押全国卷理综第37题-2023年高考生物临考题号押题(全国卷)(解析版).docx

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1、2023年高考生物临考题号押题（全国卷）押第37题命题探究课标卷非选择第37题主要考察生物技术实践，包括微生物的培养技术及应用、酶的应用及蛋白质的提取与分离、生物组织中的有效成分的提取三大模块。命题时经常以某物质提取、加工为载体，考察相关生物技术的原理、注意事项；也会以微生物的培养和分离考察微生物操作技术。本部分常涉及流程图，要求学生掌握获取信息、处理信息的能力。真题回顾1.（2021全国乙）工业上所说的发酵是指微生物在有氧或无氧条件下通过分解与合成代谢将某些原料物质转化为特定产品的过程，利用微生物发酵制作酱油在我国具有悠久的历史，某企业通过发酵制作酱油的过程示意图如下。回答下列问题：（1）米

2、曲霉发酵过程中，加入大豆、小麦和麦麸可以为米曲霉的生长提供营养物质，大豆中的_可为米曲霉的生长提供氮源，小麦中的淀粉可为米曲霉的生长提供_。（2）米曲霉发酵过程的主要目的是使米曲霉充分生长繁殖，大量分泌制作酱油过程所需的酶类，这些酶中的_、_能分别将发酵池中的蛋白质和脂肪分解成易于吸收、风味独特的成分，如将蛋白质分解为小分子的肽和_。米曲霉发酵过程需要提供营养物质，通入空气并搅拌，由此可以判断米曲霉属于_（填“自养厌氧”“异养厌氧”或“异养好氧”）微生物。（3）在发酵池发酵阶段添加的乳酸菌属于_（填“真核生物”或“原核生物”），添加的酵母菌在无氧条件下分解葡萄糖的产物是_。在该阶段抑制杂菌污染

3、和繁殖是保证酱油质量的重要因素，据图分析该阶段中可以抑制杂菌生长的物质是_。【答案】（1）蛋白质碳源（2）蛋白酶脂肪酶氨基酸异养好氧（3）原核生物酒精和二氧化碳酒精、乳酸、食盐【解析】（1）大豆中含有丰富的蛋白质，可为微生物的生长繁殖提供氮源。小麦中的淀粉可以为微生物的生长繁殖提供碳源。（2）米曲霉在发酵过程中产生的蛋白酶能将蛋白质分解为小分子的肽和氨基酸，产生的脂肪酶能将脂肪分解为甘油和脂肪酸，使发酵的产物具有独特的风味。米曲霉发酵时需要利用现有的有机物和需要氧气，说明其代谢类型是异养好氧型。（3）乳酸菌没有核膜包被的细胞核，属于原核生物。酵母菌属于兼性厌氧型微生物，既可以进行有氧呼吸，也可

4、以进行无氧呼吸，无氧呼吸的产物是酒精和二氧化碳。在发酵池中酵母菌产生的酒精能抑制杂菌的生长，乳酸菌产生的乳酸使发酵液呈酸性也能抑制杂菌的生长，同时往发酵池中添加的食盐也能抑制杂菌的生长。2.（2021全国甲）加酶洗衣粉是指含有酶制剂的洗衣粉。某同学通过实验比较了几种洗衣粉的去渍效果（“”越多表示去渍效果越好），实验结果见下表。项目加酶洗衣粉A加酶洗衣粉B加酶洗衣粉C无酶洗衣粉（对照）血渍油渍根据实验结果回答下列问题：（1）加酶洗衣粉A中添加的酶是_；加酶洗衣粉B中添加的酶是_；加酶洗衣粉C中添加的酶是_。（2）表中不宜用于洗涤蚕丝织物的洗衣粉有_，原因是_。（3）相对于无酶洗衣粉，加酶洗衣粉去

5、渍效果好的原因是_。（4）关于酶的应用，除上面提到的加酶洗衣粉外，固定化酶也在生产实践中得到应用，如固定化葡萄糖异构酶已经用于高果糖浆生产。固定化酶技术是指_。固定化酶在生产实践中应用的优点是_（答出1点即可）。【答案】（1）蛋白酶脂肪酶蛋白酶和脂肪酶（2）加酶洗衣粉A和加酶洗衣粉C蚕丝织物的主要成分是蛋白质，会被蛋白酶催化水解（3）酶可以将大分子有机物分解为小分子有机物，小分子有机物易溶于水，从而将污渍与洗涤物分开（4）利用物理或化学方法将酶固定在一定空间内的技术固定在载体上的酶可以被反复利用，可降低生产成本（或产物容易分离，可提高产品的产量和质量，或固定化酶稳定性好，可持续发挥作用）【解析

