广东省东莞市第四中学2023-2024学年高三上学期10月月考物理试题含答案.pdf

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1、东莞市第四高级中学东莞市第四高级中学 2023-2024 学年度学年度第一学期第一学期 10 月月考试卷月月考试卷一、单选题（本大题共一、单选题（本大题共 7 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 28 分）分）1.根据你对物理概念和规律的理解，下列说法中正确的是（）A.静止的物体可能受滑动摩擦力作用，运动的物体可以受静摩擦力作用B.枪膛中的子弹的加速度约为 105m/s2，射出的速度可达 1000m/s 左右，所以加速度大，速度变化就越大C.微小的力不能使坚硬的物体发生形变，就没有弹力产生D.竖直上抛运动的物体到达最高点时速度为零，加速度也为零2.如图甲所示，一只小猫饭后来到池塘边散步

2、，之前停留在池塘边的一条小鱼看到小猫后，从静止快速沿直线游离池塘边缘，全过程中小鱼的vt图像如图乙所示。关于小鱼的整个运动过程，下列说法正确的是（）A.4t时刻小鱼离池塘边缘最近B.4t时刻小鱼受到的合力为 0C.在45tt内，小鱼的加速度与速度方向相同D.小鱼在10t内和35tt内的加速度方向相同3.如图所示，一铁球放在板与竖直墙之间，当板向上缓慢抬起，使角变小时，下面说法正确是（）A.球对墙的压力将变小B.球对墙的压力将变大C.球对板的压力将变小D.球对板的压力保持不变4.如图所示是某手机防摔装置，商家宣传只要手机摔落角度合适，可以保证从 2m的高处自由摔落而不破，下列有关说法正确的是（）

3、A.防摔装置可以减小手机的动量的变化量B.防摔装置可以减小手机的动量的变化率C.防摔装置可以减小手机的动能的变化量D.防摔装置可以增加地面对手机的作用力5.如图所示为某型号汽车在水平路面上启动过程中的速度时间图像，Oa 为过原点的倾斜直线，ab 段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc 段是与 b 点相切的水平直线，则下列说法正确的是（）A.0t1时间内汽车做匀加速运动且功率保持不变B.t1t2时间内的平均速度大于121()2vvC.t2t3时间内汽车牵引力大于汽车所受阻力D.t1t2时间内汽车牵引力做功为22211122mvmv6.如图甲所示装置是一种大型抛石机，图乙是其工作原理的简化图。将质

4、量10kgm 的石块，装在与转轴 O 相距4.8mL 的长臂末端口袋中，最初静止时长臂与水平面的夹角30，发射时对短臂施力使长臂转到竖直位置时立即停止运动，石块靠惯性被水平抛出，落在水平地面上、若石块落地位置与抛出位置间的水平距离19.2mx，不计空气阻力，g 取 10m/s2，正确的选项是（）A.石块抛出后运动时间为 12sB.石块被抛出瞬间的速度大小为 12m/sC.石块即将落地时重力的瞬时功率为 1200WD.石块落地的瞬时速度大小为 16m/s7.如图总质量为 460kg 的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为 0.5m/s2，当热气球上升到 180m时，以 5m/s 的速度向上匀

5、速运动，若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度 g 取 10m/s2.关于热气球，下列说法正确的是（）A.所受浮力大小为 5060NB.加速上升过程中所受空气阻力保持不变C.从地面开始上升 10s 后的速度大小为 5m/sD.以 5m/s 的速度匀速上升时所受空气阻力大小为 230N二、多选题（本大题共二、多选题（本大题共 3 小题，共小题，共 18 分。每小题全对分。每小题全对 6 分、漏选分、漏选 3 分、错选或者不选分、错选或者不选 0 分）分）8.关于如图所示的四种圆周运动情景，说法正确的是（）A.图甲：细绳一端系住盛水的小桶在竖直面内做圆周运动，要

