2024届高考物理一轮总复习第十章电磁感应第1讲电磁感应现象楞次定律学案.docx

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1、第1讲电磁感应现象 楞次定律一、磁通量1磁通量(1)定义：磁感应强度B与垂直磁场方向的面积S的乘积。(2)公式：BS(BS)；单位：韦伯(Wb)。(3)矢标性：磁通量是标量，但有正负。2磁通量的变化量：21。3磁通量的变化率：磁通量的变化量与所用时间的比值，即，与线圈的匝数无关；表示磁通量变化的快慢。二、电磁感应现象1电磁感应现象当穿过闭合导体回路的磁通量发生变化时，闭合导体回路中有感应电流产生的现象。2产生感应电流的条件(1)闭合导体回路；(2)磁通量发生变化。三、感应电流的方向判断1楞次定律(1)内容：感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。(2)适用范围：一切电磁感应现象。2右

2、手定则(1)内容：如图所示，伸开右手，使拇指与其余四个手指垂直，并且都与手掌在同一个平面内；让磁感线从掌心进入，并使拇指指向导线运动的方向，这时四指所指的方向就是感应电流的方向。(2)适用情况：判断导线切割磁感线产生的感应电流方向。情境创设1如图甲所示，是法拉第圆盘发电机模型。2.如图乙所示，线圈与电流表相连，把磁体的某一个磁极向线圈中插入、从线圈中抽出时，电流表的指针发生了偏转。乙微点判断(1)图甲中圆盘转动过程中，圆盘磁通量不变，不会有电流通过R。()(2)图甲中圆盘转动过程中，圆盘半径做切割磁感线运动，有电流流过R。()(3)图乙中线圈中两次产生的感应电流方向是相反的。()(4)由楞次定

3、律知，感应电流的磁场一定与引起感应电流的磁场方向相反。 ()(5)感应电流的磁场一定阻碍引起感应电流的磁通量的变化。()(一) 电磁感应现象的理解(固基点) 题点全练通1电磁感应现象的认识在法拉第时代，下列验证“由磁产生电”设想的实验中，能观察到感应电流的是( )A将绕在磁铁上的线圈与电流表组成一闭合回路，然后观察电流表的变化B在一通电线圈旁放置一连有电流表的闭合线圈，然后观察电流表的变化C将一房间内的线圈两端与相邻房间的电流表连接，往线圈中插入条形磁铁后，再到相邻房间去观察电流表的变化D绕在同一铁环上的两个线圈，分别接电源和电流表，在给线圈通电或断电的瞬间，观察电流表的变化解析：选D只形成闭

4、合回路，回路中的磁通量不变化，不会产生感应电流，A、B错误；线圈中插入条形磁铁瞬间回路中磁通量有变化，电流表有变化，磁铁不动后电流表无变化，C错误；给线圈通电或断电瞬间，通过闭合回路的磁通量变化，会产生感应电流，能观察到电流表的变化，D正确。2磁通量的大小如图所示，两个单匝线圈a、b的半径分别为r和2r。圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合，则穿过a、b两线圈的磁通量之比为( ) A11 B12C14 D41解析：选A由题图可知，穿过a、b两个线圈的磁通量均为Br2，因此磁通量之比为11，A正确。3磁通量的变化磁通量是研究电磁感应现象的重要物理量，如图所示，通有恒定电流的直导线MN与闭合线框共

5、面，第一次将线框由位置1平移到位置2，第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2，设前后两次通过线框的磁通量变化大小分别为1和2，则( ) A12 B12C12 D无法确定解析：选C第一次将线框由位置1平移到位置2，磁感线从线框的同一侧穿入，1为前后两位置磁通量的绝对值之差。第二次将线框由位置1绕cd边翻转到位置2，磁感线从线框的不同侧穿入，2为前后两位置磁通量的绝对值之和。故1 2，C正确。4感应电流有无的判断下列各图所描述的物理情境中，没有感应电流的是( )解析：选A开关S闭合稳定后，穿过线圈N的磁通量保持不变，线圈N中不产生感应电流；磁铁向铝环A靠近，穿过铝环A的磁通量在增大，铝环A中产生

