2022年中考化学真题分项汇编-专题19流程图题(通用版•第2辑).docx

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1、专题19 流程图题1.【2022四川乐山中考】垃圾分类有利于保护环境，充分利用资源。某厂从废旧电子产品中回收贵重金属同时制备CuSO45H2O的工艺流程如下：已知：步骤3中发生反应的化学方程式为： 。回答下列问题：（1）从垃圾分类的角度，该厂加工的废旧电子产品属于 。A. 有害垃圾B. 可回收垃圾C. 厨余垃圾D. 其他垃圾（2）流程中步骤回收的贵重金属为_。（3）流程中操作a表示一系列的操作，包括：蒸发浓缩、_、过滤、洗涤、干燥等。（4）步骤中发生反应的化学方程式为_。【答案】（1）B （2）金、银 （3）降温结晶 （4）【解析】（1）根据该流程图可知，可从废旧电子产品中回收贵重金属，同时制

2、备CuSO45H2O，于是从垃圾分类的角度，该厂加工的废旧电子产品属于可回收垃圾，故选B；（2）根据流程中步骤 是铁与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，步骤是铜与稀硫酸、氧气在加热条件下生成硫酸铜和水，所以粗铜中的铜和铁均已完全反应完，则流程中步骤回收的贵重金属为金、银；（3）由溶液得到晶体，应进行一系列的操作，包括：蒸发浓缩、降温结晶、过滤、洗涤、干燥等，故填：降温结晶；（4）步骤中发生反应是铁与稀硫酸反应生成硫酸亚铁和氢气，该化学反应方程式为：，故填：。2.【2022湖南长沙中考】在完成“实验室用氯酸钾和二氧化锰混合物加热制取氧气”的实验后，小明在老师的指导下回收二氧化锰和氯化钾，实验流程如下

3、图所示。（1）操作a的名称是_。（2）在这个反应中二氧化锰的作用是_。（3）请你计算：若制得1.92 g氧气，则参加反应的氯酸钾（KClO3）的质量为_g。（4）请你设计实验方案，证明滤渣已洗净_。【答案】（1）过滤 （2）催化作用或加速氯酸钾分解 （3）4.9 g。（4）取最后一次洗涤液滴加硝酸银溶液，如无沉淀生成则洗净【解析】（1）操作a将固体和液体分离，是过滤。（2）氯酸钾分解中，二氧化锰加速氯酸钾分解，反应前后质量和化学性质不变，是该反应的催化剂，起到催化作用。（3）解：设制取1.92 g氧气需要氯酸钾的质量为x答需要氯酸钾的质量为4.9 g。（4）氯酸钾在加热及二氧化锰催化作用下分解

4、为氯化钾和氧气，滤渣表面可能残留杂质氯化钾，则证明滤渣已洗净需要检验是否含有氯离子，可以使用硝酸银溶液。方法是取最后一次洗涤液滴加硝酸银溶液，如无沉淀生成则洗净。因只要与硝酸银反应有沉淀生成即说明有杂质，不需要排除其他离子的干扰，可不加入稀硝酸。3.【2022江苏苏州中考】锰元素能形成MnO、MnO2、Mn2O3和Mn3O4等多种氧化物，其中Mn3O4是重要的结构材料。工业用硫酸锰（MnSO4）制备Mn3O4的流程如下：（1）“沉淀”反应是。该反应的基本类型为_。（2）写出“过滤”所得滤液的一种用途：_。（3）将Mn（OH）2加水“打浆”制成悬浊液，可加快“氧化”反应速率的原因是_。（4）“氧

5、化”时，Mn（OH）2与空气中的氧气在60条件下反应生成Mn3O4，该反应的化学方程式为_。（5）通过测定固体产物中锰元素质量分数来推断产物成分。“氧化”所得固体产物中锰元素质量分数随通空气时间的变化如图所示。通空气8小时左右，所得固体几乎全部为Mn3O4.推出该结论的依据是_。通空气超过8小时，产物中锰元素质量分数减小的原因是_。【答案】（1）复分解反应 （2）作氮肥 （3）增大氢氧化锰与氧气接触面积 （4） （5）Mn3O4中锰元素的质量分数约为 . 部分Mn3O4转化为更高价态的锰的氧化物（或部分Mn3O4转化为Mn2O3.MnO2）【解析】（1）氨水可电离出铵根离子和氢氧根离子，根据反

