宁夏吴忠市青铜峡市高级中学2020_2021学年高二物理上学期期中试题含解析.docx

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1、宁夏吴忠市青铜峡市高级中学2020-2021学年高二物理上学期期中试题（含解析）一、选择题（共48分，单项选择题1-12题，每题3分，共36分；多选题13-15题，全选正确得4分，选不全得2分，有错选得0分，共12分。）1. 关于点电荷的概念，下列说法正确的是（ ）A. 当两个带电体的形状对它们之间相互作用力的影响可以忽略时，这两个带电体就可以看做点电荷B. 只有体积很小的带电体才能看做点电荷C. 体积很大的带电体一定不能看做点电荷D. 对于任何带电球体，总可以把它看做电荷全部集中在球心的点电荷【答案】A【解析】【详解】A当两个带电体的形状大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这两个带电体可看

2、作点电荷，所以A正确；B电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，并不是只有体积很小的带电体才能看作点电荷，所以B错误；C电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，所以C错误；D当带电体之间的距离不是很大时，带电球体就不能看作电荷全部集中在球心的点电荷，因为此时带电体之间的电荷会影响电荷的分布，所以D错误.故选A.2. 关于库仑定律，下列说法正确的是（）A. 库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积最小的带电体B. 根据，当两个带电体间的距离趋近于零时，库仑力将趋向无穷大C. 带电荷量分别

3、为Q和3Q的点电荷A、B相互作用时，B受到的静电力是A受到的静电力的3倍D. 库仑定律的适用条件是：在真空中和静止的点电荷【答案】D【解析】【详解】A如果带电体的形状、大小以及电荷分布对所研究问题的影响可以忽略不计，则可将它看做点电荷，故A错误；B两个带电体间的距离趋近于零时，带电体已经不能看成点电荷了，不再适用，故B错误；C根据牛顿第三定律得，B受到的静电力和A受到的静电力大小相等，故C错误；D库仑定律的适用条件是：真空和静止点电荷，故D正确。故选D3. 如图，半径相同的两个金属球A、B带有相等的电荷量（可视为点电荷），相隔一定距离，两球之间相互吸引力的大小是F。今让第三个半径相同的不带电的

4、金属小球先后与A、B两球接触后移开。这时，A、B两球之间的相互作用力的大小是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】A、B两球相互吸引，则两球带异种电荷，设A带有电荷量为Q，B带有电荷量为-Q，相隔一定距离r，两球之间相互吸引力的大小是第三个不带电的金属小球与A球接触后移开，第三个球与A球的带电量都为，第三个球与B球接触后移开，第三个球与B球的带电量都为A、B两球之间的相互作用力的大小故选A。4. 下述说法中正确的是（）A. 根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比B. 根据E=，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比C. 根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定

5、大于分电场的场强D. 电场线就是点电荷在电场中运动的轨迹【答案】B【解析】【详解】AE是定义式，场强大小由电场本身决定，与试探电荷的受力无关，选项A错误；BE是决定式，点电荷产生的电场场强大小与形成电场的点电荷的电荷量成正比，选项B正确；C场强的叠加遵循平行四边形定则，合场强大于等于两个分场强之差，小于等于两个分场强之和，不一定大于分场强，选项C错误；D电场线是人为想象出来用来模拟静电场的曲线，并不表示粒子运动的轨迹，选项D错误。故选B。5. 某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点，则以下判断正确的是（）A. A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B. 若将一个电荷由A点移

6、到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C. 一个负电荷处于B点的电势能大于它处于A点的电势能D. 若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动【答案】A【解析】【详解】A电场线的疏密程度代表电场强度的大小，A点电场线密集，所以A点电场强度大于B点电场强度，沿电场线方向电势逐渐降低，即B点电势高于A点电势，选项A正确；B若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，说明电场力沿电场线方向，电荷为正电荷，选项B错误；C一个负电荷从B点移动到A点，沿电场线方向移动，电场力做负功，电势能增加，选项C错误；D若将一个正电荷由A点释放，它将在电场力作用下向左运动，此过程为加