6、感应电流；金属框从A向B运动，穿过金属框的磁通量时刻在变化，金属框中产生感应电流；铜盘在磁场中按题图所示方向转动，铜盘的无数辐条切割磁感线，与外电路构成闭合回路，产生感应电流。故选A。要点自悟明1磁通量大小及其变化分析(1)定量计算：通过公式BS来定量计算，计算磁通量时应注意的问题：明确磁场是否为匀强磁场，知道磁感应强度的大小。平面的面积S应为磁感线通过的有效面积。当平面与磁场方向不垂直时，应明确所研究的平面与磁感应强度方向的夹角，准确求出有效面积。穿过线圈的磁通量及其变化与线圈匝数无关，即磁通量的大小不受线圈匝数的影响。(2)定性判断：磁通量是指穿过线圈面积的磁感线的“净条数”，当有不同方向

7、的磁场同时穿过该面积时，此时的磁通量为各磁场穿过该面积磁通量的代数和。2判断感应电流有无的方法3常见的三种产生感应电流的情况(二) 感应电流方向的判断(精研点)研清微点1楞次定律的理解1(多选)下列说法正确的是( )A感应电流的磁场方向总是与引起感应电流的磁场方向相反B感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向可能相同，也可能相反C楞次定律只能判断闭合电路中感应电流的方向D楞次定律表明感应电流的效果总是与引起感应电流的原因相对抗解析：选BD根据楞次定律的表述，感应电流的效果总是与引起感应电流的原因相对抗，感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向可能相同，也可能相反，故A错误，B、D正确；楞次

8、定律除了可判断闭合电路中电流方向外，还可判断闭合电路中磁通量的变化情况，故C错误。一点一过楞次定律中“阻碍”的含义研清微点2楞次定律判断感应电流的方向2.如图所示，两匀强磁场的磁感应强度B1和B2大小相等、方向相反。金属圆环的直径与两磁场的边界重合。下列变化会在环中产生顺时针方向感应电流的是( )A同时增大B1减小B2B同时减小B1增大B2C同时以相同的变化率增大B1和B2D同时以相同的变化率减小B1和B2解析：选B当同时增大B1减小B2时，通过金属圆环的总磁通量增加，且方向垂直纸面向里，根据楞次定律知，感应电流产生的磁场方向应为垂直纸面向外，根据右手螺旋定则知，此时金属圆环中产生逆时针方向的

9、感应电流，A项错误；同理当同时减小B1增大B2时，金属圆环中产生顺时针方向的感应电流，B项正确；当同时以相同的变化率增大或减小B1和B2时，金属圆环中的总磁通量没有变化，仍然为0，金属圆环中无感应电流产生，C、D项均错误。3(2022浙江杭州模拟)线圈绕制在圆柱形铁芯上，通过导线与电流计连接组成闭合回路。条形磁铁的轴线和铁芯的轴线及连接线圈和电流计的导线在同一平面内，铁芯、线圈及条形磁铁的几何中心均在与铁芯垂直的PQ连线上。条形磁铁分别与线圈相互平行或相互垂直放置，使其沿QP方向靠近线圈。若电流从电流计“”接线柱流入时电流计指针向右偏转，在如下情形中能观察到明显的电磁感应现象，且图中标出的电流

10、计指针偏转方向正确的是( )解析：选A该题图A、B中当磁铁向线圈靠近时，穿过线圈的磁通量向下增加，根据楞次定律可知，线圈中产生的感应电流从“”接线柱流入电流计，则电流计指针向右偏转，A正确，B错误；当磁铁按如题图C、D所示的方式靠近线圈时，由对称性可知，穿过线圈的磁通量总是零，线圈中不会有感应电流，C、D错误。一点一过“四步法”判断感应电流方向研清微点3应用右手定则判断感应电流的方向4下列图中表示闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，导体ab上的感应电流方向为ab的是( )解析：选Aab棒顺时针转动，运用右手定则：磁感线穿过手心，拇指指向顺时针方向，则导体ab上的感应电流方

