2022年中考化学全真模拟卷(广州专用)-黄金卷7.docx

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1、 2022年中考化学全真模拟卷（广州专用）第七模拟来源:中教*网&%（本卷共20小题，满分90分，考试用时60分钟）中国教#育出&版%网可能用到的相对原子质量 H 1 C 12 O 16 Na 23 S 32 第卷来源%&:中教*网一、 选择题：本题共14小题，每小题3分，共42分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1下列过程中发生化学变化的是（）海水“晒盐”海水“制碱”海水淡化海水制镁 A全部B只有C只有D【答案】C。【解析】海水晒盐是通过阳光和风力使水分蒸发，属于混合物的分离，没有新物质生成，属于物理变化故错；海水制碱有新物质生成，属于化学变化，故正确；海水通过蒸馏制淡水

2、，蒸馏是根据物质沸点的不同来实现物质分离的方法，没有新物质生成，是物理变化，故错误；通过电解熔融的氯化镁即得镁，是化学变化，故正确；2空气中体积分数最大的气体是（）A稀有气体B氧气C二氧化碳D氮气【答案】D。来源:*&中教网【解析】空气中各成分及体积分数为：氮气：78%、氧气：21%、稀有气体：0.94%、二氧化碳0.03%、水蒸气和杂质：0.03%。故空气中体积分数最大的气体是氮气。3下列说法中，正确的是（）A氢能、核能和天然气都属于新能源B甲烷和一氧化碳是造成酸雨的主要物质C将块状煤碾成粉末，能使煤燃烧更充分D水能灭火，主要是因为水蒸发吸热，降低了可燃物的着火点来#源:zzstep*co&

3、m%【答案】C。【解析】A天然气属于化石燃料，不属于新能源，故A错；B造成酸雨的主要物质是二氧化硫和氮的氧化物，故B错；C将块状煤碾成粉末可增大可燃物与氧气的接触面积，故C正确；来&源:中国%教育出版网D着火点不能降低，水能灭火，主要是因为水蒸发吸热，降低了可燃物的温度到着火点以下，故D错。4下列对知识的归纳整理不正确的是（）A对材料的认识B对化学符号的认识合金、合成橡胶、合成纤维属于合成材料聚乙烯塑料是热固性塑料Cu表示1个铜原子、铜元素和铜这种物质3Fe2+表示3个亚铁离子C对营养素的认识D对健康的认识糖类、蛋白质、脂肪都属于营养素水果和蔬菜富含维生素人体如果缺少铁元素易患缺铁性贫血不能食

4、用甲醛浸泡过的海产品【答案】A。中国*%教育出#版网【解析】A合成材料分为：塑料、合成纤维、合成橡胶三类，合金属于金属材料；塑料分为：热塑性和热固性两类，聚乙烯塑料属于热塑性塑料，A不正确；BCu表示1个铜原子、铜元素和铜这种物质；3Fe2+表示3个亚铁离子，B正确；C营养素包括蛋白质、糖类、油脂、维生素、水和无机盐；水果和蔬菜富含维生素，C正确；D人体如果缺少铁元素易患缺铁性贫血甲醛能与蛋白质发生反应，破坏蛋白质的结构，使其变质，食用甲醛浸泡过的海产品，对人体健康有危害，D正确；5实验室能用右图装置制取气体，并能实现“随开随用，随关随停”。下列实验能选用该装置的是中国%教育&出版网（）A二氧

5、化锰粉末与过氧化氢溶液制取氧气B块状石灰石与稀盐酸制取二氧化碳C锌粉与稀硫酸制取氢气D碳酸钠和稀盐酸制取二氧化碳【答案】B。【解析】此装置关闭活塞时，随着气体的增多，迫使液体和多孔塑料板上的固体分离，导致反应停止。A二氧化锰是粉末，会通过小孔进入下方无法分离，反应不能停止；B石灰石是块状固体，稀盐酸是液体，石灰石放在有孔塑料板上，稀盐酸从长颈漏斗加入，固液相遇开始反应，关闭活塞，试管内压强增大，将固体分离，反应停止，B正确；C锌粉是粉末状，会通过小孔进入下方无法分离，反应不能停止；D碳酸钠是粉末状，会通过小孔进入下方无法分离，反应不能停止。6下列有关水的说法正确的是（）A液态水变成水蒸气时，水

