2023新教材高考物理二轮专题复习习题-小卷标准练2.docx

《2023新教材高考物理二轮专题复习习题-小卷标准练2.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023新教材高考物理二轮专题复习习题-小卷标准练2.docx（11页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、小卷标准练2(时间：35分钟，满分：54分)一、单项选择题(本题共8小题，每小题3分，共24分在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求的)1如图所示，正在太空中行走的宇航员A、B沿同一直线相向运动，相对空间站的速度大小分别为3 m/s和1 m/s，迎面碰撞后(正碰)，A、B两人均反向运动，速度大小均为2 m/s.则A、B两人的质量之比为()A35 B23C25 D532医学治疗中常用放射性核素113In产生射线，而113In是由半衰期相对较长的113Sn衰变产生的对于质量为m0的113Sn，经过时间t后剩余113Sn质量为m，其 t图线如图所示从图中可以得到113Sn的半衰期为()A67

2、.3 d B101.0 dC115.1 d D124.9 d32022山东青岛自主检测如图，自动洗衣机洗衣缸的底部与竖直均匀细管相通，细管上部封闭，并与压力传感器相接洗衣缸进水时，细管中的空气被水封闭，随着洗衣缸中水面的上升，细管中的空气被压缩，当细管中空气压强达到一定数值时，压力传感器使进水阀门关闭，这样就可以自动控制进水量已知刚进水时细管中被封闭空气柱长度为50 cm，大气压强p01.0105 Pa，水的密度1.0103 kg/m3，重力加速度g10 m/s2.当空气柱被压缩到48 cm长时，压力传感器关闭洗衣机进水阀门，此时洗衣缸内水位高度约为()A.44 cm B42 cmC46 cm

3、 D50 cm42022辽宁辽阳一模如图所示，两圆弧中的电流大小相等，电流在圆心处产生的磁场的磁感应强度大小与其半径成反比，直线电流在其延长线上的磁感应强度为零，则关于图中a、b两点(分别为各圆的圆心)的磁感应强度的大小关系和a处磁感应强度的方向，下列说法正确的是()ABaBb，Ba垂直纸面向外CBaBb，Ba垂直纸面向里DBaBb，Ba垂直纸面向里5不带电的导体P置于电场强度方向向右的电场中，其周围电场线分布如图所示，导体P表面处的电场线与导体表面垂直，a、b为电场中的两点，则()A.a点的电势高于b点的电势Ba点电场强度小于b点的电场强度C导体P内部的电场强度大于a点的电场强度D.负试探电

4、荷在a点的电势能比在b点的电势能大6已知整个过程中列车受阻力的大小保持不变(包括摩擦阻力和空气阻力)，在ab和bc段，牵引列车的功率分别为P1和P2.则在cd段牵引列车的功率为()A2P2P1 BP2P1C D72022重庆押题卷利用激光笔可以在荧光纸上留下印迹的特点，有同学进行如下操作：轻质弹簧上端固定，在其下端固定一激光笔，让笔沿竖直方向自由振动，激光笔发射的激光可以垂直射到竖直放置其后的荧光纸上，将荧光纸以速度v水平向左拖动，在荧光纸上留下如图所示波形图，其中P、Q两点位于波峰，间隔为x0；M点位于波谷，P、M竖直间距为y0，则()A激光笔振幅为y0B激光笔在留下P、Q两点时加速度均为零

5、C激光笔在留下P、M两点时加速度相同D激光笔的振动周期为8.如图所示是某种火灾报警装置的工作电路图，它的核心部件为紫外线光电管，其中A为阳极，K为阴极，发生火灾时c、d端有输出电压实施报警已知地表附近太阳光中紫外线光子能量介于3.13.9 eV之间，明火中的紫外线光子能量介于4.46.2 eV之间几种金属单质的逸出功如表所示，若光电管阴极材料K选用金属铝，则下列说法正确的是()金属单质钾钠锌铝逸出功/eV2.252.293.384.21A.太阳光照射时c、d端有输出电压B明火照射时c、d端有输出电压C若阴极K材料选用金属锌，能实现有效报警D明火中紫外线波长越长，光电子的最大初动能越大二、多项选

