2023届新高考新教材物理人教版一轮学案-第五章第3讲　机械能守恒定律及其应用.docx

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1、第3讲机械能守恒定律及其应用主干知识填一填一、重力做功与重力势能1重力做功的特点(1)重力做功与路径无关，只与始末位置的高度差有关(2)重力做功不引起物体机械能的变化2重力势能(1)公式：Epmgh(2)特性：矢标性：重力势能是标量，但有正、负，其意义是表示物体的重力势能比它在参考平面上大还是小，这与功的正、负的物理意义不同系统性：重力势能是物体和地球共有的相对性：重力势能的大小与参考平面的选取有关重力势能的变化是绝对的，与参考平面的选取无关3重力做功与重力势能变化的关系(1)定性关系：重力对物体做正功，重力势能就减少；重力对物体做负功，重力势能就增加(2)定量关系：重力对物体做的功等于物体重

2、力势能的减少量即WGEp1Ep2Ep二、弹性势能1大小弹簧的弹性势能的大小与弹簧的形变量及劲度系数有关2弹力做功与弹性势能变化的关系弹力做正功，弹性势能减小，弹力做负功，弹性势能增加三、机械能守恒定律1机械能：动能和势能统称为机械能，其中势能包括重力势能和弹性势能2机械能守恒定律(1)内容：在只有重力或弹力做功的物体系统内，动能和势能可以互相转化，而总的机械能保持不变(2)守恒的条件：只有重力或弹力做功(3)守恒表达式：守恒观点E1E2，Ek1Ep1Ek2Ep2转化观点EkEp转移观点EA减EB增规律结论记一记1重力势能是由物体和地球组成的系统所共有，但一般常叙述为物体的重力势能2重力做功不引

3、起物体机械能的变化3对同一弹簧，形变量相同，弹性势能相同4单物体机械能守恒的条件是只有重力做功，而多物体(即系统)机械能守恒的条件是只有重力或系统内弹力做功，但这并不等于只受重力和弹力作用5利用守恒观点列机械能守恒的方程时一定要选取零势能面，而且系统内不同的物体必须选取同一零势能面必刷小题测一测一、易混易错判断1重力势能的变化与零势能参考面的选取无关()2克服重力做功，物体的重力势能一定增加()3发生形变的物体都具有弹性势能()4弹力做正功弹性势能一定增加()5物体所受的合力为零，物体的机械能一定守恒()6物体的速度增大时，其机械能可能减小()7物体除受重力外，还受其他力，但其他力不做功，则物

4、体的机械能一定守恒()二、经典小题速练1忽略空气阻力，下列物体运动过程中满足机械能守恒的是()A电梯匀速下降B物体由光滑斜面顶端滑到斜面底端C物体沿着斜面匀速下滑D拉着物体沿光滑斜面匀速上升解析：B电梯匀速下降，说明电梯处于受力平衡状态，并不是只有重力做功，机械能不守恒，所以A错误；物体在光滑斜面上，受重力和支持力的作用，但是支持力的方向和物体运动的方向垂直，支持力不做功，只有重力做功，机械能守恒，所以B正确；物体沿着粗糙斜面匀速下滑，物体处于受力平衡状态，摩擦力和重力都要做功，机械能不守恒，所以C错误；拉着物体沿光滑斜面匀速上升，物体处于受力平衡状态，拉力和重力都要做功，机械能不守恒，所以D

5、错误2一质量为m的物块仅在重力作用下运动，物块位于r1和r2时的重力势能分别为3E0和E0(E00)若物块位于r1时速度为0，则位于r2时其速度大小为()A2B C2 D4解析：A物体仅在重力作用下运动，物体的机械能守恒，根据机械能守恒定律可知E1E2，代入已知条件为3E00E0mv2，解得r2处的速度为v2，故选A3(人教版必修2P80T1改编)把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A位置，如图甲所示迅速松手后，球升高至最高位置C(图丙)，途中经过位置B时弹簧正处于原长(图乙)忽略弹簧的质量和空气阻力则小球从A位置运动到C位置的过程中，下列说法正确的是()A经过位置B时小球的加速度为0B经过

