2019年山东省烟台市中考物理模拟试题(解析版).docx

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1、2019年山东省烟台市中考物理模拟试卷（二）一、单选题1.下列说法正确的是A. 微波炉是利用电磁波来加热食物的B. 大象是利用超声波来交流的C. 无线电通信是利用次声波来传递信息的D. 烛焰在发声的扬声器前跳动，说明声音可以传递信息【答案】A【解析】【分析】（1）声音不但能传递信息还能够传递能量；(2) 微波炉来加热食物利用了电磁波。（3）无线电通信是利用次声波来传递信息的；（3）大象是利用超声波来交流的【详解】A. 微波炉是利用电磁波来加热食物的,故A 正确；B. 大象是利用次声波来交流的，故B错误；C. 无线电通信是利用电磁波来传递信息的，故C错误；D. 烛焰在发声的扬声器前跳动，说明声音

2、可以传递能量，故D 错误。故选A.2.下面对老牛和蜜蜂的对话描述正确的是A. 蜜蜂飞行时发出的声音音调高，牛的叫声响度大B. 蜜蜂飞行时发出的声音音调低，牛的叫声响度小C. 蜜蜂飞行时发出的声音响度小，牛的叫声音调高D. 蜜蜂飞行时发出的声音响度大，牛的叫声音调低【答案】A【解析】选A.在分析时往往把响度和音调的决定因素弄混了，牛的叫声由声带振动发出，频率低但振幅大，频率决定音调，振幅决定响度，所以音调低，响度大；蜜蜂飞行时翅膀振动的频率高，但振幅小，所以蜜蜂飞行时发出声音的音调高，响度小.3.如图所示的工具中，在使用时属于费力杠杆的是A. 食品夹B. 瓶盖起子C. 天平D. 钳子【答案】A【

3、解析】【详解】A食品夹子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆,故A符合题意；B瓶盖起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；C天平在使用过程中，不省力、不费力，是等臂杠杆，故C不符合题意；D钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故D不符合题意。4.下列知识结构中，正确的是A. 异同点蒸发沸腾发生地点液体表面液体内部温度条件任何温度一定温度（沸点）剧烈程度平和剧烈相同点汽化吸热B. 物态变化过程吸放热举例液化气态变液态放热雾凇的成因凝华气态变固态放热霜的形成C. 固体熔化异同点相同点不同点温度是否降低有无熔点晶体吸热不变有非晶体吸热升高无D. 人眼看不见的光

4、太阳光色散区域性质应用红外线红光外侧热效应生命探测仪紫外线紫光外侧使荧光物质发光电视遥控器【答案】C【解析】【详解】A蒸发和沸腾都是汽化现象，都吸收热量，蒸发是在任何温度下都能进行的、只发生在液体表面的缓慢汽化现象；沸腾是在一定温度（沸点）温度下在液体内部和表面同时进行的剧烈汽化现象，故A错误；B液化是指物质从气态变为液体的过程，液化放热，如雾的形成，冰糕冒“白气”，而雾凇的形成是凝华；故B错误；C晶体和非晶体熔化都吸热，晶体温度不变，非晶体温度升高，晶体有熔点，非晶体无熔点，故C正确；D红光以外是红外线，热作用强，应用于生命探测仪、电视遥控器等；紫光以外是紫外线，使荧光物质发光，应用于验钞机

5、等，故D错误。5.关于惯性，下列说法中正确的是A. 物体在静止时不容易被推动，所以物体在静止时比运动时惯性大B. 物体高速运动时不容易停下来所以物体速度越大，惯性越大C. 当物体没有受到力作用时，物体就不能保持匀速直线运动或静止状态D. 惯性是物体的固有属性，任何物体在任何情况下都有惯性【答案】D【解析】A物体在静止时不容易被推动，所以物体在静止时比运动时惯一样大 B物体高速运动时不容易停下来所以物体速度越大，惯性不变 C当物体没有受到力作用时，物体就能保持匀速直线运动或静止状态D正确故选D6.阳光灿烂的日子，行走在绿树成荫的街道上，常常见到地面上有一些圆形的光斑，这些光斑是A. 太阳的实像B

