宁夏银川市贺兰县景博中学2020_2021学年高二物理上学期第二次月考试题含解析.docx

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1、宁夏银川市贺兰县景博中学2020-2021学年高二物理上学期第二次月考试题（含解析）第卷 选择题（共65分）一、选择题（1-15小题，每小题只有一个答案正确，每小题3分；16-20小题，每题有多个答案正确，每题4分，漏选得2分，错选或不选得0分。）1. 如图所示，把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A. 法拉第B. 奥斯特C. 伽利略D. 牛顿【答案】B【解析】【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【详解】当导线中有电流时，小磁针会发生偏转，说明电流将产生能产生磁场，这种现象称为电流的磁效应，首先

2、是由丹麦物理学家奥斯特观察到这个实验现象故B正确，ACD错误故选B2. 下列关于磁感应强度的说法正确的是（）A. 一小段通电导体放在磁场A处，受到的磁场力比B处的大，说明A处的磁感应强度比B处的磁感应强度大B. 由可知，某处的磁感应强度的大小与放入该处的通电导线所受磁场力F成正比，与导线的I、L成反比C. 一小段通电导体在磁场中某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零D. 小磁针N极所受磁场力的方向就是该处磁感应强度的方向【答案】D【解析】【详解】A安培力的大小不仅与B、I、L的大小有关系，还与B与I的夹角有关系，故A错误；B公式只是一个计算式，磁感强度是磁场本身的性质，与放不放电流元没有

3、关系，故B错误；C当电流与磁场方向平行时所受安培力为零，但磁场不一定为零，故C错误；D人们规定小磁针N极所受磁场力的方向就是该处磁感应强度的方向，故D正确。故选D。3. 如图所示，a、b、c是一条电场线上的三个点，电场线的方向由a到c，a、b间的距离等于b、c间的距离，用a、b、c和Ea、Eb、Ec分别表示a、b、c三点的电势和电场强度，可以判定（ ）A. abcB. EaEbEcC. abbcD. EaEbEc【答案】A【解析】【详解】A由沿电场方向电势降低可得abc，故A正确；BD一条电场线无法描述电场的分布，故Ea、Eb、Ec的大小关系不能确定，故BD错误；C如果是匀强电场，才有abbc

4、，故C错误。故选A。4. 如图所示电路用来测定电池的电动势和内电阻其中V为电压表（理想电表），定值电阻R=7.0在电键未接通时，V的读数为6.0V；接通电键后，V的读数变为5.6V那么，电池组的电动势和内电阻分别等于（ ）A. 6.0V，0.5B. 6.0V，1.25C. 5.6V，1.25D. 5.6V，0.5【答案】A【解析】【详解】电键未接通时，电压表示数即为电源电动势，故电动势E=6.0V；接通电键后，对R由欧姆定律可得：电路中电流I=0.8A；由闭合电路欧姆定律可知：内电阻r=0.5；故答案为A5. 一段长为L，电阻为R的均匀电阻丝，把它拉制成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后

5、把它们并联在一起，其电阻值为（ ）A. R3B. 3RC. R9D. R【答案】D【解析】现有一段长为L、电阻为R的均匀电阻丝，把它拉成3L长的均匀细丝后，切成等长的三段，然后把它们并联在一起，整体的长度和横截面积与原来一样，电阻与原来一样D项正确6. 直流电路如图所示，在滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源的（）A. 总功率一定增大B. 效率一定减小C. 内部损耗功率一定不变D. 输出功率可能先增大后减小【答案】D【解析】【详解】由电路图可知，当滑动变阻滑片向右移动时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路总电阻变大，电源电动势不变，由闭合电路的欧姆定律可知，电路总电流I变小；A电源电动势E不变，

6、电流I变小，电源总功率P=EI减小，故A错误；B电源的效率电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R变大，则电源效率增大，故B错误；C电源内阻r不变，电流I减小，源的热功率减小，故C错误；D当滑动变阻器阻值与电源内阻相等时，电源输出功率最大，由于不知道最初滑动变阻器接入电路的阻值与电源内阻间的关系，因此无法判断电源输出功率如何变化，可能先增大后减小，故D正确；故选D。7. 如图甲所示电路，小灯泡通电后其电压U随所加电流I变化的图线如图乙所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PM为U轴的垂线，PQ为I轴的垂线，下列说法中不正确的是（）A. 随着所加电流的增大，小灯泡的电阻增大B. 对应P点，小灯泡的电阻

7、为C. 在电路中灯泡L两端的电压为U1时，电阻R两端的电压为I1RD. 对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的“面积”【答案】C【解析】【详解】A图线上的点与原点连线的斜率等于电阻大小，由数学知识可知，随着所加电压的增大，所加电流增大，小灯泡的电阻增大，故A正确；B对应P点，小灯泡的电阻为故B正确；C在电路中灯泡L两端的电压为U1时，电阻R两端的电压为I2R，故C错误；D由恒定电流的功率公式P=UI，推广可知，对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积，故D正确；故选C。8. 在如图所示的电路中，R111 ，r1 ，R2R36 ，当开关S闭合且电路稳定时，电容器C带电荷量为Q1