6、应可知硫酸锰和氨水反应生成氢氧化锰和硫酸铵，属于两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反应即复分解反应，故填：复分解反应；（2）根据题意可知，过滤后滤液中含有硫酸铵，硫酸铵含有氮元素属于氮肥，故填：作氮肥；（3）将氢氧化锰加水“打浆”制成悬浊液，可以在通入空气是与氧气充分接触从而加快“氧化”反应速率，故填：增大氢氧化锰与氧气接触面积；（4）氢氧化锰与空气中的氧气在60条件下反应生成四氧化三锰和水，化学方程式为：；（5）硫酸锰中锰元素的质量分数是，如图通空气8小时左右，所得固体中锰元素质量分数也是，故说明此时所得固体几乎全部为Mn3O4；通空气超过8小时，产物中锰元素质量分数减小的原因是：部

7、分Mn3O4转化为更高价态的锰的氧化物（或部分Mn3O4转化为Mn2O3.MnO2）4.【2022湖北宜昌中考】科技的发展，催生了许多新型化学工艺流程。（1）上述流程对于解决能源问题有重大意义。反应I的化学方程式为_。将氢能储存在_（填化学式）中，解决了氢能源不便贮存和运输的问题。（2）“碳中和”是指通过植树造林、节能减排等措施使二氧化碳的排放总量和减少总量相当。上述流程中有利于实现“碳中和”，消耗二氧化碳的反应化学方程式为_。（3）我们的下列做法中，有利于实现“碳中和”的是_。A. 减少车辆接送，步行上学B. 正反两面书写，节约用纸C. 勤洗手勤换衣，讲究卫生D. 垃圾分类投放，回收利用【答

8、案】（1） CH3OH （2） （3）ABD【解析】（1）反应I为电解水生成氢气和氧气的反应，该反应的化学方程式为：；氢气属于气体，不便贮存和运输，将氢能转化为甲醇CH3OH，甲醇为液体燃料，解决了氢能源不变贮存和运输的问题；（2）上述流程中有利于实现“碳中和”，消耗二氧化碳的反应为反应II中二氧化碳和氢气在催化剂下反应生成甲醇和水，该反应方程式为：；（3）碳中和就是针对排放的二氧化碳，采取植树、节能减排等各种方式全部抵消掉。A.减少车辆接送，步行上学，节能减排，有利于实现碳中和；B.正反两面书写，节约用纸，节约资源，有利于实现碳中和；C.勤洗手勤换衣，讲究卫生，与碳中和无关；D.垃圾分类投放

9、，回收利用，节约资源，有利于实现碳中和；故选ABD。5.【2022广西贺州中考】某燃煤电厂产生的固体废弃物粉煤灰中含有较多的氧化铝。从粉煤灰中提取氧化铝的工艺流程如下。（1）“酸浸”中使用的酸是_（填字母序号）。A. HClB. H2SO4C. HNO3（2）“煅烧”后产物X的化学式为_，写出“煅烧”过程发生的化学方程式：_。（3）该工艺的价值在于_。【答案】（1）B （2）H2O； （3）废物再利用（或有利于保护金属资源等）【解析】（1）由于“酸浸”后生成了硫酸铝，所以“酸浸”中使用的是硫酸，故选B；（2）氢氧化铝煅烧生成氧化铝和水，水的化学式为：H2O；该反应化学方程式；（3）该工艺的价值

