辽宁省北镇市第三高级中学2024届高三上学期第二次月考试题物理含答案.pdf

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1、北镇三高北镇三高 20232024 学年度第一学期第二次月考高三物理试卷学年度第一学期第二次月考高三物理试卷考试时间考试时间 75 分钟分钟 试卷满分试卷满分 100 分考生注意：请在答题卡各题目规定的区域内作答，答在本试卷上无效。一、本题共分考生注意：请在答题卡各题目规定的区域内作答，答在本试卷上无效。一、本题共 10 小题，共小题，共 46 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 17 题只有一项符合题目要求，每小题题只有一项符合题目要求，每小题 4 分；第分；第 810 题有多项符合题目要求，每小题题有多项符合题目要求，每小题 6 分，全部选对的得分，全部选对的

2、得 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 分，有选错的得分，有选错的得 0 分。分。1.甲、乙两质点同时沿同一直线运动，速度随时间变化的vt图象如图所示，关于两质点的运动情况，下列说法正确的是（）A.在0t时，甲、乙运动方向相同B.在00 t内乙的加速度先增大后减小C.在00 2t内，乙的平均速度等于甲的平均速度D 若甲、乙从同一位置出发，则0t时刻相距最远2.大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是223112HHHe+Xmn，则（）A.1m，0n，X 是电子B.1m，0n，X 是中子C.0m，1n，X 是电子D.0m，1n，X 是中子3.如图

3、所示，斜面体放置在粗糙的水平地面上，在水平向右的推力 F 作用下，物体 A 和斜面体 B 均保持静止。若减小推力 F，物体 A 仍然静止在斜面上，则（）的.A.物体 A 所受合力一定减小B.斜面对物体 A 的支持力一定减小C.斜面对物体 A 的摩擦力一定减小D.斜面对物体 A 的摩擦力一定为零4.如图所示，半径为 R 的金属环竖直放置，环上套有一质量为 m 的小球，小球开始时静止于最低点，现使小球以初速度06vgR沿环上滑，小环运动到环的最高点时与环恰无作用力，则小球从最低点运动到最高点的过程中（）A.小球机械能守恒B.小球在最低点时对金属环的压力是 6mgC.小球在最高点时，重力的功率是mg

4、 RgD.小球机械能不守恒，且克服摩擦力所做的功是 0.5mgR5.如图所示，一块上、下表面平行的玻璃砖的厚度为 L，玻璃砖的折射率3n，若光从上表面 AB 射入的入射角60i，光在真空中的光速为 c，则（）A.折射角30r B.光在玻璃中传播的时间为2 33LcC.改变入射角i，光在下表面 CD 可能发生全反射D.光不能从 CD 面射出6.一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，其VT图像如图所示。下列说法正确的有（）A.AB 的过程中，气体对外界做功B.AB 的过程中，气体放出热量C.BC 的过程中，气体压强变小D.ABC 的过程中，气体内能增加7.如图所示，在静电场中有 A、B

5、 两点，则下列说法中正确的是（）A.场强 EAEB，电势 ABB.将电荷+q 从 A 点移到 B 点，电场力做负功C.将重力可忽略的电荷+q 从 A 点移到 B 点，加速度变小D.将电荷q 分别放在 A、B 两点，具有的电势能 EpAFcosA 有向下的运动趋势，静摩擦力沿斜面向上，有mgsin=Fcos+f随着 F 减小，静摩擦力 f 增大，斜面对物体 A 的摩擦力 f 不一定为零，选项 CD 错误；故选 B。4.如图所示，半径为 R 的金属环竖直放置，环上套有一质量为 m 的小球，小球开始时静止于最低点，现使小球以初速度06vgR沿环上滑，小环运动到环的最高点时与环恰无作用力，则小球从最低

6、点运动到最高点的过程中（）A.小球机械能守恒B.小球在最低点时对金属环的压力是 6mgC.小球在最高点时，重力的功率是mg RgD.小球机械能不守恒，且克服摩擦力所做的功是 0.5mgR【答案】D【解析】【详解】AD小球在最高点与环作用力恰为 0 时，设速度为 v，则2vmgmR解得vgR从最低点到最高点，由动能定理得-mg2R-W克=12mv2-12mv02又v0=6gR解得W克=0.5mgR所以机械能不守恒，且克服摩擦力所做的功是 0.5mgR，故 A 错误，D 正确；B在最低点，根据向心力公式得20vNmgmR解得N=7mg则由牛顿第三定律知，小球在最低点时对金属环的压力是 7mg，故

