重难点14三种抛物线解题方法(核心考点讲与练)-2024年高考数学一轮复习核心考点讲与练(新高考专用)(解析版).docx

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1、重难点14三种抛物线解题方法（核心考点讲与练）能力拓展题型一:定义法求焦半径一、单选题1（2022全国模拟预测（文）对于正数，抛物线的焦点为，抛物线的焦点为，线段与两个抛物线的交点分别为，若，则的值为（）A6BC7D【答案】C【分析】由抛物线方程求出其焦点和顶点坐标，由条件结合抛物线的定义列方程求出即可.【详解】抛物线的焦点的坐标为，抛物线的焦点的坐标为，又，所以，设，则，所以，又，所以，又，所以，又，所以，故选：C.2（2022湖北模拟预测）已知抛物线的焦点为，点在抛物线上，过线段的中点作抛物线的准线的垂线，垂足为，以为直径的圆过点，则的最大值为（）ABCD1【答案】C【分析】先设出，由抛物

2、线定义求出，勾股定理求出，结合基本不等式求出的最大值即可.【详解】如图，以开口向右的抛物线为例，过作垂直于准线，垂足为，设，则，以为直径的圆过点，则，则，则，当且仅当时取等，即的最大值为.故选：C.3（2022广东佛山模拟预测）已知抛物线C：的焦点为F，过焦点且斜率为的直线l与抛物线C交于A，B（A在B的上方）两点，若，则的值为（）ABC2D【答案】C【分析】设直线l的倾斜角为，求得过A作准线于，过B作准线于，过B作于.由抛物线定义求出和.在直角三角形ABC中，利用余弦的定义表示出,即可解得【详解】设直线l的倾斜角为，根据条件可得，则可得过A作准线于，过B作准线于，过B作于.由抛物线定义可得：

3、.因为，所以.而.在直角三角形ABC中，,解得：故选：C4（2022安徽巢湖市第一中学模拟预测（文）已知抛物线：的焦点为F，Q为上一点，M为的准线上一点且轴.若为坐标原点，P在x轴上，且在点F的右侧，则准线的方程为（）ABCD【答案】C【分析】根据抛物线的定义以及已知的几何关系，判断出为等边三角形，再运用焦半径公式求出边长，进而解得的取值，求出准线方程.【详解】由题意得，如图，点在焦点的右边，且，由抛物线的定义知，又，轴，为等边三角形，点的横坐标为，又，解得，准线的方程为，故选：C.二、多选题5（2022全国模拟预测）已知抛物线，焦点为F，直线l与抛物线交于A，B两点，则下列选项正确的是（）A

4、当直线l过焦点F时，以AF为直径的圆与y轴相切B若线段AB中点的纵坐标为2，则直线AB的斜率为1C若，则弦长AB最小值为8D当直线l过焦点F且斜率为2时，成等差数列【答案】ABC【分析】设，根据抛物线定义，可得，即可得AF为直径的圆的半径和圆心坐标，又圆心到y轴距离为，即可判断A的正误；由题意，求得直线l的方程，即可判断B的正误；根据题意，结合韦达定理及弦长公式，可得长表达式，根据m的范围，即可判断C的正误；由题意得，根据焦半径公式结合韦达定理，可求得k值，即可判断D的正误，即可得答案.【详解】设直线l的方程为，联立，消去x得，由韦达定理得，对于A：，以AF为直径的圆半径为，圆心为，圆心到y轴

5、距离为，故以AF为直径的圆与y轴相切，故选项A正确；对于B：，即，直线l的方程为，直线AB的斜率为1，故选项B正确；对于C：若，则，则又，当时，AB取最小为8，故选项C正确；对于D：根据题意可得直线l的斜率存在抛物线的焦点，直线l的方程可设为，与抛物线方程联立，消去y整理得设，若，成等差数列，则有，即，化简得又，解得或（舍去），解得，所以，与已知矛盾，故选项D错误，故选：ABC【点睛】解题的关键是熟练掌握抛物线的定义、焦半径公式、弦长公式等基础知识，并灵活应用韦达定理进行求解，综合性较强，考查分析理解，计算求值的能力，属中档题.6（2022福建泉州模拟预测）已知A（a，0），M（3，-2），点