6、. 树叶的虚像C. 树叶的实像D. 太阳的虚像【答案】A【解析】树阴下地面上出现的圆形光斑，是太阳光通过浓密的树叶中的小孔所成的太阳的像，是实际光线会聚形成的实像，是由光的直线传播形成的。故A正确为答案，选项BCD错误。7.下列说法中不正确的是A. 载重汽车装有许多很宽的车轮是为减小对地面的压强B. 飞机靠机翼上下表面存在的压强差获得升力C. 力是使物体运动的原因D. 在草地上滚动的足球最终停下来是因为足球受到摩擦阻力【答案】C【解析】【详解】A载重汽车装有许多很宽的车轮，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强，故A正确,不符合题意；B同一股气流在相同的时间内，通过机翼的上方和下方，上方气

7、流通过时经过的路程大，速度大，压强小；下方气流通过时经过的路程小，速度小，压强大。机翼下方压强大于下方压强，机翼在压强差下产生向上的升力；则机翼靠上下表面存在的压强差获得升力，故B正确，不符合题意；CD力是改变物体运动状态的原因，不是使物体运动的原因；在草地上滚动的足球，由于受到摩擦阻力作用，最终停下来，故C错误，符合题意，D正确不符合题意。8.如图是用来研究凸透镜成像规律的实验装置示意图（屏未画出），当蜡烛和透镜放在图示位置时，通过移动光屏，可以在光屏上得到与物体等大的像。若透镜位置不变，将蜡烛移到刻度为30cm处，则A. 移动光屏，可以在屏上得到倒立放大的像B. 移动光屏，可以在屏上得到倒

8、立缩小的像C. 移动光屏，可以在屏上得到正立放大的像D. 不论光屏移到什么位置，都不能在屏上得到清晰的像【答案】D【解析】由题意可知，当物距为30cm时，可以在光屏上得到与物体等大的像，所以f=15cm；将蜡烛移到刻度为30cm处时，物距为10cm，即uf，所以应该成正立、放大的虚像，故在光屏上看不到；故选D9.寒冷的冬天，太阳能热水器水箱的通气孔（与大气相通）由于冰冻堵塞而不通，放水使用后发现不锈钢水箱变瘪了，如图所示水箱变瘪说明A. 存在大气压强B. 水箱存在热胀冷缩C. 水箱的不锈钢老化D. 水变成冰时体积变大【答案】A【解析】【详解】根据题意知道，太阳能热水器水箱的通气孔（与大气相通）

9、由于冰冻堵塞而不通，当放水使用时，空气不能进入水箱，致使水箱内形成真空，在外界大气压的作用下使不锈钢水箱变瘪了，故符合题意的是A。【点睛】本题考查的是大气压的存在，要求学生能利用所学知识解释生活中的现象，难度不大。10.生活中热现象随处可见，下列说法中正确的是A. 在远处能闻到花的香味，说明分子间有空隙B. 冬天很冷的时候搓手就感到暖和，是用热传递的方式改变内能C. 夏天在河岸边觉得沙子热得发烫而河水却不怎么热，是因为水的比热容大D. 使用高压锅更容易把食物煮熟，是利用了液体沸点随气压增大而降低的原理【答案】C【解析】A. 我们能闻到花的香味是因为酒分子在做无规则运动，故A错误；B. 搓手时，

10、我们通过做功改变了内能，故B错误；C. 沙子发烫而水不热是因为水的比热容大，故吸收相同的热量沙子升高的温度要大；故C正确；D. 使用高压锅更容易把食物煮熟，是利用了液体沸点随气压增大而增大的原理，故D错误。故选：C11.人类在探索自然规律的过程中，总结出了许多科学研究方法。下面两个例子都运用了下面哪种方法说明分子也具有动能和势能 A. 类比B. 转换C. 模型D. 控制变量【答案】A【解析】试题分析：前面图中的共性是运动，后面图中的共性是相互吸引，它们都用到了类比法。通过乒乓球反映音叉的振动是转换法；光线的引入是模型法；探究速度与路程和时间的关系是控制变量法。故选A考点：物理方法12. 下列估

