宁夏银川市长庆高级中学2021届高三物理上学期第三次月考试题含解析.docx

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1、宁夏银川市长庆高级中学2021届高三物理上学期第三次月考试题（含解析）二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分.在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1. 在物理学发展史上，伽利略、牛顿等许多物理学家为物理学的发展做出了巨大贡献以下选项中符合伽利略和牛顿的观点的是A. 两匹马拉车比一匹马拉车跑得快，这说明：物体受的力越大则速度越大B. 人在沿直线加速前进的车厢内竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方C. 把手中物体由静止释放后，球将加速下落，说明力改变了物体的惯性D. 一个运动的物

2、体如果不再受力了，它总会逐渐的停下来，这说明：静止状态才是物体不受力时的“自然状态”【答案】B【解析】【详解】A伽利略和牛顿的观点是力是改变物体速度的原因，物体受的力越大，则速度越大，不符合伽利略、牛顿的观点，故A错误；B人在沿直线加速前进的车厢内，竖直向上跳起后，将落在起跳点的后方，符合伽利略、牛顿的惯性理论，故B正确；C惯性是物体的固有属性，物体下落时力没有改变了物体的惯性，这个结论不符合伽利略、牛顿的观点，故C错误；D此选项说明力是维持物体运动原因，是亚里士多德的观点，不是伽利略、牛顿的观点，故D错误；故选B。2. 如图所示，某钢制工件上开有一个楔形凹槽，凹槽的截面是一个直角三角形ABC

3、，CAB=30， ABC=90，ACB=60在凹槽中放有一个光滑的金属球，当金属球静止时，金属球对凹槽的AB边的压力为F1，对BC边的压力为F2，则的值为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】金属球受到的重力产生两个作用效果，如图所示：对AB面的压力等于分力F1，对BC面的压力等于分力F2，故B正确，ACD错误3. 如图所示，一物体放在一倾角为的斜面上，向下轻轻一推，它刚好能匀速下滑若给此物体一个沿斜面向上的初速度v0，则它能上滑的最大路程是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】物体沿斜面匀速下滑时，由平衡条件得物体所受的滑动摩擦力大小为：f=mgsin，当物体沿斜面向上滑动

4、时，根据牛顿第二定律有：mgsin+f=ma，解得：a=2gsin，方向沿斜面向下，根据速度位移公式：，联立以上解得：，故C正确，ABD错误4. 质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面。下列说法中正确的是（ ）A. 物体的重力势能减少mghB. 物体的动能增加mghC. 物体的机械能减少mghD. 重力做功mgh【答案】B【解析】【详解】AD物体在下落过程中，重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh。故AD错误；B物体的合力为则合力做功为，所以物体的动能增加为mgh，故B正确；C物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少。根据牛顿第二定律得： 得所以阻力做功为所以机械

5、能减少为，故C错误；故选B。5. 已知地球质量为M，半径为R，地球表面重力加速度为g，有一个类地行星的质量为地球的p倍、半径为地球的q倍，该行星绕中心恒星做匀速圆周运动的周期为T，线速度为v，则此类地行星表面的重力加速度和中心恒星的质量分别为（ ）A. 、B. 、C. 、D. 、【答案】B【解析】【详解】根据万有引力等于地表物体所受重力，类地行星的质量为地球的p倍、半径为地球的q倍，则根据中心恒星对行星的万有引力充当行星做匀速圆周运动的向心力 又根据上式可得联立解得故选B。6. 如图所示，甲、乙两物体在同一条直线上运动，折线是物体甲运动的图象，直线是物体乙运动的图象，则下列说法正确的是（ ）

6、A. 甲、乙两物体运动方向相反B. 甲做匀速直线运动，速度大小为7.5m/sC. 乙做匀减速直线运动，加速度是5m/s2D. 甲、乙两物体在距甲的出发点60m处相遇【答案】AD【解析】【详解】A图像的斜率表示速度，斜率的正负表示运动方向，从图像中可知甲一直朝着正方向运动，乙朝着负方向运动，故两者的运动方向相反，A正确；B斜率表示速度，故甲在0-2s做匀速运动，速度大小为然后静止，6-8s又开始做匀速运动，速度大小为B错误；C图线乙的斜率恒定，做匀速直线运动，C错误；D图线的交点表示两者相遇，故甲乙两物体在距甲的出发点60m处相遇，D正确；故选AD。7. 质量为m的汽车在平直路面上启动，启动过程