7、速，但是电场强度逐渐变大电场力逐渐变大，加速度逐渐变大，选项D错误。故选A。6. 加大防雷避雷知识的宣传，提高广大人民群众的防范意识，做好防雷工作，是保障人民群众安全的有效方法。假如在户外我们遭遇雷电，下列防雷措施可行的是（）不要在大树下避雷雨停留在山顶、山脊凉亭等地方避雷雨切勿站立于楼顶上或接近导电性高的物体在空旷地带，最好关掉手机电源A. B. C. D. 【答案】D【解析】【详解】大树、山顶、山脊的凉亭、楼顶等地方是表面具有突出尖端的导体，可能使其周围的空气发生电离而引发尖端放电，故不能避雷雨，故错误，正确；在空旷地带使用手机通话，手机很有可能成为闪电的放电对象，故正确。综上可知故D正确

8、，ABC错误。故选D。7. 根据部分电路欧姆定律，下列判断正确的有（ ）A. 导体两端的电压越大，电阻就越大B. 导体中的电流越大，电阻就越小C. 比较几只电阻的IU图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较大的那个电阻的D. 由可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比【答案】D【解析】【详解】导体的电阻与导体两端的电压和导体中的电流无关，只有导体本身决定，选项AB错误；比较几只电阻的IU图象可知，电流变化相同时，电压变化较小的图象是属于阻值较小的那个电阻的，选项C错误；由可知，通过一段导体的电流跟加在它两端的电压成正比，选项D正确；故选D.8. 有一毫伏表，它的内阻是1

9、00，量程为0.2V，现要将它改装成量程为10A的电流表，则毫伏表应（ ）A. 并联一个0.02的电阻B. 并联一个0.2的电阻C. 串联一个50的电阻D. 串联一个4900的电阻【答案】A【解析】【详解】ABCD电表的满偏电流为把它改装成量程为10A的电流表需要并联一个分流电阻，并联电阻阻值为BCD错误A正确。故选A。9. 如图所示，电源电动势为6 V，当开关接通时，灯泡L1和L2都不亮，用电压表测得各部分电压是Uad0、Ucd6 V、Uab6 V，由此可以断定（）A. L1和L2的灯丝都断了B. L1的灯丝断了C. L2的灯丝断了D. 变阻器R断路【答案】C【解析】【详解】串联电路中两灯均

10、不发光，则可能是某处断路，电压表测断路位置为电源电压Ucd=6V说明从a到d的电路和b到c的电路是连接良好的，故L1的灯丝和滑动变阻器都良好，L2的灯丝烧断了，故C正确，ABD错误。故选C。10. 小灯泡的伏安特性曲线如下图所示（只画出了AB段），由图可知，当灯泡两端电压由3V变为6V时，其灯丝电阻改变了（）A. 10B. 50C. 15D. 20【答案】A【解析】【详解】由图读出，当电压UA=3V时，电流IA=0.10A，则电阻为当电压UB=6V时，电流IB=0.15A，则电阻为则电阻的改变量故选A。11. 用半导体材料制成热敏电阻，在温度升高时，电阻会迅速减小，如图所示，将一热敏电阻接入电

11、路中，接通开关后，经过一段时间会观察到（）A. 电流表示数不变B. 电流表示数减小C. 电压表示数增大D. 电压表示数减小【答案】D【解析】【详解】A、B、接通开关后，由于电流的热效应，热敏电阻的温度升高，电阻减小，总电阻减小，I总增大，电流表示数变大，故A、B错误C、D、U不变，R2支路的电流I2增大，UR2增大，又U=UR2+U热，则U热减小，电压表示数减小，故D正确，C错误故选D12. 如图所示电路中，伏特表V1和V2的内阻都远远大于R1、R2、R3和R4的电阻。R1和R3电阻未知，R2=R4=20，伏特表V1和V2的读数分别为15V和10V，则a、b两点间的电压为（）A. 23VB.