6、】（1）从表格中信息可知，加酶洗衣粉A对血渍的洗涤效果比对照组的无酶洗衣粉效果好，而血渍含有大分子蛋白质，因此，加酶洗衣粉A中添加的酶是蛋白酶，同理，加酶洗衣粉B中添加的酶是脂肪酶；加酶洗衣粉C对血渍和油渍的洗涤效果比无酶洗衣粉好，油渍中有脂肪，因此，加酶洗衣粉C中添加的酶是蛋白酶和脂肪酶。（2）蚕丝织物中有蛋白质，因此，表中不宜用于洗涤蚕丝织物的洗衣粉有加酶洗衣粉A、加酶洗衣粉C，原因是蚕丝织物主要成分是蛋白质，会被蛋白酶催化水解。3.（2020全国）某种物质S（一种含有C、H、N的有机物）难以降解，会对环境造成污染，只有某些细菌能降解S。研究人员按照下图所示流程从淤泥中分离得到能高效降解S

7、的细菌菌株。实验过程中需要甲、乙两种培养基，甲的组分为无机盐、水和S，乙的组分为无机盐、水、S和Y。回答下列问题：（1）实验时，盛有水或培养基的摇瓶通常采用_的方法进行灭菌。乙培养基中的Y物质是_。甲、乙培养基均属于_培养基。（2）实验中初步估测摇瓶M中细菌细胞数为2107个/mL，若要在每个平板上涂布100 L稀释后的菌液，且保证每个平板上长出的菌落数不超过200个，则至少应将摇瓶M中的菌液稀释_倍。（3）在步骤的筛选过程中，发现当培养基中的S超过某一浓度时，某菌株对S的降解量反而下降，其原因可能是_（答出1点即可）。（4）若要测定淤泥中能降解S的细菌细胞数，请写出主要实验步骤：_。（5）上

8、述实验中，甲、乙两种培养基所含有的组分虽然不同，但都能为细菌的生长提供4类营养物质，即_。【答案】（1）高压蒸汽灭菌琼脂选择（2）104（3）S的浓度超过某一值时会抑制菌株的生长（4）取淤泥加入无菌水中，涂布（或稀释涂布）到乙培养基上，培养后计数（5）水、碳源、氮源和无机盐【解析】（1）微生物培养过程中，培养基的灭菌通常采用高压蒸汽灭菌的方法。乙培养基为固体培养基，因此培养基中加入的是可使液体培养基凝固的琼脂。甲、乙两种培养基都是为了分离出可降解S的细菌，因此是选择培养基。（2）设稀释倍数为A，1 mL1 000 L，可得（2107/A）0.1200，解得A104。（3）在筛选降解S物质的细菌

9、的过程中，如果培养基中的S浓度过高，会导致细菌培养基的渗透压增大，细菌失水而代谢活性降低，对S的降解量反而下降（或者S改变了培养基的pH，导致细菌代谢活性降低）。（4）测定淤泥中能降解S的细菌细胞数的主要步骤是淤泥取样，即取少量的淤泥加入无菌水中；用稀释涂布平板法涂布到乙培养基上；微生物培养与观察计数。（5）培养基中含有细菌生长所需要的4类基本营养物质，即水、碳源、氮源、无机盐。4.（2020全国）研究人员从海底微生物中分离到一种在低温下有催化活性的-淀粉酶A3，并对其进行了研究。回答下列问题：（1）在以淀粉为底物测定A3酶活性时，既可检测淀粉的减少，检测应采用的试剂是_，也可采用斐林试剂检测

10、_的增加。（2）在A3的分离过程中可采用聚丙烯酰胺凝胶电泳检测其纯度，通常会在凝胶中添加SDS，SDS的作用是_和_。（3）本实验中，研究人员在确定A3的最适pH时使用了三种组分不同的缓冲系统，结果如图所示。某同学据图判断，缓冲系统的组分对酶活性有影响，其判断依据是_。（4）在制备A3的固定化酶时，一般不宜采用包埋法，原因是_（答出1点即可）。【答案】（1）碘液还原糖（2）消除蛋白质所带净电荷对迁移率的影响使蛋白质完全发生变性（3）在pH相同时，不同缓冲系统条件下所测得的相对酶活性不同（4）酶分子体积小，容易从包埋材料中漏出【解析】（1）淀粉酶能催化淀粉水解，以淀粉为底物测定某种淀粉酶活性时，

