2021届山东省实验中学高考物理模拟试卷(一)(含答案解析).pdf

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1、2021届山东省实验中学高考物理模拟试卷（一）一、单 选 题（本大题共8小题，共24.0分）1.下列说法中正确的是（）A.变化的电场一定产生变化的磁场B.电磁波按波长从长到短顺序排列依次是：y射线、X射线、紫外线、可见光、红外线、无线电波C.X射线的穿透本领比y射线更强D.电磁波在真空中的传播速度等于光速2.下列说法正确的是（）A.飞虫停在水面上，是因为液体表面张力作用B.布朗运动是液体分子的无规则运动C.给自行车打气时需用力向下压活塞，是由于气体分子间斥力造成的D.单晶体和多晶体的某些物理性质具有各向异性，而非晶体是各向同性的3.在。点有一波源，t=0时刻开始向下振动，形成向左传播的一列横波

2、.八=4s时，距离。点为1m的4点第一次达到波峰；今=7s时，距离0点为6m的B点第一次达到波谷.则以下说法正确的是（）A.该横波的波长为2nlB.该横波的周期为2sC.距离。点为4nl的质点第一次达到波峰的时刻为6s末D.距离。点为47n的质点第一次开始向上振动的时刻为6s末4.质量为2.0kg的物体，在半径为2m的圆周上以2m/s的速度做匀速圆周运动。它需要的向心力大小为（）A.1.0/V B.4.0N C.2.0N D.8.0N5.如图所示，质量不计的轻质弹性杆P插入桌面上的小孔中，杆的另一端固定一质量为m的小球，今使小球在水平面内做半径为R的匀速圆周运动，角速度为3,则下列说法正确的是

3、（重力加速度为g）（）*：A.球 所 受 的 合 外 力 大 小 为?3八2B.球 所 受 的 合 外 力 大 小 为+3 4R2C.球对杆作用力的大小为m J少-34R2D.球对杆作用力的大小为m，34R2+g26.如图所示，在绝缘的水平面上等间距地固定着三根相互平行的通电直导线a、b和c,各导线中的电流大小相同，其中a、c导线中的电流方向垂直于纸面向外，b导线中的电流方向垂直于纸面向里，每根导线都受到另外两根导线对它的安培力作用，则关于每根导线所受安培力的合力，以下说法正确的是（）.A.导线a所受合力方向水平向左B.导线a所受合力方向水平向右C.导线c所受合力方向水平向左D.导线b所受合力

4、方向水平向左7.如图所示电路，ti时刻将单刀双掷开关接a,若规定从左向右通过灵敏电流计的电流方向为电流的正方向，则下图能正确定性描述S接a后通过灵敏电流计的电流随时间t变化的图象是（）8.能够证明光具有粒子性的实验是（）A.光电效应实验 B.光的干涉实验C.光的衍射实验 D.泊松亮斑二、多 选 题（本大题共4小题，共16.0分）9.如图所示，实线为空气和水的分界面，一束红光从水中的B点沿BO1方向（01点在分界面上，图中。1点和入射光线都未画出）射向空气中，折射后通过空4、气中的4点，图中。点为4、B连线与分界面的交点，下列说法正确的是（）A.红光从水中射向空气中时，速度变大B.改变入射角，则

5、红光从水中射入空气中时，可能会发生全反射C.。1点在。点的右侧D.若红光沿B点正上方的。点沿。方向射向空气中，则折射光线有可能通过4点E.若紫光沿B点正下方的C点沿C。方向射向空气中，则折射光线有可能通过4点10.在正方形的四个顶点各有一根长直导线，四根导线相互平行，且与正方形平面垂直.现给每根导线通以大小相等的电流，每根导线中电流在正方形中心。产生的磁场磁感应强度大小为B,则正方形中心。的磁感应强度大小的可能值为（）A.0 B.2B C.2V2B D.4B11.如图所示，在地面上以速度%抛出质量为m的物体，抛出后物体落到比地面低%的海平面上，若以地面为零势能面而且不计空气阻力，则（）A.物体

