2021届湖南省四大名校高考物理猜题试卷(A卷)(含答案解析).pdf

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1、2021届湖南省四大名校高考物理猜题试卷（A卷）一、单 选 题（本大题共6小题，共24.0分）1.用人工方法得到放射性同位素，这是一个很重要的发现，天然放射性同位素只不过40多种，而今天人工制造的同位素已达1000多种，每种元素都有放射性同位素，放射性同位素在农业、医疗卫生、科研等许多方面得到广泛应用。带电的验电器在放射线照射下电荷会很快消失，其原因是（）A.射线的贯穿作用B.射线的电离作用C.射线的物理、化学作用D.以上三个选项都不是2.2013年9月28日，郑州桃花峪黄河公路大桥建成通车，此大桥是郑云高速（郑州至焦作云台山风景区）的一部分，从此桥去焦作可缩短30分钟车程.此桥限速lOOkm

2、/儿如果某人开车在桥上行驶，突遇大雾，能见度（观察者与能看见的最远目标间的距离）仅为30?，该人的反应为0.5s,汽车刹车时能产生的最大加速度的大小为5zn/s2,为安全行驶，汽车行驶的最大速度是（）3.4.A.10m/sB.15m/sC.10V3m/sD.20m/s下列物理量的单位是“法拉”的是（）A.电场强度B.电容C.磁感应强度 D.磁通量玻璃球沿碗的内壁做水平面内的匀速圆周运动（忽略摩擦力），这时玻璃球受到的力是（）A.重力和向心力B.重力和支持力C.重力、支持力和向心力D.重力如图所示，一均匀金属圆盘绕通过其圆心且与盘面垂直的轴顺时针匀速转动。现施加一垂直圆盘向里的有界匀强磁场，圆盘

3、开始减速。不计金属圆盘与轴之间的摩擦，下列说法正确的是（）A.在圆盘减速过程中，处于磁场中的圆盘部分，靠近圆心处电势高B.在圆盘减速过程中，若使所加磁场反向，圆盘将加速转动C.若圆盘原来静止，加上图示的匀强磁场后，圆盘将加速转动D.若所加磁场穿过整个圆盘，圆盘将匀速转动6 .如图甲为射箭比赛时的场景。已知弓的顶部跨度为/,且拉弓过程中/保持不变；弦均匀且弹性良好，其自由长度也为/,劲度系数为代射箭时弦和箭可等效为图乙情景：箭在弦的正中间，弦夹在类似动滑轮的附加装置上，将箭发射出去。发射箭时弦的最大长度为2/,设弦的弹力满足胡克定律，则箭被发射瞬间所受的弹力为（）A.当kl B.kl C.V3/

4、c/D.2kl二、多 选 题（本大题共6小题，共 2 9.0 分）7 .如图所示，电阻不计间距为工光滑平行金属导轨水平放置，导轨左端接有阻值为R 的电阻，以导轨的左端为原点，沿导轨方向建立x 轴，导轨处于竖直向下的磁感应强度大小为8的强磁场中，一根电阻为凡 质量为，”的金属杆垂直于导轨放置于沏处，不计金属杆与轨道间的接触电阻，现给金属杆沿x 轴正方向的初速度孙，金属杆刚好能运动到2q处，在金属杆运动过程中（）A.通过电阻R 的电荷量为智B .金属杆上产生的焦耳热为2 m 诏C.金属杆克服安培力所做的功为诏D.金属杆运动到1.5 a处时速度大小为半8.如图甲所示，理想变压器原副线圈的匝数比为4：

5、1,。是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除 R 以外其余电阻不计。从某时刻开始单刀双掷开关掷向在原线圈两端加上如图乙所示交变电压，则下列说法中正确的是（）9.10.A.B.C.D.-311当开关与。连接时，电压表的示数为55V当开关与“连接时，滑动变阻器触片向下移,Af/./V311、2-7 TIO-2S电压表示数不变，电流表的示数变小开关由a 扳到6 时.，副线圈电流表示数变为原来的2倍当单刀双掷开关由“拨向6 时，副线圈输出电压的频率变为原来2倍如图所示，质量相等的两个物块A 和 B 用细线连接后，再用轻弹簧将A 悬挂，A 和 B处于静止状态。剪断细线，物块A 向上运动到最高