6、P在抛物线上，则（）A当时，最小值为1B当时，的最小值为3C当时，的最小值为4D当时，的最大值为2【答案】ACD【分析】当时，得到为抛物线焦点，利用焦半径求出，从而判断A选项；作辅助线，得到当N，P，M三点共线时，取得最小值，求出最小值，判断C选项；延长AM交抛物线于点，此时为的最大值，求出最大值，判断D选项；当时，利用两点间距离公式和配方求出最小值，判断B选项.【详解】当时，为抛物线的焦点，设，则，故的最小值为1，A正确；设抛物线的准线为，过点P作PNl于点N，此时，故当N，P，M三点共线时，取得最小值，此时，C正确；当时，连接AM，并延长AM交抛物线于点，此时为的最大值，当在其他位置时，根

7、据三角形两边之差小于第三边，可知均小于，因为，故D正确；此时当时，B错误.故选：ACD7（2022全国模拟预测）已知为坐标原点，抛物线的方程为，的焦点为，直线与交于，两点，且的中点到轴的距离为2，则下列结论正确的是（）A的准线方程为B的最大值为6C若，则直线的方程为D若，则面积的最小值为16【答案】BCD【分析】直接求出准线方程即可判断A选项；由以及抛物线的定义结合即可判断B选项；设出直线的方程为，联立抛物线，由解出点坐标，即可判断C选项；由求得直线恒过点结合即可求出面积最小值，即可判断D选项.【详解】由题意知的标准方程为，故的准线方程为， A错误；设的中点为，分别过点，作准线的垂线，垂足分别

8、为，因为到轴的距离为2，所以.由抛物线的定义知，所以.因为，所以，所以B正确；由得直线过点，直线的斜率存在，设直线的方程为，联立方程得化简得，则.由于，所以，得，得，所以，所以，直线的方程为，故C正确；设，由，得，又所以，由题意知，所以.又，故直线的方程为.由于，所以，则直线恒过点，所以，所以面积的是小值为16，故D正确.故选：BCD.8（2022广东佛山模拟预测）已知直线：与抛物线C：相交于A，B两点，点A在x轴上方，点是抛物线C的准线与以AB为直径的圆的公共点，则下列结论正确的是（）ABCD【答案】ABC【分析】由题意可知，抛物线的准线为，利用抛物线的几何性质求出和抛物线的方程和焦点坐标，

9、结合直线的方程可知，直线经过焦点，利用抛物线的定义表示出以为直径的圆的半径和圆心,由得到关于的方程，解方程求出，利用抛物线的定义求得焦半径计算可判断的对错.【详解】由题意知，抛物线的准线为，即，解得，故选项A正确；因为，所以抛物线的方程为：，其焦点为，又直线 ，所以直线恒过抛物线的焦点，设点，因为两点在抛物线上，联立方程，两式相减可得，设的中点为，则，因为点在直线上，解得可得，所以点是以为直径的圆的圆心，由抛物线的定义知，圆的半径，因为，所以，解得，故选项B正确；因为，,所以，故选项C正确；过做轴，过做轴，抛断线的准线交轴与点，设,，又，则，则D错误.故选：ABC【点睛】关键点睛：本题考查抛物

10、线的标准方程及其几何性质、圆的性质、直线与抛物线的位置关系、弦长公式、点到直线的距离公式；考查运算求解能力和逻辑推理能力；熟练掌握直线与抛物线的位置关系和抛物线的几何性质、圆的性质是求解本题的关键；属于综合型、难度大型试题.9（2022重庆一中高三阶段练习）已知抛物线的焦点为F，过点F的直线交该抛物线于，两点，点T（-1，0），则下列结论正确的是（）ABC若三角形TAB的面积为S，则S的最小值为D若线段AT中点为Q，且，则【答案】ABD【分析】A选项，设出直线AB：，与联立后得到两根之积；B选项，利用抛物线的定义得到，转化为两根之和与两根之积的关系式，代入求解；C选项，表达出，求出最小面积；D

11、选项，根据得到，得到，进而计算出，求出.【详解】将直线AB：与联立得：设，则，故A正确；由抛物线的定义可知：，则，B正确；，当且仅当时等号成立，故S的最小值为4，C错误；由可得：，即，所以，解得：或（舍去），又因为，所以，因此，D正确.故选：ABD【点睛】抛物线的焦点弦的性质是比较多的，要重点记忆一些，比如，等.三、解答题10（2022辽宁沈阳二中模拟预测）曲线C的方程为，点D的坐标，点P的坐标.(1)设E是曲线C上的点，且E到D的距离等于4，求E的坐标：(2)设A，B是曲线C上横坐标不等于1的两个不同的动点，直线PA，PB与y轴分别交于MN两点，线段MN的垂直平分线经过点P.证明；直线AB的

