2024届高考数学一轮总复习第十一章计数原理概率随机变量及其分布课时规范练63事件的相互独立性与条件概率.docx

《2024届高考数学一轮总复习第十一章计数原理概率随机变量及其分布课时规范练63事件的相互独立性与条件概率.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2024届高考数学一轮总复习第十一章计数原理概率随机变量及其分布课时规范练63事件的相互独立性与条件概率.docx（6页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、课时规范练63事件的相互独立性与条件概率基础巩固组1.打靶时甲每打10次,可中靶8次;乙每打10次,可中靶7次.若两人同时射击一个目标,则他们都中靶的概率是()A.35B.34C.1225D.14252.甲、乙、丙三名选手参加短跑、跳远两项比赛.每项比赛以后,随机抽取一名选手进行兴奋剂检测.若每次检测每位选手被抽到的概率相同,且每位选手最多被抽检一次(第一次被抽检的选手第二次免检),则甲被抽检的概率是()A.49B.59C.13D.233.从含甲、乙在内的5名全国第七次人口普查员中随机选取3人到某小区进行人口普查,则在甲被选中的条件下,乙也被选中的概率是()A.13B.12C.14D.354.

2、甲、乙两队进行篮球决赛,采取五场三胜制(当一队得三场胜利时,该队获胜,比赛结束),根据前期比赛成绩,甲队的主客场安排依次为“主主客客主”.设甲队主场取胜的概率为0.6,客场取胜的概率为0.5,且各场比赛结果相互独立,则甲队以31获胜的概率是()A.0.18B.0.21C.0.39D.0.425.一个盒子中装有6个完全相同的小球,将它们进行编号,号码分别为1,2,3,4,5,6,从中不放回地随机抽取2个小球,将其编号之和记为S.在已知S为偶数的情况下,S能被3整除的概率为()A.14B.13C.512D.236.(多选)甲、乙两名射击运动员进行射击比赛,若甲中靶的概率为0.8,乙中靶的概率为0.

3、9,则下列结论中正确的有()A.两人都中靶的概率为0.72B.恰好有一人中靶的概率为0.18C.两人不都中靶的概率为0.14D.恰好有一人脱靶的概率为0.267.(2022福建福州一中三模)产品质量检验过程主要包括进货检验(IQC),生产过程检验(IPQC),出货检验(OQC)三个环节.已知某产品IQC单独通过率为34,IPQC单独通过率为p(0p1),规定上一类检验不通过则不进入下一类检验,未通过可修复后再检验一次(修复后无需从头检验,通过率不变且每类检验最多两次),且各类检验间相互独立.若该产品能进入OQC的概率为56,则p=.8.某射击运动员每次击中目标的概率为45,现连续射击两次.(1

4、)已知第一次击中,则第二次击中的概率是;(2)在仅击中一次的条件下,第二次击中的概率是.综合提升组9.如图是易经后天八卦图(含乾、坤、巽、震、坎、离、艮、兑八卦),每一卦由三根线组成(表示一根阳线,表示一根阴线),从八卦中任取两卦,记事件A=“两卦的六根线中恰有两根阳线”,B=“有一卦恰有一根阳线”,则P(A|B)=()后天八卦图A.15B.16C.17D.31410.(多选)某单位组织开展党史知识竞赛活动,以支部为单位参加比赛,某支部在5道党史题中(有3道选择题和2道填空题),不放回地依次随机抽取2道题作答,设事件A为“第1次抽到选择题”,事件B为“第2次抽到选择题”,则下列结论中正确的是(

5、)A.P(A)=35B.P(AB)=310C.P(B|A)=12D.P(B|A)=1211.(多选)(2022辽宁锦州一模)假设某市场供应的智能手机中,市场占有率和优质率的信息如下表:品牌甲乙其他市场占有率50%30%20%优质率80%90%70%在该市场中任意购买一部智能手机,用A1,A2,A3分别表示买到的智能手机为甲品牌、乙品牌、其他品牌,B表示买到的是优质品,则()A.P(A2)=30%B.P(BA3)=70%C.P(B|A1)=80%D.P(B)=81%12.(2022山东临沂三模)某足球队在对球员的使用上进行数据分析,根据以往的数据统计,甲球员能够胜任前锋、中场、后卫三个位置,且出