11、向为ab，故A正确；ab向纸外运动，运用右手定则时，磁感线穿过手心，拇指指向纸外，则知导体ab上的感应电流方向为ba，故B错误；穿过回路的磁通量减小，由楞次定律知，回路中感应电流方向由badc，则导体ab上的感应电流方向为ba，故C错误；ab棒沿导轨向下运动，由右手定则判断知导体ab上的感应电流方向为ba，故D错误。一点一过右手定则的理解和应用(1)右手定则适用于闭合电路的部分导体切割磁感线产生感应电流的情况。(2)右手定则是楞次定律的一种特殊形式，用右手定则能解决的问题，用楞次定律均可代替解决。(3)右手定则应用“三注意”：磁感线必须垂直穿入掌心。拇指指向导体运动的方向。四指所指的方向为感应

12、电流的方向。(三) 楞次定律的推广应用(培优点)楞次定律中“阻碍”的含义可以推广为：感应电流的效果总是阻碍引起感应电流的原因。具体表现常见如下几种形式：内容例证阻碍原磁通量变化“增反减同”阻碍相对运动“来拒去留”使回路面积有扩大或缩小的趋势“增缩减扩”注意：此结论只适用于磁感线单方向穿过回路的情境阻碍原电流的变化“增反减同”(即自感现象)考法全析例1电磁弹射的装置是航空母舰上的一种舰载机起飞装置。如图所示的装置也能进行电磁弹射，线圈固定在光滑绝缘杆MN上、导体圆环套在绝缘杆的左端。则下列说法正确的是( ) A开关闭合，圆环将从M端离开绝缘杆B圆环的位置不变，将滑动变阻器的滑片P向左滑动少许，与

13、滑片滑动前相比，闭合开关瞬间，圆环所受的安培力相同C如果将电源反接，闭合开关，圆环将向右运动D如果将圆环放在线圈的右侧，闭合开关，圆环不会离开绝缘杆解析闭合开关，线圈中有电流通过，周围产生磁场，穿过圆环的磁通量增加，则由楞次定律可知，圆环将向左运动，从绝缘杆的M端离开，A正确；圆环的位置不变，将P向左滑动少许，电路中的总电阻减小，闭合开关瞬间，线圈中的电流增大，则圆环所受的安培力增大，B错误；如果将电源反接，闭合开关后穿过圆环的磁通量仍增加，则由楞次定律可知，圆环仍从绝缘杆的M端离开，即圆环仍将向左运动，C错误；如果将圆环放在线圈的右侧，闭合开关，由以上分析可知圆环将从绝缘杆的N端离开，D错误

14、。答案A例2如图所示，弹簧上端固定，下端悬挂一个磁铁。如果在磁铁下端的水平桌面上放一个固定的闭合线圈，并使磁铁上下振动。磁铁在向下运动的过程中，下列说法正确的是( )A线圈给磁铁的磁场力始终向上B线圈给磁铁的磁场力先向上再向下C线圈给磁铁的磁场力始终向下D线圈给磁铁的磁场力先向下再向上解析根据楞次定律的“来拒去留”，磁铁向闭合线圈靠近，要受阻力作用，即磁场力向上，故A正确。答案A考法(三)使回路面积有变化趋势“增缩减扩”例3(多选)如图甲所示，圆形线圈P静止在水平桌面上，其正上方固定一螺线管Q，P和Q共轴，Q中的电流i随时间t变化的规律如图乙所示，取甲图中电流方向为正方向，P所受的重力为G，桌