12、斜率为定值，并求出此值.【答案】(1)或.(2)证明见解析，定值为.【分析】（1）化简曲线曲线C的方程得，根据抛物线的定义可求出结果；（2）联立直线与抛物线方程求出的坐标，利用的垂直平分线经过得到与的斜率为相反数，再联立直线与抛物线方程得到的坐标，根据斜率公式可证结论成立.(1)曲线C的方程为，移项平方得，化简得，曲线C的方程为.为抛物线的焦点，直线为抛物线的准线.设，则.，解得.，解得.E的坐标为或.(2)，曲线C的方程为，点在曲线C上，AB是曲线C上横坐标不等于1的两个不同的动点，直线PAPB与y轴分别交于点MN，直线PAPB的斜率都存在，且都不为0，分别设为k，则，直线PA的方程为，即.

13、当时，即.同理可得.线段MN的垂直平分线经过点P，即.由，得：.设，则1，是的解.由书达定理得：，同理可得，直线AB的斜率为定值.11（2022河南焦作三模（理）已知抛物线的焦点为，直线与抛物线交于点，且(1)求抛物线的方程；(2)过点作抛物线的两条互相垂直的弦，设弦，的中点分别为P，Q，求的最小值【答案】(1)(2)8【分析】（1）设出，由焦半径得到方程，求出，进而求出抛物线方程；（2）设出直线方程，表达出P，Q两点坐标，用两点间距离公式表达出，利用基本不等式求出最小值.(1)依题意，设由抛物线的定义得，解得：，因为在抛物线上，所以，所以，解得：故抛物线的方程为(2)由题意可知，直线的斜率存

14、在，且不为0设直线的方程为，联立，整理得：，则，从而因为是弦的中点，所以，同理可得则，当且仅当且，即时等号成立，故的最小值为8【点睛】圆锥曲线与直线相交问题，一般设出直线方程，联立后得到两根之和，两根之积，结合题目条件列出方程，或表达出弦长，常常结合基本不等式或二次函数等进行求解.12（2022贵州毕节三模（理）已知抛物线的焦点为，且点与上点的距离的最大值为(1)求；(2)当时，设，是抛物线上的三个点，若直线，均与相切，求证：直线与相切【答案】(1)或(2)证明见解析【分析】(1)作图，分析图中的几何关系即可求解；(2)分别写出BD，BE，ED的直线方程，化简，利用点到直线距离公式即可.(1)

15、依题意作下图：由于，依题意有解得或；(2)当时，抛物线，设，的坐标分别为，由题意可知直线，的斜率均存在，所以 ，直线的方程为，即，直线均与相切，所以有，即，同理， 得： ， ，所以直线的方程为 ，所以圆心到直线的距离为 ，所以直线与相切；题型二：定义转换法求距离的最值问题一、单选题1（2022重庆巴蜀中学高三阶段练习）已知定点，点为拋物线上一动点，到轴的距离为，则的最小值为（）A4B5CD【答案】A【分析】设焦点为，到准线的距离为，根据抛物线的定义，可得，故将变为,求得答案.【详解】设焦点为，到准线的距离为，则，所以，当且仅当P,M,F三点共线时取等号，故选：A2（2022青海大通回族土族自治

16、县教学研究室二模（文）已知抛物线的焦点为F，过F的直线l与抛物线相交于A，B两点，则的最小值为（）A1BCD6【答案】B【分析】根据，代入得利用基本不等式处理【详解】设直线l的方程为，与抛物线方程联立，得，设，则，所以，所以，当且仅当时，等号成立故选：B3（2022河北张家口三模）已知点P是抛物线上的动点，过点P向y轴作垂线，垂足记为N，动点M满足最小值为3，则点M的轨迹长度为（）ABCD【答案】C【分析】分点M在抛物线外部，点M在抛物线上或内部两种情况讨论得解.【详解】当点M在抛物线外部时，点M的轨迹方程为（在抛物线外部的部分），与联立解得， 轨迹与抛物线的两个交点为，则，圆在抛物线外部的弧