6、位置B时小球的速度最大C小球、地球、弹簧所组成系统的机械能守恒D小球、地球、弹簧所组成系统的机械能先增大后减小解析：CA到B的过程中，小球先加速后减速，当加速度为零时，弹力等于重力，速度最大，但位置在B点下方，故A、B选项均错误；小球由A到C的过程中，只有重力和弹簧的弹力做功，小球、地球和弹簧组成的系统机械能守恒，选项C正确，D错误命题点一机械能守恒的理解和判断(自主学习)核心整合1对机械能守恒条件的理解(1)只受重力作用，例如做平抛运动的物体机械能守恒(2)除重力外，物体还受其他力，但其他力不做功或做功代数和为零(3)除重力外，只有系统内的弹力做功，并且弹力做的功等于弹性势能变化量的负值，那

7、么系统的机械能守恒，注意并非物体的机械能守恒，如与弹簧相连的小球下摆的过程机械能减少2机械能是否守恒的三种判断方法(1)利用机械能的定义判断：若物体动能、势能之和不变，机械能守恒(2)利用守恒条件判断(3)利用能量转化判断：若系统与外界没有能量交换，系统内也没有机械能与其他形式能的转化，则物体系统机械能守恒题组突破1(对机械能守恒条件的理解)关于机械能守恒定律的适用条件，下列说法正确的是()A只有重力和弹力作用时，机械能才守恒B当有其他外力作用时，只要合外力为零，机械能守恒C当有其他外力作用时，只要其他外力不做功，机械能守恒D炮弹在空中飞行不计阻力时，仅受重力作用，所以爆炸前后机械能守恒解析：

8、C机械能守恒的条件是“只有重力或系统内弹力做功”而不是“只有重力和弹力作用”，“做功”和“作用”是两个不同的概念，A项错误；物体受其他外力作用且合外力为零时，机械能可能不守恒，如拉一物体匀速上升，合外力为零，物体的动能不变，重力势能增加，故机械能增加，B项错误；在炮弹爆炸过程中产生的内能转化为机械能，机械能不守恒，D项错误；由机械能守恒定律的特点知，C项正确2.(系统机械能守恒的判断)(2022济宁质检)如图所示，将一个内外侧均光滑的半圆形槽置于光滑的水平面上，槽的左侧有一竖直墙壁现让一小球自左端槽口A点的正上方由静止开始下落，小球从A点与半圆形槽相切进入槽内，则下列说法正确的是()A小球在半

9、圆形槽内运动的全过程中，只有重力对它做功B小球从A点向半圆形槽的最低点运动的过程中，小球处于失重状态C小球从A点经最低点向右侧最高点运动的过程中，小球与槽组成的系统机械能守恒D小球从下落到从右侧离开槽的过程中机械能守恒解析：C小球从A点向半圆形槽的最低点运动的过程中，半圆形槽有向左运动的趋势，但实际上没有动，整个系统中只有重力做功，所以小球与槽组成的系统机械能守恒；小球过了半圆形槽的最低点以后，半圆形槽向右运动，系统没有其他形式的能量产生，满足机械能守恒的条件，所以系统的机械能守恒；小球从A点至到达槽最低点过程中，小球先失重，后超重；小球由最低点向右侧最高点运动的过程中，半圆形槽也向右移动，半

10、圆形槽对小球做负功，小球的机械能不守恒，故选项C正确3.(含橡皮绳系统的机械能守恒的判断)如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的圆环，圆环与一橡皮绳相连，橡皮绳的另一端固定在地面上的A点，橡皮绳竖直时处于原长h.让圆环沿杆滑下，滑到杆的底端时速度为零则在圆环下滑过程中()A圆环机械能守恒B橡皮绳的弹性势能一直增大C橡皮绳的弹性势能增加了mghD橡皮绳再次达到原长时圆环动能最大解析：C圆环沿杆滑下，滑到杆的底端的过程中有两个力对圆环做功，即环的重力和橡皮绳的拉力，所以圆环的机械能不守恒，如果把圆环和橡皮绳组成的系统作为研究对象，则系统的机械能守恒，故A错误；橡皮绳的弹性势能随橡皮绳的形变

11、量的变化而变化，由题图知橡皮绳先变松弛后被拉伸，故橡皮绳的弹性势能先不变再增大，故B错误；根据系统的机械能守恒，圆环的机械能减少了mgh，那么圆环的机械能的减少量等于橡皮绳的弹性势能增加量，为mgh，故C正确；在圆环下滑过程中，橡皮绳再次达到原长时，该过程中动能一直增大，但不是最大，沿杆方向合力为零的时刻，圆环的动能最大，故D错误判断机械能守恒的“三点”注意(1)系统机械能守恒时，机械能一般在系统内物体间转移，其中的单个物体机械能不一定守恒(2)机械能守恒的条件绝不是合外力的功等于零，更不是合外力等于零，而是看是否只有重力或弹力做功(3)对于一些绳子突然绷紧、物体间碰撞等情况，除非题目特别说明