6、点的过程，不计空气阻力。下列说法正确的是（）A.B.C.D.国剪断细线时，物块4 的加速度大小为g弹簧恢复原长时，物块A 的速度最大物块A 所受弹簧弹力做的功等于克服重力做的功弹簧的弹性势能减少量等于物块A 的机械能增加量如图甲所示，电阻不计且间距L=1爪的光滑平行金属导轨竖直放置，上端接一阻值R=2。的电阻，虚线。0下方有垂直于导轨平面向里的匀强磁场.现将质量m=0.1kg、电阻不计的金属杆必从。上方某处由静止释放，金属杆就在下落的过程中与导轨保持良好接触且始终水平，已知金属杆外进入磁场时的速度%=lm/s,下落0.3m的过程中加速度。与下落距离的关系图象如图乙所示，g 取lO m/s2,则

7、（）X X X XX Xrf XX X X XX X X X图甲匀强磁场的磁感应强度为2Ta/(m s2)10 0 _ _A30ft/(10-2m)-10图乙A.B.金属杆ab下落0.3m时的速度为0.5m/sC.D.金属杆ab下落0.3巾的过程中R上产生的热量为0.2/金属杆必下落0.3m的过程中通过R 的电荷量为0.25C11.下列说法正确的是（）A.只要知道水的摩尔质量和水分子的质量，就可以计算出阿伏加德罗常数B.悬浮微粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动越明显C.浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距大，分子间作用力表现为引力D.一定质量的理想气体先等压

8、膨胀，再等容降温，其压强必低于起始压强12.如图所示，一列简谱横波沿x 轴正向(向右)传播，从波传到久=5nl处开始计时(t=O s),已知x=1m处的质点尸连续两次位于波峰的时间间隔为0.4 s,则下面说法中正确的是()A.该列波在0.1s内向右传播的距离为B.该列波波源的起振方向沿y 轴正向C.在00.1s内，质点Q(x=1.5m)通过的路程是IOC T MD.在t=0.2s时，质点Q(x=1.5m)的振动方向沿y 轴正向E.质点N(x=9m)经过0.5s第一次到达波谷三、实验题(本大题共2 小题，共 15.0分)13.一名同学用如图1示装置做“测定弹簧的劲度系数”的实验.图2图1以下是这

9、位同学根据自己的设想拟定的实验步骤，请按合理的操作顺序将步骤的序号写在横线上A.以弹簧长度/为横坐标，以钩码质量，为纵坐标，标出各组数据。,加)对应的点，并用平滑的曲线连接起来;B.记下弹簧下端不挂钩码时，其下端A 处指针在刻度尺上的刻度，；C.将铁架台固定于桌子上，将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺;。.依次在弹簧下端挂上1个、2 个、3 个 钩码，待钩码静止后，读出弹簧下端指针指示的刻度记录在表格内，然后取下钩码；E.由图象找出m-/间的函数关系，进一步写出弹力与弹簧长度之间的关系式（重力加速度取g=9.80m/s2）；求出弹簧的劲度系数.如 图 2 为根据实验测得数据标

10、出的对应点，请作出钩码质量m与弹簧长度/之间的关系图线.写出弹簧弹力F 和弹簧长度/之间关系的函数表达式：此实验得到的结论是：此弹簧的劲度系数k=N n.（计算结果保留三位有效数字）如果将指针分别固定在图示4 点上方的B处和A 点下方的C 处，做出钩码质量m和指针刻度/的关系图象，由图象进一步得出的弹簧的劲度系数心、七.心、经与人相比，可能是（请将正确答案的字母填在横线处）A./CB大 于 斤 B.心等于忆C.小小于4 D.kc等于k.1 4.实验室内有一电压表 W,量程为150机 匕 内阻约为1300.现要将其改装成量程为10机 4 的电流表。为此，实验室提供如下器材：4 干电池E（电动势为