11、可利用淀粉遇碘变蓝的特性，用碘液检测淀粉的减少，也可利用斐林试剂来检测淀粉水解后生成的还原糖的增加。（2）可通过聚丙烯酰胺凝胶电泳比较蛋白质的相对分子质量来检测A3的纯度。蛋白质在聚丙烯酰胺凝胶中的迁移率取决于其所带净电荷的多少以及分子的大小等因素，可以在凝胶中加入SDS，以消除蛋白质所带净电荷对迁移率的影响。SDS能使蛋白质发生完全变性，因为蛋白质变性后能与SDS形成蛋白质SDS复合物，SDS所带负电荷的量大大超过了蛋白质分子原有的电荷量，因而掩盖了不同蛋白质间的电荷差别，使电泳迁移率完全取决于分子的大小。（3）在pH为7.5时，TrisHCl缓冲系统和Na2HPO4KH2PO4缓冲系统中A

12、3的相对酶活性不同；在pH为9时，TrisHCl缓冲系统和GlyNaOH缓冲系统中A3的相对酶活性也不同，可见缓冲系统的组分对酶活性有影响。（4）酶分子体积小，容易从包埋材料中漏出，因此在制备固定化酶时，一般不宜采用包埋法。5.（2020全国卷）某种物质S（一种含有C、H、N的有机物）难以降解，会对环境造成污染，只有某些细菌能降解S。研究人员按照下图所示流程从淤泥中分离得到能高效降解S的细菌菌株。实验过程中需要甲、乙两种培养基，甲的组分为无机盐、水和S，乙的组分为无机盐、水、S和Y。回答下列问题：（1）实验时，盛有水或培养基的摇瓶通常采用的方法进行灭菌。乙培养基中的Y物质是。甲、乙培养基均属于

13、培养基。（2）实验中初步估测摇瓶M中细菌细胞数为2107 个/mL，若要在每个平板上涂布100 L稀释后的菌液，且保证每个平板上长出的菌落数不超过200个，则至少应将摇瓶M中的菌液稀释倍。（3）在步骤的筛选过程中，发现当培养基中的S超过某一浓度时，某菌株对S的降解量反而下降，其原因可能是（答出1点即可）。（4）若要测定淤泥中能降解S的细菌细胞数，请写出主要实验步骤：_。（5）上述实验中，甲、乙两种培养基所含有的组分虽然不同，但都能为细菌的生长提供4类营养物质，即_。【答案】（1）高压蒸汽灭菌琼脂选择（2）104（3）S的浓度超过某一值时会抑制菌株的生长（4）取淤泥加入无菌水中，涂布（或稀释涂布

14、）到乙培养基上，培养后计数（5）水、碳源、氮源和无机盐【解析】（1）实验过程中，对盛有水或培养基的摇瓶进行灭菌时，常采用高压蒸汽灭菌法。据题图分析可知，乙培养基为固体培养基，与甲培养基相比，其特有的组分Y物质应是凝固剂琼脂。甲、乙培养基均只允许能利用物质S作为氮源和碳源的微生物生长，因此均为选择培养基。（2）据题意，假设至少将摇瓶M中的菌液稀释X倍，才能保证稀释后的100 L菌液中细菌细胞数不超过200个，初步估测摇瓶M中细菌细胞数为2107个/mL，则稀释之前100 L菌液中有2106个细菌，可得2106（1/X）200，则X104，因此至少应将摇瓶M中的菌液稀释104倍。（3）在筛选过程中

15、，若培养基中S浓度过高，可能会导致细胞失水，进而抑制菌株的生长。（4）将含有能降解S的细菌的淤泥加入无菌水中，进行适当稀释后，利用稀释涂布平板法，取适量的菌液涂布到乙培养基上，在适宜条件下进行培养，一段时间后，统计菌落数，即可估算出淤泥中能降解S的细菌细胞数。（5）本实验中，甲、乙两种培养基所含有的组分虽然不同，但都能为细菌的生长提供的营养物质是水、碳源、氮源和无机盐。6.（2019全国卷）已知一种有机物X（仅含有C、H两种元素）不易降解，会造成环境污染。某小组用三种培养基筛选土壤中能高效降解X的细菌（目标菌）。号培养基：在牛肉膏蛋白胨培养基中加入X（5 g/L）。号培养基：氯化钠（5 g/L

16、），硝酸铵（3 g/L），其他无机盐（适量），X（15 g/L）。号培养基：氯化钠（5 g/L），硝酸铵（3 g/L），其他无机盐（适量）。X（45 g/L）。回答下列问题。（1）在号培养基中，为微生物提供氮源的是_。、号培养基中为微生物提供碳源的有机物是_。（2）若将土壤悬浮液接种在号液体培养基中，培养一段时间后，不能降解X的细菌比例会_，其原因是_。（3）号培养基加入琼脂后可以制成固体培养基，若要以该固体培养基培养目标菌并对菌落进行计数，接种时，应采用的方法是_。（4）假设从号培养基中得到了能高效降解X的细菌，且该菌能将X代谢为丙酮酸，则在有氧条件下，丙酮酸可为该菌的生长提供_和_。【答案