12、，否则机械能必定不守恒命题点二单个物体的机械能守恒(师生互动)核心整合1表达式2一般步骤3选用技巧在处理单个物体机械能守恒问题时通常应用守恒观点和转化观点，转化观点不用选取零势能面如图所示，倾角为37的斜面与一竖直光滑圆轨道相切于A点，轨道半径R1 m，将滑块由B点无初速度释放，滑块恰能运动到圆周的C点，OC水平，OD竖直，xAB2 m，滑块可视为质点，取g10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8，求：(1)滑块在斜面上运动的时间；(2)若滑块能从D点抛出，滑块仍从斜面上无初速度释放，释放点至少应距A点多远解析：(1)设滑块到达A点的速度为vA，从A到C过程机械能守恒有mvmgR

13、cos 37从B到A过程，滑块做匀加速直线运动，由匀变速直线运动规律可知v2axABvAat联立各式解得a4 m/s2，t1 s(2)设滑块能从D点抛出的最小速度为vD，在D点，由重力提供向心力，有mgm从A到D由机械能守恒有mvA2mgR(1cos 37)mvvA22ax联立各式解得x5.75 m.答案：(1)1 s(2)5.75 m 题组突破1(单物体、单过程机械能守恒)如图所示，用两根长度均为l的轻绳将一重物悬挂在水平的天花板下，轻绳与天花板的夹角为，整个系统静止，这时每根轻绳中的拉力为T.现将一根轻绳剪断，当小球摆至最低点时，轻绳中的拉力为T.为某一值时，最大，此最大值为()AB2C3

14、2 D解析：A剪断轻绳之前：2Tsin mg；剪断轻绳后，摆到最低点时：mv2mgl(1sin )，由牛顿第二定律：Tmgm；联立解得6sin 4sin2 ，由数学知识可知，此比值的最大值为，故选项A正确2(单物体、多过程机械能守恒)(2022黑龙江重点中学联考)如图所示，竖直平面内有一半径为R0.50 m的光滑圆弧槽BCD，B点与圆心O等高，水平面DQ与圆弧槽相接于D点，一质量为m0.10 kg的小球从B点的正上方H0.95 m高处的A点自由下落，由B点进入圆弧槽轨道，从D点飞出后落在水平面上的Q点，DQ间的距离x2.4 m，球从D点飞出后的运动过程中相对水平面上升的最大高度h0.80 m，

15、取g10 m/s2，不计空气阻力，求：(1)小球经过C点时轨道对它的支持力大小FN；(2)小球经过P点时的速度大小vP；(3)D点与圆心O的高度差hOD解析：(1)设小球经过C点时的速度为v1，由机械能守恒定律有mg(HR)mv由牛顿第二定律有FNmgm代入数据解得FN6.8 N.(2)从P到Q小球做平抛运动竖直方向有hgt2水平方向有vPt代入数据解得vP3 m/s.(3)小球从开始运动到P点的过程中，机械能守恒，取DQ水平面为零势能面，则mvmghmg(HhOD)代入数据解得hOD0.3 m.答案：(1)6.8 N(2)3 m/s(3)0.3 m命题点三多个物体的机械能守恒(多维探究)1对

16、多个物体组成的系统要注意判断物体运动过程中，系统的机械能是否守恒2注意寻找用绳或杆相连接的物体间的速度关系和位移关系3列机械能守恒方程时，一般选用EkEp或 EA增EB减的形式第1维度：轻绳连接的物体系统常见情景三点提醒(1)分清两物体是速度大小相等，还是沿绳方向的分速度大小相等(2)用好两物体的位移大小关系或竖直方向高度变化的关系(3)对于单个物体，一般绳上的力要做功，机械能不守恒；但对于绳连接的系统，机械能则可能守恒(多选)如图所示，质量为m的小环(可视为质点)套在固定的光滑竖直杆上，一足够长且不可伸长的轻绳一端与小环相连，另一端跨过光滑的定滑轮与质量为M的物块相连，已知M2m.与定滑轮等