6、分子变大B蒸馏和活性炭吸附都可使海水转化为淡水C电解水时负极和正极生成气体的质量比为2：1D用肥皂水可以鉴别硬水和软水【答案】D。【解析】A煮沸时液态水变成水蒸气，只是状态改变没有新物质生成，属于物理变化。在此变化过程中水分子之间的间隔增大了，而水分子本身的体积、质量、数目不变，故错误；来源:#中国%教育出版网B活性炭具有吸附性，能吸附色素和异味，但不能使海水淡化，故错误；C电解水时负极和正极生成气体的体积比为：2：1，质量比为1：8，故错误；D用肥皂水可以鉴别硬水和软水，泡沫多的是软水，泡沫少的是硬水，故正确。7从深海鱼油中提取出来的一种不饱和脂肪酸被称为“脑黄金”，它的化学式为C26H40

7、O2，下列关于“脑黄金”说法正确的是（）A脑黄金是一种有机化合物B脑黄金分子是由碳、氢、氧三种元素组成www#zzstepcom*C脑黄金中碳、氢、氧元素质量比为：13：20：1D脑黄金中氢元素质量分数最小【答案】A。【解析】A“脑黄金”含有碳元素，属于有机物，故说法正确；B脑黄金是由碳、氢、氧三种元素组成，故说法错误；C根据化合物中各元素质量比各元素的相对原子质量原子个数之比，可得脑黄金中碳、氢、氧元素质量比为：（1226）：40：（162）13：20：1，故说法错误；D根据物质中某元素的质量分数100%，脑黄金中碳、氢、氧元素质量比为：（1226）：40：（162）39：5：4，可知脑黄金

8、中氧元素的质量分数最小；故说法错误；8湖南有一座“锡矿山”，经探测发现，该山中其实富含的是稀有的锑矿石。锑（Sb）是军工产业的一种重要原料，其原子结构示意图如图。下列说法不正确的是（）AX18B锑属于金属元素C锑的最高价氧化物是Sb2O3D锑位于第五周期来#源&*:中国教育出版网【答案】C。【解析】A原子序数质子数，在原子中，质子数核外电子数，所以：2+8+18+X+551，X18；选项说法正确；B由汉字名称可知，锑是一种金属元素；选项说法正确；C由原子结构示意图看出，最外层电子数为5，故最高正化合价为+5价，氧元素为2价，因此锑的最高价氧化物是Sb2O5；选项说法错误；D周期数电子层数，由原

9、子结构示意图看出，锑原子有5个电子层，因此位于第五周期；选项说法正确；9关于木炭与一氧化碳的说法中，错误的一项是（）A都具有可燃性可作燃料B在氧气中完全燃烧的产物相同C都具有还原性能够冶炼金属D与氧化铜发生的反应都属于置换反应【答案】D。wwwzzs*tep&com【解析】A木炭与一氧化碳均具有可燃性，可作燃料，故选项说法正确；B木炭与一氧化碳在氧气中完全燃烧的产物相同，均为二氧化碳，故选项说法正确；C木炭与一氧化碳均具有还原性，都能够冶炼金属，故选项说法正确；D木炭与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于置换反应；一氧化碳与氧化铜