6、使水不流出，水在最高点所受的合力为零B.图乙：铁路弯道处的外轨略高于内轨，当火车速度大于设计速度时，会对外轨产生挤压C.图丙：汽车过凹形路面最低点时速度越大，对路面的压力越小D.图丁：小孩快速转动雨伞把雨水甩出去利用了离心现象，吸附在雨伞上水所受合力小于所需向心力的9.2022 年 9 月 1 日，神舟十四号航天员乘组在问天实验舱圆满完成首次出舱任务，问天实验舱对接天和核心舱的过程可简化为如图情景：问天实验舱经椭圆轨道，在 A 点与圆形轨道上的天和核心舱对接，轨道离地高度约为400km，下列说法正确的是（）A.问天实验舱需要加速才能和天和核心舱对接B.问天实验舱在轨道和轨道上经过 A 点时加速

7、度大小相等C.问天实验舱在轨道上运行速率在7.9km/s到11.2km/s之间D.问天实验舱在轨道上的运行周期小于在轨道上的周期10.如图所示，在光滑的水平面上，有一质量为 M 的长木板以一定的初速度向右匀速运动，将质量为 m 的小铁块无初速度地轻放到长木板右端，小铁块与长木板间的动摩擦因数为，当小铁块在长木板上相对长木板滑动 L 时，与长木板保持相对静止，此时长木板对地的位移为 x，在这个过程中，下面说法正确的是（）A.小铁块增加的动能为 mg（x+L）B.长木板减少的动能为 mgxC.摩擦产生的热量为 mg（x-L）D.系统机械能的减少量为 mgL三、实验题（本大题共三、实验题（本大题共

8、2 小题，共小题，共 18.0 分）分）11.利用如图甲所示的装置进行“验证机械能守恒定律”的实验：（g 取 9.80 m/s2）（1）需要测量由静止开始到某点的瞬时速度 v 与下落高度 h。某同学利用实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案以上方案中正确的是_。A用刻度尺测出物体下落的高度 h，并通过 v=2gh计算出瞬时速度 vB用刻度尺测出物体下落的高度 h，用秒表测出下落时间 t，并通过 v=gt 计算出瞬时速度 vC用刻度尺测出物体下落的高度 h，根据做匀变速直线运动时纸带某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，计算出瞬时速度 vD根据做匀变速直线运动时纸带某点的瞬时速度等于这

9、点前后相邻两点间的平均速度，计算出瞬时速度v，并通过 h=22vg 计算出高度 h（2）实验中，测得所用重物的质量为 1.00 kg。实验中得到一条点迹清晰的纸带（如图乙所示），把第一个点记作 O，另选连续的五个点 A、B、C、D、E 作为测量的点，经测量知道 A、B、C、D、E 各点到 O 点的距离分别为 3.14 cm、4.90 cm、7.05 cm、9.59 cm、12.48cm。已知电磁打点计时器所用电源的频率为 50Hz，当地的重力加速度 g=9.80 m/s2。（计算结果取三位有效数字）根据以上数据，打点计时器打下 D 点时，重物下落的速度 vD=_m/s；根据以上数据，可知重物由

10、 O 点运动到 D 点，重力势能的减少量等于_ J；若同学丁在实验中打出的纸带第一、二点间的距离为 0.32 cm，那么原因是_。12.甲、乙两同学用如图甲所示的实验装置探究加速度与物体所受合力及质量关系的实验：（1）甲同学保持小车和砝码总质量 M 不变，改变盘和重物的总质量 m，在某一次实验中得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为 T0.1s，且间距 x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出分别为3.09cm、3.43cm、3.77cm、4.10cm、4.44cm、4.77cm，则小车的加速度 a=_m/s2。（结果保留两位有效数字）（2）甲同学多次实验后根据实验数据作出了小