17、高的A点和定滑轮之间的距离为d3 m，定滑轮大小及质量可忽略现将小环从A点由静止释放，小环运动到C点速度为0，重力加速度取g10 m/s2，则下列说法正确的是(sin 530.8，cos 530.6)()AA、C间距离为4 mB小环最终静止在C点C小环下落过程中减少的重力势能始终等于物块增加的机械能D当小环下滑至绳与杆的夹角为60时，小环与物块的动能之比为21解析：AD小环运动到C点时，由机械能守恒得：mgLACMg(d)，解得：LAC4 m，故A正确；假设小环最终静止在C点，则绳中的拉力大小等于2mg，在C点对小环有：FTmg2mg，所以假设不成立，小环不能静止，故B错误；由机械能守恒可知，

18、小环下落过程中减少的重力势能转化为物块增加的机械能和小环增加的动能，故C错误；将小环的速度沿绳和垂直绳方向分解，沿绳方向的速度即为物块的速度vMvmcos 60，由Ekmv2可知，小环与物块的动能之比为21，故D正确第2维度：轻杆连接的物体系统常见情景三大特点(1)平动时两物体线速度相等，转动时两物体角速度相等(2)杆对物体的作用力并不总是沿杆的方向，杆能对物体做功，单个物体机械能不守恒(3)对于杆和球组成的系统，忽略空气阻力和各种摩擦且没有其他力对系统做功，则系统机械能守恒(2022东北三省三校第二次联合模拟)如图所示，竖直平面内固定两根足够长的细杆L1、L2，两杆不接触，且两杆间的距离忽略

19、不计两个小球a、b(视为质点)质量均为m，a球套在竖直杆L1上，b球套在水平杆L2上，a、b通过铰链用长度为l的刚性轻杆L连接，将a球从图示位置(轻杆与L2杆夹角为45)由静止释放，不计一切摩擦，已知重力加速度为g.在此后的运动过程中，下列说法中正确的是()Aa球和b球所组成的系统机械能不守恒Bb球的速度为零时，a球的加速度大小为零Cb球的最大速度为 Da球的最大速度为 解析：Ca球和b球组成的系统没有外力做功，只有a球和b球的动能和重力势能相互转换，因此a球和b球所组成的系统机械能守恒，A错误；设轻杆L和水平杆L2的夹角为，由运动关联可知vbcos vasin ，则vbvatan ，可知当b

20、球的速度为零时，轻杆L处于水平位置且与杆L2平行，则此时a球在竖直方向只受重力mg，因此a球的加速度大小为g，B错误；当杆L和杆L1第一次平行时，a球运动到最下方，b球运动到L1和L2交点位置，b球的速度达到最大，此时a球的速度为0，因此由系统机械能守恒有mgmv，解得vb，C正确；当轻杆L和杆L2第一次平行时，由运动的关联可知此时b球的速度为零，由系统机械能守恒有mglmv，解得va，此时a球具有向下的加速度g，故此时a球的速度不是最大，a球将继续向下做加速度减小的加速运动，到加速度为0时速度达到最大，D错误第3维度：轻弹簧连接的物体系统题型特点由轻弹簧连接的物体系统，一般既有重力做功又有弹

21、簧弹力做功，这时系统内物体的动能、重力势能和弹簧的弹性势能相互转化，而总的机械能守恒两点提醒(1)对同一弹簧，弹性势能的大小由弹簧的形变量完全决定，无论弹簧伸长还是压缩(2)物体运动的位移与弹簧的形变量或形变量的变化量有关 (多选)如图所示，物体A、B通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧，物体A、B的质量分别为2m、m.开始时细绳伸直，用手托着物体A使弹簧处于原长且A与地面的距离为h，物体B静止在地面上放手后物体A下落，与地面即将接触时速度大小为v，此时物体B对地面恰好无压力，不计一切摩擦及空气阻力，重力加速度大小为g，则下列说法中正确的是()A物体A下落过程中，物体A和弹簧组成的系统机械能守恒

22、B弹簧的劲度系数为C物体A着地时的加速度大小为D物体A着地时弹簧的弹性势能为mghmv2解析：AC由题意知， 物体A下落过程中，B一直静止不动，对于物体A和弹簧组成的系统，只有重力和系统内弹力做功，则物体A和弹簧组成的系统机械能守恒，故A正确；物体A即将着地时， 物体B对地面的压力恰好为零，故弹簧的弹力为Tmg，开始时弹簧处于原长， 由胡克定律知Tkh, 则弹簧的劲度系数为k，故B错误；物体A着地时，细绳对A的拉力也等于mg，对A，根据牛顿第二定律得2mgmg2ma，则a，故C正确；物体A与弹簧组成的系统机械能守恒，有2mghEp弹2mv2, 则Ep弹2mghmv2，故D错误素养培优16三类“