15、面对P的支持力为FN，则( )A在t1时刻，FNG，P有收缩的趋势B在t2时刻，FNG，穿过P的磁通量不变C在t3时刻，FNG，P中有感应电流D在t4时刻，FNG，P有收缩的趋势解析当螺线管中电流增大时，其形成的磁场不断增强，因此线圈P中的磁通量增大，根据楞次定律可知线圈P将阻碍其磁通量的增大，故线圈有远离和面积收缩的趋势，即FNG，P有收缩的趋势，故A正确；当螺线管中电流不变时，其形成磁场不变，线圈P中的磁通量不变，因此线圈P中无感应电流产生，则t2和t4时刻FNG，P没有收缩的趋势，故B正确，D错误；t3时刻螺线管中电流为零，但是线圈P中磁通量是变化的，因此此时线圈P中有感应电流，但此时刻

16、二者之间没有相互作用力，即FNG，故C正确。答案ABC(四) “三定则、一定律”的应用(融通点)1“三定则、一定律”的比较定则或定律适用的现象因果关系安培定则电流的磁效应电流、运动电荷产生的磁场因电生磁左手定则(1)安培力磁场对通电导线的作用力(2)洛伦兹力磁场对运动电荷的作用力因电受力右手定则导体做切割磁感线运动产生的电磁感应现象因动生电楞次定律闭合回路磁通量变化产生的电磁感应现象因磁生电2“三定则、一定律”的联系(1)应用楞次定律时，一般要用到安培定则。(2)判断感应电流所受安培力方向的“两法”：先用右手定则确定电流的方向，再用左手定则确定安培力的方向；直接应用楞次定律的推论确定“来拒去留

17、”“增斥减吸”等。考法全析考法(一)楞次定律、安培定则及左手定则的综合应用例1(多选)如图是创意物理实验设计作品小熊荡秋千。两根彼此靠近且相互绝缘的金属棒C、D固定在铁架台上，与两个铜线圈P、Q组成一闭合回路，两个磁性很强的条形磁铁如图放置，当用手左右摆动线圈P时，线圈Q也会跟着摆动，仿佛小熊在荡秋千。以下说法正确的是( )AP向右摆动的过程中，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)BP向右摆动的过程中，Q也会向右摆动CP向右摆动的过程中，Q会向左摆动D若用手左右摆动Q，P会始终保持静止解析P向右摆动的过程中，线框中的磁通量减少，根据楞次定律，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)，A正确

18、。P向右摆动的过程中，P中的电流方向为顺时针方向(从右向左看)，Q中的电流方向也为顺时针方向(从右向左看)，Q线圈下侧将受到向右的安培力作用，所以Q也会向右摆动，B正确，C错误。若用手左右摆动Q，切割磁感线产生感应电动势，在P线圈中将产生感应电流，受到安培力作用，P将摆动，不会保持静止，D错误。答案AB针对训练1.如图所示，通电螺线管置于水平放置的光滑平行金属导轨MN和PQ之间，ab和cd是放在导轨上的两根金属棒，它们分别静止在螺线管的左右两侧，现使滑动变阻器的滑片向左滑动，则ab棒和cd棒的运动情况是( )Aab棒向左运动，cd向右运动Bab棒向右运动，cd向左运动Cab棒和cd棒都向右运动

19、Dab棒和cd棒保持静止解析：选A由安培定则可知，螺线管中磁感线方向向上，金属棒ab、cd所在处的磁感线方向均向下，当滑动变阻器的滑片向左滑动时，螺线管中电流增大，因此磁场变强，即磁感应强度变大，穿过回路的磁通量增大，由楞次定律知，感应电流方向为acdba，由左手定则知，ab棒所受安培力方向向左，cd棒所受安培力方向向右，故ab棒向左运动，cd棒向右运动，故A正确。考法(二)“二次感应”问题例2(多选)如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，MN的左边有一如图所示的闭合电路，当PQ在一外力的作用下运动时，MN由静止开始向右运动，则PQ所做的运动可能是( )A向右加速运