11、车的加速度 a 随合力 F 的变化图线如图丙所示，图丙中的图线上部出现了弯曲偏离了原来的直线，其主要原因是_；A甲同学做实验时不满足盘和重物质量 m 远小于小车和车上砝码总质量 MB甲同学未将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C甲同学平衡摩擦力时长木板右端垫高倾角太大D甲同学未调节滑轮的高度，使细线与木板平行（3）甲同学利用所作的加速度 a 随合力 F 的变化图线求得了小车及砝码的总质量 M_kg。（4）乙同学保持盘和重物的总质量 m 不变，改变小车和砝码总质量 M，关于乙同学在实验中的操作，下列说法正确的是_A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C平衡摩擦力时

12、应去掉牵引重物，小车后面的纸带必须连接好D该实验环节中盘和重物的总质量 m 可以大于小车和砝码的总质量 M多次实验后根据实验数据作出了 a1M图线如图丁所示，并求得图线斜率为 k，乙同学得到盘和重物的总质量 m 为_。（已当地重力加速度为 g）四、解答题（本大题共四、解答题（本大题共 3 小题，共小题，共 36 分）分）13.我国自行研制、具有完全自主知识产权的新一代大型喷气式客机 C919 首飞成功，拉开了全面试验试飞的新征程。假设飞机在平直跑道上从静止开始自西向东做加速运动，经过时间 t=30s 后达到起飞所要求的速度 v=80m/s，此时滑行距离为 x=1.8103m。已知飞机质量 m=

13、7.5104kg，牵引力恒为 F=2.5105N，加速过程中受到的阻力随速度变化，重力加速度取 g=10m/s2，求飞机加速过程中：（1）飞机达到起飞要求时的动量大小；（2）牵引力的平均功率；（3）飞机所受阻力的冲量。14.如图所示，质量A2kgm 小物块 A 可以看作质点，以初速度03m/sv 滑上静止的木板 B 左端，木板 B 足够长，当 A、B 的速度达到相同后，A、B 又一起在水平面上滑行直至停下。已知B1kgm，A、B 间的动摩擦因数，10.2，木板 B 与水平面间的动摩擦因数，20.1，g 取210m/s。求：的的（1）小物块 A 刚滑上木板 B 时，A、B 的加速度大小Aa和Ba

14、；（2）A、B 速度达到相同所经过的时间 t；（3）A、B 一起在水平面上滑行至停下的距离。15.小明将如图所示的装置放在水平地面上，该装置由弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道 AB 和倾角=37的斜轨道 BC 平滑连接而成。质量 m=0.1kg 的小滑块从弧形轨道离地高 H=1.0m 的 M 处静止释放。已知R=0.2m，LAB=LBC=1.0m，滑块与轨道 AB 和 BC 间的动摩擦因数均为=0.25，弧形轨道和圆轨道均可视为光滑，忽略空气阻力。（1）选择水平地面为零势能面，滑块在 M 处时的机械能为多少；（2）滑块运动到 D 点时对轨道的压力；（3）通过计算判断滑块能否冲出斜轨道末端 C

15、点。的东莞市第四高级中学东莞市第四高级中学 2023-2024 学年度学年度第一学期第一学期 10 月月考试卷月月考试卷一、单选题（本大题共一、单选题（本大题共 7 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 28 分）分）1.根据你对物理概念和规律的理解，下列说法中正确的是（）A.静止的物体可能受滑动摩擦力作用，运动的物体可以受静摩擦力作用B.枪膛中的子弹的加速度约为 105m/s2，射出的速度可达 1000m/s 左右，所以加速度大，速度变化就越大C.微小的力不能使坚硬的物体发生形变，就没有弹力产生D.竖直上抛运动的物体到达最高点时速度为零，加速度也为零【答案】A【解析】【分析】【详解】A