11、测最接近实际的是（ ）A. 一页纸的厚度约为0.01mB. 一个鸡蛋的质量约为50gC. 一个中学生从一楼走上二楼做的功约150JD. 家用液晶电视的电功率约2000W【答案】B【解析】试题分析：如果一页纸厚度约为0.01m，那么100而纸的厚度将是1m，显然不符合实际，故A错；十个鸡蛋的质量约为500g，符合实际，故B正确；中学生的质量约是50kg，每层楼高3m，做功为1500J，故C错；液晶电视的电功率约为200W故D错；应选B。【考点定位】常见数据的判断13.如图，小聪用力将水平地面上的箱子拉走了；小明用力推箱子，但没有推动。下面关于做功的分析，正确的是A. 小明、小聪都没有对箱子做功B

12、. 小明对箱子做了功，小聪对箱子没有做功C. 小聪对箱子做了功，小明对箱子没有做功D. 小聪在拉箱子的过程中，箱子的重力做了功，小明在推箱子时，箱子的重力没有做功【答案】C【解析】【详解】根据做功的两个要素分析解答：（1）小明用力推箱子，但箱子没有运动，只有力的作用，没有在力的方向上通过距离，所以他对箱子没有做功； （2）小聪用力将箱子拉走了，在力的方向上通过了距离，因此她对箱子做了功，故AB错误，C正确；（3）重力的方向是竖直向下的，箱子无论沿水平方向是否运动，箱子的重力都没有做功，故D错误故选：C【点睛】重点是做功的判断，要根据做功的两个要素进行判断，一要有力作用在物体上，二是物体在力的方

13、向上通过一段距离，当力与物体运动方向垂直时，此力不做功。14.在如图所示电路中，电源电压不变。闭合开关后，当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W下列说法正确的是A. 小灯泡正常发光时的电阻为10B. 滑动变阻器的最大阻值为20C. 电源电压为8VD. 滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率为3.2 W【答案】B【解析】【详解】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑片P在某一端点时，电流表示数为0.3A，小灯泡消耗的功率为0.9W；

14、当滑片P移至中点时，电压表示数变化了2V，此时小灯泡恰好正常发光，且消耗的功率为2W，由小灯泡消耗的功率变大可知，电路中的电流I0.3A时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，由PUI可得，此时灯泡两端的电压：=3V，当滑片P移到中点时，变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，由电压表示数变化了2V可知，此时灯泡两端的电压ULUL+2V3V+2V5V，因此时灯泡正常发光，且灯泡的功率PL2W，所以，由PUI可得，灯泡正常发光时的电阻：=12.5，故A错误；当滑片P在最右端时，灯泡的电功率两端的电压UL3V，电路中的电流I0.3A，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，

15、由I可得，电源的电压：UUL+IR3V+0.3AR滑，当滑片P移到中点时，灯泡两端的电压UL5V，因串联电路中各处的电流相等，所以，电路中的电流：=0.4A，电源的电压：UUL+I5V+0.4A，因电源的电压不变，所以，3V+0.3AR滑5V+0.4A，解得：R滑20，故B正确；电源的电压UUL+IR3V+0.3A209V，故C错误；滑片P在最右端时，滑动变阻器消耗的功率：PRI2R滑（0.3A）2201.8W，故D错误。15.如图所示的4个实验中，能说明电动机工作原理的是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：电动机工作原理是通电导体在磁场中受力而运动，正确A；B是电磁感应

16、，是发电机的原理；C是奥斯特实验，说明了电生磁；D是电磁铁的强弱与线圈的匝数有关的实验。正确A。【考点定位】电动机原理二、填空题16.如图甲所示为探究某液态物质凝固过程中温度随时间变化的实验装置，实验中某时刻温度计的示数如图乙所示，则此时温度计的示数是_记录不同时刻待测物质的温度值，并依据实验数据描绘出了该液态物质在凝固过程中温度随时间变化的图象，如图丙所示，由图象可知该物质是_（选填“晶体”或“非晶体”），在第6min时，该物质处于_态（选填“液”、“固”或“固液共存”）。【答案】 (1). 69 (2). 晶体 (3). 固液共存【解析】（1）由图乙可知，温度计的分度值为1，示数为69。（