6、择题(本题共4小题，每小题4分，共16分在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分)92022山东德州二模如图所示，光滑绝缘圆弧轨道的半径为R，最低点N左侧处于垂直纸面向外的匀强磁场中，现将一带负电的小球(可视为质点)自最低点右侧的M点静止释放，M、N两点间的距离远小于轨道半径R，小球到达最左侧的位置为P点(图中未画出)，小球运动过程中始终未脱离轨道，已知重力加速度为g，下列说法中正确的是()A.P点比M点高B小球向左经过N点后，对轨道的压力立即变大C小球在P点和M点处对轨道的压力大小不相等D小球运动的周期为2 10如图是变电所为市区用户供

7、电的示意图变压器的输入电压是电网的电压，可视为不变变压器视为理想变压器，其变压比通过P可调，输电线的电阻为R0，则()A用户增多时，A表的示数减小B用户增多时，为使用户获得的电压稳定在220 V应将P适当上调C用户减少时，用户获得的电压会有所降低D用户减少时，R0的功率减小112022四川成都模拟如图所示，正方形金属线圈abcd的边长为L，电阻为R.现将线圈平放在粗糙水平传送带上，ab边与传送带边缘QN平行，随传送带以速度v匀速运动，匀强磁场的边界PQNM是平行四边形，磁场方向垂直于传送带向上，磁感应强度大小为B，PQ与QN夹角为45，PM长为2L，PQ足够长，线圈始终相对于传送带静止，在线圈

8、穿过磁场区域的过程中，下列说法正确的是()A线圈感应电流的方向先是沿adcba后沿abcdaB线圈受到的静摩擦力先增大后减小C线圈始终受到垂直于ad向右的静摩擦力D线圈受到摩擦力的最大值为122022湖南株洲一模如图所示，在篮球比赛的某次快攻中，球员甲将球斜向上传给前方队友丙，球传出时离地面高1 m，速度大小为10 m/s；对方球员乙原地竖直起跳拦截，跃起后手离地面的最大高度为2.8 m，球越过乙时速度沿水平方向，且恰好未被拦截球可视为质点，质量为0.6 kg，重力加速度g取10 m/s2，以地面为零势能面，忽略空气阻力，甲、乙和队友丙三人在同一直线上，则()A篮球在空中上升过程中处于失重状态

9、B甲传球时，球与乙的水平距离为4.8 mC队友接球前瞬间，球的机械能为36 JD队友接球前瞬间，球的动能一定为30 J三、实验题(本题共2小题，共14分)13(6分)2022广东深圳高三一模图1为“验证加速度与质量关系”的实验装置，图2为同时释放小车甲、乙后打出的两条纸带(相邻计数点间均有4个点并未画出).忽略绳子的质量以及滑轮与绳子间的摩擦(1)测量得到各相邻计数点间的距离如表所示(单位：cm)：项目s1(s1)s2(s2)s3(s3)s4(s4)s5(s5)s6(s6)纸带甲3.134.385.636.878.139.37纸带乙3.504.495.516.497.518.51可以判断小车_

10、(填“甲”或“乙”)的加速度较大请通过定量分析，说明你的判断依据：_.(2)测得甲、乙两车质量分别为M1、M2，加速度分别为a1，a2，若在误差允许范围内满足_(用a1、a2、M1、M2表示)，则验证了加速度与质量的关系(3)欲得到(2)中的实验结论，下列操作必要的有_A连接小车的细绳与桌面平行B平衡两小车和桌面间的摩擦力C用天平测量动滑轮和钩码的总质量14(8分)多用电表是实验室中必备的仪器，用它的欧姆挡测电阻方便简单，现某实验小组对多用电表的欧姆挡进行了以下研究多用电表欧姆挡电路可以等效为一个直流电源、一个可变电阻和一个电流表串联后与红、黑表笔相接现有一个欧姆挡刻度盘中值附近刻度模糊不清的

