2021届东北大庆实验中学高考物理模拟试卷(4月份)(含答案解析).pdf

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1、2021届东北大庆实验中学高考物理模拟试卷（4月份）一、单 选 题（本大题共5小题，共 3 0.0 分）1.如图所示，一束复色光经三棱镜后分成光束1 和光束2,两束光的波长分别为;1 1 和左。将同一光电管分别放在区域I和区域口，都能发生光电效应，飞出光电子的最大初动能分别为和a2,贝 女）A.A-i,Eki Ek2 B.4%，Eg A2,E f c i Ek2 D-Ek22.以下物理量为标量，且单位是国际单位制基本单位的是（）A.位移、m B.电流、A C.功率、卬 D.磁通量、Wb3 .如图，一根轻绳跨过定滑轮，连接着质量分别为M 和？的两物体，滑 了轮左侧的绳和斜面平行，两物体都保待静止

2、不动.已知斜面倾角为3 7 （s i n 3 7 =0.6,c o s 3 7 =0.8）,质量为M 的物体和斜面间的动摩擦 出因数为0.5,设最大静摩擦力等子滑动摩擦力，不计绳与定滑轮之间的 女为摩擦，则 M 与?的比值应该是（）A.1 -5 B.1-6 C.2 -5 D.2 -6m m m m4.如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成1 5。角，A 8 直线与匀强电场E 垂直，在 A点以大小为火的初速度水平抛出一质量为?、电荷量为+q 的小球，经时间小球下落一段距离过C点（图中未画出）时速度大小仍为先,在小球由A点运动到C点的过程中，下列说法正确的是（）A.电场力对小球做功为零 B.小

3、球的电势能减小5.C.C 可能位于A B 直线的左侧 D.小球的电势能增量大于土2如图为一自耦变压器，它的特点是铁芯上只绕有一个线圈，把整个线圈作为原线圈，而取线圈的一部分作为副线圈.已知原线圈所接的正弦交流电电压为U,交流电流表4、&均为理想电流表，当触头P 向上移动时，两个交流电流表的读数变化情况为（）A.公读数变小 B.4 读数不变 C.&读数变大 D.4 读数变小二、多 选 题（本大题共5小题，共 2 7.0 分）6.在 2012年发射神舟九号和神舟十号载人飞船，与天宫一号进行载人交会对接试验成功.按照计戈 到 2020年左右，中国将建成首个在轨大型空间站，实现由人长期居住的目标.空间

4、站在运行时受到大气的阻力，轨道高度会不断降低，那么空间站在降低高度的过程中，下列说法正确的是（）A.动能变大 B.向心力变大 C.运行周期边长 D.角速度变小7.如图所示，一带电小球沿曲线由M 运动到N,图中A、B、C、。为匀强-d D电场的水平等势面，且有WA 8B WC左，频率越大，光子具有的能量 =九 越大，根据爱因斯坦光电效应方程，hv=W+m v ,光子能量越大，光电子的最大初动能越大，故Ei E k 2，故A3。错误，C正确；故选：Co由光路图可以判断两束光的折射率大小，根据折射率大小可以判断两束光的波长和频率大小。根据爱因斯坦光电效应方程可以判断飞出的光电子的最大初动能大小。本题

5、考查光在介质中的传播和爱因斯坦光电效应方程，需要注意光的频率越大，波长越短，折射率越大。2.答案：B解析：解：A、位移是矢量，其单位，是国际单位制基本单位，故A错误；8、电流虽有方向，但电流运算时不遵守矢量的运算法则：平行四边形定则，所以电流是标量；其单位为基本单位，故B正确；C、功率是标量，其单位卬是国际单位制中的导出单位，故C错误；。、磁通量是标量，但有方向，其单位皿 是导出单位，故。错误。故选：Bo标量是运算时遵守代数运算的物理量。国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到

6、出来的物理量的单位叫做导出单位。国际单位制规定了七个基本物理量和基本单位，要记住中学涉及的基本物理量和基本单位，同时要牢记注意电流、磁通量虽然有方向，但它不是矢量，而是标量。3.答案：A解析：先对物体，受力分析，根据力的平衡条件求出绳子的拉力F,然后根据物块M恰好不上滑和恰好不下滑两种临界状态对物体”受力分析，根据平衡条件列方程即可求出物块M的质量范围，得到M与，的比值。本题主要考查共点力平衡条件的应用，关键抓住恰好不上滑和恰好不下滑两种临界情况，然后根据平衡条件列方程进行求解，难度不大。解：依题意，对物体，受力分析，根据平衡条件，绳子的拉力：F mg.若尸较小，物块A有沿着斜面向下滑的趋势，