10、在于废物再利用或有利于保护金属资源等6.【2022山西中考】新型发光陶瓷是将高科技蓄光材料融人传统陶瓷釉料中，经高温烧制而成。它吸蓄光能后，可在水阴暗环境中自行发光，以下是其部分生产流程。分析流程，回答问题：（1）上述设备中，有化学变化发生的是_。（2）练泥机将水和坏料充分调和，其作用相当于实验操作中的_。（3）施釉机先将蓄光釉料印刷在坯体上，再涂抹一层透明釉料的作用是_（合理即可）。（4）生产蓄光材料需要在稀有气体环境中进行，利用稀有气体的性质是_。（5）若坯料中铁粉未被除去，则烧制的陶瓷会出现黑点，其原因是_（用化学方程式解释）。【答案】（1）烧成炉 （2）搅拌 （3）保护蓄光釉料/提高釉

11、面性能 （4）化学性质很不活泼/一般不与其它物质发生反应（合理即可） （5）【解析】（1）如图前几步中，都是物质的形状等发生变化没有生成新物质，属于物理变化，烧成炉中陶坯经过加热生成了新物质属于化学变化，故填：烧成炉；（2）练泥机将水和坏料充分调和，其作用相当于实验操作中的搅拌；（3）施釉机先将蓄光釉料印刷在坯体上，再涂抹一层透明釉料，这样就将里面的蓄光釉料覆盖起来起到保护作用，故填：保护蓄光釉料或提高釉面性能；（4）稀有气体化学性质稳定，不易与釉料发生化学反应，故填：化学性质很不活泼或一般不与其它物质发生反应；（5）根据题意，残留的铁会与氧气在点燃的条件下反应生成四氧化三铁，化学方程式为：。

12、7.【2022湖南岳阳中考】梦溪笔谈中记载了用“苦泉水”制取铜的方法：“挹其水熬之，则成胆矾，烹胆矾则成铜：熬胆矾铁釜，久之亦化为铜”。此文记录了两种冶铜工艺，主要流程如图所示。资料：“熬成胆矾”是将硫酸铜溶液蒸发制得硫酸铜晶体，该化学反应为：。（1）写出“铁釜”中发生反应的化学方程式_；（2）上述生产过程中，没有涉及到的化学反应类型是_（填字母）；A. 化合反应B. 分解反应C. 置换反应D. 复分解反应（3）实验室从硫酸铜溶液中分离出硫酸铜品体的操作过程为：加热蒸发到饱和；降温析出晶体；_（填操作名称）；（4）生产生活中铁釜（铁锅）易锈蚀，请写出一种金属防锈的方法_。【答案】（1） （2）

13、D （3）过滤 （4）刷油漆（或制成合金等）【解析】（1）“铁釜”中发生反应是铁与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，故反应的化学方程式为：；（2）由苦泉水得到胆矾晶体，是硫酸铜与水在加热条件下生成胆矾，该反应的化学方程式为：，该反应符合“多变一”的特征，属于化合反应；方案一胆矾晶体通过加热得到铜，该反应属于分解反应；方案二中硫酸铜溶液与铁反应生成硫酸亚铁和铜，该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，是置换反应，由此，该操作流程中没有涉及复分解反应，故选：D；（3）从硫酸铜溶液中分离出硫酸铜品体的操作过程为：加热蒸发到饱和；降温析出晶体；过滤，故填：过滤；（4）铁同时接触水

14、和氧气会生锈，防止金属生锈的方法：刷油漆或制成合金等。8.【2022湖北黄石中考】二氧化铈（CeO2）是一种重要的稀土氧化物。平板电视显示屏生产过程中产生大量的废玻璃粉末（含SiO2、Fe2O3、CeO2、FeO等物质）。某学习组以此粉末为原料，设计以下工艺流程对资源进行回收，得到纯净的CeO2和硫酸铁铵晶体NH4Fe（SO4）2xH2O。已知：CeO2不溶于稀硫酸，也不溶于NaOH溶液；SiO2不溶于酸（氢氟酸除外）。回答下列问题：（1）稀酸A是_；（2）操作的名称为_；（3）滤渣2是_（填化学式）；（4）滤液2中发生反应的化学方程式为：2Ce2（SO4）3+12NaOH+O2+2甲=4Ce