7、的速度图象如图所示，从t1时刻起汽车的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为Ff，则A. 0t1时间内，汽车的牵引力等于B. t1t2时间内，汽车的功率等于C. 汽车运动的最大速度等于D. t1t2时间内，汽车的平均速度小于【答案】BC【解析】【详解】A.由题图可知，0t1阶段，汽车做匀加速直线运动，F1-Ff=ma，联立得，故A错误；B.在t1时刻汽车达到额定功率：P=F1v1=（m+Ff）v1，t1t2时间内，汽车保持额定功率不变，故B正确；C.t2时刻，速度达到最大值v2，此时刻F2=Ff，P=F2v2，故C正确；D.由v-t图线与横轴所围面积表示位移的大小可知，t1t2时间内，汽

8、车的平均速度大于，故D错误8. 如图所示，人在岸上拉船，已知船的质量为m，水的阻力恒为f，当轻绳与水面的夹角为时，船的速度为v，人的拉力大小为F，则此时（）A. 人拉绳行走的速度为vcosB. 人拉绳行走的速度为C. 船的加速度为D. 船的加速度为【答案】AC【解析】【详解】AB船的运动产生了两个效果：一是使滑轮与船间的绳缩短，二是使绳绕滑轮顺时针转动，因此将船的速度按如图所示进行分解，人拉绳行走的速度v人vvcos故A正确，B错误；CD绳对船的拉力等于人拉绳的力，即绳的拉力大小为F，与水平方向成角，根据牛顿第二定律Fcosfma解得故C正确，D错误。故选AC。第卷（必考题129分，选考题45

9、分，共174分）本卷包括必考题和选考题两部分。第2232题为必考题，每个试题考生都做答；第33题38题为选考题，考生根据要求作答。9. 如图所示，在探究加速度a与力F、质量M的关系实验中，采用如下图的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动的纸带打上的点计算出。(1)当M与m的大小关系满足_时，才可以认为绳对小车的拉力大小F等于盘及盘中砝码受到的重力；(2)乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a图线如图所示，由图知两个同学做实验时的_值不同？【答案】 (1). Mm (2). F（或mg）【解析】【详解】(1)1根据牛顿第二定律整理

10、可得因此只有当Mm时，才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码受到的重力。(2)2 a图线的斜率因此两个同学做实验时的。绳子拉力F（或盘及盘中砝码的重量mg）值不同。10. 如图所示，为某组同学做匀变速直线运动的小车带动纸带通过打点计时器，打出的部分计数点如图所示每相邻两计数点间还有四个点未画出来，打点计时器使用的是50Hz的低压交流电（结果均保留两位小数） 求打点计时器打“2”时，小车速度v2= _ m/s 请你依据本实验原理推断第7计数点和第8计数点之间距离大约是 _ cm小车的加速度大小为 _ m/s2【答案】 (1). 0.49 m/s (2). 9.74 cm (3). 0.88

11、m/s2【解析】由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可得纸带上打“2”点时小车的瞬时速度大小为：根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以得：相邻的相等时间内的位移差大约为：x=aT2=0.88cm，因此x78=x67+x=9.74cm11. 如图所示，在竖直平面内有由圆弧AB和圆弧BC组成的光滑固定轨道，两者在最低点B平滑连接。AB弧的半径为R，BC弧的半径为。一小球在A点正上方与A相距的P点由静止开始自由下落，经A点沿圆弧轨道运动。通过计算判断小球能否沿轨道运动到C点，如能，到达C点时

12、轨道对小球的压力多大？【答案】恰好运动到C点，压力为0N【解析】【详解】假定小球能到C点，由P到C，由动能定理有 到C点，小球做圆周运动，由牛顿运动定律有 解得N0可见恰好能到C点。12. 如图所示，质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点，随传送带运动到A点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆弧轨道下滑。B、C为圆弧的两端点，其连线水平。已知圆弧半径R=1m，圆弧对应圆心角为=106，轨道最低点为O，A点距水平地面的高度h=0.8m。小物块离开C点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动，上升能到达的最高点为D。物块与传送带间的动摩擦因数为，传送带的速度恒

13、为5m/s，物块与斜面间的滑动摩擦因数为。（g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8）试求：(1)小物块离开A点的水平初速度v1；(2)小物块经过O点时对轨道的压力；(3)PA间的距离；(4)物块由C上升到最高点D所需时间。【答案】(1)3m/s；(2)43N；(3)1.5m；(4)0.5s【解析】【详解】(1)对小物块，由A到B，作平抛运动，根据速度位移公式在B点 所以3m/s所以5m/s(2)对小物块，由B到O，由动能定理有在O点，作圆周运动，由牛顿第二定律有N43N由牛顿第三定律知对轨道的压力为43N。(3)物块在传送带上由P到A加速过程，由动能定理有 所以s1.5m(4