16、静止的物体可以受滑动摩擦力，如相对地面静止而相对接触面运动的物体；运动的物体可能受静摩擦力，如静止在加速运动的汽车内的物体受到静摩擦力；故 A 正确；B由va t ，速度变化与两个因素有关，故 B 错误；C微小的力也能使坚硬的物体发生微小的形变，也有弹力产生，故 C 错误；D竖直上抛运动的物体到达最高点时速度为零，加速度为 g，故 D 错误。故选 A。2.如图甲所示，一只小猫饭后来到池塘边散步，之前停留在池塘边的一条小鱼看到小猫后，从静止快速沿直线游离池塘边缘，全过程中小鱼的vt图像如图乙所示。关于小鱼的整个运动过程，下列说法正确的是（）A.4t时刻小鱼离池塘边缘最近B.4t时刻小鱼受到合力为

17、 0C.在45tt内，小鱼的加速度与速度方向相同D.小鱼在10t内和35tt内的加速度方向相同【答案】C的【解析】【详解】A根据 v-t 图像与时间轴所围的面积表示位移，知 0t4内小鱼的位移最大，离池塘边缘最远，故 A 错误；Bv-t 图像的斜率表示加速度，t4时刻图像的斜率不为 0，则小鱼受到的合力不为 0，故 B 错误；C在 t4t5内，小鱼做匀加速直线运动，小鱼的加速度与速度方向相同，故 C 正确；D0t1内图像的斜率为正，t3t5内图像的斜率为负，则小鱼在 0t1内的加速度方向与 t3t5内的加速度方向相反，故 D 错误。故选 C。3.如图所示，一铁球放在板与竖直墙之间，当板向上缓慢

18、抬起，使角变小时，下面说法正确的是（）A.球对墙的压力将变小B.球对墙的压力将变大C.球对板的压力将变小D.球对板的压力保持不变【答案】B【解析】【详解】以光滑的球为研究对象，受力如图所示根据平衡条件得挡板对球的支持力N1=sinmgF墙对球的弹力N2=tanmgF当夹角缓慢减小时，sin，tan减小，则挡板对球的支持力变大，墙对球的弹力变大，根据牛顿第三定律球对挡板的压力变大，球对墙的压力将变大。故选 B。4.如图所示是某手机防摔装置，商家宣传只要手机摔落角度合适，可以保证从 2m 高处自由摔落而不破，下列有关说法正确的是（）A.防摔装置可以减小手机的动量的变化量B.防摔装置可以减小手机的动

19、量的变化率C.防摔装置可以减小手机的动能的变化量D.防摔装置可以增加地面对手机的作用力【答案】B【解析】【详解】依题意，根据动量定理F tp ，可得pFt可知防摔装置的作用是延长了手机与地面的接触时间t，从而减小手机所受到的合外力，即减小手机动量的变化率pt，而手机动量的变化量p未发生变化。由于高度不变，则动能的变化量保持不变。故选 B。5.如图所示为某型号汽车在水平路面上启动过程中的速度时间图像，Oa 为过原点的倾斜直线，ab 段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc 段是与 b 点相切的水平直线，则下列说法正确的是（）A.0t1时间内汽车做匀加速运动且功率保持不变B.t1t2时间内的平均速度

20、大于121()2vvC.t2t3时间内汽车牵引力大于汽车所受阻力D.t1t2时间内汽车牵引力做功为22211122mvmv【答案】B【解析】【详解】A由题图可知，0t1时间内汽车做匀加速运动，功率从零开始逐渐增大，在 t1时刻功率达到额定功率，A 错误；B如果 t1t2时间内汽车做匀加速直线运动，则汽车的平均速度为121=(+)2vvv由速度时间图像可知，图线与时间轴围成的面积表示汽车的位移，汽车在 t1t2时间内的位移大于匀加速直线运动的位移，所以汽车在 t1t2时间内平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，即121()2vvv B 正确；C由速度时间图像可知 t2t3时间内汽车做匀速直线运动