6、场率分别为0.3,0.5,0.2,当甲球员在相应位置时,球队输球的概率依次为0.4,0.2,0.6.据此判断当甲球员参加比赛时,该球队某场比赛不输球的概率为.13.甲箱中有5个红球,2个白球和3个黑球,乙箱中有4个红球,3个白球和3个黑球.先从甲箱中随机取出一球放入乙箱中,分别以A1,A2,A3表示由甲箱中取出的是红球、白球和黑球的事件;再从乙箱中随机取出一球,以B表示由乙箱中取出的球是红球的事件,则P(B|A1)=,P(B)=.14.为普及抗疫知识、弘扬抗疫精神,某学校组织防疫知识挑战赛.每位选手挑战时,主持人用电脑出题的方式,从题库中随机出3道题,编号为T1,T2,T3,电脑依次出题,选手

7、按规则作答,挑战规则如下:选手每答对一道题目得5分,每答错一道题目扣3分;选手若答对第Ti题,则继续作答第Ti+1题;选手若答错第Ti题,则失去第Ti+1题的答题机会,从第Ti+2题开始继续答题;直到3道题目出完,挑战结束;选手初始分为0分,若挑战结束后,累计得分不低于7分,选手挑战成功,否则挑战失败.选手甲即将参与挑战,已知选手甲答对题库中任何一题的概率均为34,各次作答结果相互独立,且他不会主动放弃任何一次作答机会,求:(1)挑战结束时,选手甲共答对2道题的概率P1;(2)挑战结束时,选手甲恰好作答了2道题的概率P2;(3)选手甲闯关成功的概率P3.创新应用组15.某仓库有同样规格的产品1

8、2箱,其中6箱、4箱、2箱依次是由甲、乙、丙三个厂生产的,且三个厂的次品率分别为110,114,118.现从这12箱中任取一箱,再从取得的一箱中任意取出一个产品.(1)求取得的一个产品是次品的概率.(2)若已知取得一个产品是次品,求这个次品是乙厂生产的概率.(精确到0.001)课时规范练63事件的相互独立性与条件概率1.D解析:由题意知甲中靶的概率为45,乙中靶的概率为710,两人打靶相互独立,同时中靶的概率P=45710=1425.故选D.2.D解析:第一次甲没有被抽检的概率为23,第二次甲没有被抽检的概率为12,故甲没有被抽检的概率为2312=13,故甲被抽检的概率为1-13=23.故选D

9、.3.B解析:记事件A为“甲被选中”,事件B为“乙被选中”,则由题意可得P(A)=C42C53=610=35,P(AB)=C31C53=310,所以P(B|A)=P(AB)P(A)=31053=12.故选B.4.B解析:根据题意,若甲队以31获胜,则甲队在第四局获胜,前三局中获胜2局,则甲队以31获胜的概率P=0.60.6(1-0.5)0.5+0.6(1-0.6)0.50.5+(1-0.6)0.60.50.5=0.21.故选B.5.B解析:记“S能被3整除”为事件A,“S为偶数”为事件B,事件B包括的样本点有(1,3),(1,5),(3,5),(2,4),(2,6),(4,6),共6个.事件A

10、B包括的样本点有(1,5),(2,4),共2个.则P(A|B)=n(AB)n(B)=26=13.故选B.6.AD解析:记A=“甲中靶”,B=“乙中靶”,A=“甲不中靶”,B=“乙不中靶”.因为P(A)=0.8,P(B)=0.9,所以P(A)=1-0.8=0.2,P(B)=1-0.9=0.1.对于选项A,AB=“两人都中靶”,P(AB)=P(A)P(B)=0.80.9=0.72,故A正确;对于选项B,AB+AB=“恰好有一人中靶”,P(AB+AB)=P(AB)+P(AB)=0.80.1+0.20.9=0.26,故B不正确;对于选项C,“两人不都中靶”与“两人都中靶”是对立事件,由选项A可知,“两

11、人不都中靶”的概率是1-0.72=0.28,故C错误;对于选项D,AB+AB=“恰好有一人脱靶”,由选项B知,概率为0.26,故D正确.故选AD.7.23解析:设Ai:第i次通过IQC,Bi:第i次通过IPQC(i=1,2).由题意知P(A1B1+A1A2B1+A1B1B2+A1A2B1B2)=56,即34p+1434p+34(1-p)p+1434(1-p)p=56,解得p=23或p=43(舍去后者).8.(1)45(2)12解析:设“第一次击中”为事件A,则P(A)=45,“第二次击中”为事件B,则P(B)=45.(1)由题意知,第一次击中与否对第二次没有影响,因此已知第一次击中,则第二次击