15、（OH）4+6Na2SO4，甲的化学式是_；（5）硫酸铁铵NH4Fe（SO4）2中Fe元素的化合价为_价。【答案】（1）稀硫酸 （2）过滤 （3）SiO2 （4）H2O （5）+3【解析】（1）Fe2O3、FeO能和硫酸反应；CeO2不溶于稀硫酸，SiO2也不溶于酸，加入稀硫酸可将CeO2和SiO2与Fe2O3、FeO分离，且最终要得到纯净硫酸铁铵晶体，含有硫酸根，为了不引入新的杂质离子，则稀酸A是稀硫酸，故填：稀硫酸；（2）操作后得到了滤渣和滤液，固液分离开，则过滤操作；（3）根据上述分析，滤渣1中是CeO2和SiO2，滤渣1中加入稀硫酸和H2O2，CeO2转化为Ce3+存在于滤液2中，则滤

16、渣2为SiO2；（4）根据质量守恒定律，反应前：4个Ce、6个S、38个O、12个Na、12个H，反应后：4个Ce、6个S、40个O、12个Na、16个H，则2甲中含有4个H、2个O，则甲是H2O；（5）硫酸铁铵中，铵根是+1价，硫酸根是-2价，设铁的化合价是x，则，则x=+3。9.【2022湖南常德】某火力发电厂产生的固体废弃物粉煤灰中含有较多的氧化铝（Al2O3）。从粉煤灰中提取氧化铝的工艺流程如图，请回答下列问题：（1）“操作 a”的名称_；（2）加足量氨水能将Al3+全部转化成Al（OH）3，写出氨水的化学式_；（3）“酸浸”时发生的主要反应的化学方程式为_；（4）写出“煅烧”时涉及的

17、主要反应的化学方程式_。【答案】（1）过滤 （2）NH3H2O （3）（4）【解析】（1）操作a实现了固液分离，名称是过滤；（2）氨水的化学式为：NH3H2O；（3）粉煤灰中含有较多的氧化铝，“酸浸”时生成硫酸铝，故加入的酸是硫酸，氧化铝和硫酸反应生成硫酸铝和水，该反应的化学方程式为：；（4）“煅烧”时涉及的主要反应为氢氧化铝在高温下反应生成氧化铝和水，该反应的化学方程式为：。10.【2022陕西中考A】白铜是铜、镍（Ni）合金，某学习小组同学欲利用废弃的白铜回收铜、镍两种金属。（1）先向盛有等量镍粉和锌粉的两支试管中分别加入溶质质量分数相同的稀硫酸，观察到都有气泡产生，且锌粉与稀硫酸反应更剧

18、烈，镍粉与稀硫酸反应后的溶液为绿色，说明镍的金属活动性比锌_（填“强”或“弱”）。查阅资料可知，镍与稀硫酸反应的化学方程式为：。（2）接下来，同学们设计了如下实验流程回收铜和镍。上图中，固体A是_，中反应化学方程式是_（只写一个）。（3）要验证Ni、Zn、Cu的金属活动性顺序，用下列各组药品进行实验，不能达到目的的是_（填字母）。A. Ni、Zn、Cu、稀盐酸B. Ni、Cu、ZnSO4溶液C. Zn、Cu、NiSO4溶液D. Ni、ZnSO4溶液、CuSO4溶液【答案】（1）弱；（2） 铜（或Cu） ；或；（3）B【解析】（1）根据题意可知，镍和锌都能与酸反应但是锌与稀硫酸反应更剧烈，说明镍