7、此时物块A受力分析如图所示：由力的平衡条件得：FN=Mgcos37.F+Ff=Mgs讥37。.Pf 0.2M-,若尸较大，A物块有沿着斜面向上滑动的趋势，此时物块A受力分析如图所示:由平衡条件得,FN=Mgcos37 F=Ff+Mgsin37 Ff IIFN.代入数据解得：m：g t 2,则重力做功mg/i 国 军，则电场力做的负功与重力做功大小相等，则小球的电势能增量大于皿立，故。正确。22故选。5.答案：C解析：解：理想自耦变压器，原线圈接正弦交流电压U,当触头上移时，导致副线圈的匝数电增加，则由变压比公式=可得，外增加，则导致必 读数与变大，再 由?=誉可得，与变大，即必读数变大.l2

8、nl故选：C.理想变压器的工作原理是原线圈输入变化的电流时，导致副线圈的磁通量发生变化，从而导致副线圈中产生感应电动势；而副线圈中的感应电流的变化，又导致在原线圈中产生感应电动势；电压器的电流比为：中;原副线圈电流与匝数成反比；电压比为：+原副线圈电压与匝数成正比；且电流与nln2电压均是有效值，电表测量值也是有效值.理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象.同时副线圈的电压由原线圈电压与原副线圈匝数决定，而原线圈的电流由副线圈决定.6.答案：AB解析：解：根据万有引力提供圆周运动向心力有：G=m 7=mr=mra)2A、线速度v =可知，随着轨道半径r的减小，空间站的线

9、速度增加，动能变大，故A正确；3、向心力由万有引力提供，随着半径减小，万有引力增大，故3正确；C、运行周期T=叵!，知随着半径减小周期减小，故C错误；G MD、角速度3=楞,知随着半径减小角速度增大，故。错误.故选：AB.空间站围绕地球圆周运动向心力由万有引力提供，据此讨论线速度、向心力、周期、角速度与半径的关系即可.掌握万有引力提供圆周运动向心力分析描述圆周运动的物理量与半径的关系是正确解题的关键.7.答案：AD解析：解：A、带电小球考虑其重力，由电场线与等势面的关系作出电场线方向应竖直向下，结合曲线运动受力特点指向轨迹圆弧内侧可知小球带电情况，可带正电也可带负电，故A正确；B、若M点速度为

10、零，小球将做匀变速直线运动，故8错误；C、若小球带正电，电场力做负功，电势能增加，若小球带负电，则电场力做正功，电势能减小，故C错误；。、带电小球受重力、电场力作用，由功能关系可得，动能、重力势能、电势能三者之和为定值，带电小球由M运动到N重力势能增加，可得动能、电势能之和减小，故。正确。故选：AD.由于电荷只受电场力作用，电场力将指向运动轨迹的内侧。则电场力一定向下，同时注意电场线和等势线垂直，又因电势沿电场线方向降低则说明电场沿向下，则说明带正电。再由电场力做功判断能量变化本题通过带电粒子在电场中的运动考查了电势、电势能、电场力等问题，解决这类问题的突破口是：做曲线运动的物体所受合外力指向

11、其轨迹内侧。注意小球的重力不能忽略是本题的易错点。8.答案：BD解析：解：A、根据开普勒第三定律昌=也可得：?=质=谒，故A错误；TG TH TH yj rHB、根据万有引力提供向心力可得：=回，则G星与，星的线速度大小的比值%=k 6，故8正确;C、根据牛顿第二定律可得：a=M，则 G 星与，星的加速度大小的比值为行=1-2,故 C 错误；D、根据万有引力提供向心力可得：3=阵，G 星与”星的角速度大小的比值为”=人爸，故。r33H正确。故选：B D。根据开普勒第三定律求解周期的大小之比，根据万有引力提供向心力得到线速度、角速度与半径的关系求解线速度和角速度的大小之比，根据牛顿第二定律结合万

12、有引力定律求解加速度大小之比。本题主要是考查万有引力定律及其应用，关键是知道天体运动都可近似地看成匀速圆周运动，其向心力由万有引力提供，即产斗=?例根据相应的向心力表达式进行分析。9.答案：A DE解析：解：A、温度不变，体积减小，气体的密度增大，在相同时间内撞击活塞的气体分子数目增多，气体的压强增大，所以会感到越来越费力，选项A 正确.8、尽管越来越费力，但是气体间还是有可压缩的间隙，选项B错误.C D,气体间的分子距离相对于分子的大小较大大，所以分子间的相互作用表现为较弱的引力，所以压缩气体不是克服分子力做功.选项C 错误，。正确.国 在压缩过程中，分子间的距离减小，分子间有存在较弱的引力