10、反应生成铜和二氧化碳，该反应的反应物均为化合物，不属于置换反应；故选项说法错误。10下列有关金属资源的利用与防护解释不合理的是（）来源*:中教网&A铝制器皿表面失去光泽时，应用钢丝球不断擦拭表面，使之光亮如初B在钢铁表面喷油漆，可防止生锈C用铝合金制造国产大飞机C919机壳，是利用铝合金强度大、质量轻、抗腐蚀的性质来源#:中%教&网D稀土资源是不可再生的重要战略资源，应合理利用与保护【答案】A。【解析】A铝的表面有一层致密的氧化铝薄膜，铝制器皿表面失去光泽时，不能用钢丝球不断擦拭表面，用钢丝球擦洗，会破坏氧化铝薄膜，故选项说法错误；B在钢铁表面喷油漆，能隔绝氧气和水，可防止生锈，故选项说法正确

11、；国教育&*出版#网C用铝合金制造国产大飞机C919机壳，是利用了铝合金具有强度大、质量轻、抗腐蚀的性质，故选项说法正确；D稀土资源储量很少，稀土资源是不可再生的重要战略资源，应合理利用与保护，故选项说法正确。ww#wzzs%t&epcom11如图是Ab两种固体物质的溶解度曲线，下列说法中错误的是（）Aa、b都属于易溶性物质来源:中*国教育出版网&#B分别降温ta、b的饱和溶液至0，析出的a比b多中国教育&出*版网#C在t时，a、b的饱和溶液中溶质质量分数相等D当a中含有少量b时，可以用降温结晶法提纯a 【答案】B。【解析】A从20向上作垂线与两种曲线的交点，再向纵坐标作垂线，a和b的溶解度都

12、大于10 g，所以都属于易溶物质，故A说法正确；B没指明饱和溶液质量的多少不能判断析出晶体质量的多少，如果饱和溶液质量相等，析出的a比b多，故B说法错误；www#&zzst%epcomC饱和溶液溶质质量分数与溶解度大小有关，因为在t时，a、b的溶解度相等，所以在t时，a、b的饱和溶液中溶质质量分数相等，故C说法正确；D由于a的溶解度曲线受温度影响比较大，所以从溶液中结晶析出的方法是降温结晶（或冷却热饱和溶液），故D说法正确。 12以下物质不能够发生反应的是（）来%#源:*中&教网A硫酸铜溶液与氯化钠溶液B赤铁矿与焦炭C铁锈与稀盐酸D硫酸铜溶液与氯化钡溶液【答案】A。【解析】A硫酸铜溶液与氯化钠

13、溶液相互交换成分没有沉淀、气体或水生成，不能发生反应，故选项正确；c%o*mB赤铁矿与焦炭在高温条件下生成铁和二氧化碳，能发生反应，故选项错误；C铁锈与稀盐酸反应生成氯化铁和水，能反应，故选项正确；D硫酸铜溶液与氯化钡溶液相互交换成分有硫酸钡沉淀和氯化铜，能发生反应，故选项错误。13下表为各物质中所含有的少量杂质以及除去这些杂质应选用的试剂或操作方法，其中正确的一组是（） 编号物质杂质杂质除杂质应选用的试剂或者操作方法ACOO2灼热的铜丝BFeSO4溶液CuSO4溶液加入过量铁粉，过滤CKNO3溶液K2CO3溶液过量Ca（NO3）2溶液，过滤DCaOCaCO3加水溶解、过滤、蒸发【答案】B。【

14、解析】A除去CO中的O2用灼热的铜丝可以，铜丝能与氧气反应虽不与一氧化碳反应但生成的氧化铜能与一氧化碳反应生成铜和二氧化碳，故A不正确；B除去硫酸亚铁中的硫酸铜，加入过量铁粉可以，因为铁能与硫酸铜反应生成铜和硫酸亚铁过滤得到纯净的氯化亚铁的溶液，故B正确；C硝酸钾和硝酸钙不反应，碳酸钾和硝酸钙反应生成碳酸钙沉淀和硝酸钾，但硝酸钙过量，引入了硝酸钙杂质，故C不正确；D除氧化钙中的碳酸钙加水氧化钙与水反应生成氢氧化钙但碳酸钙不与水反应也不溶于水，故将氧化钙除去但不能将碳酸钙除去，故D不正确。14下列实验方案可行的是（）来#%源:中国教育&出版网A用稀硫酸验证铁、铜、银的金属活动性顺序B用无色酚酞试