19、的金属活动性比锌弱，故填：弱；（2）根据资料可知镍能与稀硫酸反应，而铜排在氢后不与酸反应，故此第一步加入的稀硫酸会与镍反应生成硫酸镍和氢气，故固体A是铜；由于酸过量则溶液B中含有硫酸镍和剩余的硫酸，锌会与硫酸反应生成硫酸锌和氢气，由于锌排在镍前，锌能与硫酸镍反应生成硫酸锌和镍，故化学方程式为：或。（3）A.镍和锌均能与稀盐酸反应生成氢气产生冒气泡现象，而铜不能，故此证明铜排在最后，而镍不能与生成的氯化锌反应，锌能与生成的氯化镍反应，故说明锌在镍前，最终证明锌镍铜，选项正确；B.镍和铜均不能与硫酸锌反应，说明锌的活动性最强，但无法证明镍和铜的活动性，选项错误；C.锌能与硫酸镍反应置换出镍说明锌在

20、镍前，而铜不与硫酸镍反应无现象，说明铜在镍后，最终证明锌镍铜，选项正确；D.镍不能与硫酸锌反应说明锌在镍前，镍能与硫酸铜反应有红色物质析出，说明镍在铜前，最终证明锌镍铜，选项正确；故选：B。11.【2022四川眉州中考】某工厂废液中含有氯化钠、氯化铜和氯化亚铁。某化学兴趣小组想废物再利用，要从废液中回收铜并得到铁红（主要成分Fe2O3）。已知物质A是日常生活中使用最广泛的金属。他们设计的实验方案如下图：回答下列问题：（1）步骤反应的化学方程式为_。（2）固体甲的成分有（用化学式表示）_。（3）完成步骤的化学方程式：_。（4）操作I、均进行的操作名称为_，该操作中使用的玻璃仪器名称是（任写一种）

21、_。【答案】（1） （2）Fe、Cu （3）2H2O （4） 过滤 玻璃棒（或漏斗或烧杯）【解析】（1）根据金属化学活动性顺序可知，铁的活动性比铜强，能把铜盐中铜给置换出来，步骤反应为铁与氯化铜反应生成氯化亚铁和铜，化学方程式为Fe+CuCl2=FeCl2+Cu；（2）固体甲的成分有被置换出的铜和过量的铁，化学式为Fe、Cu；（3）根据质量守恒定律，反应前，4Fe、10O、8H，反应后，4Fe、12O、12H，故反应前还有2O、4H，故填2H2O；（4）由的反应看出，都有固体和液体生成，而过滤是分离固体和液体的一种操作，故操作I、均进行的操作名称为过滤，该操作中主要用到的仪器为漏斗、烧杯、滤纸

22、、玻璃棒、铁架台，故使用的玻璃仪器名称是玻璃棒（或“漏斗”或“烧杯”）。12.【2022广东中考】铁铜双金属粉末可用于生产机械零件。利用还原铁粉和CuSO4溶液制备该产品的工艺流程如图所示。（1）“搅拌”时发生的反应利用了铁的金属活动性比铜的_（填“强”或“弱”）。（2）“过滤”后滤液的主要成分是_（写化学式）。（3）若用该工艺制备了1000 g铁铜双金属粉末产品，其中Cu单质的质量分数为19.2%。计算置换这些Cu单质所需还原铁粉的质量（写出计算过程）。（4）“干燥还原”可在不同的温度下进行，产品中氧元素的质量分数随温度的变化如图所示。若（3）中产品是在500时干燥还原后得到的，则其中最多含

23、Fe元素_g（产品中只含三种元素）。【答案】（1）强 （2）FeSO4 （3）168 g； （4）804【解析】（1）“搅拌”时铁能与硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，是利用了铁的金属活动性比铜的强，故填：强；（2）由流程图可知，最终产品是铁铜双金属粉末，说明加入的铁粉过量，则“过滤”后滤液的主要成分是硫酸亚铁，故填：FeSO4；（3）解：1000 g铁铜双金属粉末中铜的质量为1000 g19.2%=192 g，设需还原铁粉的质量为x；答：需还原铁粉的质量为168 g； （4）产品中只含有铁、铜、氧三种元素，若是含铜的氧化物，则铁元素的质量最少，要使铁元素的质量最大，混合物中只能是铁的氧化物，根据质