11、多用电表，某同学想通过实验的方法测量该多用电表的欧姆“1”挡刻度盘中值刻度对应的阻值现有器材如下：待测多用电表，电压表V(量程06 V，内阻十几千欧)，电阻箱R，开关，导线若干(1)在图甲所给的器材上已完成部分连线，请你补充完整连线(2)该同学利用实验中得到的数据以为纵坐标，为横坐标，作出图乙所示的图像，该图像对应的函数表达式是_(表达式须用欧姆挡电源电动势E、“1”挡刻度盘中值刻度对应的电阻r表示).由图像可求得该多用电表的欧姆“1”挡刻度盘中值刻度对应的阻值为_.(结果保留两位有效数字)小卷标准练21解析：设A的初速度方向为正，则由动量守恒定律mAvAmBvBmAvAmBvB，解得mAmB

12、35，故选A.答案：A2解析：题中给出的 t图线是向下凹的曲线，时对应的时间小于 d124.85 d，且由数学知识知其与124.85 d相差不会太大，所以A、B、D选项错误，选项C正确答案：C3解析：压力传感器关闭洗衣机进水阀门，此时管内气体的压强为pp0g（hl1l2），则由玻意耳定律可知p0l1Spl2S，解得h44 cm，故选A.答案：A4解析：圆弧中的电流在圆心处产生的磁场的磁感应强度大小与其半径成反比，可知其产生的磁感应强度大小B，而直线电流在其延长线上的磁感应强度为零，所以a点的磁感应强度大小Ba，通过安培定则可判断合磁感应强度方向垂直纸面向外；b处的磁感应强度大小Bb，通过右手螺

13、旋定则可判断合磁感应强度方向垂直纸面向里，所以BaBb，故选A.答案：A5解析：导体P处于静电场中，达到静电平衡，导体P内部导体电场强度处处为零，导体P内部的电场强度小于a点的电场强度，C错误；在同一静电场中，某点电场线越密集，该点的电场强度越大，a处的电场线比b处的电场线密集，a点电场强度大于b点的电场强度，B错误；处于静电平衡的导体是一个等势体，导体表面为等势面，又因为沿着电场线的方向电势降低，可知a点的电势高于b，根据Epq，可知，负电荷在电势越高的位置电势能反而越低，A正确，D错误答案：A6解析：在ab段，由牛顿第二定律得mg sin f0在bc段，由牛顿第二定律得f0在cd段，由牛顿

14、第二定律得mg sin f0解得P32P2P1，故选A.答案：A7解析：由图可知激光笔振幅为，故A错误；激光笔在留下P、Q两点时位于正向最大位移处，加速度最大，故B错误；激光笔在留下P、M两点时加速度大小相同，方向相反，故C错误；激光笔的振动周期等于纸带运动x0距离所用的时间，即，故D正确答案：D8解析：因为太阳光中紫外线光子能量介于3.13.9 eV之间，小于金属铝的逸出功4.21 eV，不发生光电效应，c、d端没有输出电压，选项A错误；明火中的紫外线光子能量介于4.46.2 eV之间，大于金属铝的逸出功，能发生光电效应，c、d端有输出电压，选项B正确；若阴极K材料选用金属锌，3.9 eV大