11、1.51Z）B.滑动变阻器R（最大阻值为10。）C.电流表4（有1.5mA,15加4 与 150，以 三个量程）。.导线若干及开关K。（1）对电表改装时必须知道电压表的内阻。虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路原理图的一部分，请将电路图补充完整。（2）在既不损坏仪器又能使精确度尽可能高的条件下，电路中电流表4 应选用的量程是 若合上K,调节滑动变阻器后测得电压表的读数为150mV,电流表A 的读数为1.20巾4则电压表的内阻Rmu为（3）要 将 该 电 压 表 改 装 成 量 程 为 10，必 的电流表，那么应该在电压表上_ _ _ _ _联（填“串”或“并”）一个定值电阻，该电阻阻值&

12、=2（保留3 位有效数字）四、计算题(本大题共4 小题，共 46.0分)15.如图所示，带正电的物体质量m=1.0 k g,电量q=2.0 X l O/C,物体当作质点处理.物体距离水平绝缘桌面边缘L=2.0 m,在水平向右的电场作用下由静止开始运动.物体与水平面间的动摩擦因数=0.10.水平向右的匀强电场充满整个空间，电场强度E=1.0 x lO5/m.桌面距离地面高度九=5.0m.求：(1)物体运动到桌面边缘的速率？(2)物体落地点距离桌面边缘的水平距离？(g=10.(hn/s2)(结果保留两位有效数字)16.在光滑水平面上有4、B 两木块平齐紧靠在一起.已知ni4=1kg,告mB=0.9

13、9kg.子弹质量m=O.OMg.子弹以水平初速度%=800m/s射入木块A,穿过A 留在木块B 中，最终B 的速度为5 m/s,求:(1)子弹射穿A 后，A 速度多大.(2)子弹在射穿A 过程中，对 A 冲量大小.17.如图所示，一定质量的理想气体密封在体积为的容器中，室温为3 0 0 K,有一光滑导热活塞C(不占体积)将容器分成A、B 两 室,B 室的体积是A 室的两倍，A 室容器连接有一 U 形管(U形管内气体的体积忽略不计)，两边水银柱高度差为76am 8 室容器连接有一阀门K,可与大气相通。(外界大气压强Po=76cmHg)(i)将阀门K 打开后，4 室的体积变成多大？5)在(i)的情

14、况下，将容器加热到500K,U 形管内两边水银面的高度差为多少？18.雨后彩虹是太阳光经过天空中小水珠折射后形成的，太阳光经过小水珠折射后某色光的光路如图所示.虚线是入射光线和出射光线延长线，a太阳光折射光是两虚线夹角.由于太阳光是复色光，而水对不同色光折射率不同，光频率越高，折射率越大.则色光在水珠中的传播速度最大；红光和紫光经过小水珠折射后，a红 a冢选填“”“=或，）【答案与解析】1 .答案：B解析：解：因放射线的电离作用，空气中与验电器所带电荷电性相反的离子与之中和，所以使验电器所带电荷消失。故B正确，A C。错误；故选：B。电子吸收光子得到能量克服核的束缚，发生了电离。解决本题的关键

15、知道各种射线的性质，带电的验电器在放射线照射下电荷会很快消失，是因为射线的电离作用。2.答案：B解析：解：设汽车的初速度为。0,则在反应时间里汽车的位移为/=%t友=0$%，根据匀变速直线运动的速度位移关系式如汽车做匀减速直线运动的位移2a因为能见度为30皿，所以有保证安全的前提下满足：%i +x 错误。故 选:B.明确各物理量所对应的单位即可正确解答本题。本题考查对物理量单位的掌握程度.对于以人名命名的单位可以结合科学家的成就进行记忆。4.答案：B解析：解：玻璃球沿碗的内壁做匀速圆周运动，受到重力和支持力作用，合力提供向心力，故AC。错误，B正确.故选：B向心力是根据效果命名的力，只能由其它

