2024版高考物理一轮总复习专题五机械能第3讲机械能守恒定律及其应用提能演练.docx

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1、第3讲机械能守恒定律及其应用知识巩固练1.如图所示，下列关于机械能是否守恒的判断不正确的是()A.甲图中，物体A将弹簧压缩的过程中，物体A与弹簧组成的系统机械能守恒B.乙图中，斜面体A固定，物体B沿斜面匀速下滑，物体B的机械能守恒C.丙图中，连接物体A、B的绳子不可伸长，不计任何阻力和定滑轮及绳子的质量时，A加速下落，B加速上升过程中，A、B组成的系统机械能守恒D.丁图中，小球沿水平面做匀速圆锥摆运动时，小球的机械能守恒【答案】B2.(2021年深圳调研)“蹦极”运动时，运动员身上绑好弹性绳从高空平台静止跳下，如图所示(右图中水面重力势能为零).向下运动的过程中，不计空气阻力，运动员的机械能E

2、、动能Ek与下落位移x之间关系的图像可能正确的是()ABCD【答案】B【解析】向下运动的过程中，不计空气阻力，人和绳系统机械能守恒.在绳子未绷紧时，人的机械能不变，在绳子绷紧后，人受到绳子拉力作用，随着时间的推移，人的机械能转化为绳子的弹性势能，且转化速率越来越大，观察图像，A错误，B正确；绳子未绷紧时，动能线性增大，绳子绷紧后，根据机械能守恒，有mgxEk+k(xl)2，在平衡点之前，人做加速度减小的加速运动，动能曲线增加，增加速率减小，当二力平衡时，达到平衡点，加速度反向增加，动能减小，C、D错误.3.如图，毛毛虫外出觅食，缓慢经过一边长为L的等边三角形“山丘”，已知其身长为3L，总质量为

3、m，如图头部刚到达最高点，假设毛毛虫能一直贴着“山丘”前行，则其头部越过“山顶”刚到达“山丘”底端时的重力势能变化量为()A.mgL B.mgL C.mgL D.mgL【答案】B【解析】选山丘底端为零势能面，初状态的重力势能为W1mgsin60mgL，毛毛虫头部越过山顶刚到达山丘底端时的重力势能为W2mgsin60mgL，其重力势能的变化量为WW2W1mgLmgLmgL，故B正确，A、C、D错误.4.轮滑等极限运动深受青少年的喜欢，轮滑少年利用场地可以进行各种炫酷的动作表演.为了研究方便，把半球形下沉式场地简化成半圆形轨道，两轮滑少年可以看作光滑小球A和B，如图所示.两小球分别从半圆形轨道边缘

4、无初速滑下，则下列说法正确的是()A.A、B两小球在最低点速度相同B.A、B两小球在最低点所受支持力相同C.A、B两小球在最低点的加速度大小相同D.若以水平地面为零势面，两小球分别滑到各自最低点时A小球的机械能小于B小球的机械能【答案】C5.(2022年湖北模拟)如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为m的滑块，滑块右侧面为一个半径为R的弧形的光滑凹槽，A点切线水平.另有一个质量为m的小球以水平速度v0从A点冲上凹槽，重力加速度大小为g.下列说法中正确的是()A.当v0时，小球恰好能到达B点B.当v0时，小球在弧形凹槽上冲向B点的过程中，滑块的动能增大；返回A点的过程中，滑块的动能减小C.如果小

5、球的速度v0足够大，球将从滑块的左侧离开滑块后落到水平面上D.小球返回A点后做自由落体运动【答案】D【解析】小球滑上凹槽的过程中，若凹槽固定，小球v0的速度冲上，根据机械能守恒mgh，解得hR，但是凹槽不固定，小球冲上来的过程中，凹槽也会运动，根据机械能守恒可知小球不能冲到B点，A错误；当v0时，小球在弧形凹槽向上冲的过程中，滑块受到右上方的支持力，速度减小，动能减小；滑到最高点时，两者速度相等，之后返回A点的过程中，滑块的动能依然减小，B错误；如果小球的速度v0足够大，小球将从滑块的左侧沿切线方向飞离凹槽，相对凹槽的速度方向竖直向上，两者水平速度相等，所以小球会沿左侧边缘落回，C错误；小球和

6、凹槽整个作用过程中，水平方向动量守恒，机械能守恒，类似于弹性碰撞mv0mv1+mv2，解得v10，v2v0，所以小球返回A点后做自由落体运动，D正确.6.如图所示，水平传送带以恒定速度顺时针转动，传送带右端上方的挡板上固定着一轻质弹簧.将小物块P轻放在传送带左端，P在接触弹簧前速度已达到v，与弹簧接触后弹簧的最大形变量为d.P的质量为m，与传送带之间的动摩擦因数为，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g.从P开始接触弹簧到弹簧第一次达到最大形变的过程中()A.P的速度一直减小B.传送带对P做功的功率一直减小C.传送带对P做的功WmgdD.弹簧的弹性势能的变化量Epmv2+mgd【答案】C