6、到海平面时的势能为mg/iB.重力对物体做的功大于mg/iC.物体在海平面上的动能为诏+mg/iD.物体在海平面上的机械能为之机诏12.闭合电路的电源电动势为E,内阻为r,如图所示，闭合电键S,当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端时，下列说法中正确的是（）A.小灯泡刀、一变亮,一变暗B.小灯泡人变暗，刀、G变亮C.电压表匕示数变化量较小D.电压表%示数变化量较小三、实 验 题（本大题共2小题，共18.0分）13.一研究小组设计如图所示的实验装置来验证小球向下滑动过程中的机械能是否守恒。（1）实验时为了借助安装在墙上的刻度尺直接读出小球从释放到其最低点的高度，还需要辅助的仪器是（2）为测定小球通过

7、光电门（最低点）时的速度，必须先测出小球的直径，通 常 采 用 的 仪 器 是。（3）若测出小球的质量为1.0kg,直径为5.00cm,从释放点到其最低点的高度为20.0cm,通过光电门的时间从计时装置测出为2.5 x 10-25,g取9.8m/s2。则重力势能的减少量为 J-,动能的增加量为_ _ _ _ _，（结果均保留三位有效数字）。（4）结果（3）表明：小球 重 力 势 能 的 减 少 量（填“大于”或“小于”），动能的增加量。但释放的高度准确无误，空气阻力也极小，这主要是小球在通过光电门时小球的中心 o1 4.某实验室有下列器材:A.灵敏电流 计 (量程010巾4内阻约500)3.电

8、压表6)(量程03，内阻约10k。);C.滑动变阻器RM。100优1.5/1):。.电阻箱岛(09990)E.电源E(电动势为5.0 V,内阻未知)F.电阻、电键、导线若干(1)某实验小组为测量灵敏电流计的内阻，设计了如图甲所示的电路，测得电压表示数为2心 灵敏电流计恰好满偏，电阻箱示数为1 5 5 0,则灵敏电流计的内阻为 n.(2)为测量电源的内阻，需将灵敏电流计改装成大量程的电流表(量程扩大10倍)，若将电阻箱与灵敏电流计并联，则应将电阻箱Ro的阻值调为 调好电阻箱后，连接成图乙所示的电路测电源的电动势和内电阻，调节滑动变阻器，读出若干组电压和灵敏电流计示数，在坐标系中做出的U-/图象如

9、图丙所示，则电源的内电阻r=电源的内电阻保留三位有效数字)(3)将该灵敏电流计改装成量程为031/的电压表，应将灵敏电流计与阻值为_ _ _ _ _。的电阻串联。对改装的电压表进行校对时发现改装的电压表的示数比标准电压表的示数大，(灵敏电流计的内电阻测量值准确)，则改装表时，实际串联的电阻阻值比由理论计算得出应该串联的电阻阻值(填“大”或“小”)。四、计算题(本大题共4 小题，共 40.0分)1 5.如图所示，de和/g是两根足够长且固定在竖直方向上的光滑金属导轨，导轨 阴 卜间距离为3电阻忽略不计.在导轨的上端接电动势为E,内阻为r 的电源.一.质量为根、电阻为R的导体棒ab水平放置于导轨下

10、端e、g 处,并与导轨始终接 I w.触良好导 体棒与金属导轨、电源、开关构成闭合回路，整个装置所处平面与水平匀强磁场垂直，磁场的磁感应强度为8,方向垂直于纸面向外.已知接 I通开关S后，导体棒ab由静止开始向上加速运动，求：”(1)导体棒ab刚开始向上运动时的加速度以及导体棒ab所能达到的最大速度；(2)导体棒ab达到最大速度后电源的输出功率；(3)分析导体棒仍达到最大速度后的一段时间A t内，整个回路中能量是怎样转化的？并证明能量守恒.16.如图所示，密闭容器有进气口和出气口可以和外部连通，容器的容积为外,将进气口和出气口关闭，此时内部封闭气体的压强为方,将气体缓慢加热，使气体温度由=30

11、0K升至A=350K.(1)求此时气体的压强：(2)保持7=350K不变，缓慢由出气口抽出部分气体，使气体压强再变回到方.求容器内剩余气体的质量与原来总质量的比值.进气口出气口17.如图所示，质量为m=0.20kg的小球，用长，=20czn的细线悬挂在天花板上，在水平恒力尸作用下恰好能静止在B点，此时细线竖直方向的夹角为。=37。.先让小球自然悬挂在4点，然后用上述的水平恒力尸拉小球，拉到B位置时突然撤去凡求：(1)撤去F瞬间小球的动能大小：(2)小球在以后的摆动过程中离4 点的最大高度九.(取g=10m/s2)1 8.如图所示，在竖直平面内，有一个光滑直杆与半径为R=2.5m的光滑:圆弧轨道