16、力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力.本题学生很容易错误的认为物体受到向心力作用，要明确向心力的特点，同时受力分析时注意分析力先后顺序，即受力分析步骤.5.答 案:D解析：解：4、将金属圆盘看成由无数金属幅条组成，根据右手定则判断可知：圆盘上的感应电流由圆心流向边缘，所以靠近圆心处电势低，故4错误；8、若所加磁场反向，只是产生的电流反向，根据楞次定律可知，安培力还是阻碍圆盘的转动，所以圆盘还是减速转动，故8错误；C、若圆盘原来静止，加上图示的匀强磁场后，圆盘不会切割磁感线，圆盘将静止不动，故C错误；。、若所加磁场穿过整个圆盘时，圆盘在切割磁感线，产生感应电动势，相当于

17、电路断开，则不会产成感应电流，没有安培力的作用，圆盘将匀速转动，故。正确；故选：。将金属圆盘看成由无数金属幅条组成，根据右手定则判断感应电流的方向，从而判断电势的高低，形成感应电流，再根据左手定则，即可求解。本题关键要掌握右手定则、安培定则，并能正确用来分析电磁感应现象，对于这两个定则运用时，要解决两个问题：一是什么条件下用；二是怎样用。6.答案：C解析：解：由几何知识知，两侧弦和虚线构成一个正三角形，则弦伸长的长度为 =2 1-1 =1由胡克定律知，弦上的拉力为尸=kx=也两侧弦之间的夹角为60。，则箭受到的弹力为=2Fcos30。=8也.故C正确，错误。故选：C由几何知识确定出弦伸长的长度

18、，根据胡克定律求出弦上的最大拉力。由力的平行四边形定则求出箭受到的弹力即两个弦上拉力的合力。本题要熟练运用几何知识确定弦之间的夹角，运用力的合成平行四边形定则求合力7.答案：A C D解析：解：A、整个过程中通过导体截面的电荷量q =/t =鬻，A正确；B、整个过程中回路中产生的焦耳热为诏，所以金属杆上产生的焦耳热为Q i =：x：7 n 诏诏,B错误；C、根据动能定理可得，金属杆克服安培力所做的功为诏，C正确；D、设速度减为葭经过的时间为匕，通过的位移为修；速度减为0 经过的时间为t 2,通过的位移为X 2；根据动量定理可得：=m(v0-y)=1 m v0,Bl2Lt2=|m v0,p i

19、l.B2L2vtr 1w：一/%，82/?乐 以2R1=”先，所以有：嘤1 =如 为，喙 这 二 纲 为，解 得 所 以 金 属 杆 运 动 到 1.5 x o 处时速度大小为热。正确。故选：ACD.根据电荷量的经验公式求解通过电阻R的电荷量；根据能量守恒定律求解金属杆上产生的焦耳热；根据动能定理求解金属杆克服安培力所做的功；根据动量定理求解金属杆运动到1.5 a 处时速度大小。对于电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解。8.答案：AC解

20、析：解：A、当开关与。连接时，原副线圈匝数比为%：物=4：1,由图乙，原线圈输入电压的有 效 值 为/=母=*/=2 2 0 乙 根据葛=信解得：副线圈电压的有效值4=5 5 V,电压表的示数为交流电压的有效值，所以电压表的示数为5 5 匕 故A正确；8、当开关与。连接时，滑动变阻器触片向下移，原线圈输入电压不变，匝数不变，则副线圈输出电压不变，电压表示数不变，滑动变阻器阻值减小，根据闭合电路欧姆定律可知，副线圈输出电流增大，则电流表的示数变大，故 8错误；C、开关由。扳到6 时，原副线圈匝数比为2：1,则副线圈输出电压增大到原来的2 倍，根据欧姆定律可知，副线圈电流表示数变为原来的2 倍，故

21、 C正确；。、匝数的变化，不会改变频率，故当单刀双掷开关由。扳向匕时，副线圈输出电压的频率不变，故。错误。故选：AC根据普=中求副线圈的电压；由闭合电路欧姆定律求副线圈的电流；变压器不会改变交流电的频率。本题考查了理想变压器的基本原理，变压器会改变交流电的电压和电流,但不能改变交流电的频率。9.答案：A C D解析：解：A、开始时系统处于平衡状态，弹簧的弹力大小为尸=2 m g,当细线剪断瞬间，弹簧不能突变，则 4受的合力为F m g =ma,将F =2 m g 代入得加速度大小为g,方向向上，则A正确；B、当弹簧的弹力等于，咫 时 A的速度最大，以后要减速运动，则 8错误；CD.A初末态的速