15、液检验氢氧化钠溶液是否变质C用铜、氧气和稀盐酸为原料制备少量氯化铜溶液D用灼热的氧化铜除去氧气中混有一氧化碳【答案】C。来#&源:zzst*epcom【解析】A由于铁、铜、银三者的金属活动性情况是铜、银在氢后，而铁在氢前，所以稀硫酸能够与铁反应但不能与铜、银反应，故不能鉴别出铜与银的金属活动性顺序；B氢氧化钠变质时与空气中的二氧化碳反应生成碳酸钠和水，由于氢氧化钠和碳酸钠的溶液均显碱性，所以均能使无色酚酞试液变红，故用无色酚酞试液检验氢氧化钠溶液是否变质不可取；C铜在加热的情况下能与氧气反应生成氧化铜，而氧化铜能够和盐酸反应生成氯化铜和水，所以可以用铜、氧气和稀盐酸为原料制备少量氯化铜溶液；D

16、用灼热的氧化铜除去氧气中混有一氧化碳时一氧化碳能够和氧化铜反应生成二氧化碳，所以除掉一氧化碳的时候又掺入了新的杂质二氧化碳，故该方法除杂不合适；第卷 二、非选择题（共6小题，满分48分）15（6分）太阳能光伏发电最关键的材料是高纯硅。三氯甲硅烷（SiHCl3）还原法是当前制备高纯硅的主要方法。生产流程示意图如下：wwwz&zstepcom#*（1）按物质的分类标准，三氯甲硅烷（SiHCl3）是 （填化合物或混合物）。（2）“精馏”也是蒸馏的一种形式。通过蒸馏可把液体混合物分离开，原理是利用混合物各成分的 （填“熔点”或“沸点”）不同。（3）写出SiHCl3（粗）和氢气反应生成高纯硅和氯化氢气体

17、的反应方程式： 。（4）为了达到绿色化学和资源综合利用的目的，上述生产流程中某些物质可循环使用，这些物质是 （填化学式）。整个制备过程必须达到无水无氧。在H2还原SiHCl3过程中若混入O2，可能引起的后果是 。【答案】（1）化合物；（2）沸点；（3）SiHCl3+H2Si+3HCl；（4）H2HCl；发生爆炸。【解析】（1）三氯甲硅烷中含有Si、H、Cl三种元素属于化合物；wwwzzste*p%&com（2）蒸馏可把液体混合物分离，原理是利用混合物各成分的沸点不同；（3）SiHCl3（粗）和氢气反应，生成高纯硅和氯化氢气体的反应物是SiHCl3（粗）和氢气，生成物是硅和氯化氢，反应条件是10

18、84，所以方程式是：SiHCl3+H2Si+3HCl；（4）上述生产流程中由粗硅到三氯甲硅烷和由三氯甲硅烷到高纯硅是两个相反的过程，因此，这些过程中，H2、HCl可以循环使用；整个制备过程必须达到无水无氧。在H2还原SiHCl3过程中若混入O2，可能引起的后果是发生；来源:中&#教网%16（9分）实验室里有一包固体混合物A，已知其中可能含有CaCO3、Na2CO3、CuO、BaSO4四种物质中的两种或多种。按如图所示进行实验，出现的现象如图所示（设过程中所有可能发生的反应均恰好完全反应）。试根据实验过程和发生的现象填空：（1）白色沉淀D是 （写化学式）。www%zzst*epc#om（2）将气