13、，分子力做正功，所以气体分子势能减小，选项E 正确.故选：A D E首先应注意该题不能把打气筒内的气体看做理想气体，气体分子间变现为较弱的引力，结合在压缩过程中，分子间的距离减小，即可得知分子力的做功情况和分子势能的变化情况，从而可知各选项的正误.解答有关于实际气体的题，首先要会判断该气体能否看做理想气体，要注意揣摩出题人的意图，该题就不能把打气筒内的气体看做理想气体.在不能看做理想气体时，因气体分子间的距离较大，所以相距较近的分子间表现为引力.并会根据分子力做功分析分子势能的变化.10.答案：ACE解析：解：AC、根据=得，兀=半，a 光的条纹间距较大，则“光的波长较大，故 4 c 正确；a

14、LB、由于。光的波长较大，则 a 光的折射率较小，根据得，光在水中传播的速度较大，故 8错误；D、a 光和6 光由玻璃棱镜进入空气后，频率都不变，故。错误;E、根据sinC=；知，因“光的折射率较小，则。光从同一介质中射向空气全反射的临界角较大，故E 正确。故选：ACE.根据双缝干涉条纹的间距大小比较出八6 两光的波长大小，从而比较出频率的大小、折射率的大小，根据=:得出光在水中传播速度的大小；根据sinC=%比较全发射的临界角；发生光的折射时，光n n的频率不变。解决本题的关键知道波长、频率、折射率、在介质中的速度、临界角之间的大小关系，本题通过双缝干涉的条纹间距公式比较出波长是突破口。11

15、.答案：减小8 的 质 量 0.4解析：解：(1)8减少的重力势能转化成系统的内能和A 8的动能，A释放后会撞到滑轮，说明B减少的势能太多，转化成系统的内能太少，可以通过减小B 的质量；增加细线的长度(或增大A 的质量;降低B 的起始高度)解决.故解决方法有：可以通过减小8 的质量；增加细线的长度(或增大A 的质量；降低8 的起始高度).(2)描点，连线，如图所示：7030j/a n(3)8下落至临落地时根据动能定理有：Mg h-jimgh=|(M +m)v2,在 B 落地后，A 运动到Q 有mv2=m g 1is,又 4、B 的质量分别为m=0.40kg、M =0.50kg,在s-九 图象上

16、任取一组数据代入可以求得：=0.4.故答案为：(1)可以通过减小B 的质量;(3)0.4(1)B减少的重力势能转化成系统的内能和A、8 的动能，4 释放后会撞到滑轮，说明8 减少的势能太多，转化成系统的内能太少，从而找作答依据(2)根据所给数据进行描点、连线作图(3)对在B下落至临落地时和在B落地后，A 运动到Q,两个过程运用动能定理，求得的表达式,再 结 合 从 s-九 图象，即 可 求 解 :在判断此类问题时，要深刻理解动能定理，能量守恒定律，要会通过图象分析相关问题12.答案:1.700；W 兀(产4AL解析：解：(1)由螺旋测微器的读数规则可知该金属丝的直径d=1.5mm+20.0 x

17、 0.01mm=1.700mm；(2)实物图连接如图所示;可得：*,又 因 为 卷所以有解得：p=Ws=Mmi2.L 4AL故答案为：(1)1.700；(2)如图所示；(3)黑兀d2.(1)螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读.(2)由欧姆定律求出电阻阻值，由电阻定律求出电阻率.(3)保护电阻应该与待测金属丝串联，根据题意确定电流表的接法，然后作出实验电路图.解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，一般步骤是先读固定刻度读数，再读可动刻度读数，在读可动刻度读数时，需估读.本题考查了求电阻率表达式、连接实物电路图，应用欧姆定律与电阻定律即可求出电阻率的表达式；根据题意确定电流

18、表接法，然后连接实物电路图.13.答案：解：(1)设工件在传送带上加速运动时的加速度为m由牛顿第二定律得：fimgcosd mgsind=ma代入数据解得：a =lm/s2刚放上下一个工件时，该工件离前一个工件的距离最小，且最小距离为：1,1,dmin-a t2=-x 1 x 12m 0.5m当工件匀速运动时两相邻工件相距最远，dm a x=vt =3 x l m=3m(2)工件加速运动的时间：t i=(=；s =3s因此传送带上总有三个(叼=3个)工件正在加速，所有做加速运动的工件对传送带的总滑动摩擦力为：l V 3Ffi 3Plmgeos。=3 x 0.4 v3 x 1 x 10 x A/