7、B 错误；C小球在最高点时，重力方向与速度方向垂直，重力的功率为零，故 C 错误。故选 D。5.如图所示，一块上、下表面平行的玻璃砖的厚度为 L，玻璃砖的折射率3n，若光从上表面 AB 射入的入射角60i，光在真空中的光速为 c，则（）A.折射角30r B.光在玻璃中传播的时间为2 33LcC.改变入射角i，光在下表面 CD 可能发生全反射D.光不能从 CD 面射出【答案】A【解析】【详解】A根据题意，由折射定律有sinsininr解得1sin2r 即折射角30r 故 A 正确；B由公式cnv可得，光在玻璃中传播的速度为3ccvn由几何关系可得，光在玻璃中的传播距离为2cos303LLx 则光

8、在玻璃中传播的时间为2xLtvc故 B 错误；CD由于光在CD面上的入射角等于光在AB面上的折射角，根据光路可逆性原理得知，光一定能从CD面射出，不可能在下表面CD发生全反射，故 CD 错误。故选 A。6.一定质量的理想气体从状态A经过状态B变化到状态C，其VT图像如图所示。下列说法正确的有（）A.AB过程中，气体对外界做功B.AB 的过程中，气体放出热量C.BC 的过程中，气体压强变小D.ABC 的过程中，气体内能增加【答案】B【解析】【详解】AB由图可知，AB 的过程中，气体的温度不变，内能不变，体积减小，外界对气体做功，由热力学第一定律可知，气体放出热量，故 A 错误，B 正确；C由图可

9、知，BC 的过程中，VT图像过原点，则为等压变化，气体压强不变，故 C 错误；的D由图可知，ABC 的过程中，气体温度降低，气体内能减小，故 D 错误。故选 B。7.如图所示，在静电场中有 A、B 两点，则下列说法中正确的是（）A.场强 EAEB，电势 ABB.将电荷+q 从 A 点移到 B 点，电场力做负功C.将重力可忽略的电荷+q 从 A 点移到 B 点，加速度变小D.将电荷q 分别放在 A、B 两点，具有的电势能 EpAEpB【答案】D【解析】【详解】根据顺着电场线电势降低，则知：电势 AB由图知，a 处电场线疏，b 处电场线密，而电场线的疏密表示场强的相对大小，则场强 EAEB故 A

10、错误+q 从 A 点移到 B 点，电场力方向与位移方向的夹角小于 90，则电场力做正功，故 B 错误将重力可略的电荷+q 从 A 点移到 B 点，所受的电场力增加，则加速度变大，选项 C 错误；根据负电荷在电势高处电势能小，在电势低处电势能大，则电荷-q 在 A 处电势能小，B 处电势能大，即 EpBEpA故 D 正确故选 D【点睛】本题关键要掌握电场线的两个物理意义：方向表示电势高低、疏密表示场强的大小；正电荷在高电势点的电势能较大，负电荷相反公众号：高中试卷君8.质量分别为 M 和 m 的物块形状大小均相同，将它们通过轻绳和光滑定滑轮连接，如图甲所示，绳子在各处均平行于倾角为 的斜面，M

11、恰好能静止在斜面上。若互换两物块位置，按图乙放置，然后释放 M，斜面仍保持静止。则下列说法正确的是（不考虑两物块与斜面之间的摩擦）（）A.轻绳的拉力等于 MgB.轻绳的拉力等于 mgC.M 运动加速度大小为(1 sin)gD.M 运动加速度大小为MmgM【答案】BCD【解析】【详解】CD第一次放置时质量为 M 的物体静止，则由平衡条件可得sinMgmg第二次放置，对整体，由牛顿第二定律得sin()MgmgMm a联立解得(1 sin)MmaggM故 CD 正确；AB对质量为 m 的物体研究，由牛顿第二定律得sinTmgma解得Tmg故 B 正确，A 错误。故选 BCD。9.假设地球半径为 R，