17、2）该物质凝固时，温度保持80不变，具有一定的凝固温度，所以由图像可知该物质是晶体。（3）由图乙可知，在第6min时，处于凝固过程中，该物质处于固液共存态。17.有一潜水艇悬浮在水中，如图所示。当用压缩气体把水舱中的水排出一部分时，潜水艇将_(选填“上浮”或“下沉”)，在未露出水面之前，潜水艇所受的浮力将_(选填“变大”、“变小”或“不变”)。【答案】 (1). 上浮 (2). 不变【解析】试题分析：当将水舱内的水排出一部分后，潜水艇的重力减小，故重力小于浮力，潜水艇将上浮；在未露出水出之前，由于排开水的体积不变，故潜水艇所受到的浮力不变。考点：物体的浮沉条件及其应用；浮力大小的计算18.如图

18、所示的简单机械是由固定的斜面和滑轮组成的。若斜面的长L与斜面高h的比值为2，整个机械的效率为80%，则使用该机械将重物沿斜面缓慢拉上的过程中，作用力F与重物所受重力G的之比为_。【答案】5：16【解析】【详解】由题知，使用的是动滑轮，将重物拉到斜面顶端，拉力移动的距离：s2L，L2h，s4h，使用该装置做的有用功：W有用Gh，使用该装置做的总功：W总Fs4Fh，80%，F：G5：16。19.如图所示，在20N的水平拉力F作用下，重200N的物体沿水平地面向左做匀速直线运动，物体与地面间的滑动摩擦力为48N试求：（1）滑轮组的机械效率为多少？（2）若物体的速度为0.2m/s，则拉力做功的功率是多

19、少？【答案】80% 12W【解析】试题解析：（1）用滑轮组水平拉动物体时，知道拉力和摩擦力，根据求出滑轮组的机械效率；（2）知道物体移动的速度，根据求出拉力移动的速度，根据求出功率。（1）（2）考点：功率的计算，滑轮组的机械效率20.小明去超市，走到电梯前发现电梯运动较慢，当他站在电梯上时又快了起来。小明根据所学的知识，画出如图所示的电路（R是一个压敏电阻）小明分析：当人站在电梯上，压敏电阻的阻值减小，则电磁铁的磁性变_，衔铁与触点_（填“1”或“2”）接触。【答案】 (1). 强 (2). 2【解析】【详解】读图可知，压敏电阻R在控制电路中，当人站上电梯，阻值减小时，电路中电流变大，电磁铁磁

20、性增强，吸引衔铁，使触点与1断开，与2连接。三、作图题21. 请用笔画线代替导线，将图中的开关、灯泡和三孔插座正确接入家庭电路中【答案】如图所示【解析】试题分析：三孔插座按照左零右火中地线的规则来接线，灯泡与开关是串联的，且开关应接在火线的一端，如上图所示。【考点定位】家庭电路的连接四、综合题22.电磁旋转实验早在1812年，丹麦物理学家奥斯特就有了电磁之间是统一的想法。1820年春，奥斯特在他的讲座上当众展示了一个精彩的实验：在直导线附近（导线需要南北放置），放置一枚小磁针，当导线中有电流通过时，磁针发生了偏转。后通过深入的实验研究，当年的7月份奥斯特发表论文，揭示了电流的磁效应。1821年

21、，英国物理学家法拉第重复完成奥斯特实验，并亲手做了其它许多实验，如图甲所示，就是著名的电磁旋转实验装置，图乙为这一装置的结构简图，其中A是可动磁铁，B是固定导线，C是可动导线，D是固定磁铁，黑色部分表示水银。实验现象是：如果通电导线B附近只有磁铁A的一个极N，磁铁A就会围绕导线B旋转；反之，通电导线C也会围绕固定磁铁D的磁极N旋转，这一装置实际上就是最早的电动机。请根据上述阅读材料，回答下列各题：（1）图乙所示装置中，与法拉第电磁旋转实验工作原理一致的是_A. 线圈转动时，小灯泡发光B. 电路接通时，小磁铁和螺钉一起转动C. 电路接通时，线圈转动D. 电路接通时，电铃不停地响（2）实验研究表明