19、=18N在滑动摩擦力作用下工件移动的位移：x=-2a=m =4.5m2x1所以传送带上匀速运动的工件个数为电=产=存 生 个=3个amax J当工件与传送带相对静止后，每个工件受到的静摩擦力：Ff0=mgsind=1 x 10 x 0.5N=5N,所以做匀速运动的工件对传送带的总静摩擦力为：Ff2=n2Ff0与空载相比，传送带需要增加的牵引力为：F =+外2=18N+3X 5 N=33N传送带需要增加的功率为：勿=F u=33 X 3W =9 9 W答：(1)相邻工件间的最小距离是0.5 m,最大距离是3.；(2)满载与空载相比，电动机需要增加的电功率是9 9 W。解析：(1)工件在滑动摩擦力

20、作用下沿传送带向上匀加速运动，故两工件距离最小时即为第一个工件在时间间隔内沿传送带向上匀加速运动的距离，两工件间的最大距离指两工件都在传送带上匀速运动时两工件间的距离最远。(2)送带增加的牵引力指在传送带上沿斜面向下的摩擦力的总合力，分别求得在整个传送带上向上匀加速运动的工件数和向上匀速运动的工件数，分别求得它们滑动摩擦力的合力和静摩擦力的合力，则总合力即为传送带增加的牵引力：然后由P=F=求出电动机需要增加的电功率。本题考查了牛顿第二定律的应用，本题是多体多过程问题，根据题意分析清楚工件的运动过程是解题的前提，应用牛顿第二定律、运动学公式与功率公式即可解题。14.答案：解：(1)根据法拉第电

21、磁感应定律得：E=0.20 X 0.25V=0.05V.由欧姆定律得：/=占 詈4=0.54因为：B=B。+裳tF安=B/L=篇1-s解得：=是 产=。%：,s=175s.At(2)帅杆做匀加速运动，根据牛顿第二定律得：F F安.ma/=7R =RF安=B0IL,v=ato21 2 ctF=fm+m a +如 竺=3 +2.5t(N)RF t图线如图所示.答：(1)经过17.5s时间油棒开始滑动.(2)拉力尸随时间f变化的尸一t图线如图所示.解析：(1)根据法拉第电磁感应定律和闭合电路欧姆定律求出感应电流的大小，当安培力和最大静摩擦力相等时，外 棒开始滑到，根据平衡求出经历的时间.(2)根据牛

22、顿第二定律，结合切割产生的感应电动势公式、闭合电路欧姆定律求出作用力F随时间的关系式，从而作出F-t的关系图线.本题综合考查了电磁感应与力学和电路的综合，掌握法拉第电磁感应定律以及切割产生的感应电动势公式，并能灵活运用.15.答案：解：(1)活塞左测气体发生等温变化，根据玻意耳定律可得：p0(d-S+d-2S)=pA-d-S解得：PA=3Po(2)活塞刚好到达8 气左端，由题意得pAS+kd=PB2s对活塞右侧的气体，根据理想气体状态方程可得：萼 吧=适 箸70联立解得：上=哼答：(1)活塞左侧气体的压强为3p0；(2)弹簧劲度系数为詈。解析：活塞左侧的气体做等温变化，找出初末状态参量，根据玻

23、意耳定律求得压强；(ii)活塞右侧气体在加热的过程中，体积，温度，压强都变，找出初末状态参量，由理想气体状态方程即可求得。本题考查了理想气体状态方程和力学知识的综合应用，关键是确定气体的状态变化过程和确定状态参量，这是高考重点，要加强这方面的练习。16.答案：解：设入射角为a,折射角为,原来液面深度为/?,液面深度增加%,屏上光点移动的距离s=2W dm,n=V3，C=3.0 x 108 m/s,a=60(1)光在该液体中的传播速度/=;=V3 x 108m/s(2)光路图如图所示，根据折射定律九 二 舞 得，6=3 0。列方程得 2htanp+2 htana=2(A h+h)tanp+ss九=-=1.5dm2(tana-tanjff)(3)时间的变化量t=吾 5 一念=0.答：(1)光在该液体中的传播速度g x 108m/s.(2)液面高度的变化量为1.5dm.(3)液体的深度变化前后激光从发出到打到光屏上的时间变化了 0.解析：(1)根据=；求出光在液体中传播的速度大小.(2)通过数学几何关系结合折射定律求出液面高度的变化量.(3)分别求出光在液体深度变化前后在上升高度这段过程中运行的时间，从而求出时间的变化量.本题考查了几何光学问题，对数学几何能力要求较高，关键是作出光路图，通过折射定律以及速度与折射率的关系式进行求解.