22、度都是0,则动能没变化，则弹簧弹力做的功等于克服重力做的功，弹簧的弹性势能减少量等于物块A的机械能增加量，则 CC正确。故选：ACD.分析开始时两物体及弹簧的受力，根据弹簧的弹力不能突变的性质，根据牛顿第二定律可求得加速度大小；再根据两物体的运动情况分析弹簧的形变；根据机械能守恒的条件分析系统是否机械能守恒。本题是动力学中典型的问题：瞬时问题，往往先分析悬线剪断前弹簧的弹力，再分析悬线判断瞬间物体的受力情况，再求解加速度，抓住悬线剪断瞬间弹力没有来得及变化。10.答案：ABD解析：解：A、进入磁场后，根据右手定则判断可知金属杆血中电流的方向由。到b.由左手定则知，杆而所受的安培力竖直向上.由乙

23、图知，刚进入磁场时，金属杆外的加速度大小劭=1 0 z n/s 2,方向竖直向上.由牛顿第二定律得：BI0L-m g =m a0设杆刚进入磁场时的速度为孙，则有/。=等，K K联立得：B L V q-mg=m a QR代入数据，解得：B=2 T,故 A正确.B、通过a -力 图象知九=0.3m,a =0,表明金属杆受到的重力与安培力平衡，有m g =BIL=BL,=B L”,解得：v=0.5TH/S,即杆ab下落0.3m 时金属杆的速度为0.5 m/s,故B正确.R RC、从开始到下落0,3巾的过程中，由能的转化和守恒定律有：m gh=Q+1m v2代入数值有：Q =-：/)=0.1 x (1

24、 0 x 0.3 0.5 2)/=0.2 8 7 5/,故。错误.D、金属杆自由下落的高度左=0.05m,ab下落0.3m的过程中，通过R的电荷量：q=It=丝纹辿=2X1X（O.3-O.O5）C=0.25C.故 D 正确.R R 2故选：ABD.由乙图读出金属杆进入磁场时加速度的大小，判断出加速度方向.由法拉第电磁感应定律、欧姆定律推导出安培力与速度的关系式，由牛顿第二定律列式可求出磁感应强度.从开始下落到下落0.3巾的过程中，杆的机械能减小转化为内能，由能量守恒列式可求出电阻R上产生的热量.由图看出，下落0.3m时，根据电荷量的经验公式即可求电荷量.本题关键要根据图象的信息读出加速度和杆的

25、运动状态，熟练推导出安培力与速度的关系式，由牛顿第二定律、安培力、法拉第电磁感应定律、欧姆定律、能量守恒等多个知识综合求解.11.答案：A D解析：解：A、知道水的摩尔质量M和水分子的质量相，根据N.=可以计算出阿伏伽德罗常数，故A正确；8、悬浮颗粒越大，在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动就越不明显，故B错误；C、当浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距小，分子间作用力表现为引力的缘故，故C错误；。、先等压膨胀，由气态方程牛=C可知，温度升高，再等容降温，压强减小，其压强必低于起始压强，故。正确。故选：AD.知道水的摩尔质量M和水分子的质量“根据N“=可以计算出阿伏伽

26、德罗常数，悬浮颗粒越大,在某一瞬间撞击它的液体分子数就越多，布朗运动就越不明显，浸润现象产生的原因是附着层内分子间距比液体内部分子间距小，分子间作用力表现为引力的缘故，根据理想气体状态方程即可判断压强的变化。本题关键明确分子动理论、布朗运动等热学基本规律，关键是正确利用理想气体状态方程，解决气体状态参量问题。12.答案：A D E解析：解：A、这列波在P点连续出现两个波峰的时间间隔为0.4 s,则该波的周期为7=0.4 s,由图读出波长4=4m.则波速为f =*=10?n/s.所以该列波在0.1s内向右传播的距离为x=vt=1m.故A正确.B、该列波波源的起振方向与图示时刻x=5m处质点的振动