17、长为；当点M在抛物线上或内部时，三点共线时，最小，此时点M的轨迹方程为，其长度为.所以点M的轨迹长度为.故选：C.4（2022全国模拟预测）已知点P为抛物线上的动点，点F为抛物线的焦点，点，设点Q为以点P为圆心，为半径的圆上的动点，的最大值为，当点P在抛物线上运动时，则的最小值为（）ABC4D5【答案】C【分析】根据圆内的定点与圆上的点的距离关系确定的最大值，结合抛物线的定义求其最小值.【详解】设圆P的半径为r，则易知的最大值设点P到准线的距离为，点A到准线的距离为，根据抛物线的定义得，故选：C5（2022河南西平县高级中学模拟预测（理）已知M是抛物线上一点，F为其焦点，则的最小值为（）A10

18、B9C8D7【答案】B【分析】过M作直线的垂线，垂足为N，根据抛物线的定义可知，即求的最小值，结合三点共线时两点之间距离最短可求解.【详解】由题意直线为抛物线的准线. 过M作直线的垂线，垂足为N，根据抛物线的定义可知，故,即求的最小值，当三点不共线时，当三点共线时，即过点C作直线的垂线，此时所以过点C作直线的垂线，与抛物线的交点就是所求点M，此时，故的最小值为9故选：B6（2022全国高三专题练习）已知抛物线的焦点为F，过F且倾斜角为的直线l与抛物线相交于A，B两点，过A，B两点分别作抛物线的切线，交于点Q下列说法正确的是()AB(O为坐标原点)的面积为CD若，P是抛物线上一动点，则的最小值为

19、【答案】A【分析】设l的方程，和抛物线方程联立，得到根与系数关系，求出，根据求出p的值.A：用导数求出切线斜率，验证两斜率之积是否为1；B：利用三角形面积公式即可求解；C：根据抛物线焦点弦的几何性质可判断；D：数形结合，利用抛物线的定义转化为P到准线的距离即可求出最值.【详解】l过点F且倾斜角为，直线l的方为，与抛物线方程联立，得，设，则，又，；不妨设，当时，过A的切线斜率为，同理可得过B的切线斜率为，故A正确；，故B错误；，故C错误；设点M到准线的距离为d，若，则，则D错误故选：A二、多选题7（2022河北模拟预测）设抛物线的焦点为F，准线为l，为C上一动点，则下列结论正确的是（）A当时，抛

20、物线C在点P处的切线方程为B当时，的值为6C的最小值为3D的最大值为【答案】BCD【分析】A选项，求导，求出在的导函数值，即切线斜率，进而用点斜式求出切线方程；B选项，由焦半径求出的值；C选项，利用抛物线定义得到，当三点共线时和最小，求出最小值；D选项，作出辅助线，找到.【详解】当时，又，所以，所以抛物线C在点P处的切线方程为，整理得：，A错误；当时，故，B正确；如图，过点P作PB准线于点B，则由抛物线定义可知：，则，当A、P、B三点共线时，和最小，最小值为1+2=3，C正确；由题意得：，连接AF并延长，交抛物线于点P，此点即为取最大值的点，此时，其他位置的点，由三角形两边之差小于第三边得：，

21、故的最大值为，D正确.故选：BCD8（2022湖北宜城市第一中学高三阶段练习）已知F是抛物线的焦点，P是抛物线上一动点，Q是上一动点，则下列说法正确的有（）A的最小值为1B的最小值为C的最小值为4D的最小值为【答案】AC【分析】根据抛物线的性质判断A，根据圆的性质判断B，结合抛物线的定义判断C，D.【详解】抛物线焦点为，准线为，作出图象，对选项A：由抛物线的性质可知：的最小值为，选项A正确；对选项B：注意到F是定点，由圆的性质可知：的最小值为，选项B错误；对选项CD：过点P作抛物线准线的垂线，垂足为M，由抛物线定义可知，故，的最小值为点Q到准线的距离，故最小值为4，从而选项C正确，选项D错误故

22、选：AC.9（2022福建福州三模）已知抛物线的准线为，点在抛物线上，以为圆心的圆与相切于点，点与抛物线的焦点不重合，且，则（）A圆的半径是4B圆与直线相切C抛物线上的点到点的距离的最小值为4D抛物线上的点到点，的距离之和的最小值为4【答案】AC【分析】由抛物线的定义，得，又，易得是等边三角形，结合图像得到，即可求解；求得的坐标，则判断出A和B选项；对于C选项，设，利用两点间的距离公式得到，结合二次函数的图象性质，得到的最小值；设交于点，通过抛物线的定义结合三点共线得，当且仅当、三点共线时取得最小值，即可判断D选项.【详解】由抛物线的定义，得，准线以为圆心的圆与相切于点，所以，即轴，又，所以；