20、动 B向左加速运动C向右减速运动 D向左减速运动解析MN由静止开始向右运动，说明MN受到向右的安培力，因为导线ab在MN处的磁场垂直纸面向里MN中的感应电流方向为MNL1中感应电流的磁场方向向上。若L2中磁场方向向上减弱PQ中电流方向为QP且减小向右减速运动；若L2中磁场方向向下增强PQ中电流方向为PQ且增大向左加速运动。 答案BC在二次感应现象中，“程序法”和“逆向推理法”的选择：(1)如果要判断二次感应后的现象或结果，选择程序法。(2)如果已知二次感应后的结果，要判断导体棒的运动情况或磁场的变化，需选择逆向推理法。针对训练2(多选)如图所示装置中，cd杆原来静止。不计杆与轨道间的摩擦力，当

21、ab杆做如下哪些运动时，cd杆将向右移动( )A向右匀速运动 B向右加速运动C向左加速运动 D向左减速运动解析：选BDab匀速运动时，ab中感应电流恒定，L1中磁通量不变，穿过L2的磁通量不变，L2中无感应电流产生，cd保持静止，A错误；ab向右加速运动时，根据右手定则，知在ab杆上产生增大的从a到b的电流，根据安培定则，在L1中产生向上增强的磁场，该磁场向下通过L2，根据楞次定律可知通过cd的感应电流方向向下，由左手定则可知cd向右移动，B正确；同理可得C错误，D正确。课时跟踪检测一、立足主干知识，注重基础性和综合性1(2022浙江温州模拟)在物理学的发展过程中，许多科学家做出了突出贡献，下

22、列关于科学家和他们的贡献的说法正确的是( )A牛顿开创了实验与逻辑推理相结合的研究方法，并用这种方法研究了力与运动的关系B库仑通过研究得出了电荷间的相互作用规律，并测出了自然界的最小带电单位C安培提出了分子电流假说，成功解释了一些磁现象来源于运动电荷这一本质D法拉第通过大量实验发现了电磁感应现象，并总结出法拉第电磁感应定律解析：选C伽利略开创了实验与逻辑推理相结合的研究方法，并用这种方法研究了力与运动的关系，A错误；库仑通过研究得出了电荷间的相互作用规律，密立根测出了自然界的最小带电单位，B错误；安培提出了分子电流假说，成功解释了一些磁现象来源于运动电荷这一本质，C正确；法拉第发现了电磁感应现

23、象，但法拉第电磁感应定律不是法拉第总结出来的，D错误。2(多选)用如图所示装置探究感应电流产生的条件，线圈A通过滑动变阻器和开关S1连接到电源上，线圈B通过开关S2连接到电流表上，将线圈A套在线圈B的里面。下列说法中正确的是( )A该装置可用于探究线圈B中感应电流产生的条件BS2处于闭合状态，在S1闭合瞬间，电流表的指针会发生偏转CS1处于闭合状态，在S2闭合瞬间，电流表的指针会发生偏转D两开关均处于闭合状态，电路稳定后匀速移动滑动变阻器的滑片，电流表的指针会发生偏转解析：选ABD线圈B没有接电源，与电流表构成回路，可用于探究线圈B中感应电流产生的条件，A正确；S2处于闭合状态，则线圈B与电流

24、表构成回路，在S1闭合瞬间，线圈A中电流增大，线圈A产生的磁场增强，则穿过线圈B的磁通量变大，所以线圈B中会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转，B正确；S1处于闭合状态，线圈A中的电流不变，产生的磁场不变，穿过线圈B的磁通量不变，所以在S2闭合瞬间，线圈B中没有感应电流，电流表指针不偏转，C错误；两开关均处于闭合状态，电路稳定后匀速移动滑动变阻器的滑片，则线圈A中电流变化，线圈A产生的磁场变化，则穿过线圈B的磁通量变化，所以线圈B中会产生感应电流，电流表的指针会发生偏转，故D正确。3.如图所示，导线MON在中点O弯折成一定角度，OO为其角平分线，在导线MON内通以恒定电流I，由均匀导线制成的