17、】（1）牛肉膏、蛋白胨 X（2）下降不能降解X的细菌因缺乏碳源不能增殖，而能降解X的细菌能够增殖（3）稀释涂布平板法（4）能量合成其他物质的原料【解析】（1）氮源是微生物生长需要的一类营养物质，是含氮化合物，可为微生物的生长提供氮元素，牛肉膏、蛋白胨来源于动物原料，含有糖、维生素和有机氮等营养物质，因此在1号培养基中，可为微生物提供氮源的是牛肉膏、蛋白胨。碳源也是微生物生长所需要的一类营养物质，可为微生物的生长提供碳元素，而有机物均含碳元素，II、III号培养基均含有有机物X，因此，II、III号培养基为微生物的生长提供碳源的均为有机物X。（2）由于II号培养基含有的碳源只有有机物X，因此若将

18、土壤悬浮液接种在II号液体培养基中，培养一段时间后，不能降解X的细菌由于无法获得碳源而无法增殖导致其比例减少。（3）微生物的接种方法很多，最常用的有平板划线法与稀释涂布平板法，由于稀释涂布平板法中，稀释度足够高的菌液经涂布培养后，在培养基表面形成的一个菌落是由菌液中的一个活菌繁殖而来，所以常用来进行微生物的计数。（4）丙酮酸参与有氧呼吸的第二阶段，能被分解产生能量，且丙酮酸可作为许多物质合成的中间产物，因此其可为微生物的生长提供能量和合成其他物质的原料。7.（2019全国卷II）物质W是一种含氮有机物，会污染土壤。W在培养基中达到一定量时培养基表现为不透明。某研究小组欲从土壤中筛选出能降解W的

19、细菌（目标菌）。回答下列问题。（1）要从土壤中分离目标菌，所用选择培养基中的氮源应该是_。（2）在从土壤中分离目标菌的过程中，发现培养基上甲、乙两种细菌都能生长并形成菌落（如图所示）。如果要得到目标菌，应该选择_菌落进一步纯化，选择的依据是_。（3）土壤中的某些微生物可以利用空气中的氮气作为氮源。若要设计实验进一步确定甲、乙菌能否利用空气中的氮气作为氮源，请简要写出实验思路、预期结果和结论，即_。（4）该小组将人工合成的一段DNA转入大肠杆菌，使大肠杆菌产生能降解W的酶（酶E）。为了比较酶E与天然酶降解W能力的差异，该小组拟进行如下实验，请完善相关内容。在含有一定浓度W的固体培养基上，A处滴加

20、酶E的缓冲液，B处滴加含有相同浓度天然酶的缓冲液，C处滴加_，三处滴加量相同。一段时间后，测量透明圈的直径。若C处没有出现透明圈，说明_；若A、B处形成的透明圈直径大小相近，说明_。【答案】（1）W（2）乙乙菌落周围出现透明圈，说明乙菌能降解W（3）将甲、乙菌分别接种在无氮源培养基上，若细菌能生长，则说明该细菌能利用空气中的氮气作为氮源（4）缓冲液缓冲液不能降解W 酶E与天然酶降解W的能力相近【解析】（1）该研究小组的目标菌是能够降解物质W的细菌，而物质W是一种含氮有机物，故可作筛选培养基中的氮源。（2）研究小组的目标菌，是能够降解物质W的细菌，培养基中乙菌落的周围出现透明圈，说明乙菌落能够降

21、解物质W，故乙菌落为该小组的目标细菌。（3）目标菌能够利用空气中的氮气作为氮源，故选用的筛选培养基不添加氮源，能够在无氮源的培养基上生存的细菌便是目的细菌，故实验操作为：将甲、乙菌分别接种在无氮源培养基上，若细菌能生长，则说明该细菌能利用空气中的氮气作为氮源。（4）C处作为空白对照，要排除作为溶剂的缓冲液对实验可能造成的影响，故需要在C处滴加缓冲液，且保持滴加量相同；培养基中的透明圈表示物质W被降解的情况，若C处不出现透明圈，则说明缓冲液不能降解物质W；若A、B处形成的透明圈直径大小相近，说明物质W被降解的程度相近，即酶E与天然酶降解物质W的能力相近。8.（2019全国卷III）回答下列与细菌