12、平4滑连接。杆上套一个小环，小环的内径略大于杆截面的直径，小环质量为m=2kg.小环在外力作用下从4 点由静止开始沿杆向上运动。当小环运动到圆弧轨道左端B点时撤去该力，小环沿圆轨道向上滑到最高点C处时恰与轨道无弹力作用。求：(1)小环在C处时的速度大小；(2)小环在B处时的速度大小；参考答案及解析1.答案：D解析：解：4、变化的电（磁）场可以产生磁（电）场；但如果是均匀变化的电场只能产生恒定的磁场，故 4 错误；8、依照波长从长到短顺序排列依次是：无线电波，红外线，可见光，紫外线，X射线，y射线，故 B错误；C、y射线的穿透本领比X射线更强，故 C错误；。、电磁波是一种物质，可在真空中传播，电

13、磁波在真空中的传播速度总是3x108加/5,等于光速，故。正确。故选：D,均匀变化的电场只能产生恒定的磁场；依照波长从长到短顺序依次是：无线电波，红外线，可见光，紫外线，X射线，y射线；y射线的穿透本领比X射线更强；电磁波在真空中的传播速度等于光速。本题关键是明确电磁波的产生原理、发现过程和电磁波谱的情况，记住基础知识即可，基础题目。2.答案：A解析：解：力、飞虫能停在水面上，是因为液体表面张力的作用，故 A 正确；从 布朗运动是悬浮微粒的运动，反映了液体分子或气体分子的无规则运动，故 8 错误；C、打气时会反弹是因为气体压强的原因，不是分子斥力的作用；故 C错误；。、单晶体的某些物理性质是各

14、向异性的，多晶体和非晶体的物理性质是各向同性的，故。错误。故选：4。液体存在表面张力；布朗运动是悬浮固体小颗粒的运动，反应了液体分子的无规则运动；气体分子间距离较大，一般不考虑分子间作用力；单晶体的某些物理性质具有各向异性，而多晶体和非晶体是各向同性的。本题考查了液体的表面张力、分子间相互作用力、布朗运动、晶体和非晶体的物理性质等内容；在学习时要注意布朗运动是悬浮微粒的运动，反应了液体分子或气体分子的无规则运动。3.答案：D解析：解：4、B,。开始向下运动，则它后面的点也都是先向上运动的，4s时1m处的点4第一次到达波峰，那么，4点已经波动了四分之三个周期。故 A 点开始振动的时刻是（4-3

15、力。7 s 时4 米处的点B 第一次到达波谷，说明它已经运动四分之一个周期了，故 B点开始动的时刻是(7 -尸)s从。传播到4所用时间为(4-7),距离是1m,从。传播到B,所 用 时 间 为 距 离 是 6 m，1 6由于波速相同，得 到 音=匚 方4 4解得7 =4s 所以波速=l m/s,波长4=vT=4 m故 A B 均错误C、距离。点为47 n 的质点第一次达到波峰的时刻为7 s 末，故 C 错误。D、距离。点为47 n 的质点第一次开始向上振动的时刻为6s 末。故。正确故选：Do分析4、B 开始振动的时刻，由波速相同，根据波速求出周期，再分析振动传播过程，确定距离。点为47 n 的

16、质点第一次达到波峰的时刻.本题解题关键要抓住波速相同，列出关系式，求出周期.分析波动形成的过程是应具备的基本能力.4.答案：B解析：解：根据向心力公式可得向心力的大小F=mF =2.0 x N =4.0N,故 8正确，A C D 错误。r2故选：B。已经线速度大小，根据向心力与线速度的关系，求出向心力的大小。解决本题的关键知道向心力公式，知道向心力与线速度、角速度的关系并能正确选择是解题的关键。5.答案：D解析：解：4 B、小球所受合力提供匀速圆周运动的向心力，即尸合=皿/?”2.故A、8错误.C D、小球受重力和杆子对它的作用力F,根据力的合成有：产-O g)2 =(F合 尸，所以尸=m府形