27、方向相同，沿 y 轴负方向，故 B 错误.C,t=0.1s=p由于图示时刻质点。不在平衡位置和最大位移处，所以在00.1s内，质点Q(x=1.5m)通过的路程不等于振幅10a”，故 C 错误.D、简谱横波沿x 轴正向(向右)传播，由波形平移法知，t=0时刻，质点Q(x=1.5m)的振动方向沿y 轴负向，贝!Jt=0.2s=T时，质点Q 的振动方向沿y 轴正向，故。正确.E、当图中x=4m处的波谷传到质点N 时，质点N 第一次到达波谷，用时t=Y=0.5S,故 Ev 10正确.故选：ADEP 点相继出现两个波峰的时间间隔等于周期.由图读出波长，求出波速.由x=ut求波在0.1s内向右传播的距离.

28、简谐横波沿x 轴正方向传播，介质中各质点的起振方向都与图示时刻M 点的振动方向相同.当图示x=4m处的波谷传到质点N 时，N 点第一次到达波谷.本题考查分析和理解波动图象的能力.E 项也可以先求出波从图示位置传到N 点的时间.波传到N点时，N 点向下振动，再经过;T第一次形成波谷，将两个时间相加即为所求时间.13.答案：CBDAE F=12.5(/-0.15)12.5 AD由图象利用数学规律可知对应的函数关系为：F=12.5 x(Z-0.15)对比胡克定律?=依可知，劲度系数应为：k=12.57V/m如果将指针固定在A 点的上方B 处，由于选用的弹簧变短，则弹簧的劲度系数变大，得出弹簧的劲度系

29、数与左 相比，要大于A故 A 正确.如果将指针固定在A点的下方C处，弹簧的长度不变；故劲度系数不变，得出弹簧的劲度系数仍等于 上 故 O正确.故选：AD.故答案为：(l)C B Z M E；(2)如图所示；(3)F =1 2.5(/-0.1 5)；(4)1 2.5；(5)4。(1)根据测量弹力与弹簧形变量之间关系的实验原理明确实验步骤；(2)根据描出的点利用直线将各点相连；(3)由得出的图象，利用数学规律可得出对应的表达式；(4)结合表达式及胡克定律可得出对应的劲度系数；(5)根据固定点不同时，得到的弹簧实际长度的变化可得出对应的劲度系数的变化.应用胡克定律注意弹簧的形变量既可以是弹簧的伸长量

30、又可以是压缩量，解题时注意弹簧是被拉长还是被压缩.同时注意图象法在实验数据分析中的应用.1 4.答案：1.5 1 2 5 并 1 7.0解析：解：(1)电源电动势为1.5 心 为测多组实验数据滑动变阻器应采用分压接法，图示电路图如图所示；(2)通过电压表的最大电流约为：/=竺 嘿 3 1.1 5 x 1 0-3 4 =电流表应选择1.5 m ARy 13OJ2量程；电压表内阻：Rm m v V =Yi=)=1 2 5。；1.20 x10-34(3)将该电压表mV改装成量程为1 0/公 的电流表，那么应该在电压表上并联一个定值电阻，该电阻U 150 xl0-3y阻值R。=巨=诉=1 7 0 41

31、2512故答案为：(1)电路图如图所示；(2)1.5,1 2 5；(3)并，1 7.0。(1)根据题意确定滑动变阻器的接法，然后根据实验原理作出实验电路图。(2)根据通过电压表的最大电流选择电流表量程；根据题意应用欧姆定律求出电压表内阻。(3)把电压表改装成电流表需要并联分流电阻，应用并联电路特点与欧姆定律可以求出并联电阻阻值。本题考查了电压表内阻的测量与电流表的改装，掌握基础知识是解题的前提与关键，应用串并联电路特点与欧姆定律即可解题。15.答案：解：(1)从释放到运动到桌面最边缘，由动能定理，有：qEL fimgL=1 7解有：v0=2.0m/s(2)竖直方向由自由落体有：1h=5gtz水