21、，汽车牵引力等于汽车所受阻力，C 错误；Dt1t2时间内汽车动能的变化量为22211122mvmv，根据动能定理知合外力做的动才等于动能的变化量，汽车除了牵引力做功，还要克服摩擦力做功，D 错误。故选 B。6.如图甲所示装置是一种大型抛石机，图乙是其工作原理的简化图。将质量10kgm 的石块，装在与转轴 O 相距4.8mL 的长臂末端口袋中，最初静止时长臂与水平面的夹角30，发射时对短臂施力使长臂转到竖直位置时立即停止运动，石块靠惯性被水平抛出，落在水平地面上、若石块落地位置与抛出位置间的水平距离19.2mx，不计空气阻力，g 取 10m/s2，正确的选项是（）A.石块抛出后运动时间为 12s

22、B.石块被抛出瞬间的速度大小为 12m/sC.石块即将落地时重力的瞬时功率为 1200WD.石块落地的瞬时速度大小为 16m/s【答案】C【解析】【详解】A石块被抛出时，做平抛运动，竖直方向的高度sin7.2mhLL则石块在空中运动的时间为21.2shtg故 A 错误；BD石块水平方向速度为0v，则0v tx解得016m/sv 石块落地时，竖直方向速度12m/syvgt则落地瞬间速度为22020m/syvvv故 BD 错误；C块即将落地时重力的瞬时功率为1200WyPmgv故 C 正确。为故选 C。7.如图总质量为 460kg 的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为 0.5m/s2，当热气

23、球上升到 180m时，以 5m/s 的速度向上匀速运动，若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度 g 取 10m/s2.关于热气球，下列说法正确的是（）A.所受浮力大小为 5060NB.加速上升过程中所受空气阻力保持不变C.从地面开始上升 10s 后的速度大小为 5m/sD.以 5m/s 的速度匀速上升时所受空气阻力大小为 230N【答案】D【解析】【详解】A从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有F浮-mg=ma解得F浮=m（g+a）=460（10+0.5）N=4830N故 A 错误；B气球受重力、浮力和空气阻力，

24、若阻力不变，合力不变，气球会匀加速上升，而最后热气球匀速运动，故 B 错误；C刚开始竖直上升时的加速度为 0.5m/s2，气球是变加速运动，加速度逐渐减小，故 10s 后的速度大小小于 5m/s，故 C 错误；D以 5m/s 匀速上升时，根据平衡条件，有F浮=mg+f解得f=230N故 D 正确。故选 D。二、多选题（本大题共二、多选题（本大题共 3 小题，共小题，共 18 分。每小题全对分。每小题全对 6 分、漏选分、漏选 3 分、错选或者不选分、错选或者不选 0 分）分）8.关于如图所示的四种圆周运动情景，说法正确的是（）A.图甲：细绳一端系住盛水的小桶在竖直面内做圆周运动，要使水不流出，

25、水在最高点所受的合力为零B.图乙：铁路弯道处的外轨略高于内轨，当火车速度大于设计速度时，会对外轨产生挤压C.图丙：汽车过凹形路面最低点时速度越大，对路面的压力越小D.图丁：小孩快速转动雨伞把雨水甩出去利用了离心现象，吸附在雨伞上的水所受合力小于所需向心力【答案】BD【解析】【详解】A图甲：细绳一端系住盛水的小桶在竖直面内做圆周运动，要使水不流出，水在最高点所受的合力为重力提供圆周运动所需的向心力，A 错误；B图乙：铁路弯道处的外轨略高于内轨，当火车速度大于设计速度时，所需的向心力更大，会对外轨产生挤压，B 正确；C图丙：汽车过凹形路面最低点时速度越大，支持力与重力的合力提供向心力，故汽车过凹形