22、培养相关的问题。（1）在细菌培养时，培养基中能同时提供碳源、氮源的成分是_（填“蛋白胨”“葡萄糖”或“NaNO3”）。通常，制备培养基时要根据所培养细菌的不同来调节培养基的pH，其原因是_。硝化细菌在没有碳源的培养基上_（填“能够”或“不能”）生长，原因是_。（2）用平板培养细菌时一般需要将平板_（填“倒置”或“正置”）。（3）单个细菌在平板上会形成菌落，研究人员通常可根据菌落的形状、大小、颜色等特征来初步区分不同种的微生物，原因是_。（4）有些使用后的培养基在丢弃前需要经过_处理，这种处理可以杀死丢弃物中所有的微生物。【答案】（1）蛋白胨不同细菌生长繁殖所需的最适pH不同能够硝化细菌可以利用

23、空气中的CO2作为碳源（2）倒置（3）在一定的培养条件下，不同种微生物表现出各自稳定的菌落特征（4）灭菌【解析】（1）葡萄糖只能为细菌提供碳源，硝酸钠为细菌提供无机盐，而蛋白胨既可以为细菌碳源，也可以为细菌提供氮源；由于不同的细菌生长繁殖的最适宜pH是不同的，因此制备培养基时要根据所培养的细菌的不同来调节培养基的pH；硝化细菌属于化能自养型微生物，其可以利用氨氧化释放的能量将空气中的二氧化碳固定为有机物，因此硝化细菌可以在无碳培养基中生长。（2）用平板培养细菌时，一般需要将平板倒置培养，以防止皿盖上的水珠落入培养基，造成污染。（3）由于每一大类微生物都有其独特的细胞形态，因而其菌落形态特征也各

24、异，因此根据菌落的形态、大小、颜色等特征来初步区分不同种的微生物。（4）有些使用后的培养基丢弃前一定要进行灭菌处理，以免污染环境。9.（2018全国）回答下列与酵母菌有关的问题：（1）分离培养酵母菌通常使用_（填“牛肉膏蛋白胨”“MS”或“麦芽汁琼脂”）培养基，该培养基应采用_灭菌法灭菌。若将酵母菌划线接种在平板上，培养一段时间后会观察到菌落，菌落的含义是_。（2）酵母菌液体培养时，若通入氧气，可促进_（填“菌体快速增殖”、“乙醇产生”或“乳酸产生”）；若进行厌氧培养，可促进_（填“菌体快速增殖”、“乙醇产生”或“乳酸产生”）。（3）制作面包时，为使面包松软通常要在面粉中添加一定量的酵母菌，酵

25、母菌引起面包松软的原因是_。【答案】（1）麦芽汁琼脂高压蒸汽由一个细胞繁殖而来的肉眼可见的子细胞群体（2）菌体快速增殖乙醇产生（3）酵母菌分解葡萄糖会产生CO2，CO2使面包松软【解析】（1）麦芽汁琼脂培养基的碳氮比较高，而且含糖量高，更适合酵母菌；该培养基应采用高压蒸汽灭菌法灭菌；若将酵母菌划线接种在平板上，培养一段时间后可观察到由一个细胞繁殖而来的肉眼可见的子细胞群体，这就是菌落。（2）酵母菌液体培养时，若通入氧气，进行有氧呼吸产生H2O和CO2，释放能量多，细胞增殖快；若进行无氧培养，进行无氧呼吸，产生酒精和CO2，释放能量少，增殖慢。（3）制作面包时，在面粉中添加一定量的酵母菌，因酵母

26、菌可以分解面粉中的葡萄糖，产生二氧化碳，二氧化碳是气体，遇热膨胀而形成小孔，使得面包松软多孔。10.（2018全国）在生产、生活和科研实践中，经常通过消毒和灭菌来避免杂菌的污染。回答下列问题：（1）在实验室中，玻璃和金属材质的实验器具_（填“可以”或“不可以”）放入干热灭菌箱中进行干热灭菌。（2）牛奶的消毒常采用巴氏消毒法或高温瞬时消毒法，与煮沸消毒法相比，这两种方法的优点是_。（3）密闭空间内的空气可采用紫外线照射消毒，其原因是紫外线能_，在照射前，适量喷洒_，可强化消毒效果。（4）水厂供应的自来水通常是经过_（填“氯气”“乙醇”或“高锰酸钾”）消毒的。（5）某同学在使用高压蒸汽灭菌锅时，若