32、平方向在电场下匀加速直线运动，有：qE=ma1 2x vQt+-at联立解得：x=3.0m答：(1)物体运动到桌面边缘的速率为2.0m/s；(2)物体落地点距离桌面边缘的水平距离为3.0m.解析：(1)滑块受重力、支持力、电场力和摩擦力，根据动能定理列式求解离开桌面后的初速度；(2)离开桌面后，将合运动沿着水平和竖直方向正交分解，水平方向受电场力，竖直方向受重力，故水平方向是匀加速直线运动，竖直方向是自由落体运动，根据牛顿第二定律和运动学公式列式分析即可.本题考查滑块在电场中的运动，要考虑重力的影响，同时要采用正交分解法研究分运动，注意水平方向的力不影响竖直方向的运动，同理，竖直方向的力也不影

33、响水平方向的运动.16.答案：解：(1)子弹在木块A 内运动过程，AB是一起运动的，小球向右为正方向，子弹和4 8 组成的系统动量守恒，mv0=mvj+(mA+mB)vA子弹在木块B 内运动过程,A、8 已经分开,子弹和B 组成的系统动量守恒,m%+HIB以=(niB+m)vB由以上各式可得：vA=3m/s(2)子弹在射穿A 过程，对 A：IBA=mAvA对 B：IAB mBvA可得：!=+mB)vA=5.97Ns答：(1)子弹射穿A 后，A 速度是3m/s；(2)子弹在射穿A 过程中，对 A 冲量大小是5.97Ns.解析：（1）由于子弹穿过A 留在木块B 中，最终8 的速度为5 rn/s,所

34、以子弹先与4B 组成的系统动量守恒，然后子弹与B 组成的系统动量守恒，两次列式即可求得A 的速度.（2）子弹在射穿A 过程，子弹对A 有作用力及冲量，3 对 A 也有冲量，使用动量定理即可求解.解决本题的关键知道运用动量守恒定律解题，首先要确定好研究的对象以及研究的过程，然后根据动量守恒定律与动量定理列表达式.17.答案：解：。）阀门K 未打开时，PA=2P0,匕=：%（Po是外界大气压）阀门K 打开后P）=P。，7 4=?根据玻意耳定律得：PAVA=PAVA解得：片4=|%3）打开阀门K 后将容器内的气体加热时，4 室气体先发生等压变化。设等压变化过程，最终活塞C 到最右边时温度为T,则对A

35、 有：手=卷TA T解得：T=450K7i=500K 4 5 0 K,从450K-500K A 室气体发生等容变化。包=匕7r解得：P=84AcmHg故 U 形管内两边水银面的高度差为：h=P-P0=84.4-76cmHg=8.4cmHg答：将阀门K 打开后，A 室的体积变成1%；（ii）在的情况下，将容器加热到500K,U 形管内两边水银面的高度差为8.4cmHg解析：将阀门K 未打开时，A 室中气体的压强等于大气压的2 倍，根据已知条件：B 室的体积是A空的两倍，求出A 室气体的体积；将阀门K 打开后，A室中气体发生等温变化，根据玻意耳定律求解体积；（五）打开阀门K 后，将容器内的气体从3

36、00K加热时，A 室中气体先发生等压变化，根据盖吕萨克定律求出活塞C 移到最右边时容器内气体的温度，将 500K与此温度进行比较，分析气体所发生的变化过程，当 C 滑到最右端时，再加热，气体将发生等容变化，由查理定律求解A 室中气体的温度，即可得到U 形管内两边水银面的高度差.本题关键是分析封闭气体的状态过程，再根据气体状态方程和已知的变化量求解。18.答案：红;解析：解：水对不同色光折射率不同，光频率越高，折射率越大.红光的折射率最小，由 =知红色光在水珠中的传播速度最大；入射角相同时，红光和紫光经过小水珠折射后，设第一次折射时入射角为i,折射角为r,则由几何关系得：=r-(i-r)=2 r-i,得a=4r-2i.红光的折射角最大，则a最大，则有a?f a赞.故答案为：红,.折 射 率 与 光 速 的 关 系 为 折 射 率 越 大，光速越小，相同的入射角，介质对这种色光的偏折角越大.考查光的折射现象，掌握光的折射定律，理解光的偏折程度与光的频率关系，注意几何关系的正确运用.