17、而故C 错误，。正确.故选D小球受到重力和杆子的作用力，两个力的合力提供小球做匀速圆周运动的向心力.根据力的合成，求出球对杆子的作用力大小.解决本题的关键知道小球匀速圆周运动的向心力由重力和杆子对它作用力的合力提供.根据向心力求出合力，根据力的合成求出杆子的作用力.6.答案：A解析：同向电流相互吸引，异向电流相互排斥.导线越近，磁场越强，安培力越大。本题考查了学生对用安培定律中导线之间相互作用力、电流的大小、导线之间的距离等因素的关系了解和掌握，属于常见题型。4B.对a来说，受到b的斥力和C的引力，而b靠近a,所以对a 的作用力更大，所以a 受到的合力向左，故 4 正确，8 错误；C.对c来说

18、，和a 的情况正好相反，所以合力向右，故 C 错误；D 对b来说，受到a、c的斥力，并且是相等的，所以b受到的合力为0,故。错误。故选A。7.答案：A解析：解：接通a，电源给电容充电，当充电完毕后，电流为零，故 A 正确，3。错误。故 选:Ao接通a,电源给电容充电，当充电完毕后，电流为零，利用排除法即可知答案。此题只要知道电容器充电完毕电流为零即可解答，简单题目。8.答案：A解析：解：4、光电效应现象说明光的能量是一份一份的，随后的康普顿效应说明光子除了能量之外还有动量，这两个现象都说明光具有粒子性，故 A 正确；B C D,衍射和干涉是波特有的现象，波的干涉、光的衍射以及泊松亮斑只能说明光

19、具有波动性，故8CC错误。故选：Ao光电效应现象说明光子是一份一份的，康普顿效应说明光子除了能量之外还有动量；衍射与干涉是波动性特征。本题考查了光的粒子性、波动性的知识，这些都是常识性问题，对于这部分基本知识要注意加强理解和应用，在理解的基础上进行记忆，不能混淆。9.答案：ABE解析：解：力、光在真空中传播速度最大，则知红光从水中射向空气中时，速度变大，故 A 正确。8、红光从水中射入空气中时，增大入射角，当入射角大于等于临界角C时将发生全反射，故 B 正确。C、红光从水中射入空气中折射时折射角大于入射角，所以01点在。点的左侧，故 C错误。、若红光沿B点正上方的。点沿D。方向射向空气中，由于

20、折射角大于入射角，所以折射光线不可能通过4 点，故。错误。E、若紫光沿B点正下方的C点沿C O方向射向空气中，根据折射角大于入射角，知折射光线有可能通过4点，故E正确。故选：ABE.红光从水中射向空气中时，速度变大.红光从水中射入空气中时，入射角大于等于临界角时会发生全反射.红光从水中射入空气中时，根据折射角大于入射角，分析。1点的位置.解决本题的关键是入射角与折射角的关系，知道光从介质射入介质折射时折射角大于入射角，并能来用分析实际问题.1 0 .答案：ABC解析：解：由安培定则可知，当四根通电导线的电流方向相同时，在。点的磁感应强度相互叠加，大小恰好为零；当四根通电导线中有两根的电流方向相

21、同，另两根方向与其方向相反时，在。点的磁感应强度相互叠加，根据力的平行四边形定则可知，大小恰好为2夜B;当四根通电导线中有对角线两根的电流方向相同，另两根方向与其方向相反时，在。点的磁感应强度相互叠加，根据力的平行四边形定则可知，大小恰好为0;当四根通电导线中有一根的电流方向，与其它三根方向相反时，在。点的磁感应强度相互叠加，根据力的平行四边形定则可知，大小恰好为2 B；故A B C正确，。错误.故选ABC.。所在处的磁场是由每根导线中的电流产生的，由安培定则判断出。处磁场的方向，然后由矢量的叠加原理来确定该处的磁感应强度大小.要注意解题步骤，先由安培定则判断出各通电导线在。处的磁场方向，然后