23、非质点类”机械能守恒问题题型一“液柱”类问题(多选)内径面积为S的U形圆筒竖直放在水平面上，筒内装水，底部阀门K关闭时两侧水面高度分别为h1和h2，如图所示已知水的密度为，不计水与筒壁的摩擦阻力现把连接两筒的阀门K打开，当两筒水面高度相等时，则该过程中()A水柱的重力做正功B大气压力对水柱做负功C水柱的机械能守恒D当两筒水面高度相等时，水柱的动能是gS(h1h2)2解析：ACD把连接两筒的阀门打开到两筒水面高度相等的过程中大气压力对左筒水面做正功，对右筒水面做负功，抵消为零水柱的机械能守恒，重力做功等于重力势能的减少量，等于水柱增加的动能，等效于把左管高的水柱移至右管，如图中的斜线所示，重心下

24、降，重力所做正功：WGgSgS(h1h2)2，故A、C、D正确题型二“链条”类问题(2022山东师范大学附中四模)如图所示，长为L的均匀链条放在光滑水平桌面上，且使长度的垂在桌边，松手后链条从静止开始沿桌边下滑，则链条滑至刚刚离开桌边时的速度大小为()A BC D4解析：C取桌面为参考平面，由机械能守恒定律可得：mgmv2，所以v.题型三“多个小球”类问题(2022浙江温州模拟)(多选)如图所示，在竖直平面内半径为R的四分之一圆弧轨道AB、水平轨道BC与斜面CD平滑连接在一起，斜面足够长在圆弧轨道上静止着N个半径为r(rR)的光滑小球(小球无明显形变)，小球恰好将圆弧轨道铺满，从最高点A到最低

25、点B依次标记为1、2、3、N.现将圆弧轨道末端B处的阻挡物拿走，N个小球由静止开始沿轨道运动，不计摩擦与空气阻力，下列说法正确的是()AN个小球在运动过程中始终不会散开B第1个小球从A到B过程中机械能守恒C第1个小球到达B点前第N个小球做匀加速运动D第1个小球到达最低点的速度v解析：AD在下滑的过程中，水平面上的小球要做匀速运动，而曲面上的小球要做加速运动，则后面的小球对前面的小球有向前挤压的作用，所以小球之间始终相互挤压，冲上斜面后后面的小球把前面的小球往上压，所以小球之间始终相互挤压，故N个小球在运动过程中始终不会散开，故A正确；第一个小球在下落过程中受到挤压，所以有外力对小球做功，小球的

26、机械能不守恒，故B错误；由于小球在下落过程中速度发生变化，相互间的挤压力变化，所以第N个小球不可能做匀加速运动，故C错误；当重心下降时，根据机械能守恒定律得：mv2mg，解得：v；同样对整体在AB段时，重心低于，所以第1个小球到达最低点的速度vv，所以小球能到达最高点C在C点，由牛顿第二定律得mgFm代入数据解得F4 N由牛顿第三定律知，小球对C点的压力大小为4 N.答案：(1)0.8 m(2)能4 N热点加练12(2022济宁一模)(多选)如图所示，轻弹簧一端与不可伸长的轻绳OC、DC连接于C点(两绳另一端均固定)，弹簧另一端连接质量为m的小球地面上竖直固定一半径为R、内壁光滑的开缝圆弧管道

27、AB，A点位于O点正下方且与C点等高处，管道圆心与C点重合现将小球置于管道内A点由静止释放，已知轻绳DC水平，当小球沿圆弧管道运动到B点时恰好对管道壁无弹力，管道与弹簧间的摩擦不计，重力加速度为g.则小球从A点运动到B点的过程中()A弹簧一直处于伸长状态B小球的机械能不守恒C小球在B点的动能为mgRD轻绳OC的拉力不断增大解析：ACD当小球沿圆弧管道运动到B点时恰好对管道壁无弹力，则小球在B点时，由弹簧的拉力和重力的合力提供向心力，则弹簧一直处于伸长状态，故A正确；从A到B的过程，弹簧的弹力和管道的弹力对小球不做功，只有重力做功，故小球的机械能守恒，故B错误；从A点到B点的过程，对小球，取B点