23、因为，所以是等边三角形，即；设点在第一象限，作的中点，连接，则，即，解得：，则抛物线的方程为：，则=3，对于A选项，有，故A选项正确；对于B选项，所以，易得圆与直线不相切，故B选项错误；对于C选项，设抛物线上的点，则化简，得，当且仅当时等号成立，故C选项正确；对于D选项，设过点作准线的垂线交于点，由抛物线的定义，知，则，当且仅当、三点共线时取得最小值，所以，故D选项错误；故选：AC.三、填空题10（2021山东青岛西海岸新区第一高级中学高三期末）已知抛物线的焦点为F，点是抛物线C上一点，圆M与线段MF相交于点A，且被直线截得的弦长为，若，则_.【答案】【分析】先将点M代入抛物线方程得到一个关系

24、式，而后利用抛物线的定义将A到焦点的距离转化为到准线的距离，然后根据圆的弦长公式用勾股定理得到第二个关系式，进一步解出即可.【详解】如图所示，在抛物线上，则易知，由，因为被直线截得的弦长为，则，由， 于是在中，由解得：，所以.故答案为：.【点睛】本题应当结合抛物线的简单几何性质和定义以及勾股定理在抛物线中的应用，一定要结合图形找到各个量之间的联系，抛物线题目切记抛物线上点到焦点的距离等于其到准线的距离.四、解答题11（2022浙江高三专题练习）已知椭圆，经过拋物线的焦点的直线与交于两点，在点处的切线交于两点，如图.(1)当直线垂直轴时，求的准线方程；(2)若三角形的重心在轴上，且，求的取值范围

25、.【答案】(1)x=-1；(2)【分析】(1)根据抛物线的性质可得，根据题意可得，将点P的坐标代入抛物线方程求出p的值即可；(2)根据题意设，由导数的几何意义求出直线PB的斜率进而表示出方程，联立椭圆方程并消去x，利用韦达定理求出，根据三角形的重心可得，列出方程并解之得出，利用抛物线的定义表示，结合换元法化简计算即可.(1)由知，当直线PF垂直于x轴时，由，得，有，所以的准线方程为：，即；(2)由题意知，设直线，则，由，即直线PB的斜率为，所以直线PB的方程为：，即，又G为的重心，且G在x轴上，故，所以，又，所以，整理，得，解得，令，则，所以式，令，则，所以式，故的取值范围为.【点睛】解决直线

26、与圆锥曲线的综合问题时，要注意：(1)注意观察应用题设中的每一个条件，明确确定直线、曲线的条件；(2)强化有关直线与 联立得出一元二次方程后的运算能力，重视根与系数之间的关系、弦长、斜率、三角形的面积和取值范围等问题题型三：定义法求焦点弦一、单选题1（2022河北石家庄高三阶段练习）过抛物线的焦点作直线交抛物线于A，B两点，若A、B两点横坐标的等差中项为2，则（）A8B6CD4【答案】B【分析】由题可得，然后利用焦点弦公式即得.【详解】过抛物线的焦点作直线交抛物线于A，B两点，A、B两点横坐标的等差中项为2，.故选：B.2（2022全国高三专题练习）已知抛物线的焦点为F，过点F分别作两条直线，

27、直线与抛物线C交于A、B两点，直线与抛物线C交于D、E两点，若与的斜率的平方和为2，则的最小值为（）A24B20C16D12【答案】C【分析】设两条直线方程，与抛物线联立，求出弦长的表达式，根据基本不等式求出最小值【详解】抛物线的焦点坐标为，设直线：，直线：，联立 得：，所以，所以焦点弦，同理得：，所以，因为，所以，故选：C二、多选题3（2022全国高三专题练习）（多选题）已知抛物线，过焦点F作一直线l交抛物线于，两点，以下结论正确的有（）A没有最大值也没有最小值BCD【答案】BCD【分析】可设直线AB的方程为，将其与抛物线的方程联立，得到关于y的一元二次方程，得到，判断出C选项，由抛物线的定