26、路面最低点时速度越大，对路面的压力越大，C 错误；D图丁：小孩快速转动雨伞把雨水甩出去利用了离心现象，吸附在雨伞上的水所受合力小于所需向心力做离心运动，D 正确。故选 BD。9.2022 年 9 月 1 日，神舟十四号航天员乘组在问天实验舱圆满完成首次出舱任务，问天实验舱对接天和核心舱的过程可简化为如图情景：问天实验舱经椭圆轨道，在 A 点与圆形轨道上的天和核心舱对接，轨道离地高度约为400km，下列说法正确的是（）A.问天实验舱需要加速才能和天和核心舱对接B.问天实验舱在轨道和轨道上经过 A 点时加速度大小相等C.问天实验舱在轨道上运行速率在7.9km/s到11.2km/s之间D.问天实验舱

27、在轨道上的运行周期小于在轨道上的周期【答案】AB【解析】【详解】A问天实验舱需要在 A 点点火加速，才能变轨更高轨道与和天和核心舱对接，故 A 正确；B根据牛顿第二定律可得2GMmmar解得2GMar由于M、r都相同，则问天实验舱在轨道和轨道上经过 A 点时加速度大小相等，故 B 正确；C地球第一宇宙速度7.9km/s是卫星绕地球做匀速圆周运动的最大线速度，则问天实验舱在轨道上运行速率小于7.9km/s，故 C 错误；D由于轨道的半径大于轨道的半长轴，根据开普勒第三定律可知，问天实验舱在轨道上的运行周期大于在轨道上的周期，故 D 错误。故选 AB。10.如图所示，在光滑的水平面上，有一质量为

28、M 的长木板以一定的初速度向右匀速运动，将质量为 m 的小铁块无初速度地轻放到长木板右端，小铁块与长木板间的动摩擦因数为，当小铁块在长木板上相对长木板滑动 L 时，与长木板保持相对静止，此时长木板对地的位移为 x，在这个过程中，下面说法正确的是（）A.小铁块增加的动能为 mg（x+L）B.长木板减少的动能为 mgxC.摩擦产生的热量为 mg（x-L）D.系统机械能减少量为 mgL【答案】BD【解析】【详解】A小铁块相对地面的位移为 x-L，水平方向只受到木板对铁块的摩擦力，根据动能定理有k10()22Emvmg xL故 A 错误；的B对长木板，摩擦力做负功，根据动能定理kEmgx 故 B 正确

29、；C摩擦产生的热量与相对位移有关，即QmgL故 C 错误；D根据能量守恒定律，系统机械能的减少量等于摩擦产生的热量，即EmgL故 D 正确。故选 BD。三、实验题（本大题共三、实验题（本大题共 2 小题，共小题，共 18.0 分）分）11.利用如图甲所示的装置进行“验证机械能守恒定律”的实验：（g 取 9.80 m/s2）（1）需要测量由静止开始到某点的瞬时速度 v 与下落高度 h。某同学利用实验得到的纸带，设计了以下四种测量方案以上方案中正确的是_。A用刻度尺测出物体下落的高度 h，并通过 v=2gh计算出瞬时速度 vB用刻度尺测出物体下落的高度 h，用秒表测出下落时间 t，并通过 v=gt

30、 计算出瞬时速度 vC用刻度尺测出物体下落的高度 h，根据做匀变速直线运动时纸带某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，计算出瞬时速度 vD根据做匀变速直线运动时纸带某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，计算出瞬时速度v，并通过 h=22vg 计算出高度 h（2）实验中，测得所用重物的质量为 1.00 kg。实验中得到一条点迹清晰的纸带（如图乙所示），把第一个点记作 O，另选连续的五个点 A、B、C、D、E 作为测量的点，经测量知道 A、B、C、D、E 各点到 O点的距离分别为 3.14 cm、4.90 cm、7.05 cm、9.59 cm、12.48cm。已知电磁打点计时器