12、中的概率为45.(2)设“仅击中一次”为事件C.仅击中一次的概率为P(C)=C214515=825.在仅击中一次的条件下,第二次击中的概率是P(B|C)=1545825=12.9.B解析:由后天八卦图可知,八卦中全为阳线和全为阴线的卦各有一个,两阴一阳和两阳一阴的卦各有三个,而事件A所包含的情况可分为两种,即第一种是取到的两卦中一个为两阳一阴,另一个为全阴;第二种是两卦中均为一阳两阴.而事件AB中只包含后者,即P(AB)=C32C82=328,事件B的概率P(B)=1-C52C82=914,所以P(A|B)=328914=16.故选B.10.ABC解析:P(A)=C31C51=35,故A正确;

13、P(AB)=C31C21C51C41=310,故B正确;P(B|A)=P(AB)P(A)=31035=12,故C正确;P(A)=C21C51=25,P(AB)=C21C31C51C41=310,P(B|A)=P(AB)P(A)=31025=34,故D错误.故选ABC.11.ACD解析:因为乙品牌市场占有率为30%,所以P(A2)=30%,因此选项A正确;因为P(BA3)=P(A3)P(B|A3)=20%70%=14%,所以选项B不正确;因为P(B|A1)=80%,所以选项C正确;因为P(B)=P(A1)P(B|A1)+P(A2)P(B|A2)+P(A3)P(B|A3)=50%80%+30%90

14、%+20%70%=81%,所以选项D正确.故选ACD.12.0.66解析:记甲球员出场前锋、中场、后卫分别为事件A1,A2,A3,记甲球员出场前锋、中场、后卫时输球分别为事件B1,B2,B3,则当甲球员参加比赛时,该球队某场比赛不输球的概率:P=P(A1B1)+P(A2B2)+P(A3B3)=P(A1)P(B1)+P(A2)P(B2)+P(A3)P(B3)=0.3(1-0.4)+0.5(1-0.2)+0.2(1-0.6)=0.66.13.511922解析:因为每次取一球,所以A1,A2,A3是两两互斥的事件,因为P(A1)=510,P(A2)=210,P(A3)=310,所以P(B|A1)=P

15、(BA1)P(A1)=510511510=511;同理P(B|A2)=P(BA2)P(A2)=210411210=411,P(B|A3)=P(BA3)P(A3)=310411310=411.所以P(B)=P(BA1)+P(BA2)+P(BA3)=510511+210411+310411=922.14.解设Ai为选手答对第Ti题,其中i=1,2,3.(1)设挑战结束后,选手甲共答对2道题为事件A,选手甲共答对2道,即选手甲前2题答对且第3题答错,所以A=A1A2A3,则P1=P(A)=P(A1A2A3)=P(A1)P(A2)P(A3)=34341-34=964.(2)设挑战结束时,选手甲恰好作答

16、了2道题为事件B,选手甲恰好作答了2道题,即选手甲第1题答错或第1题答对且第2题答错,所以B=A1A1A2.则P2=P(B)=P(A1A1A2)=P(A1)+P(A1A2)=1-34+341-34=716.(3)设选手甲挑战成功为事件C.若选手甲挑战成功,则选手甲共作答了3道题,且选手甲只可能作答2道题或3道题,所以“选手甲闯关成功”是“选手甲恰好作答了2道题”的对立事件,所以C=B.根据对立事件的性质,得P3=P(C)=P(B)=1-P(B)=1-716=916.15.解(1)设A=取得一个产品是次品,B1=取得一箱是甲厂的,B2=取得一箱是乙厂的,B3=取得一箱是丙厂的.三个厂的次品率分别为110,114,118,P(A|B1)=110,P(A|B2)=114,P(A|B3)=118.12箱产品中,P(B1)=612,P(B2)=412,P(B3)=212.由全概率公式得P(A)=k=13P(A|Bk)P(Bk)=612110+412114+2121180.083.(2)依题意,已知A发生,要求P(B2|A),此时用贝叶斯公式可得,P(B2|A)=P(B2)P(A|B2)P(A)4121140.0830.287.