7、【解析】P与弹簧接触后在水平方向受弹力作用，P受的静摩擦力向右，P做匀速运动，运动到弹力与最大静摩擦力相等时，由于惯性，P继续压缩弹簧，做减速运动直到速度为零，A错误；由公式Pfv可知，由于P先做匀速后做减速运动，静摩擦力先不变后增大，所以功率先不变后增大，后滑动摩擦力不变，速度减小，所以功率减小，B错误；由于P开始接触弹簧到弹力与最大静摩擦力相等的过程中，P受到的力为静摩擦力，后来为滑动摩擦力，所以传送带对P做的功小于mgd，C正确；对滑块由动能定理得WfWF0mv2，由于Wfmgd，所以弹簧的弹性势能变化量小于mv2+mgd，D错误.综合提升练7.如图所示，质量均为m1.0 kg 的物块A

8、、B通过轻质弹簧相连，竖放在水平地面上，弹簧的劲度系数k100 N/m.A、B的右侧竖立一固定光滑杆MN，物块C穿在竖直杆上.一条不可伸长的轻绳绕过位于A正上方的轻质定滑轮P，一端连接A，另一端连接C.开始时物块C与轻质滑轮P等高，且P、C间距L0.3 m，绳处于伸直状态但无张力.现将C由静止释放，已知它恰好能使B离开地面但不继续上升(取g10 m/s2).(1)求C的质量mC；(2)若将C换成质量为1.0 kg的D，仍从上述初始位置由静止释放，求B离开地面时D的速度.解：(1)开始时对A受力分析可得kx1mg(弹簧压缩)，x10.1m.最终恰好能使B离开地面但不继续上升，说明B此时与地面之间

9、无弹力，且整个系统处于静止状态.对B受力分析可得kx2mg(弹簧伸长)，x20.1m.可判断出此时PC间绳子的长度LL+x1+x20.5m，则C下降的高度h0.4m.因为始末两个状态弹簧的形变量一样，因此弹性势能不变，由能量守恒定律可得mCghmg(x1+x2)，解得mC0.5kg.(2)将C换成D后，由能量守恒可得mD+mg(x1+x2)mDgh，由几何关系可知，解得vDm/s.8.如图所示，水平地面与一半径为l的竖直光滑圆弧轨道相接于B点，轨道上的C点位置处于圆心O的正下方.在距地面高度为l的水平平台边缘上的A点，质量为m的小球以v0的速度水平飞出，小球在空中运动至B点时，恰好沿圆弧轨道从

10、该点的切线方向滑入轨道.小球运动过程中空气阻力不计，重力加速度为g，试求：(1)B点与抛出点A正下方的水平距离x；(2)圆弧BC段所对的圆心角；(3)小球滑到C点时，对圆轨道的压力.解：(1)设小球做平抛运动到达B点的时间为t，由平抛运动规律得lgt2，xv0t，联立解得x2l.(2)由小球到达B点时竖直分速度2gl，tan，解得45.(3)小球从A运动到C点的过程中机械能守恒，设到达C点时速度大小为vC，由机械能守恒定律，有mgl，设轨道对小球的支持力为F，有Fmgm，解得F(7)mg.由牛顿第三定律，可知小球对圆轨道的压力大小F(7)mg，方向竖直向下.9.如图所示，从A点以某一水平速度v

11、0抛出质量m1 kg的小物块(可视为质点).当物块运动至B点时，恰好沿切线方向进入圆心角BOC37的光滑圆弧轨道BC，经圆弧轨道后滑上与C点等高、静止在粗糙水平面上的长木板，圆弧轨道C端的切线水平.已知长木板的质量M4 kg，A、B两点距C点的高度分别为H0.6 m、h0.15 m，圆弧轨道半径R0.75 m，物块与长木板间的动摩擦因数10.7，长木板与地面间的动摩擦因数20.2，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)小物块在B点时的速度大小；(2)小物块滑至C点时，对圆弧轨道的压力大小；(3)长木板至少为多长，才能保证小物块不滑出长木板(设最大静摩擦力等于滑动

12、摩擦力).解：(1)从A点到B点，小物块做平抛运动，有Hhgt2，到达B点时，竖直分速度vygt，tan37，联立解得vB5m/s.(2)从A点到C点，有mgH，设小物块在C点受到的支持力为FN，则FNmgm，联立解得v22m/s，FNN.由牛顿第三定律，可知小物块在C点时对圆弧轨道的压力大小为N.(3)小物块与长木板间的滑动摩擦力Ff1mg7N，长木板与地面间的最大静摩擦力Ff2(M+m)g10N，由FfFf知，小物块在长木板上滑动时，长木板静止不动，故长木板的长度至少为l2m.10.(2021年江苏模拟)如图所示，水平传送带足够长，向右前进的速度v4 m/s，与倾角为37的斜面的底端P平滑

13、连接，将一质量m2 kg的小物块从A点静止释放.已知A、P的距离L8 m，物块与斜面、传送带间的动摩擦因数分别为10.25、20.20，取重力加速度g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)物块第1次滑过P点时的速度大小v1；(2)物块第1次在传送带上往返运动的时间t；(3)物块从释放到最终停止运动，与斜面间摩擦产生的热量Q.解：(1)由动能定理得(mgsin371mgcos37)L0，解得v18m/s.(2)由牛顿第二定律得2mgma，物块与传送带共速时，由速度公式得vv1at1，解得t16s.匀速运动阶段的时间为t23s.第1次在传送带上往返运动的时间tt1+t29s.(3)由分析可知，物块第一次离开传送带以后，每次再到达传送带和离开传送带的速度大小相等，则根据能量守恒有Q1mgcos37L+mv248J.