22、由矢量的叠加来确定磁场的大小.1 1 .答案：CD解析：解：4、以地面为零势能面，海平面低于地面八，所以物体在海平面上时的重力势能为-m g h,故A错误。B.重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关，抛出点与海平面的高度差为九，并且重力做正功，所以从地面到海平面重力对物体做的功为m g/i,故B错误。C、从抛出到到达海平面过程中，由机械能守恒定律得：1 m v2=m g h +mV,即物体到达海平面时的动能为6诺+n i g h,故c正确。D、由机械能守恒知，物体在海平面时的机械能等于抛出时的机械能，为5 =岳/U2，C错误，。正确.故选：BD.(1)分析电路结构，明确各电路元件的连接方

23、式；(2)根据滑动变阻器滑片的移动方向判读电路电阻变化情况，然后根据欧姆定律判断电路电流变化情况；(3)根据欧姆定律及串联电路特点判断电压表示数变化情况；由通过灯泡的电流判断灯亮度变化情况.在判断闭合电路中的动态变化问题，判断此类问题的思路是：先局部判断电阻变化、后整体电阻和电流变化，最后判断各部分电阻、电压和电流的变化1 3.答案：直 角 三 角 板 游 标 卡 尺 1.9 6 2.0 0 小于高于或低于光电门中心，通过的实际长度小，而计算时长度偏大，造成速度偏大，从而导致动能偏大解析：解：(1)采用直角三角板，即可把释放点水平对准刻度尺，从而准确读数；(2)需要用游标卡尺，让切口与球相切，

24、且小球直径小，才能准确测量。(3)小球重力势能的减少量为Ep m gh 1.0 x 9.8 x 0.2 0/=1.9 6 7,小球经过光电门的速度为T=肃 篇 m/s =2.0g小球动能的增加量为AEK-jm v2=|x 1.0 x 2.02/=2.00/o(4)由上可知小球重力势能的减少量小于动能的增加量，主要原因是小球在经过光电门时小球的中心高于或低于光电门中心，通过的实际长度小，时间短，而计算时长度偏大，造成速度偏大，从而导致动能偏大。故答案为：(1)直角三角板(2)游标卡尺(3)1.96,2.00(4)小于，高于或低于光电门中心，通过的实际长度小，而计算时长度偏大，造成速度偏大，从而导

25、致动能偏大(1)采用直角三角板，即可把释放点水平对准刻度尺；(2)小球直径小，要准确测量需要游标卡尺；(3)应用公式计算出小球重力势能的减少量和动能的增加量；(4)小球重力势能的减少量小于动能的增加量，主要原因是小球在经过光电门时小球的中心高于或低于光电门中心。理解机械能守恒的条件，掌握分析的思维，同时本题为创新型实验，要注意通过分析题意明确实验的基本原理才能正确求解。14.答案：45 5 46.5 255 小解析：解：(1)灵敏电流计内阻为：Ra=-R0=155/2=45/2(2)灵敏电流计量程扩大10倍，流过并联电阻的电流为灵敏电流计电流的9倍，由并联电路特点可知，并联电阻阻值为灵敏电流计

26、内阻的;，为：1 x 45/2=5/2改装后电流表内阻为：治=察=*=黑=4.50JLU/g X v X V由图示电源。一/图象可知，电源内阻为：r=当 一心=,0二 三 _3”-4.5。=46.50U3 V(3)把灵敏电流计改装成3P的电压表需要串联电阻阻值为：R=石一%=IOXIO-34-450=2550改装的电压表的示数比标准电压表的示数大，即改装电压表指针偏角过大，流过改装电压表的电流偏大，由并联电路特点可知，改装电压表内阻偏小，改装电压表时串联电阻阻值偏小；故答案为：(1)45；(2)5,46.5；(3)255,小(1)由部分电路欧姆定律U=/R求得电阻。(2)由并联电路的电阻关系求

27、出并联的电阻值，由闭合电路欧姆定律确定出U-/G的关系式，结合图象求得E,ro(3)根据串联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值，然后根据题意分析答题。本题考查了求电流表内阻、电流表改装、求电源电动势与内阻；电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数，分析清楚电路结构、应用串联电路特点可以求出电流计内阻；电源U-/图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻。1 5.答案：解：(1)导体棒M刚开始运动时的速度为零，由欧姆定律I=R+r导体棒仍受安培力FA=BIL牛 顿 第 二 定 律FA-m g =ma导体棒a b开始运动时的加速度a =-9ilLyK rr)设导体棒a b向上