24、量守恒定律，铁铜双金属粉末产品中铁元素的质量最多为1000 g-192 g-1000 g0.4%=804 g，故填：804。13.【2022江苏苏州中考】二氧化碳捕集和资源化利用是碳中和领域研究热点。碳捕集：捕捉烟气CO2，将其再释出可实现资源化利用，相关物质转化如下：（1）“颗粒反应室”中反应的化学方程式为_。（2）上述流程中可循环使用的物质有_（填化学式）。碳的资源化利用 中国科学家已实现由CO2到淀粉的全人工合成，主要过程如下：（3）检验淀粉的常用试剂是_（填名称）。（4）绿色植物实现CO2到葡萄糖的转化过程称为_。（5）阶段I反应的微观过程如图1所示。写出甲醇的化学式：_。（6）阶段的

25、物质转化如图2所示。反应a中四种物质的化学计量数均为1。推测分子中氢原子数目：甲醇_甲醛（填“”、“ 1【解析】（1）根据题意捕捉室里氢氧化钠和二氧化碳反应会生成碳酸钠和水，故再加入石灰乳后，碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，化学方程式为：；（2）根据可循环利用的物质具有特点是既是生成物又可作为反应物出现，如图所示该流程中氢氧化钠在捕捉室是反物，在反应室是生成物，氧化钙加水的石灰乳，在反应室作为反应物，在煅烧炉作为生成物出现，故此可循环利用的物质是氢氧化钠和氧化钙或是氢氧化钙，故填：；（3）淀粉遇碘会变蓝色，所以检验淀粉的常用试剂是：碘酒或碘水；（4）绿色植物通过光合作用实现二氧化碳到葡

26、萄糖的转化，故填：光合作用；（5）如图根据质量守恒定律可知反应前后原子的种类和个数不变，反应前有6个氢原子、1个碳原子和2个氧原子，反应后有2个氢原子和1个氧原子，故甲烷分子中含有1个碳原子、4个氢原子和1个氧原子，故其化学式为：或；（6）根据反应a中四种物质的化学计量数均为1，则反应前只有甲醇含有氢原子，而反应后过氧化氢中含有氢原子，由反应前后原子的个数不变可知甲醇分子中的氢原子数目比甲醛中的多，故填：；根据过氧化氢分解时过氧化氢与生成氧气的分子个数关系是：，由反应a中四种物质的化学计量数均为1，可知反应a中氧气与生成过氧化氢的分子个数关系是：，故理论上需补充的过氧化氢与反应a中生成的过氧化

27、氢的分子个数比是，故填：1。14.【2022福建中考】我国古代提纯焰硝(含KNO3和少量NaCl、CaCl2等)工艺的主要过程示意如下：（1）步骤中，“搅拌”的作用是_(写一种)。（2）步骤加小灰水(含K2CO3)时，发生反应的化学方程式为_。（3）下图为硝酸钾、氯化钠的溶解度曲线。步骤在较高温度下过滤的目的是_。（4）步骤V析出硝酸钾晶体的过程称之为_。（5）“溶液2”一定含有的溶质有KCl、_和_(填化学式)。【答案】（1）加快溶解(或“均匀受热”) （2） （3）防止硝酸钾析出 （4）结晶 （5）KNO3；NaCl(或NaNO3)（两空答案可互换）【解析】（1）在步骤中，如步骤I搅拌可以

28、使物质充分溶解，均匀受热，步骤II和III中可以加快溶解的速度，故填：加快溶解(或“均匀受热”)；（2）根据碳酸钾能和氯化钙反应生成碳酸钙沉淀和氯化钾，化学方程式为：；（3）步骤在较高温度时硝酸钾的溶解度较大，而硝酸钾的溶解度受温度影响大，温度下降会使其析出，故在较高温度下过滤可以只滤除杂质不溶物，不会滤出硝酸钾，故填：防止硝酸钾析出；（4）固体由溶液中结晶析出的过程叫结晶，所以步骤V析出硝酸钾晶体的过程是结晶，故填：结晶；（5）根据碳酸钾除去了溶液中的氯化钙，但生成了氯化钾，故溶液中的离子有钾离子、钠离子，硝酸根离子、氯离子，虽有硝酸钾析出但溶液中仍会溶解部分硝酸钾，故“溶液2”一定含有的溶