19、体B通入紫色的石蕊试液中，溶液颜色变为 色。（3）写出过程中发生反应的化学方程式 。（4）固体混合物A中一定存在的物质共 种。（5）写出无色溶液E中一定存在的金属离子 （用符号表示）。（6）该固体混合物A还不能确定的物质是 （写化学式）若要进一步确定是否存在，选用无色溶液E进行实验，请你简要说明该实验方案的操作步骤、现象和结论 。【答案】（1）BaSO4。（2）红。（3）CuCl2+2NaOH2NaCl+Cu（OH）2。（4）2。（5）Na+。（6）CaCO3、Na2CO3；实验步骤：取适量滤液D于试管中，滴加碳酸钠溶液；实验现象及其实验结论：产生白色沉淀，说明溶液中含有氯化钙，进一步说明固体

20、中含有碳酸钙，如果不产生沉淀，说明溶液中不含有氯化钙，进一步说明固体中不含有碳酸钙。【解析】（1）白色沉淀D是BaSO4。（2）将气体B（碳酸盐和盐酸反应生成的二氧化碳）通入紫色的石蕊试液中，二氧化碳和水反应生成碳酸，碳酸能使石蕊试液变红色，因此溶液颜色变为红色。（3）过程中氯化铜和氢氧化钠反应生成蓝色沉淀氢氧化铜和氯化钠，发生反应的化学方程式：CuCl2+2NaOH2NaCl+Cu（OH）2。（4）固体混合物A中一定存在的物质共2种，即氧化铜和硫酸钡。（5）无色溶液E中一定存在的金属离子是氯化铜和氢氧化钠反应生成的氯化钠中的Na+。（6）该固体混合物A还不能确定的物质是CaCO3Na2CO3

21、；来源:#中国教育出版网%实验方案：实验步骤：取适量滤液D于试管中，滴加碳酸钠溶液；中国教育出版&网*%实验现象及其实验结论：产生白色沉淀，说明溶液中含有氯化钙，进一步说明固体中含有碳酸钙，如果不产生沉淀，说明溶液中不含有氯化钙，进一步说明固体中不含有碳酸钙。17（9分）某研究人员按如图1所示流程进行“燃煤烟气的脱硫研究”。实验中，先一次性分别在相应装置中加入水和铁，然后连续通入含有CO2、SO2的燃煤烟气和O2混合气体，反应液多次循环，但过量的铁仍在反应装置中与循环进入的反应液不断反应。经过多次循环后，导出的反应液可用于制备FeSO42H2O。（1）吸收装置中总反应的化学方程式为2SO2+2

22、X+O22H2SO4，则X的化学式为 ，该装置中水温不宜过高，原因是 （选填字母）。a防止生成物挥发 b防止气体溶解度下降wwwz#zst&e*pcomc防止化学反应速度过快 d防氧化（2）反应装置中的反应化学方程式为 。（3）经过多次循环以后导出溶液：经加热蒸发浓缩、 （填操作名称）、过滤，得到硫酸亚铁晶体。中*国&教%育出版网（4）如图2为“FeSO47H2O脱水干燥曲线图”，据此可确定：得到FeSO42H2O，适宜的工艺条件为 、 （分别指出温度T和时间t）它在医疗上常用于治疗 （选填字母）。a甲状腺肿大 b佝偻病 c龋齿 d贫血症（5）若吸收装置内气体吸收完全，所得尾气1和尾气2在一定

23、条件下催化合成甲醇CH3OH，同时有H2O生成，该反应的化学方程式为 。*&com【答案】（1）H2O；b；（2）Fe+H2SO4FeSO4+H2；（3）冷却结晶（降温结晶等）；（4）150，4.5 h （或45 h之间）；d；（5）CO2+3H2CH3OH+H2O来源%:中教网#&【解析】（1）高温不利于气体的溶解，所以吸收装置的温度不宜过高，原因是：温度过高，气体的溶解度下降，不利于反应进行，装置中总反应的化学方程式为2SO2+2X+O22H2SO4，反应前S：2，O：6，反应后S：2，O：8，H：4反应后一个X分子的组成为2个氢原子、2个氧原子，故化学式为：H2O；（2）硫酸和铁反应生成