14、)物块沿斜面上滑，由牛顿第二定律有由动能定理知5m/s小物块由C上升到最高点D历时0.5s13. 如图，用隔板将一绝热气缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个气缸待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原 的体积假设整个系统不漏气下列说法正确的是_ A. 气体自发扩散前后内能相同B. 气体在被压缩的过程中内能增大C. 自发扩散过程中，气体对外界做功D. 气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E. 气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变【答案】ABD【解析】【详解】AC气体向真空扩散过程中对外不做功，且又因为气缸绝热，可知气体自

15、发扩散前后内能相同，故A正确，C错误；BD气体在被压缩的过程中活塞对气体做功，因气缸绝热，则气体内能增大，选项BD正确；E气体在被压缩的过程中，因气体内能增加，则温度升高，气体分子的平均动能增加，选项E错误；14. 如图所示，玻璃管A固定且上端封闭，B上端开口且足够长，两管下端用足够长橡皮管连接起来，A管上端被水银柱封闭了一段长为6cm的气体，外界大气压为75cmHg，左右两水银面高度差为5cm，温度为t1=27保持温度不变，上下移动B管，使A管中气体长度变为5cm，稳定后左右两水银面高度差为多少cm？ 稳定后保持B不动，为了让A管中气体体积回复到6cm，则温度应变为多少？【答案】（1）21c

16、m （2）94.5C【解析】试题分析：气体发生等温变化，根据玻意耳定律结合几何关系，即可求出稳定后的A、B管水银面的高度差；稳定后保持两管不动，改变A管中的封闭气体温度，过程中压强体积温度均变化，对封闭气体运用理想气体的状态方程，即可求出使A管中气体长度恢复到6cm时气体的温度气体做等温变化 初态：压强：PA1=P0+Ph1 =（75+5）cmHg=80 cmHg 体积为：VA1=6S末态：压强为：PA2=P0+Ph2 体积为：VA2=5S根据玻意耳定律可得：PA1 VA1=PA2 VA2 解得：PA2=96 cmHg h2=21cm要使A管中气体长度恢复到6cm所以A管中封闭气体的压强为：P

17、A3=P0+gh3=（75+23）cmHg=98 cmHg根据理想气体的状态方程可得：其中T2=T1=（27+273）K=300K，V3=V1=6S解得：T3=367.5K=94.5C 点睛：本题主要考查了气体定律与力学平衡的综合运用，解题关键是要利用平衡求出初末状态封闭气体的压强，分析好压强P、体积V、温度T三个参量的变化情况，再选择合适的规律即可解题15. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，t时刻波形图如图中的实线所示，此时波刚好传到P点，t+0.6s时刻，这列波刚好传到Q点，波形如图中的虚线所示，a、b、c、P、Q是介质中的质点，则以下说法正确的是（）A. 这列波的波速为30m/sB. 这列

18、波的频率为1.25HzC. 从t时刻开始计时，质点c在t+0.6s时间内通过的路程等于30 cmD. 从t时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置时，恰好是t+1/3s时刻E. 当t+0.5s时刻，质点b、P的位移相同【答案】BDE【解析】【详解】A由题意知，在t=0.6s 内横波向右传播了x=30m，所以波的速度故A错误； B再由图象知道波长=40m，波的周期则频率为故B正确；C从t时刻开始计时，质点c在t+0.2s开始振动，t+0.6s时间内共振动了半个周期，则通过的路程为20m，小于30cm，故C错误；D质点a的振动方程为 当，代入得：，则知，从t=0时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置

19、时，恰好是这个时刻，所以从t时刻开始计时，质点a第一次到达平衡位置时，恰好是时刻，故D正确；E题意可得所以P点在t+0.5s时刻是到平衡位置向下运动0.1s的位置，而b点是从低点向上运动0.1s的位置因为0.1s为，b、P两点相差14，所以此刻两点均为负位移且大小恰恰相等，所以选项E正确。故选BDE。16. 如图所示，一束光从空气中垂直入射到折射率为的直角三棱镜。求从棱镜第一次射出的光线与原入射方向的偏转角度。【答案】【解析】【详解】光线射到斜面时，设棱镜的临界角为C，由于即光射到斜面上时发生全发射；由几何光系，光反射到另一直角边时的入射角设光从另一直角边射出时的折射角为r，则由折射率定义，得与原方向的偏转角为