四川省绵阳东辰国际学校2020_2021学年高一物理第三次月考试题.docx

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1、四川省绵阳东辰国际学校2020-2021学年高一物理第三次月考试题说明：1本试卷分题卷和答卷，将所有答案做到答题卷上相应位置处2本次考试80分钟，满分110分第卷(选择题,共56分)一、单项选择题（本大题包括9小题，每小题4分，共36分）1.下列物理量中，描述物体惯性大小的是（ ）A时间 B质量 C加速度 D速度2.如图所示，杯子静止在水平桌面上，下列说法正确的是（ ）A桌面受到的压力就是杯子的重力B杯子受到的支持力是杯子发生形变产生的C桌面对杯子的支持力与杯子对桌面的压力是一对平衡力D桌面对杯子的支持力与杯子对桌面的压力是一对相互作用力3做变速直线运动的几个质点，在相同时间内位移最大的质点是

2、（ ）A加速度最大的质点 B平均速度最大的质点 C末速度最大的质点 D初速度最大的质点4一个做直线运动的物体受到的合外力的方向与物体运动的方向相同，当合外力减小时，则物体运动的加速度和速度的变化是（ ）A加速度增大，速度增大 B加速度减小，速度减小C加速度增大，速度减小 D加速度减小，速度增大5如图所示，橡皮筋上端固定在O点，另一端系一个小球，小球从O点正下方距O点的距离小于橡皮筋的自然长度的某点由静止开始下落，小球从开始运动到达到最低点的过程中(不考虑空气阻力)（ ）A加速度先减小后增大 B加速度先增大后减小C速度先增大后减小 D速度先减小后增大6.甲、乙、丙三辆汽车沿同一平直公路行驶，它们

3、的位移x随时间t变化的关系图线分别如图中甲、乙、丙所示，图线甲为一条直线，与x轴交点的坐标为（0，4），图线乙为过坐标原点的抛物线，三图线交点的坐标为P（4，8）.由此可以判断（ ）A.04s内，甲做直线运动，乙与丙做曲线运动B.t=4s时刻甲车速度大于乙车速度C.04s内，丙的路程最大，甲的路程最小D.04s内，丙的位移比乙的位移大7如图所示，在倾角为的斜面上有一质量为m的光滑球被竖直的挡板挡住，则球对斜面的压力为（ ）A、mgcos B、mgtg C、mg/cos D、mg8.如图所示，人的质量为M，物块的质量为m，且Mm，若不计滑轮的摩擦，则当人拉着绳向后退回一步后，人和物块仍保持静止，

4、若人对地面的压力大小为F1、人受到地面的摩擦力大小为F2、人拉绳的力的大小为F3，则下列说法中正确的是（ ）AF1、F2、F3均不变 BF1增大、F2增大，F3不变CF1增大、F2减小、F3减小 DF1减小、F2减小，F3不变9. 如图所示，质量为 2m 的物块 A 与水平地面间的动摩擦因数为 ， 质量为 m 的物块 B与地面的摩擦不计，在大小为 F 的水平推力作用下，A、B 一起向右做加速运动，则 A 和 B之间的作用力大小为（ ）A. B. C. D. 二、 不定项选择题（本大题5小题，每小题4分，共20分在每小题给出的四个选项中至少有一个选项正确，全对得4分，选对但不全得2分，有错或不选

5、得0分）10质量为m的人站在升降机中，如果升降机做加速度大小为a的匀变速直线运动，升降机地板对人的支持力Nm(ga)，则升降机的运动情况可能是( )A以加速度a向下加速运动B以加速度a向上加速运动C.以加速度a在上升过程中制动D以加速度a在下降过程中制动11.（原创）物体在以下三个力作用下，可能做匀速直线运动的是（ ）A. 8N、8N、8NB. 10N、7N、15NC. 5N、10N、20ND. 5N、9N、15N12.某物体沿直线运动的v-t图象如图所示，由图象可以看出物体（ ）A.沿直线做往复运动 B.加速度大小不变但加速度方向在发生变化 C.全过程加速度不变做匀变速直线运动 D.沿直线向

6、一个方向运动 13.如图所示，倾角为的粗糙斜劈放在粗糙水平面上，物体a放在斜面上，轻质细线一端固定在物体a上，另一端绕过光滑的滑轮固定在c点，滑轮2下悬挂物体b，系统处于静止状态。现将固定点c向左缓慢移动少许，发现a与斜劈始终静止，则在此过程中A. 斜劈对地面的压力不变 （ ）B. 细线对物体a拉力减小C. 细线对滑轮2的作用力不变D. 地面对斜劈的摩擦力增大14.在倾角为的光滑斜面上有两个用轻弹簧连接的物块A和B，它们的质量分别为3m和2m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用一沿斜面向上的恒力F拉物块A使之沿斜面向上运动，当B刚要离开C时，A的加速度方向沿斜面向上，大

7、小为a，则（ ）A物体A始终做匀加速运动B从静止到B刚离开C的过程中，弹簧的弹力先减小后增大C从静止到B刚离开C的过程中，A运动的距离为D恒力F的大小为5mgsin+3ma第卷(非选择题,共54分)三、实验填空题（本大题有3个小题，共18分）15.(1)在某次研究弹簧所受弹力F与弹簧长度L关系实验时，得到如图甲所示的FL图象，由图象可知：弹簧原长L0_cm，弹簧的劲度系数k_N/m(2)若按如图乙的方式挂上钩码（已知每个钩码重G1N），使(1)中研究的弹簧在光滑的水平桌面处于压缩，稳定后指针在刻度尺上指示如图乙所示，则图乙中所挂钩码的个数为_个（乙图弹簧左端是一有孔的挡板，细线拴在弹簧另一端）