28、运动的最大速度为a x，当导体棒所受重力与安培力相等时，达到最大速度，回路电流为/根据平衡条件，有ILB=mg解得/=黑由欧姆定律/=士 警 也R+r4 日 EBL-mg(R+r)得 vmax(2)电源的输出功率P=E I-I2rp =：Emg_ 吗2 rBL IRJ(3)电源的电能转化为导体棒的机械能和电路中产生的焦耳热之和 t时间内：电源的电能后点=1/t =导体棒a b增加的机械能厂 人 EBL-mgCR+r)后极=mgvm ax t=mg t电路中产生的焦耳热Q=/，2(/?+r)t =(/?+r)t t时间内，导体棒a b增加的机械能与电路中产生的焦耳热之和为 E *=极+Q整理得

29、E =巴 tBL由此得到E疳=/kE ,回路中能量守恒.答：(1)导体棒好 刚开始向上运动时的加速度为就万一9,导体棒时所能达到的最大速度为EBL-mg(R+r)；(2)导体棒时达到最大速度后电源的输出功率为鬻-(鬻)2八(3)导体棒时达到最大速度后的一段时间 t内，整个回路中电源的电能转化为导体棒的机械能和电路中产生的焦耳热之和，证明如上.解析：(1)根据闭合电路欧姆定律列式求解电流，根据安培力公式求解安培力，根据牛顿第二定律求解加速度；当安培力和重力平衡时速度最大，根据平衡条件和闭合电路欧姆定律列式后联立求解；(2)电源的输出功率等于总功率减去内电阻消耗的功率；(3)电源的电能转化为导体棒

30、的机械能和电路中产生的焦耳热之和，分别求解出电能、机械能、内能即可证明.本题是力电综合问题，关键明确导体棒的运动情况和回路中的能量转化情况，较难.1 6.答案：解：(1)设升温后气体的压强为小；气体加热前：内部封闭气体的压强为P o，气体温度为7。=3 0 0 K；气体加热前：气体温度为A =3 5 0 K,加热过程，体积不变，由查理定律得：壮 自；代入数据得：P i =(p o 即：此时气体的压强为:P o；(2)抽气过程可等效为等温膨胀过程，设膨胀后气体的总体积为匕 由玻意耳定律得：P i%=p V 联立得：U =(%设剩余气体的质量与原来总质量的比值为k，由题意得：k =,联立得：k=*

31、即：容器内剩余气体的质量与原来总质量的比值为表解析：本题考查了理想气体状态方程；解答这类问题时正确选择状态，弄清变化类型，正确分析状态参量的变化，然后列方程求解。封闭气体发生了等容变化，故根据查理定律列式可求出气体压强；抽气过程可等效为等温膨胀过程，根据玻意耳定律可求出总体积，从而求出剩余气体的质量与原来总质量的比值。17.答案：解：(1)小球静止在在B点时，合力为零，根据平衡条件得F=mgtanO小球从/到B的过程，由动能定理得FlsinQ m gl(l-cos。)=Ek.联立解得Ek=0.1;(2)从4 到最高点C全过程，对小球用动能定理，有：FlsinO mgh-0解得h=9 cm答：撤

32、去F瞬间小球的动能大小为0”(2)小球在以后的摆动过程中离4 点的最大高度b是9cm.解析：(1)小球静止在在8 点时，合力为零，根据平衡条件求出F的大小.小 球从A到8 的过程，利用动能定理列式，可求得撤去F瞬间小球的动能大小；(2)对全过程，运用动能定理列式，可求得小球在以后的摆动过程中离A点的最大高度八.运用动能定理时，要选择研究的过程，分析哪些力做功，要知道研究力在空间上的积累效果时首先要想到动能定理.18.答案：解：(1)在C处小环仅在重力作用下做圆周运动，有 mg=解得%=5m/s(2)小环由B运动到C的过程中只有重力做功，机械能守恒，以B点势能零点，则|m vg=mgR+1 m v,解得 6 =5V3m/s答：(1)小环在C处时的速度大小为5m/s；(2)小环在8 处时的速度大小为58 m/s；解析：(1)在C处，小环由重力提供向心力，由牛顿第二定律求小环在C处时的速度大小；(2)从B运动到C的过程，由机械能守恒定律求小环在B处时的速度大小；解决该题的关键是正确分析物体在C点的受力，从而找到其向心力的大小，掌握机械能守恒求解速度的大小