24、硫酸亚铁和氢气，化学方程式为：H2SO4+FeFeSO4+H2；（3）经过多次循环以后导出溶液：经加热蒸发浓缩、冷却结晶、过滤，得到硫酸亚铁晶体；（4）由“FeSO47H2O脱水干燥曲线图”，据此可确定：得到FeSO42H2O，适宜的工艺条件为150，4.5 h （或45 h之间）；贫血可能缺少铁元素；（5）二氧化碳和氢气在催化剂的条件下生成甲醇和水，化学方程式为：CO2+3H2CH4O+H2O18（5分）硫酸和盐酸既是实验室常用的试剂，也是重要的化工原料，它们既有相似之处，又有不同之点。来源#:%中教&网（1）打开两瓶分别盛有浓硫酸和浓盐酸的试剂瓶，瓶口出现白雾的是 。（2）它们都能除铁锈，

25、写出盐酸与铁锈的主要成分反应的化学方程式 。（3）它们都能与活泼金属反应，若探究镁和锌与酸反应的快慢，需要控制不变（相同）的量是 （填字母序号）。中国教&育出#*版网A两种金属的形状 B酸溶液中的溶质质量分数 C酸溶液的种类 D反应容器的大小 E温度来源:中国教育*出版&网（4）盐酸和稀硫酸中都含有大量的 ，所以它们具有一些共同的化学性质。中国教#育出&版%网【答案】来#源%:中*教网（1）浓盐酸；（2）Fe2O3+6HCl2FeCl3+3H2O；（3）D；（4）氢离子。来&源:中教网%【解析】（1）浓盐酸具有挥发性，打开盛有浓盐酸的试剂瓶，挥发出来的氯化氢气体遇到空气中的水蒸气形成盐酸小液滴

26、，故瓶口上方出现白雾；而浓硫酸具有吸水性，打开盛有浓硫酸酸的试剂瓶，瓶口上方无明显变化。（2）铁锈的主要成分是氧化铁，与盐酸反应生成氯化铁和水，反应的化学方程式是：Fe2O3+6HCl2FeCl3+3H2O。（3）控制变量法要创设相同的外部条件，探究镁和锌与盐酸反应的快慢，需要控制不变的条件是对反应速度可能有影响的因素，分析可知四个因素中只有容器的大小对反应速度无影响。（4）盐酸和稀硫酸中都含有大量的氢离子，所以它们具有一些共同的化学性质。19（9分）硫酸是重要的化工原料，也是实验室中常用的化学原料。（1）实验室要配制420 g质量分数为7%的稀硫酸溶液。配制上述溶液需要质量分数为98%浓硫酸

27、（密度1.84 g/cm3）的质量为 g。中国#&教育出版*网量取上述所需浓硫酸要用到的仪器是 （填标号）。A10 mL量筒 B20 mL量筒 C试管 D胶头滴管稀释浓硫酸时一定要 ，并用玻璃棒不断搅拌。来*源&%#:中国教育出版网（2）实验室常用稀硫酸与锌粒反应制取氢气。反应的化学方程式为 。要制取并收集干燥的氢气，需要选择的装置组合顺序是 （填字母）。（3）用上述配好的稀硫酸再稀释10倍后与某浓度的氢氧化钠溶液进行中和滴定反应。实验开始时，向氢氧化钠溶液滴入几滴酚酞溶液，其作用是 。如图2是稀硫酸与氢氧化钠溶液进行中和反应时，测得烧杯中溶液pH的变化曲线，下列说法正确的是 。A由a点到b点

28、的pH变化证明酸和碱发生了中和反应Ba点对应溶液的溶质是Na2SO4Cc点对应溶液呈碱性中国#教育出版%网*D该实验是将氢氧化钠溶液滴入稀硫酸中中和20 g质量分数20%的氢氧化钠溶液需要上述稀释好的硫酸 g 【答案】（1）30 BD。把浓硫酸沿着烧杯内壁缓缓注入水中。（2） Zn+H2SO4ZnSO4+H2。B、F、E。（3）通过酚酞溶液颜色变化判断是否恰好完全反应。A。50【解析】（1）配制上述溶液需要质量分数为98%浓硫酸的质量为：420 g7%98%30 g。wwwz%zstepco*m需要浓硫酸体积：30 g1.84 g/mL16.3 mL，量取上述所需浓硫酸要用到的仪器是20 mL