22、：通电导线与磁铁间相互作用力的方向与通电导线中的电流方向和磁铁产生的磁场方向有关。由此可知图所示的装置接通电源后，从上向下看，当磁铁A绕通电导线B逆时针旋转时，通电导线C将绕磁铁D_（选填：“顺时针”或“逆时针”）旋转。【答案】 (1). BC (2). 顺时针【解析】（1）、由阅读材料可知这一装置实际上就是最早的电动机图所示装置中，与法拉第电磁旋转实验工作原理一致的是BC,A是发电机，D是电磁继电器；（2）、由此可知图所示的装置接通电源后，从上向下看，当磁铁绕通电导线逆时针旋转时，C中的电流方向是向下的，由左手定则可知C受到的安培力方向为顺时针五、实验题23.小明某次在光具座上做探究“凸透镜

23、成像规律”的实验，所使用的凸透镜焦距是15cm。（1）实验前要调整烛焰的焰心、和光屏的中心的高度，使它们位于_；（2）如图甲所示，当小明把凸透镜固定在50cm刻度线位置，蜡烛固定在15cm刻度线位置时，光屏应在_（选填“”、“”或“”）区域内左右移动，才能在光屏上得到清晰的_（选填“放大”或“缩小”）倒立的实像；（3）小明继续探究“视力的矫正”，它用凸透镜模拟人眼的晶状体，用光屏模拟人眼的_；如图乙，小明先固定蜡烛，拿一个近视眼镜给“眼睛”戴上，光屏上出现烛焰清晰的像。撤掉眼镜后，光屏上的像变模糊，为了使像重新清晰，应将光屏_（选填“靠近”或“远离”）透镜。得到清晰的像后可以发现，该像的大小与

24、原来的像相比_（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】 (1). 凸透镜的主光轴上 (2). (3). 缩小 (4). 视网膜 (5). 靠近 (6). 变小【解析】(1)实验前要调整烛焰的焰心、光屏的中心在主光轴上,烛焰的焰心、透镜的光心、光屏的中心都在同一高度上,目的是使像能成在光屏的中央;(2)凸透镜焦距是15cm,当把凸透镜固定在50cm 刻度线位置,蜡烛固定在15cm 刻度线位置时,物距为50cm-15cm=35cm,大于2倍焦距,所以此时成倒立缩小的实像。(3)视网膜是用来接收像的,所以视网膜的作用相当于光屏;近视眼镜是凹透镜,对光线有发散作用,撤去近视眼镜,应向左移动光屏才

25、能得到清晰的像;像距变大,则像变小.因此，本题正确答案是: (1). 凸透镜的主光轴上 (2). (3). 缩小 (4). 视网膜 (5). 靠近 (6). 变小【点睛】(1)为使像能成在光屏的中央,应使蜡烛的火焰、透镜、光屏三者的中心大致在同一高度处;(2)根据物距大于2倍焦距时,成倒立缩小的实像,像距处于1倍和2倍焦距之间的特点进行分析;(3)根据凸透镜成实像的条件及物距和像距的关系分析;(4)近视眼镜是凹透镜,对光线有发散作用;物近像远像变大,物远像近像变小.24.学完密度的知识后，小明想知道所喝的早餐奶的密度。于是到实验室用器材进行了测量。小明利用天平（含砝码）、量筒、烧杯测量早餐奶的