31、所用电源的频率为50Hz，当地的重力加速度 g=9.80 m/s2。（计算结果取三位有效数字）根据以上数据，打点计时器打下 D 点时，重物下落的速度 vD=_m/s；根据以上数据，可知重物由 O 点运动到 D 点，重力势能的减少量等于_ J；若同学丁在实验中打出的纸带第一、二点间的距离为 0.32 cm，那么原因是_。【答案】.C .1.36 .0.940 .先释放纸带，后接通电源打点【解析】【详解】（1）1实验中应用刻度尺测出物体下落的高度 h，根据做匀变速直线运动时纸带某点的瞬时速度等于这点前后相邻两点间的平均速度，计算出瞬时速度 v。如果直接用匀变速直线运动的公式计算速度，则默认了加速度

32、为重力加速度，也默认机械能守恒，失去本实验的意义。故选 C。（2）2每两点的时间间隔0.02sT打点计时器打下 D 点时，重物下落的速度为1.36m/s2ECDhhvT3重物由 O 点运动到 D 点，重力势能的减少量为2p1.00 9.80 9.59 10 J=0.940JE4纸带第一、二点间的距离为 0.32 cm，大于 0.2 cm，原因是先释放纸带，后接通电源打点。12.甲、乙两同学用如图甲所示的实验装置探究加速度与物体所受合力及质量关系的实验：（1）甲同学保持小车和砝码总质量 M 不变，改变盘和重物的总质量 m，在某一次实验中得到一条如图乙所示的纸带，已知相邻计数点间的时间间隔为 T0

33、.1s，且间距 x1、x2、x3、x4、x5、x6已量出分别为3.09cm、3.43cm、3.77cm、4.10cm、4.44cm、4.77cm，则小车的加速度 a=_m/s2。（结果保留两位有效数字）（2）甲同学多次实验后根据实验数据作出了小车的加速度 a 随合力 F 的变化图线如图丙所示，图丙中的图线上部出现了弯曲偏离了原来的直线，其主要原因是_；A甲同学做实验时不满足盘和重物质量 m 远小于小车和车上砝码总质量 MB甲同学未将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C甲同学平衡摩擦力时长木板右端垫高倾角太大D甲同学未调节滑轮的高度，使细线与木板平行（3）甲同学利用所作的加速度 a 随合力 F

34、 的变化图线求得了小车及砝码的总质量 M_kg。（4）乙同学保持盘和重物的总质量 m 不变，改变小车和砝码总质量 M，关于乙同学在实验中的操作，下列说法正确的是_A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B实验时应先释放小车后接通电源C平衡摩擦力时应去掉牵引重物，小车后面的纸带必须连接好D该实验环节中盘和重物的总质量 m 可以大于小车和砝码的总质量 M多次实验后根据实验数据作出了 a1M图线如图丁所示，并求得图线斜率为 k，乙同学得到盘和重物的总质量 m 为_。（已当地重力加速度为 g）【答案】.0.34 .A .0.5 .C .kg【解析】【详解】(1)1由逐差法得26543212)(0.34m

35、/s9xxaxxxxT(2)2根据牛顿第二定律，对盘和重物mgFma对小车和砝码FMa解得的1gaMm，1mgFmM本实验是把盘和重物的重力当作小车的合力，a 与 F 才成线性关系。而根据1mgFmM可知，只有mM时才成立。显然实验数据不满足。又根据1gaMm可知，随着质量的增加，加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，最后趋近于定值 g。故选 A。(3)3由FMa得1FaFMMg结合图，可知10.20.1M解得0.5kgM(4)4A每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力。故 A 错误；B实验时应先接通电源后释放小车。故 B 错误；C平衡摩擦力时应去掉牵引重物，小车后面的纸带必