29、量筒、胶头滴管。稀释浓硫酸时一定要把浓硫酸沿着烧杯内壁缓缓注入水中，并用玻璃棒不断搅拌。（2）锌和稀硫酸反应生成硫酸锌和氢气，反应的化学方程式为：Zn+H2SO4ZnSO4+H2。来源:#z%zste*pcom要制取并收集干燥的氢气，需要选择的装置组合顺序是B（制取氢气）、F（干燥氢气）、E（收集氢气）。（3）实验开始时，向氢氧化钠溶液滴入几滴酚酞溶液，其作用是通过酚酞溶液颜色变化判断是否恰好完全反应。A由a点到b点的pH变化证明酸和碱发生了中和反应，是因为pH变成7，说明氢氧化钠消失，即氢氧化钠完全反应，该选项说法正确；Ba点对应溶液的溶质是反应生成的硫酸钠和过量的氢氧化钠，该选项说法不正确

30、；Cc点对应溶液pH小于7，显酸性，该选项说法不正确；来源*#:zzstepcomD该实验是将稀硫酸滴入氢氧化钠溶液中，该选项说法不正确。20（10分）磷酸钙Ca3（PO4）2是一种白色晶体或无定形粉末，难溶于水，易溶于稀盐酸和硝酸。磷酸钙的工业用途广泛，在食品工业中可用作抗结剂、营养增补剂、缓冲剂、pH值调节剂等。（1）磷酸钙含有的阴离子是 （填离子符号），其中磷元素的化合价是 价。www*zz&stepcom（2）磷酸钙易溶于稀盐酸和硝酸，是因为磷酸钙会与盐酸或硝酸反应，生成易溶于水的 （填物质类别）和磷酸。磷酸的化学式是 。（3）依据各类物质之间的反应规律，设计两种制备Ca3（PO4）2

31、的方案（要求依据两种不同的反应规律）。完成下表：方案原料1原料2预期反应的化学方程式依据的反应规律Na3PO4溶液 两种盐反应生成两种新盐，生成物中有沉淀 【答案】（1）PO43；+5；中国教育#出版&%网（2）钙盐；H3PO4；（3）方案原料1原料2预期反应的化学方程式依据的反应规律CaCl2溶液2Na3PO4+3CaCl2Ca3（PO4）2+6NaClH3PO4Ca（OH）2溶液2H3PO4+3Ca（OH）2Ca3（PO4）2+6H2O酸和碱反应生成盐和水，生成物中有水 【解析】（1）根据磷酸钙的化学式可知磷酸钙中阳离子为钙离子，阴离子为磷酸根离子，符号为PO43；在磷酸钙中，钙元素显+2

32、，氧元素显2，所以磷元素的化合价为：+5；中%国教育出版&#网（2）磷酸钙易溶于稀盐酸和硝酸，是因为磷酸钙会与盐酸或硝酸反应，相互交换成分后生成磷酸和氯化钙、硝酸钙，生成易溶于水的钙盐和磷酸；磷酸的化学式是H3PO4；（3）依据各类物质之间的反应规律，设计两种制备Ca3（PO4）2的方案，磷酸钠和氯化钙反应生成磷酸钙沉淀和氯化钠，磷酸和氢氧化钙反应生成磷酸钙沉淀和水，方案原料1原料2预期反应的化学方程式依据的反应规律Na3PO4溶液CaCl2溶液2Na3PO4+3CaCl2Ca3（PO4）2+6NaCl两种盐反应生成两种新盐，生成物中有沉淀H3PO4Ca（OH）2溶液2H3PO4+3Ca（OH）2Ca3（PO4）2+6H2O酸和碱反应生成盐和水，生成物中有水