12、24VC. 25VD. 26V【答案】C【解析】【详解】ABCD.由图可知， R1、R2、R3和R4串联，则由串联电路电压规律可得又因为R2=R4=20，因此 ，联立可得： ，ABD错误，C正确；故选C。13. 小明同学在商店看到不同型号的干电池，对于不同型号的干电池，下列说法中正确的是（）A. 1号干电池的电动势大于5号干电池的电动势B. 1号干电池的容量比5号干电池的容量大C. 1号干电池的内阻比5号干电池的内阻大D. 1号和5号干电池内部的非静电力做功本领是相同的【答案】BD【解析】【详解】A1号干电池的电动势等于5号干电池的电动势，故A错误；B1号干电池的体积大，容量较大，即1号干电池

13、的容量大于5号干电池的容量，故B正确；C1号干电池的内阻小于5号干电池的内阻，故C错误；D电动势是表示电源做功的本领大小的物理量，干电池的电动势是由材料决定的，所以不同型号的干电池，电动势相同，所以三节电池非静电力做功的能力相同，故D正确。故选BD。14. 虚线是用实验方法描绘出的某一静电场的一簇等势线及其电势的值，一带电粒子只在电场力作用下飞经该电场时，恰能沿图中的实线AC运动，则下列判断正确的是（）A. 粒子一定带正电B. 粒子在A点电势能大于在C点的电势能C. 粒子在A点的动能大于在C点的动能D. A点的场强大于C点的场强【答案】ACD【解析】【详解】A电场线和等势线垂直，且由高等势线指

14、向低等势线，因此图中电场线方向应垂直等势线大体指向左侧，带电粒子所受电场力沿电场线指向曲线内侧，也向左侧，故粒子应带正电，故A正确；B从C到A过程中，电场力做正功，电势能减小，粒子在A点的电势能小于在C点的电势能，故B错误；C粒子运动过程中只有电场力做功，电势能和动能总量不变，粒子在A点电势能较小，故粒子在A点动能较大，故C正确；DA点等势线密，电场线也密，所以A点的电场强度大于C点的电场强度，故D正确。故选ACD。15. 给平行板电容器充电，断开电源后A极板带正电，B极板带负电。板间一带电小球C用绝缘细线悬挂，如图所示。小球静止时与竖直方向的夹角为，则（）A. 若将B极板向右平移稍许，电容器

15、的电容将减小B. 若将B极板向下平移稍许，A、B两板间电势差将变大C. 若将B板向上平移稍许，夹角将变小D. 轻轻将细线剪断，小球将做斜抛运动【答案】AB【解析】【详解】A若将B极板向右平移稍许，d增大，根据可知，电容器的电容将减小，故A正确；B若将B极板向下平移稍许，正对面积S减小，根据可知，电容器的电容将减小，电容器的电量Q不变，由可知，板间电势差增大，故B正确；C若将B板向上平移稍许，正对面积S减小，根据可知，电容器的电容将减小，电容器的电量Q不变，由可知，板间电势差增大，根据可知，E增大，小球所受的电场力增大，将变大，故C错误；D轻轻将细线剪断，小球将沿重力与电场力的合力方向做匀加速直

16、线运动，故D错误。故选AB。二、实验题（共12分）16. 用20分度的游标卡尺测物体的长度，如图甲所示，读数为_cm，用螺旋测微器测物体的厚度，如图乙所示，读数为_cm【答案】3140cm；06102cm【解析】试题分析：游标卡尺为20分度的，精确度为005mm，主尺读数31mm，游标尺读数为8，根据读数公式可知，读数为主尺读数+游标尺读数*精确度，所以读数为3140cm；千分尺读数公式为主尺读数+可动刻度读数*精确度001mm，所以读数为6102mm=06102cm考点：本题考查了游标卡尺和螺旋测微器的读数17. 张敏同学实验时发现有一个小灯泡上标有“2V、1W”的字样，现在他要用伏安法描绘