8、16.用图甲所示装置探究物体的加速度与力的关系。实验时保持小车(含车中重物)的质量M不变，细线下端悬挂钩码的总重力mg作为小车受到的合力F，用打点计时器测出小车运动的加速度a. （1）本实验应用的实验方法是_A理想实验法 B控制变量法 C假设法 D.等效替代法（2）为了让细线下端悬挂钩码的总重力作为小车受到的合力F，小车的质量M和钩码的质量m需满足的条件是_（3）关于实验操作，下列说祛正确的是:_A实验前应调节滑轮高度，使滑轮和小车间的细线与木板平行B平衡摩擦力时，在细线的下端悬挂钩码，使小车在线的拉力作用下能匀速下滑C每次改变小车所受的拉力后都要重新平衡摩擦力 17.（原创）东辰学校高一同学

9、有两个实验小组进行了如下的实验探究（1）甲小组做“研究匀变速直线运动”实验，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T，其中x1，x2，x3，x4已由刻度尺测出，则打A点时小车瞬时速度的计算表达式为vA=_，由逐差法小车运动的加速度计算表达式为a_。（2）乙小组运用园艺山乐荟城商场一楼与二楼之间的自动扶梯探究速度，张三同学沿匀速开动（上行）的自动扶梯从一楼走上二楼时，数得走了18级；当他以同样的速率（相对扶梯）沿同一开动（上行）的自动扶梯从二楼走下一楼时，数得走了36级，则一楼与二楼间的自动扶梯级数为_四、本大题3小题，共36要求写出必要的文字说明、主要的

10、计算步骤和明确的答案18.（12分）一辆汽车沿平直公路以某一初速度行驶,从某时刻起开始加速,加速度大小为,经10 s发生位移为。求：(1)汽车原来匀速行驶的速度大小。(2)司机在10 s末发现超速,立即刹车(不考虑反应时间),刹车过程加速度大小为,求从刹车起经过10 s的时间汽车前进的距离。19.(12分）如图所示，轻绳OA、OB在结点O悬挂一个重力G=60N的重物，绳OA与竖直方向的夹角=30，绳OB沿水平方向。整个装置处于静止状态， 求：（1）绳OA和绳OB中的弹力大小。（2） 若各段轻绳承受的最大弹力均为100N，此装置能悬挂重物的最大重力。20.（原创）（12分）如图所示，一质量为m=

11、10kg可视作质点的物块静止在粗糙水平地面上，物块与地面间动摩擦因素1=0.5,某时刻与水平方向成370大小为100N的拉力F作用在物块上，物块开始运动，经t1=3s撤去拉力，此后物块运动到倾角为300的斜面底端并冲上斜面，水平地面与斜面底端是一个很小的光滑圆弧将地面与斜面连接（斜面足够长），物块的初位置与斜面底端的距离是53m,物块与斜面间动摩擦因素2/5.（sin370=0.6,cos370=0.8,取g=10m/s2）求：（1）撤去拉力F时物块的瞬时速度（2）物块运动到斜面底端时的速率（3）全过程物块运动的总时间物理答案1234567891011121314BDBDCCCBDBDABBD

12、ABCBCD15.（1）3.0， 200, （2） 316.（1）B （2）Mm （3）A17.（1）(x3+x4)/2T, (x1+x2+x3+x4)/4T2 （2）2418. 解：(1)根据匀变速直线运动的位移-时间公式得:,代入数据解得:。(2)10 s时汽车的速度为:汽车刹车到停止的时间为:则从刹车起经过10 s的时间汽车前进的距离为:。19. 解：（1）以结点O为研究对象，分析受力情况，作出力图如图CO绳对O点的拉力大小等于重力G，即FCO=G=60N由平衡条件得知：CO绳的拉力FCO和OB绳的拉力FBO的合力与FAO等值、反向由几何关系得： FAO=N=40N， FBO=mgtan

13、=60tan30N=20N，（2）随着悬挂物体重力的增加，绳OA和绳OB的弹力都增大，假设OA绳的弹力达到最大值时，OB的拉力为： FOB=FAOsin=100sin30N=50N40N，即大于绳OB能承受的最大弹力可知OB绳的弹力先达到最大值，应根据绳OB能承受的最大弹力40N求解悬挂装置能悬挂的最大重量最大重量为 Gmax=40N20. 解：（1）第一阶段（沿地面加速向右运动）： Fcos370-1 (mg-Fsin370)=ma1 解得a1=6m/s2V1=a1t1=18m/s2 X1=a1t12=27m（2）第二阶段（撤去F后减速向右运动）： 1mg=ma2 得a2=5m/s2x2=53-x1=26m x2=v1t2-a2t22 得t2=2s V2=v1-a2t2=8m/s （3）第三阶段（沿斜面减速上滑）： mgsin300+2mgcos300=ma3 得a3=8m/s2t3=v2/a3 =1s x3=a3t32 （滑到顶端v3=0）第四阶段（沿斜面加速下滑）： mgsin3002mgcos300=ma4 得a4=2m/s2 x3=a4t42 得t4=2s V4=a4t4=4m/s 第五阶段（沿地面向左减速运动直到停止）： a5=1g=5m/s2 V4=a5t5 得t5=0.8s 所以全过程总时间：t=t1+t2+t3+t4+t5=8.8s