28、所在水平面为零势能参考平面，由机械能守恒定律得：EkBmgR，故C正确；设OC与OA的夹角为，CA与水平方向的夹角为，C点受力平衡，则在竖直方向上有：FOCcos FACsin ，从A点到B点的过程中，和弹簧的弹力FAC大小不变，不断增大，故FOC不断增大，故D正确13.(多选)如图所示，水平地面上固定一足够长的光滑斜面，斜面顶端有一光滑定滑轮，一轻绳跨过定滑轮，绳两端分别连接小物块A和B已知斜面倾角30，小物块A的质量为m，小物块B的质量为0.8m，小物块B距离地面的高度为h，小物块A距离定滑轮足够远开始时，小物块A和小物块B位于同一水平面上，用手按住小物块A，然后松手则下列说法正确的是(重

29、力加速度为g)()A松手瞬间，小物块A的加速度大小为gB松手后，小物块A的机械能守恒C小物块B落地前瞬间的速度大小为 D小物块A能够上升到的最高点与地面的距离为解析：AD松手瞬间，对小物块B受力分析可得：0.8mgFT0.8ma，对小物块A受力分析可得：FTmgsin 30ma，联立解得：ag，故A正确松手后，绳的拉力对小物块A做正功，小物块A的机械能增加，故B错误小物块B从开始下落到落地有v202ah，解得：v ，故C错误小物块A从开始运动到滑行距离h时获得的速度v ，接下来继续滑行x速度减为零，由机械能守恒定律得：mv2mgxsin 30，解得：x，小物块A能够上升到的最高点与地面的距离为

30、hhsin 30sin 30h，故D正确14(2022湖南永州模拟)(多选)如图甲所示，在竖直平面内固定一光滑的半圆形轨道ABC，小球以一定的初速度从最低点A冲上轨道，图乙是小球在半圆形轨道上从A运动到C的过程中，其速度的平方与其对应高度的关系图像已知小球在最高点C受到轨道的作用力为2.5 N，空气阻力不计，B点为AC轨道的中点，g10 m/s2，下列说法正确的是()A图乙中x36B小球质量为0.2 kgC小球在B点受到轨道的作用力为8.5 ND小球在A点时重力的功率为5 W解析：BC小球在光滑轨道上运动，只有重力做功，故机械能守恒，所以有mvmv2mgh，解得v22ghv，当h0.8 m时，

31、v29 m2/s2，代入数据得v05 m/s；当h0时，v2v25 m2/s2，x25，故A错误；由题图乙可知，轨道半径R0.4 m，小球在C点的速度vC3 m/s，由牛顿第二定律可得Fmgm，解得m0.2 kg，B正确；小球从A到B过程中由机械能守恒有mvmvmgR，解得小球运动到B点的速度vB m/s，在B点，由牛顿第二定律可知NBm，代入数据得NB8.5 N，选项C正确；小球在A点时，重力mg和速度v0垂直，重力的瞬时功率为0，D错误15如图所示，右边传送带长L15 m、逆时针转动速度为v016 m/s，左边是光滑竖直半圆轨道(半径R0.8 m)，中间是光滑的水平面AB(足够长)用轻质细

32、线连接甲、乙两物体，中间夹一压缩的轻质弹簧，弹簧与甲、乙两物体不拴连甲的质量为m13 kg，乙的质量为m21 kg，甲、乙均静止在光滑的水平面上现固定甲物体，烧断细线，乙物体离开弹簧后在传送带上滑行的最远距离为sm12 m传送带与乙物体间的动摩擦因数为0.6，重力加速度g取10 m/s2，甲、乙两物体可看作质点(1)固定乙物体，烧断细线，甲物体离开弹簧后进入半圆轨道，求甲物体通过D点时对轨道的压力大小；(2)甲、乙两物体均不固定，烧断细线以后甲、乙两物体离开弹簧时的速度大小之比为，问甲物体和乙物体能否再次在AB面上发生水平碰撞？若碰撞，求再次碰撞前瞬间甲、乙两物体的速度大小；若不会碰撞，说明原因解析：(1)固定甲物体，烧断细线后乙物体滑上传送带做匀减速运动，由牛顿第二定律得：m2gm2a由运动学公式：v2asm由机械能守恒定律得弹簧压缩时的弹性势能：Epm2v固定乙物体，烧断细线后，甲物体离开弹簧的速度满足：Epm1v甲物体从B运动到D过程中由机械能守恒定律得：2m1gRm1vm1v甲物体在D点，由牛顿第二定律得：