17、这个灯泡的I-U图线，实验室提供有下列器材供选用：A电压表（05V内阻10k） B电压表（010V内阻10k）C电流表（00.3A，内阻1） D电流表（00.6A，内阻0.4） E滑动变阻器（5，1A） F滑动变阻器（500，0.2A）G电源（电动势3V，内阻1）(1)实验中电压表应选用_，电流表应选用_。为使实验误差尽量减小，要求电压表从零开始变化且多取几组数据，滑动变阻器应选用_（用序号字母表示）。(2)实验中移动滑动变阻器滑片,得到了小灯泡的I-U图像如图所示,图中电压较小时近似为直线，电压较大时图像明显弯曲，则可知小灯泡的电阻随电压增大而_（填“增大”、“减小”或“不变”）。(3)由图

18、可知，小灯泡正常发光时的功率为_W（结果保留两位有效数字）(4)请根据实验要求，画请在方框中画出电路图_。【答案】 (1). A (2). D (3). E (4). 增大 (5). 1.0W (6). 【解析】【详解】(1)1灯泡的额定电压是2V，为了使指针有较大的偏转，电压表选A；2小灯泡的额定电流为为了使电流表指针有较大的偏转，电流表选D；3为了便于调解，滑动变阻器选E。(2)4图线的斜率表示电阻的倒数，图线的斜率斜率减小，灯泡的电阻增大。(3)5从图像可知，电压2.0V时电流0.5A，则功率为(4)6小灯泡正常发光时的电阻为小灯泡的电阻4远小于电压表的内阻10k，所以采用电流表外接法；

19、要描绘小灯泡的伏安特性曲线，必须使小灯泡的电压和电流从零开始调解，所以采用分压电路；综上所述，电路采用分压外接，电路如图所示。三、计算题（共40分）18. 由4个电阻连接成的混联电路如图所示，（1）求a、d之间的总电阻（2）如果把42V的电压加在a、d两端，通过每个电阻的电流是多少？【答案】（1） （2）通过、的电流是3A；通过的电流是1A；通过的电流是2A【解析】【详解】（1）由题图可知故（2）由欧姆定律知此即通过、的电流设通过、的电流分别为、，则由并联电路电压相等，有即又解得19. 如图，灯泡D与电动机M中串联在一个稳压电源上，电源的输出电压为U=26V，灯泡D的电阻为RD=6，电动机M线

20、圈的电阻为RM=1，与电动机并联的理想电压表读数为UM=14V。电动机的转轴的摩擦可忽略，求：（1）通过灯泡的电流I=？（2）电动机M线圈的发热功率PQ=？（3）电动机M输出的机械功率P机=？【答案】（1）2A （2）4W （3） 24W【解析】【详解】（1）灯两端的电压为：所以通过灯泡的电流为：（2）电动机M线圈发热功率：（3）电动机M消耗的电功率为：所以电动机M输出的机械功率：20. 如图所示，在场强大小为E的匀强电场中，将电荷量为q的点电荷由A点沿直线移至B点，AB间的距离为L，AB方向与电场方向成角，求：(1)此程中电场力做的功和电荷动能的增量，以及电势能的变化量。(2)A、B间的电势

21、差并说明哪点电势高。【答案】(1)，减少；(2)，A点电势高【解析】【详解】(1)在A到B过程中电场力是恒力，在此过程中电场力做的功W=FLcos=由动能定理，动能增量为；电场力做正功，电势能减少了(2)由电势差的公式知，A、B两点间的电势差UAB=A点电势高21. 一带电质点从图中的A点竖直向上以速度v0射入一水平方向的匀强电场中，质点运动到B点时，速度方向变为水平，已知质点质量为m，带电荷量为q，A、B间距离为L，且AB连线与水平方向成37角，质点到达B后继续运动可到达与A点在同一水平面上的C点（未画出），求：(1)匀强电场的电场强度大小和点在B点的速度大小。(2)从A到C的过程中，带电质点的电势能减小多少？带电质点在C处加速度大小。【答案】(1)；(2) ，【解析】【详解】(1)带电粒子在电场和重力场中运动。竖直方向做匀减速直线运动水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，则B处速度为v解得E=(2)从A到C的过程中，电场力对带电质点做功为水平方向物体动能的增量，电场力做正功则电势能减小了；由牛顿第二定律可得解得，质点在C点的加速度大小为