36、须连接好。故 C 正确；D该实验环节中盘和重物的总质量 m 要远小于小车和砝码的总质量 M。故 D 错误。故选 C。5根据1FaFMMg又Fmg结合图得Fmgk解得kmg四、解答题（本大题共四、解答题（本大题共 3 小题，共小题，共 36 分）分）13.我国自行研制、具有完全自主知识产权的新一代大型喷气式客机 C919 首飞成功，拉开了全面试验试飞的新征程。假设飞机在平直跑道上从静止开始自西向东做加速运动，经过时间 t=30s 后达到起飞所要求的速度 v=80m/s，此时滑行距离为 x=1.8103m。已知飞机质量 m=7.5104kg，牵引力恒为 F=2.5105N，加速过程中受到的阻力随速

37、度变化，重力加速度取 g=10m/s2，求飞机加速过程中：（1）飞机达到起飞要求时的动量大小；（2）牵引力的平均功率；（3）飞机所受阻力的冲量。【答案】（1）6106kgm/s；（2）1 0107W；（2）-2.4106Ns，向东【解析】【详解】（1）根据动量的定义=mv代入数据可得=6106kgm/s（2）由WFxWPt带入数据可得5372.5 101.8 101.5 10 W30FxPWt（3）取向东为正方向，对飞机加速过程，由动量定理fFtImv 解得If=1.5106Ns方向向西。.14.如图所示，质量A2kgm 的小物块 A 可以看作质点，以初速度03m/sv 滑上静止的木板 B 左

38、端，木板 B 足够长，当 A、B 的速度达到相同后，A、B 又一起在水平面上滑行直至停下。已知B1kgm，A、B 间的动摩擦因数，10.2，木板 B 与水平面间的动摩擦因数，20.1，g 取210m/s。求：（1）小物块 A 刚滑上木板 B 时，A、B 的加速度大小Aa和Ba；（2）A、B 速度达到相同所经过的时间 t；（3）A、B 一起在水平面上滑行至停下的距离。【答案】（1）2A2m/sa，2Bs1m/a；（2）=1st；（3）0.5mx【解析】【详解】（1）根据题意可知，A 与 B 之间的滑动摩擦力大小11A4Nfm gB 与水平面之间的滑动摩擦力大小22AB3Nfmmg当 A 刚滑上

39、B 时，由牛顿第二定律，对 A 有1AAfm a对 B 有12BBffm a解得2A2m/sa，2Bs1m/a（2）设 A、B 达到相同的速度为v，对 A、B 相对滑动的过程，由公式0vvat对 A 有0Avva t对 B 有Bva t解得1st，1m/sv（3）以 A、B 整体为研究对象，由牛顿第二定律得2ABfmma一起在水平面上滑行至停下过程202vax 解得0.5mx 15.小明将如图所示的装置放在水平地面上，该装置由弧形轨道、竖直圆轨道、水平直轨道 AB 和倾角=37的斜轨道 BC 平滑连接而成。质量 m=0.1kg 的小滑块从弧形轨道离地高 H=1.0m 的 M 处静止释放。已知R

40、=0.2m，LAB=LBC=1.0m，滑块与轨道 AB 和 BC 间的动摩擦因数均为=0.25，弧形轨道和圆轨道均可视为光滑，忽略空气阻力。（1）选择水平地面为零势能面，滑块在 M 处时的机械能为多少；（2）滑块运动到 D 点时对轨道的压力；（3）通过计算判断滑块能否冲出斜轨道的末端 C 点。【答案】（1）1J；（2）5N；（3）不能冲出 C 点【解析】【详解】（1）滑块在 M 点的机械能为=1JEmgH（2）滑块由 M 运动到 D 的过程，根据动能定理有21(2)02Dmg HRmv解得2 3m/sDv 滑块在 D 点，据牛顿第二定律可得2DvmgNmR解得5NN 根据牛顿第三定律可知，滑块运动到 D 点时对轨道的压力大小为 5N，方向竖直向上。（3）滑块由 M 点运动到 BC 轨道的最高点，根据动能定理有(sin37)(cos37)0ABmg HLmg LL解得15m1m16L 所以不能冲出 C 点。