28、义知，求出，判断出B选项，由基本不等式判断出A选项，表达出，代入两根之和，两根之积即可.【详解】由题意知，直线AB的斜率不可能为0，故可设其方程为，联立，消去x，得，即选项C正确；由抛物线的定义知，,，所以，即选项B正确；，有最小值，即选项A错误；又，即选项D正确；故选：BCD4（2022全国高三专题练习）（多选题）已知抛物线的焦点为、准线为，过点的直线与抛物线交于两点、，点在上的射影为，则 （）A若，则B以为直径的圆与准线相切C设，则D过点与抛物线有且仅有一个公共点的直线至多有条【答案】ABC【分析】利用抛物线焦点弦长公式可判断AB选项；利用抛物线的定义结合三点共线可判断C选项；求出过点与抛

29、物线有且仅有一个公共点的直线的方程，可判断D选项.【详解】对于选项A，因为，所以，则，故A正确；对于选项B，线段的中点为，抛物线的准线的方程为，点到直线的距离为，所以，以为直径的圆与准线相切，B对；对于选项C，因为，所以，当且仅当点、三点共线，且点为线段与抛物线的交点时，等号成立，故C正确；对于选项D，显然直线，与抛物线只有一个公共点，设过且斜率不为零的直线为，联立，可得，令，则，所以直线与抛物线也只有一个公共点，此时有三条直线符合题意，故D错误.故选：ABC.三、填空题5（2022全国模拟预测）抛物线的焦点F恰好是圆的圆心，过点F且倾斜角为的直线l与C交于不同的A，B两点，则_【答案】8【分

30、析】根据题意可得：，联立方程利用韦达定理求【详解】由题意知，焦点，则抛物线，直线，设，联立消去y并整理得则，所以故答案为：86（2022辽宁模拟预测）已知抛物线的焦点为F，直线l过点F与C交于A，B两点，与C的准线交于点P，若，则l的斜率为_【答案】【分析】分点A在第一象限和第四象限考虑，由结合抛物线定义求得，由勾股定理求得，由即可求出斜率.【详解】如图，当点A在第一象限时，过A，B两点分别作准线的垂线，垂足分别为，设，则由，可得，从而，所以，则，所以，故直线l的斜率为同理，当点A在第四象限时，可求得直线l的斜率为综上，直线l的斜率为故答案为：.四、解答题7（2022吉林长春模拟预测（理）已知

31、抛物线的焦点为，过点且倾斜角为的直线被所截得的弦长为.(1)求抛物线的方程；(2)已知点为抛物线上的任意一点，以为圆心的圆过点，且与直线相交于两点，求的取值范围.【答案】(1)(2)【分析】（1）设直线方程，与抛物线方程联立，利用抛物线焦点弦长公式可构造方程求得，由此可得抛物线方程；（2）设，圆的半径为，利用面积公式，借助可求得，结合抛物线定义可知，由此可得，进而得到所求范围.(1)由抛物线方程得：，可设过点且倾斜角为的直线为：，由得：，由抛物线焦点弦长公式可得：，解得：，抛物线的方程为：.(2)由（1）知：，准线方程为：；设，圆的半径为，则，又，；由抛物线定义可知：，即，即的取值范围为.【点

32、睛】思路点睛：本题考查直线与抛物线的综合应用问题，本题第二问求解的基本思路是能够将所求距离之积转化为关于圆的半径的函数的形式，通过抛物线定义确定的取值范围后，即可得到所求距离之积的取值范围.8（2022全国模拟预测）直线l：kxyk0过抛物线C：的焦点F，且与C交于不同的两点A，B(1)若，成等差数列，求实数k的值；(2)试判断在x轴上存在多少个点，总在以AB为直径的圆上【答案】(1)(2)1个【分析】（1）由直线l的方程判断出抛物线C的焦点，求出.设，用“设而不求法”得到，由，成等差数列，得到，解出斜率k；（2）把整理得：，利用得到，求出满足条件的点只有一个.(1)直线l的方程可写为，可知直线l恒过定点，即抛物线C的焦点，所以，p2，因此设，联立整理得，恒成立，所以，因为，成等差数列，所以又因为，所以，整理得又，即，即，解得或（舍去），则所以，解得k故实数k的值为(2)若存在点总在以AB为直径的圆上，即ATTB，则，即，整理得又，所以，则，恒成立，且，故满足条件的点只有一个