12、地球表面的重力加速度为 g0“神舟九号”飞船沿距地球表面高度为 3R 的圆形轨道运动，到达轨道的 A 点，点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的近地点 B 再次点火进入近地轨道绕地球做圆周运动下列判断正确的是()A.飞船在轨道跟轨道的线速度大小之比为 12B.飞船在轨道跟轨道的线速度大小之比为 21C.飞船在轨道绕地球运动一周所需的时间为 2 027RgD.飞船在轨道绕地球运动一周所需的时间为 16 0Rg【答案】BD【解析】【详解】AB飞船在轨道和轨道上做匀速圆周运动，均由万有引力提供向心力，设地球的质量为 M，飞船的质量为 m，则由牛顿第二定律得22mMvGmrr解得：vGMr故3142=1vR

13、vR选项 A 错误，B 正确；CD飞船在轨道绕地球运动，万有引力充当向心力，则22244(4)MmGmRRT又 GMg0R2，解得T160Rg选项 C 错误，D 正确故选 BD.【点睛】解决本题的关键掌握万有引力定律的两个重要理论：1、万有引力提供向心力，2、万有引力等于重力，并能灵活运用10.空间存在一方向与直面垂直、大小随时间变化的匀强磁场，其边界如图（a）中虚线 MN 所示，一硬质细导线的电阻率为、横截面积为 S，将该导线做成半径为 r 的圆环固定在纸面内，圆心 O 在 MN 上t=0时磁感应强度的方向如图（a）所示：磁感应强度 B 随时间 t 的变化关系如图（b）所示，则在 t=0 到

14、 t=t1的时间间隔内（）A.圆环所受安培力的方向始终不变B.圆环中的感应电流始终沿顺时针方向C.圆环中的感应电流大小为004B rStD.圆环中的感应电动势大小为2004Brt【答案】BC【解析】【详解】AB、根据 B-t 图象，由楞次定律可知，线圈中感应电流方向一直为顺时针，但在 t0时刻，磁场的方向发生变化，故安培力方向AF的方向在 t0时刻发生变化，则 A 错误，B 正确；CD、由闭合电路欧姆定律得：EIR，又根据法拉第电磁感应定律得：22BrEtt，又根据电阻定律得：2 rRS，联立得：004B rSIt，则 C 正确，D 错误故本题选 BC公众号：高中试卷君二、非选择题：本题共二、

15、非选择题：本题共 5 小题，共小题，共 54 分。分。11.某同学用伏安法测量待测电阻的阻值。现有器材为：待测电阻 R（阻值约为5），电源（电动势3V），滑动变阻器（阻值范围0 10），电流表（量程 00.6A，03A），电压表（量程 03V，015V），开关，导线若干。实验要求在测量电路中将电流表外接，滑动变阻器起限流作用。回答下列问题：（1）按照实验要求在图甲中画出实物连线图（）。（2）在连线正确后，闭合开关。电压表和电流表的示数分别如图乙和图丙所示。由图可知，电压表读数为_V，电流表读数为_A。由此可得待测电阻的阻值为_（计算结果保留 2 位小数）。【答案】.见解析 .2.20 .0.4

16、8 .4.58【解析】【详解】（1）1电流表采用外接，滑动变阻器采用限流法，因为电源电动势为 3V，则电压表的量程选用3V，根据欧姆定律知，电流的最大值大约 0.6A，则电流表量程选择 0.6A，根据实物图进行连线，按照要求连接实物如图（2）2电压表 3V 量程的精确度为 0.1V，估读到 0.01V，则2.20VU；3电流表 0.6A 量程的精确度为 0.02A，估读到 0.01A，则0.48AI；4由部分电路的欧姆定律可得2.204.580.48xURI 12.某同学用如图甲所示的装置测量滑块与水平桌面之间的动摩擦因数，实验过程如下：（1）用游标卡尺测量出固定于滑块上的遮光条的宽度 d=_

17、mm，在桌面上合适位置固定好弹簧和光电门，将光电门与数字计时器（图中未画出）连接（2）用滑块把弹簧压缩到某一位置，测量出滑块到光电门的距离 x释放滑块，测出滑块上的遮光条通过光电门所用的时间 t，则此时滑块的速度 v=_（3）通过在滑块上增减砝码来改变滑块的质量 m，仍用滑块将弹簧压缩到（2）中的位置，重复（2）的操作，得出一系列滑块质量 m 与它通过光电门时的速度 v 的值，根据这些数值，作出 v2-m-1图象如图乙所示已知当地的重力加速度为 g，由图象可知，滑块与水平桌面之间的动摩擦因数=_；弹性势能等于EP=_【答案】.5.70mm .dt .2bgx .2PbEa【解析】【详解】（1）

