4在1.5 s时间总位移X o=4+总代入数据解得x0=5.75 m1 7、（1）a4=0.5m/s2（2）=7W（3）s=S+S2 =3.0 3加（或 取s=3.0根）【解析】（1）若A相对于B滑动，则对物体A进行受力分析，水平方向只受摩擦力，根据牛顿第二定律得：/=i%g=%，解得：&A=5m/sYl.0m/,所以 A 的加速度为 0.5 m/s?；（2）对物体B进行受力分析，水平方向受到拉力F、地面对B的摩擦力、A对B的摩擦力，根据牛顿第二定律得：F-p,mAg-fl,（mH+）g=mHall,带入数据解得：F=7N

26、,v=aHt=Im/5所以 P=F v =7 W（3）电动机的输出功率调整为5W时，设细绳对木板B的拉力为尸，则P=Fq,代入数据解得F =5 N,对木板进行受力分析，木 板B受力满足F-4M通-必2（现4+m8）g=。所以木板B将做匀速直线运动，而物体A则继续在B上做匀加速直线运动直到A、B速度相等设这一过程时间为t,有匕=%（4+/）,这段时间内B的位移S 1 =卬，A、B速度相同后，由于尸/2。羯+）g且电动机输出功率恒定，A、B将一起做加速度逐渐减小的变加速运动,由动能定理得：P Q 2 I）一 2 （%+外）g$2 =g （%+叫）V：-g （%+%）丫：，由以上各式带入数据得：木 板B在t=1.0 s到t=3.8s这段时间 位移s=4 +$2 =3.0 3m考点：动能定理的应用；牛顿第二定律