27、压力达到设定要求，而锅内并没有达到相应温度，最可能的原因是_。【答案】（1）可以（2）在达到消毒目的的同时，营养物质损失较少（3）破坏DNA结构消毒液（4）氯气（5）未将锅内冷空气排尽【解析】（1）能耐高温的、需要保持干燥的物品，如玻璃器皿（吸管、培养皿）和金属用具等可以放入干热灭菌箱中进行干热灭菌。（2）煮沸消毒法即在100 时煮沸56 min可以杀死微生物细胞和一部分芽孢；巴氏消毒法即在7075 时煮30 min或在80 时煮15 min，可以杀死微生物，并且保证营养物质不被破坏。因此，与煮沸消毒法相比，牛奶消毒常采用的巴氏消毒法或高温瞬时消毒法的优点是达到消毒目的的同时，营养物质损失较少

28、。（3）因紫外线能破坏DNA结构，所以密闭空间内的空气可采用紫外线照射消毒。在照射前，适量喷洒消毒液，可强化消毒效果。（4）通常乙醇消毒是75%的酒精，有气味，影响水质，不适宜消毒自来水；高锰酸钾本身有颜色，消毒后溶液呈紫红色，无法使用；因此水厂供应的自来水通常是经过氯气消毒的。（5）采用高压蒸汽灭菌时，锅内的水加热煮沸，将其中原有的冷空气彻底排除后才能将锅密闭。如果未将锅内冷空气排尽，则会出现压力达到设定要求，而锅内并没有达到相应温度的现象。11.（2018全国）将马铃薯去皮切块，加水煮沸一定时间，过滤得到马铃薯浸出液。在马铃薯浸出液中加入一定量蔗糖和琼脂，用水定容后灭菌，得到M培养基。回答

29、下列问题：（1）M培养基若用于真菌的筛选，则培养基中应加入链霉素以抑制_的生长，加入了链霉素的培养基属于_培养基。（2）M培养基中的马铃薯浸出液为微生物生长提供了多种营养物质，营养物质类型除氮源外还有_ （答出两点即可）。氮源进入细胞后，可参与合成的生物大分子有_（答出两点即可）。（3）若在M培养基中用淀粉取代蔗糖，接种土壤滤液并培养，平板上长出菌落后可通过加入显色剂筛选出能产淀粉酶的微生物。加入的显色剂是_，该方法能筛选出产淀粉酶微生物的原理是_。（4）甲、乙两位同学用稀释涂布平板法测定某一土壤样品中微生物的数量，在同一稀释倍数下得到以下结果：甲同学涂布了3个平板，统计的偏落数分别是110、

30、140和149，取平均值133；乙同学涂布了3个平板，统计的菌落数分别是27、169和176，取平均值124。有人认为这两位同学的结果中，乙同学的结果可信度低，其原因是_。【答案】（1）细菌选择（2）碳源、无机盐蛋白质、核酸（3）碘液淀粉遇碘液显蓝色，产淀粉酶的菌落周围淀粉被水解，形成透明圈（4）乙同学的结果中，1个平板的计数结果与另2个相差悬殊，结果的重复性差【解析】（1）M培养基若用于真菌的筛选，说明M培养基能满足真菌的生长，而能抑制其他微生物的生长，链霉素是一种抗生素，可以抑制细菌的生长。加入了链霉素的培养基能筛选出真菌，该培养基属于选择培养基。（2）微生物生长需要多种营养物质除氮源外，

31、还需要碳源、无机盐、水以及特殊营养物质等。氮元素是蛋白质和核酸等生物大分子的组成元素，因此氮源进入细胞后，可参与合成的生物大分子有蛋白质和核酸。（3）淀粉与碘液会变成蓝色，筛选产淀粉酶的微生物，依据淀粉遇碘液显蓝色，产淀粉酶的菌落周围淀粉被水解，形成透明圈，再根据透明圈，来筛选产淀粉酶的微生物。（4）乙同学结果不合理，因为1个平板的计数结果与另2个相差悬殊，结果的重复性差，不能简单的用其平均数作为最终结果。12.（2017全国）某些土壤细菌可将尿素分解成CO2和NH3，供植物吸收和利用。回答下列问题：（1）有些细菌能分解尿素，有些细菌则不能，原因是前者能产生。能分解尿素的细菌不能以尿素的分解产

32、物CO2作为碳源，原因是_，但可用葡萄糖作为碳源，进入细菌体内的葡萄糖的主要作用是_（答出两点即可）。（2）为了筛选可分解尿素的细菌，在配制培养基时，应选择（填“尿素”“NH4NO3”或“尿素NH4NO3”）作为氮源，不选择其他两组的原因是_。（3）用来筛选分解尿素细菌的培养基含有KH2PO4和Na2HPO4，其作用有_（答出两点即可）。【答案】（1）脲酶分解尿素的细菌是异养生物，不能利用CO2来合成有机物为细胞生命活动提供能量，为其他有机物的合成提供原料（2）尿素其他两组都含有NH4NO3，能分解尿素的细菌和不能分解尿素的细菌都能利用NH4NO3，不能起到筛选作用（3）为细菌生长提供无机盐离