29、质有KCl、KNO3、NaCl(或NaNO3)，故填：KNO3、NaCl(或NaNO3)。15.【2022湖北黄冈等中考】中国芯彰显中国“智”造。芯片的基材主要是高纯硅，如图是用粗硅原料(含氧化镁等杂质，不考虑其他杂质与酸反应)制备高纯硅的一种简易流程。（1）写出操作m的名称_。（2）写出SiCl4中硅元素的化合价_。（3）上述流程中，可以循环利用的物质是_。(填化学式)（4）滤液中含有的阳离子为_。(写离子符号)（5）写出SiCl4与H2反应的化学方程式_。【答案】（1）过滤 （2）+4 （3）HCl （4）H+、Mg2+ （5）【解析】（1）由图知，操作m是将固体和液体分离，是过滤操作，故

30、填：过滤。（2）化合物中正、负化合价的代数和为零，SiCl4中氯元素的化合价是-1，则硅元素的化合价是+4，故填：+4。（3）在流程中，既做反应物又是生成物的物质是可循环利用的物质，由图知，在流程中，既做反应物又是生成物的物质是氯化氢，故填：HCl。（4）由图知，向粗硅原料(含氧化镁）中加入过量的稀盐酸，稀盐酸与氧化镁反应生成氯化镁和水，反应后过滤，则滤液中的溶质为氯化镁和氯化氢，含有的阳离子为H+、Mg2+，故填：H+、Mg2+。（5）由图知，SiCl4与H2在高温的条件下反应生成硅和氯化氢，反应的化学方程式为： ，故填： 。16.【2022广州中考】二甲基亚砜(DMSO)工业废渣含NaNO

31、3及少量有毒的NaNO2，以该废渣为原料制备农用KNO3，既实现资源回收利用又保护了环境。工艺流程如下：（1）农用KNO3为农作物提供的营养元素有_。（2）步骤1的作用是除去NaNO2，NaNO2中氮元素的化合价为_。（3）结合溶解度曲线分析，步骤3“加热蒸发”时可控制只析出NaCl固体，原因是_。（4）步骤4的操作是_、过滤。（5）KCl用量的估算依据是 (填标号)。A. KCl与NaNO3粒子个数比为1：1B. KCl与NaNO3的质量比为1：1C. KCl与NaNO3在溶液中的质量分数之比为1：1（6）该工艺所得农用KNO3混有一定量NaCl。取25 g样品加足量水溶解，向溶液中加入足量

32、的AgNO3溶液，生成沉淀的质为14.35 g，则样品中杂质NaCl的质量是_g，样品含KNO3_%(质量分数)。(相对分子质量：KNO3-101 NaCl-58.5 AgNO3-170 AgCl-143.5)【答案】（1）钾元素和氮元素 （2）+3 （3）硝酸钾溶解度受温度影响比较大，氯化钠受温度影响比较小（4）降温结晶 （5）A （6）5.85 ；76.6【解析】（1）KNO3为农作物提供的营养元素有钾元素和氮元素。（2）NaNO2中钠元素的化合价为+1价，氧元素的化合价为-2价，设氮元素的化合价为x，根据“化合物中各元素的化合价之和为0”可知，1+x+（-2）2=0，解得x=+3。（3）硝酸钾溶解度受温度影响比较大，氯化钠受温度影响比较小，则“加热蒸发”时只析出氯化钠。（4）由图可知，通过步骤4分离出了硝酸钾，而硝酸钾受温度影响比较大，且溶液2的温度比较高，则步骤4为降温结晶。（5）加入氯化钾的目的是使溶液中的氯离子和钠离子结合为氯化钠析出，则因使氯化钾与硝酸钠的粒子个数比为1：1，故选A。（6）设样品中杂质NaCl的质量是x，则： 解得，x=5.85g则样品中含KNO3的质量为 。