18、1由乙图知，游标卡尺读数为 0.5cm+140.05mm=5.70mm；（2）2滑块经过光电门的速度为vdt；（3）34根据能量守恒21m2pEmgxv整理得2122pvEgxm结合图象得：2pbEa得2pbEabmgx得2bgx .13.如图所示，质量 m=5kg 的木箱放在粗糙水平面上静止，现用大小为 30N，方向与水平方向成=37的力斜向上拉木箱，木箱与地面之间的动摩擦因数=0.5（取 g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）求：（1）物体的加速度大小；（2）若拉力作用 5s 后撤去，则撤去拉力后物体还能运动多远？【答案】.（1）1.6m/s2；（2）6.4m【解析】【

19、详解】（1）木箱受力如图所示：水平方向根据牛顿第二定律可得：1Fcosfma竖直方向根据共点力的平衡条件可得：FsinNmg 滑动摩擦力大小：fNN解得木箱加速度大小：211.6m/sa；（2）撤去拉力时木箱速度大小：18m/svat撤去拉力后木箱加速度大小：225m/sag撤去拉力后木箱运动的距离为：2264m6.4m22 5vxa=14.如图所示，质量为5kg的沙箱用四根长度均为10m的不可伸长轻细线悬挂起来，沙箱摆动过程中只能发生平动，可用此装置测量子弹的速度。若第一颗质量为1kg的子弹在极短时间内水平射入并留在沙箱中，沙箱能向上摆起的最大摆角为60，重力加速度为g取210m/s，不计空

20、气阻力，求：（1）子弹打入沙箱前的瞬时速度多大；（2）若沙箱第一次摆回到最低点的瞬间又打入第二颗相同的子弹，且子弹没有穿过沙箱，求第二颗子弹打入沙箱过程中系统损失的机械能？【答案】（1）60m/s；（2）2100JE【解析】详解】（1）根据题意可知，子弹打入沙箱瞬间，系统水平方向动量守恒，由动量守恒定律有01()mvmM v沙箱向上摆动过程中，系统机械能守恒，则有211()()(1cos)2mM vmM gL解得060m/sv，110m/sv（2）根据能量守恒定律可知，沙箱摆回到最低点时，速度大小21vv方向向左，第二颗子弹打入沙箱过程中，系统水平方向动量守恒023()2mvmMvmM v可得

21、30v【则系统损失的机械能220211()22EmvmM v解得2100JE15.如图所示，水平桌面上有一轻弹簧，左端固定在 A 点，自然状态时其右端位于 B 点水平桌面右侧有一竖直放置的圆弧轨道 MNP，其形状为半径 R=1.0 m 的圆环剪去了左上角 120的圆弧，MN 为其竖直直径，P 点到桌面的竖直距离是 h=2.4 m用质量 m=0.4 kg 的小物块将弹簧缓慢压缩到 C 点，释放弹簧后物块沿粗糙水平桌面运动，从 D 飞离桌面后恰好由 P 点沿切线落入圆弧轨道（不计空气阻力，g 取10m/s2）求：（1）小物块飞离 D 点时速度 vD的大小；（2）若圆弧轨道 MNP 光滑，小物块经过

22、圆弧轨道最低点 N 时对圆弧轨道的压力 FN的大小；（3）若小物块 m 刚好能达到圆弧轨道最高点 M，整个运动过程中其克服摩擦力做的功为 8J，则开始被压缩的弹簧的弹性势能 Ep至少为多少焦耳？【答案】（1）4 m/s（2）33.6 N（3）6.4J【解析】【分析】【详解】（1）物块离开桌面后做平抛运动，竖直方向2yv=2gh代入数据解得vy=43m/s设物块进入圆弧轨道时的速度方向与水平方向夹角为，由几何知识可得=60而tan=yDvv代入数据解得vD=4 m/s（2）物块由 P 到 N 过程，由机械能守恒定律得222111 cos6022DyNm vvmgRmv 在 N 点，支持力与重力的合力提供同心力FN-mg=m2NvR由牛顿第三定律可知代人数据解得，物块对圆弧轨道的压力33.6NNNFF（3）物块恰好到达 M 点，在 M 点重力提供向心力，由牛顿第二定律得mg=m2MvR整个过程中，由能量守恒定律得o21(1cos60)2PfMEWmghmgRmv代人数据解得在