33、子，作为缓冲剂保持细菌生长过程中pH的稳定【解析】（1）只有能合成脲酶的微生物才能分解尿素。能分解尿素的细菌是一种分解者，属于异养型生物，不能以尿素的分解产物CO2作为碳源。能分解尿素的细菌可以以葡萄糖作为碳源，进入细菌体内的葡萄糖的主要作用是一方面可氧化分解为细胞生命活动提供能量，另一方面其代谢中间产物可为多种有机物的合成提供原料。（2）为了筛选可分解尿素的细菌，在配制培养基时，应选择以尿素作为唯一氮源的选择培养基，而其他两组都含有含氮物质NH4NO3，能分解尿素的细菌和不能分解尿素的细菌都能利用NH4NO3，不能起到筛选作用。（3）用来筛选分解尿素细菌的培养基含有KH2PO4和Na2HPO

34、4，既可维持培养基pH的相对稳定，又能为微生物生长提供无机盐离子。押题冲关1.（2021辽宁模拟）山西老陈醋富含多种营养成分及功能性物质，如有机酸、矿物质、酮类、醇类以及酯类等，新配方中加入苦荞、普洱，能使老陈醋具有降脂、降糖等功效，其制作流程如下图所示。回答下列问题。（1）利用紫色红曲培育成优质的红曲菌，利用的育种原理是；红曲菌进行发酵产生酒精的场所是。（2）对主粮膨化处理的作用是。在酒精发酵阶段，发酵罐先通气，后密闭，通气的目的是。确定主粮是否彻底发酵的方法是检测发酵液中的含量。酿制粮食酒时，并不需要对主粮进行严格的消毒处理，原因是。（3）由酒精发酵转变成乙酸发酵时，需要改变的环境条件是。

35、此时醋酸菌发酵的总反应式是。若在外界环境条件适宜情况下，并未产生乙酸，最可能的原因是。【答案】（1）基因突变细胞质基质（2）使其变得松脆，加大与红曲菌的接触面积使红曲菌在有氧条件下大量繁殖酒精在缺氧、呈酸性的发酵液中，绝大多数微生物无法适应这一环境而受抑制（3）通入氧气，提高温度C2H5OH+O2CH3COOH+H2O缺少醋酸菌【解析】 （1）由图可知，红曲菌是紫色红曲经过紫外线诱变获得的，为诱变育种，原理是基因突变。红曲菌通过无氧呼吸产生酒精，场所是细胞质基质。（2）由题意可知，膨化处理是指将粮食加入密闭容器中，加热加压后突然减压，粮食中的水汽化膨胀，使其出现许多小孔，变得松脆，这有利于加大

36、与红曲菌的接触面积，使发酵更充分。通气的情况下，红曲菌进行有氧呼吸产生更多的能量，有利于红曲菌的大量繁殖。确定主粮是否彻底发酵的方法是检测发酵液中酒精的含量。由于在发酵后期，缺氧、呈酸性的发酵液中，绝大多数微生物无法适应这一环境而受抑制，所以酿制粮食酒时，并不需要对主粮进行严格的消毒处理。（3）酒精发酵过程中，通常将温度控制在1825 ，乙酸制作的菌种是醋酸菌，醋酸菌属于好氧菌，因此由酿酒转变成酿醋的制作时需要通入氧气，温度控制在3035 。此时醋酸菌将酒精转化为乙酸，反应简式为：C2H5OH+O2CH3COOH+H2O。若在外界环境条件适宜情况下，并未产生乙酸的最可能原因是缺少醋酸菌。2.（

37、2021成都二模）郫县豆瓣是中国有名的调味料之一，也是中国地理标志产品，色泽油润、味辣咸香、回味醇厚，被誉为川菜之魂，其发酵过程有多种酵母菌和其他微生物参与。鲁氏接合酵母是郫县豆瓣发酵、成熟过程中一种重要的酵母菌，发酵过程中产生的乙醇等物质在豆瓣风味形成中发挥着重要作用。回答下列问题。（1）若要从发酵好的成品郫县豆瓣中分离出不同的酵母菌种，实验流程可以概括为：豆瓣取样挑选菌落。挑选菌落时可根据菌落的（答出两点）等特征来区分酵母菌和其他微生物。（2）研究人员采用高盐无氧和低盐有氧两种条件培养，分离获得了多种不同的酵母菌株。在郫县豆瓣发酵过程中，起主要作用的酵母菌可能是在培养条件下获得的，原因是。