26、密度过程如下：将天平放在水平桌面上，游码放在标尺左端的零刻线处，发现指针如图丙所示，则此时应将平衡螺母向_（填：“左”或“右”）边调节。使指针指在分度盘的中线处，这时横梁平衡；在烧杯中倒入适量的早餐奶，用天平测出烧杯和早餐奶的总质量为76.2g；将烧杯中的早餐奶的一部分倒入量筒中，如图甲所示，则量筒内早餐奶的体积是_cm3；再用天平测出烧杯和剩余早餐奶的质量，砝码和游码的示数如图乙所示；则量筒中早餐奶的质量为_ g；经过计算可知，早餐奶的密度为_ g/cm3。【答案】右；40；42；1.05【解析】试题分析：使用天平测量前，调节横梁平衡应遵守“左沉右旋”（或“右沉左旋”）； 科量筒的量程为50

27、ml，分度值为2ml，则量筒内早餐奶的体积是40cm3；再用天平测出烧杯和剩余早餐奶的质量为（20+10+42）g=342g；则量筒中早餐奶的质量为762g-342g=42g；经过计算可知，早餐奶的密度为= m/V=42g/42cm3=105g/cm3考点:密度的测量25.小华在探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”的实验中，所用的电源电压是4V，小灯泡的额定电压是2.5V，小灯泡两端允许加的最大电压为额定电压的1.2倍。（1）请将图甲的实验电路连接完整。后画出对应分电路图。（ ）（2）小华连接的电路中，电流表接的是大量程，滑动变阻器的滑片滑到了阻值最大端。在检查电路连接正确后，小明又进行了

28、实验操作，并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为小量程。则他进行了怎样的实验操作？观察到什么实验现象？实验操作：_。实验现象：_。（3）实验中，观察到小灯泡开始发光时，电压表的示数是0.5V关于电压测量点的选择有如下三种方案。应该选用_方案。甲：1.0V2.0V3.0V 乙：1.0V2.5V4.0V 丙：0.5V1.0V1.5V 丁：2.0V2.5V3.0V（4）小刚在做该实验时，用数量和规格均满足实验要求的定值电阻代替了滑动变阻器。请分析说明用定值电阻代替滑动变阻器做实验的两点不足。_；_。（5）小金同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图乙所示的图象。根据图象信息

29、，可计算出小灯泡的额定功率是_瓦。该图象不是直线，主要原因是_。（6）小力受此实验启发，想测定电动自行车上用作照明的LED（发光二极管）额定功率。在老师的帮助下通过实验得到该LED的电流电压图象如图丙所示，查阅资料知道该LED的额定电压为3V，结合图象可得该LED的额定功率为_W小明进一步发现，在额定电压下工作时，LED比小灯泡亮，请对此现象作出解释_。【答案】 (1). (2). 进行试触 (3). 电流表指针的偏转角度非常小 (4). 丁 (5). 操作麻烦，改变小灯泡功率时，要更换不同的定值电阻，多次实验 (6). 定值电阻的阻值不能连续变化，现象不明显 (7). 0.5 (8). 灯丝

30、的电阻随温度的升高而增大 (9). 0.072 (10). LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多 【解析】【详解】（1）灯泡两端所允许加的最大电压是：2.5 V1.2=3 V，因此电压表可选择03 V量程，灯泡与滑动变阻器串联接入电路，电压表并联在灯泡两端，变阻器按一上一下接入电路中，如图所示：（2）小明又进行了实验操作，并根据观察到的实验现象将电流表从大量程改为小量程，说明电路中的电流比较小，他是采用试触法进行判断的，即：迅速试触开关时，并观察电流表指针的偏转角度，实验现象是：发现电流表指针偏转角度太小；（3）要探究“小灯泡发光时的亮度与电功率的关系”，可以再稍增大灯两端的电压，取

31、小于额定电压、等于额定电压、大于额定电压几个电压值，实际功率将小于额电功率、等于额电功率、大于额电功率；甲方案没有在额定电压下；乙方案4 V会烧坏灯；甲丙两方案均不可取，综合分析可知，应选用丁方案；（4）小刚的做法存在以下不足：小灯泡的电阻随温度发生变化，用定值电阻控制电压非常困难；操作麻烦，改变小灯泡功率时，要更换不同的定值电阻，连续三次电阻；定值电阻的阻值不能连续变化，现象不明显。（5）由图丁可知，当灯的电压为2.5 V额定电压下，通过灯的电流为0.2 A，小灯泡的额定功率：P1=UI=2.5 V0.2 A=0.5 W；因灯的电阻随温度的升高而增大，不是一个定值，根据欧姆定律可知，通过灯的