15、于金属锌的逸出功3.38 eV，能发生光电效应，也能报警，但不能实现有效报警，选项C错误；根据Eh，明火中紫外线波长越长，能量越小，根据EkmhW0，则光电子的最大初动能越小，选项D错误答案：B9解析：小球在槽中运动时，只有重力做功，机械能守恒，则P点与M点等高，选项A错误；小球向左经过N点后，因洛伦兹力方向向下，则对轨道的压力立即变大，选项B正确；小球在P点和M点处只受到重力和轨道的支持力，且P、M两点关于最低点位置对称，对轨道的压力大小相等，选项C错误；因为M、N两点间的距离远小于轨道半径R，则小球的运动可看作单摆，小球运动的周期为T2 ，选项D正确答案：BD10解析：设变压器输入电压为U

16、1，输出电压为U2，用户电压为U3，当P不动，则U2不变，变压器原副线圈电流关系为，用户增多时，电路总电阻变小，电流I2增大，可知原线圈电流I1增大，则A表的示数增大，故A错误；R0两端的电压为U0I2R0，用户得到的电压为U3U2U0，当用户增多时，I2增大，U0增大，所以U3减小，为使用户获得的电压稳定在220 V，则需要增大U2，变压器原副线圈电压关系为，在U1和n2不变的情况下，要增大U2，可以减小n1，即将P适当上调，故B正确，C错误；R0消耗的功率为P0IR0，当用户减少时，I2减小，所以R0的功率减小，故D正确答案：BD11解析：线圈进入磁场时磁通量增大，离开磁场时磁通量减小，由

17、楞次定律可知感应电流的方向先沿adcba后沿abcda，故A正确；因线圈切割磁感线的有效长度先变大，后变小，再变大，再变小，感应电流和安培力大小也发生同样变化，线圈始终相对于传送带静止做匀速运动，线圈受到的静摩擦力与安培力等大反向，说明静摩擦力先变大，后变小，再变大，再变小，故B错误；线圈受到安培力垂直于QP方向向左，静摩擦力和安培力等大反向，说明静摩擦力垂直于QP方向向右，与ad不垂直，故C错误；线圈受到安培力最大值FBL，由前面分析可知静摩擦力和安培力等大反向，说明摩擦力的最大值为，故D正确答案：AD12解析：篮球在空中上升过程中只受重力作用，则篮球处于失重状态，选项A正确；球越过乙时速度

18、沿水平方向，且恰好未被拦截，则在竖直方向球上升的高度为h2.8 m1 m1.8 m，用时为t 0.6 s，球刚抛出时的竖直速度大小为v0ygt6 m/s，则水平速度大小为v0x8 m/s，则甲传球时，球与乙的水平距离为xv0xt4.8 m，选项B正确；球刚抛出时的机械能为Emgh0mv36 J，球在运动过程中机械能守恒，则队友丙接球前瞬间，球的机械能为36 J，选项C正确；球刚抛出时的动能为Ek0mv30 J，队友丙接球前瞬间，球离地面的高度不一定是1 m，则此时球的动能不一定为30 J，选项D错误答案：ABC13解析：（1）根据加速度a可知，x大的加速度大，纸带甲连续相等时间内的位移差约为1

19、.25 cm，而纸带乙连续相等时间内的位移差约为1.00 cm，故纸带甲的加速度更大，即小车甲的加速度大（2）绳子两边受力相等，由牛顿第二定律可得Fma，故在误差允许范围内满足M1a1M2a2，则验证了加速度与质量的关系（3）实验中需要绳子的拉力为小车所受的合外力，则需要平衡摩擦力，且细绳与桌面平行由于拉两边小车的绳子是一根绳子，拉力相等，故不需要测量动滑轮和钩码的总质量，故选A、B.答案：（1）甲见解析（2）M1a1M2a2（3）AB14解析：（1）本实验是用电压表和电阻箱测量多用电表欧姆挡内阻，电压表用于测量外电压，需要并联在电阻箱两端无论是多用电表还是电压表，电流都是从负接线柱流出，从正接线柱流入实物连线如图所示（2）根据闭合电路欧姆定律有E（Rr），整理得.将表达式与图像拟合可得r15 .答案：（1）见解析（2）15