25、正方形小线框L中线与OO重合，则能在L中产生感应电流的办法是( )A增大电流IB将L沿OO向右匀速移动C将L沿OO向右加速移动D将L向上快速移动解析：选D根据右手螺旋定则可知，穿过正方形线框的磁通量为零，增大电流，磁通量不变，A错误；将线框沿OO向右运动，穿过正方形线框的磁通量始终为零，无感应电流产生，B、C错误；将L向上快速移动，穿过正方形线框的磁通量发生变化，会有感应电流产生，D正确。4.厂商通过在手机背面安装感应线圈来实现无线充电，如图是一种结构紧凑的双层感应线圈设计图，a、b为线圈的两端。当线圈处在向上增强的磁场中时，感应电流流向及两线圈之间的安培力方向应为( )A从a端流出，两层线圈

26、相互排斥B从a端流出，两层线圈相互吸引C从b端流出，两层线圈相互排斥D从b端流出，两层线圈相互吸引解析：选D当线圈处在向上增强的磁场中时，穿过线圈的磁通量向上增加，根据楞次定律可知，产生的感应电流从a端流入，从b端流出；两线圈中的感应电流从上往下看都是顺时针方向，则两线圈相互吸引。故选D。5如图甲所示是一个“简易电动机”，一节5号干电池的正极向上，一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，将一段裸铜导线弯成图中所示形状的线框，线框上端的弯折位置与正极良好接触，下端弯曲的两端与磁铁表面保持良好接触，放手后线框就会转动起来。该“简易电动机”的原理图如图乙所示，关于该“简易电动机”，下列说法正确的是( )A

27、从上往下看，该“简易电动机”逆时针旋转B电池的输出功率等于线框转动的机械功率C线框两部分导线电阻在电路中是串联关系D“简易电动机”由静止到转动起来的过程中，线框中的电流减小解析：选D线框的上下两条边受到安培力的作用而发生转动，根据左手定则可以判断，从上往下看，线框将顺时针旋转，故A错误；电池输出的功率一部分转化为线框的发热功率，一部分提供线框转动的机械功率，所以电池的输出功率大于线框转动的机械功率，故B错误；线框两部分导线电阻在电路中是并联关系，故C错误；稳定时，因导线切割磁感线，产生的感应电动势与电源相反，则线框中电流比刚开始转动时小，故D正确。6.如图所示，两个完全相同的细铝环a、b能在一

28、个光滑的绝缘圆柱体上自由移动，下列说法正确的是( ) A若两环内通入异向电流，则两环相互靠近，相遇时两环速度大小相等B若两环内通入异向电流，则两环均绕圆柱体转动C若只有a环内有恒定电流，则b环不断远离a环，且加速度逐渐减小D若只在a环内通入不断增大的电流，则两环相互远离，且加速度大小相等解析：选D若两环内通入异向电流，由于异向电流相互排斥，两环相互远离，A、B错误。若只有a环内有恒定电流，b环内的磁通量没有变化，不发生电磁感应现象，无感应电流，故b环保持静止，C错误。若只在a环内通入不断增大的电流，b环内的磁通量增大，根据楞次定律，两环彼此远离，根据牛顿第三定律，两环受力大小相等，因为两环完全

29、相同(质量相等)，故两环的加速度大小也相等，D正确。7如图所示，一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上，细线从一水平金属圆环中穿过。现将该环从位置释放，环经过磁铁到达位置。设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为FT1和FT2，重力加速度大小为g，则( )AFT1mg，FT2mg BFT1mg，FT2mgCFT1mg，FT2mg DFT1mg，FT2mg解析：选A金属圆环从位置到位置过程中，由楞次定律知，金属圆环在磁铁上端时受磁场力向上，在磁铁下端时受磁场力也向上，由牛顿第三定律可知，对磁铁受力分析可知FT1mg，FT2mg，A正确。二、强化迁移能力，突出创新性和应用性8如图为电磁刹车实