32、电流与电压不成正比，故该图象不是直线；（6）由图丙可知，当LED的电压为3 V时，通过的电流为24 mA=0.024 A，该LED的额定功率为：P2=U2I2=3 V0.024 A=0.072 W；LED灯是半导体材料，可以将电能直接转化为光能，电能基本上不转化成内能，即LED的电能转化为光能的效率比白炽灯的要高得多。【点睛】重点是测量小灯泡电功率的实验，注意滑动变阻器使用应一上一下接入电路，要能根据要求选择合适的接线柱，且闭合开关前应调整到阻值最大端，电流表读数时，看清楚所用量程，搞清楚分度值，再进行读数。且一定要注意灯丝的电阻会随温度而变化，通常金属电阻随温度的升高而增大，所以电流与电压不

33、成正比。六、计算题26.2013年11月27日，ACN新闻报道，日本早稻田大学的内藤健健教授发现了一种全新的压缩燃烧原理，可使汽油发动机的效率达60%，所谓发动机效率是指发动机牵引汽车前进所需能量与汽油完全燃烧产生内能的比值。当前汽油发动机的最高效率是30%假期小明全家驾车去某地旅游，在高速公路上匀速行驶225km，所用时间是2.5h，消耗汽油20L（汽油完全燃烧），汽车发动机在这段时间内产生牵引力的功率为20kW求：（1）该汽车发动机的效率是多少？（已知汽油0.8103kg/m3，q汽油4.5107J/kg）（2）假如小明家的汽车采用了全新的压缩燃烧原理，效率达60%，则20L汽油可以让该车

34、以同样的功率和速度行驶多长的距离。【答案】（1）25%.（2）540km.【解析】【详解】解:(1)汽车速度,汽油质量,汽油完全燃烧放出的热量,牵引力做功,汽车发动机的效率;(2)效率达60%后牵引力做的功,行驶的时间,行驶路程.27.如图是某汽车起重机静止在水平地面上起吊重物的示意图，重物的升降使用的是滑轮组，滑轮组上钢丝绳的收放是由卷扬机来完成的。提升重物前，起重机对地面的压强为2105Pa，某次作业中，将重物甲以0.25m/s的速度匀速提升时，起重机对地面的压强为2.3105Pa；若以相同的功率将重物乙以0.2m/s的速度匀速提升时，起重机对地面的压强为2.4105Pa（不计钢丝绳重和摩

35、擦）（1）起重机两次提升的重物质量之比。（2）起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比。（3）提升重物乙时，滑轮组的机械效率是多少？【答案】（1）3：4；（2）15：16。（3）80%。【解析】解：（1）设起重机重为G，被提升重物甲重力为G甲，被提升重物乙重力为G乙；提升物体前，起重机对地面的压力：G=p1S，匀速提升重物甲时，起重机对地面的压力：G+G甲=p2S，匀速提升重物乙时，起重机对地面的压力：G+G乙=p3S，故G甲=（p2p1）S，G乙=（p3p1）S，=；G=mg，故=（2）根据P=Fv，因以相同的功率将重物提升，故拉力与提升的速度成反比，=，因=由得：起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比。=（3）不计钢丝绳重和摩擦，F甲=F乙=，由代入得：=由得：G动=因不计钢丝绳重和摩擦，提升重物乙时，滑轮组的机械效率是：由，=80%。答：（1）起重机两次提升的重物质量之比为3：4；（2）起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比为15：16。（3）提升重物乙时，滑轮组的机械效率是80%。点睛：本题为力学综合题，考查了学生对压强公式、机械效率公式、功率公式的掌握和运用，本题关键：一是利用好功率推导公式P=Fv，二是利用好不计摩擦和绳重F=（G物+G动）。