38、（3）下图是在食盐浓度分别为10%、20%、30%的不同条件下鲁氏接合酵母菌的数量增长曲线。据图分析，设计探究鲁氏接合酵母菌最适发酵温度的实验方案时，应该将食盐浓度控制在比较适宜，理由是。（4）酵母菌的产醇能力对豆瓣的风味有较大影响。若要测定不同酵母菌种产生乙醇的能力，可以将各种酵母菌培养相同时间后，取等量静置澄清后的培养液，分别加入适量的酸性重铬酸钾溶液，振荡均匀后观察颜色变化，若溶液呈现色，说明发酵过程中产生了乙醇。若要用比色法来测定培养液中乙醇的含量，需要制备标准显色液，该实验标准显色液的配制方法是。【答案】（1）（梯度稀释）接种在平板上培养形状、大小、隆起程度和颜色（2）高盐无氧郫县豆

39、瓣含盐量较高发酵过程中产生了乙醇（3）10%该食盐浓度下酵母菌在较短时间内能够快速增长（4）灰绿将等量已知的不同浓度的乙醇加入比色管中，再向比色管中加入等量的酸性重铬酸钾溶液，振荡均匀【解析】 （1）从豆瓣中分离出不同的酵母菌，使用稀释涂布平板法，其步骤为：豆瓣取样梯度稀释接种在平板上培养挑选菌落。菌落的特征包括形状、大小、隆起程度和颜色等，因此可根据菌落的形状、大小、隆起程度和颜色等特征来区分酵母菌和其他微生物。（2）郫县豆瓣味辣咸香，发酵过程中酵母菌产生的乙醇等物质在豆瓣风味形成中发挥着重要作用，酵母菌无氧呼吸产生酒精，由此可得出在郫县豆瓣发酵过程中，起主要作用的酵母菌可能是在高盐无氧培养

40、条件下获得的，原因是郫县豆瓣含盐量较高，发酵过程中产生了乙醇。（3）由题图中随着培养时间的延长以及不同的食盐浓度下，菌体的数量的相对值的变化可知，当食盐浓度为10%时，鲁氏接合酵母菌在较短时间内能够快速增长，适合作为研究鲁氏接合酵母菌最适发酵温度的食盐浓度。（4）在酸性条件下，酒精与橙色的重铬酸钾溶液反应呈灰绿色。标准溶液是已知的乙醇浓度，将样液的颜色与标准显色液进行比对，进而估算出样液的乙醇浓度，配制标准显色液的步骤是将等量已知的不同浓度的乙醇加入比色管中，再向比色管中加入等量的酸性重铬酸钾溶液，振荡均匀。3.（2021九江模拟）烧伤病人容易感染绿脓杆菌，引起化脓性感染，比阿培南、美罗培南、

41、头孢菌素和碳青霉烯类抗生素都是抗绿脓杆菌的药物。研究人员要为确定该病人体内的绿脓杆菌对上述不同抗生素的敏感性，做了如下研究。（1）配制适于绿脓杆菌生长的培养基，培养基中的营养成分一般含有、氮源、水和无机盐等，调节pH至7，灭菌处理后，待培养基冷却至50 时，在附近倒平板。经过选择培养、鉴别等步骤获得单菌落。（2）挑取上述单菌落在培养液中培养，适当稀释后，用法接种于固体培养基上，使其均匀分布于平板表面。将分别含等剂量的比阿培南、美罗培南、头孢菌素和碳青霉烯类抗生素的同大小的滤纸片均匀置于该平板上的不同位置，适宜条件培养一段时间后，观察实验结果。含头孢菌素的滤纸片周围的透明圈比含美罗培南的小，推测。含比阿培南、碳青霉烯类的滤纸片周围的透明圈也比含美罗培南的小，且比阿培南透明圈中出现了一个菌落，请推测此菌落产生的可能原因：一是；二是。（3）根据上述实验结果，烧伤后绿脓杆菌化脓的患者最适宜选用的抗生素是。【答案】（1）碳源酒精灯火焰（2）稀释涂布平板绿脓杆菌对美罗培南的敏感性比对头孢菌素敏感杂菌污染绿脓杆菌形成抗药性（3）美罗培南【解析】（1）培养绿脓杆菌的培养基中营养成分一般含有碳源、氮源、水和无机盐。接种时要进行无菌操作，需待培养基冷却至50 时，在酒精灯火焰附近倒平板。（2）检测绿脓杆菌对不同抗生素的敏感性：应取该单菌落适当稀