30、验装置，小车底面安装有矩形导线框abcd，线框底面平行于地面，在小车行进方向有与abcd等宽、等长的有界匀强磁场，磁场方向垂直地面向上。小车进入磁场前撤去牵引力，小车穿过磁场后滑行一段距离停止。则小车( )A进入磁场时，矩形导线框中感应电流的方向为adcbaB离开磁场时，矩形导线框中感应电流的方向为abcdaC穿过磁场的过程中，中间有一段时间矩形导线框中没有感应电流D穿过磁场的过程中，矩形导线框受到的安培力方向始终水平向左解析：选D根据楞次定律可知，进入磁场时，矩形导线框中感应电流的方向为abcda，离开磁场时，矩形导线框中感应电流的方向为adcba，A、B错误；因线圈与磁场等宽、等长，则穿过

31、磁场的过程中，矩形导线框中始终有感应电流，C错误；根据左手定则可知，穿过磁场的过程中，矩形导线框受到的安培力方向始终水平向左，D正确。9.如图所示，A为水平放置的胶木圆盘，在其侧面均匀分布着负电荷，在A的正上方用绝缘丝线悬挂一个金属圆环B，使B的环面水平且与胶木圆盘面平行，其轴线与胶木圆盘A的轴线OO重合。现使胶木圆盘A由静止开始绕其轴线OO按箭头所示方向加速转动，则( )A金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力增大B金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力减小C金属环B的面积有扩大的趋势，丝线受到的拉力减小D金属环B的面积有缩小的趋势，丝线受到的拉力增大解析：选B使胶木圆盘A由静止开始

32、绕其轴线OO按箭头所示方向加速转动，穿过金属环B的磁通量增大，根据楞次定律，金属环B的面积有缩小的趋势，且B有向上升高的趋势，丝线受到的拉力减小，故B项正确。10(2022广东高考)(多选)如图所示，水平地面(Oxy平面)下有一根平行于y轴且通有恒定电流I的长直导线。P、M和N为地面上的三点，P点位于导线正上方，MN平行于y轴，PN平行于x轴。一闭合的圆形金属线圈，圆心在P点，可沿不同方向以相同的速率做匀速直线运动，运动过程中线圈平面始终与地面平行。下列说法正确的有( )AN点与M点的磁感应强度大小相等，方向相同B线圈沿PN方向运动时，穿过线圈的磁通量不变C线圈从P点开始竖直向上运动时，线圈中

33、无感应电流D线圈从P到M过程的感应电动势与从P到N过程的感应电动势相等解析：选AC根据安培定则，M、N点的磁场方向如图所示，由图可知，M点与N点的磁感应强度大小相等，方向相同，A正确；线圈在P点时磁通量为零，在N点时磁通量不为零，故B错误；线圈从P点开始竖直向上运动时，磁通量始终为零，线圈中无感应电流，故C正确；线圈在M点和在N点的磁通量相等，则从P到M和从P到N的磁通量的变化量相同，但线圈以相同速率从P到M和从P到N的时间不同，根据法拉第电磁感应定律En，得感应电动势不同，故D错误。11如图所示，金属棒ab、金属导轨和螺线管组成闭合回路，金属棒ab在匀强磁场B中沿导轨向右运动，则( ) Aab棒不受安培力作用Bab棒所受安培力的方向向右Cab棒向右运动速度v越大，所受安培力越大D螺线管产生的磁场，A端为N极解析：选C金属棒ab向右运动切割磁感线，根据右手定则判断感应电流方向由ba，再根据左手定则判断ab棒所受安培力水平向左，故A、B错误；ab棒的速度越大，感应电流越大，所受安培力就越大，C正确；根据安培定则可判定螺线管的A端为S极，D错误。