8、；当开关S断开且电路稳定时，电容器C带电荷量为Q2，则（）A. Q1Q213B. Q1Q231C. Q1Q215D. Q1Q251【答案】A【解析】【详解】开关闭合稳定时，电容器的电压等于电阻R2两端的电压，则开关断开稳定时，电路中没有电流，电容器的电压等于电源的电动势，即U2=E对于给定电容器，电容不变，由Q=CU得Q1:Q2=U1:U2=1:3故选A。9. 在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内电阻为r，L1、L2是两个小灯泡闭合S后，两灯均能发光当滑动变阻器的滑片向右滑动时，会出现（ ）A. L1变暗，L2变暗B. L1变亮，L2变暗C. L1变亮，L2变亮D. L1变暗，L2变亮【答

9、案】D【解析】试题分析：当滑动变阻器的滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，回路中总电阻增大，干路电流减小，L1变暗，路端电压U=E-Ir可知路端电压增大，灯泡L1两端电压减小，所以灯泡L2两端电压增大，L2变亮，D对；考点：考查闭合电路欧姆定律点评：在求解闭合电路动态变化问题时，明确电路中的串并联关系，根据部分-整体-部分的顺序进行判断10. 利用如图所示电路可以测出电压表的内阻。已知电源的内阻可以忽略不计，R为电阻箱。闭合开关，当R取不同阻值时，电压表对应有不同读数U。多次改变电阻箱的阻值，所得到的图象应该是（）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【详解】根据闭合电路欧姆定律应有整理可

10、得可见图象应是一个一次函数的关系图象。故选A。11. 如图所示，电路中开关S闭合时，表V1、V2、A的示数分别为220 V、110 V、0.2 A若电路出现故障，V1和V2的示数都是220 V，而A示数为零时（）A. 出故障的是L1，且L1断路B. 出故障的是L2，且L2短路C. 出故障的是L2，且L2断路D. L1和L2都同时断路【答案】C【解析】【详解】A若出故障的是L1，且L1断路，电路中没有电流，则电压表V2的示数为零，故A错误；B若出故障的是L2，且L2短路，则电流表示数不为零，电压表V2被短路，示数为零，故B错误；C若出故障的是L2，且L2断路，电流表示数为零，L2两端电势等于电源

11、两极的电势，则L2两端电压等于电源的电压，故C正确；D若L1和L2都同时断路，则电流中没有电流，电压表V2的示数为零，故D错误。故选C。12. 如图所示的电路中，电压表和电流表的读数分别为和0.1A，电流表电阻为，那么有关待测电阻的下列说法正确的是（）A. 的测量值等于真实值B. 的测量值比真实值小C. 的真实值为D. 的真实值为【答案】C【解析】【详解】ABCD由欧姆定律的真实值则测量值偏大，ABD错误C正确。故选C。13. 将一个表头并联一个电阻R就改装成了一个大量程的电流表把改装后的电表和一个标准电流表串联后去测量电流，发现标准电表的示数为1A，改装电表的示数为为了使改装表与标准电表测量

12、值一致，下列说法正确的是A. 在R上并联一个阻值很大的电阻B. 在R上并联一个阻值很小的电阻C. 在R上串联一个阻值很大的电阻D. 在R上串联一个阻值很小的电阻【答案】D【解析】【分析】明确电表改装原理，知道将电流表扩大量程实质上是采用并联小电阻分流方式，所以根据分流原理以及误差情况即可明确如何调节接入电阻【详解】改装电流表示数小于真实值，则说明所并联电阻的分流太大，即分流电阻阻值偏小，所以只需让分流电阻R变的稍大些即可；故应在R上串联一个小电阻即可，故ABC错误，D正确；故选D【点睛】本题考查的电流表的改装原理，要注意明确分流与电阻成反比，电阻大，分流小，反之电阻小则分流大14. 如图所示点

13、电荷电场中，将检验电荷从A点分别移到以点电荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，则电场力做的功（）A. 从A到B做功最多B. 从A到C做功最多C. 从A到E做功最多D. 做功一样多【答案】D【解析】【详解】因为虚线所示的圆面是等势面，则AE、AD、AC、AB之间的电势差相等，所以根据W=Uq可知将检验电荷从A点分别移到以点电荷为中心的同一圆周上的B、C、D、E各点，则电场力做的功相等，故选D。15. 如图所示，A、B两板间加速电压为U1，C、D两板间偏转电压为U2。一个带电荷量为q的正粒子自A板起由静止相继被加速、偏转，飞离偏转电场时的最大侧移为C、D板间距离的一半，则它的出射速度的大小为

14、（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】粒子飞离偏转电场时的最大侧移为C、D板间距离一半，则粒子进入与离开偏转电场两点间的电势差为粒子从进入加速电场到离开偏转电场的过程中，由动能定理得解得故B正确，ACD错误故选B。16. 如图所示的电路中，AB两端的电压U恒为14V，灯泡L标有“6V、12W”字样，电动机线圈的电阻若灯泡恰能正常发光，且电机能正常运转，则以下说法中正确的是（ ）A. 电动机的输出功率是14WB. 电动机的输入功率是16WC. 电动机的热功率是1.0WD. 整个电路消耗电功率是30W【答案】AB【解析】【详解】ABC电动机两端的电压UM=U-UL=14-6V=8V

15、，整个电路中的电流所以电动机的输入功率P入=UMI=82W=16W电动机的发热功率P热=I2RM=220.5W=2W，则电动机的输出功率P出=P入-P热=（16-2）W=14W故AB正确C错误D整个电路消耗的功率P总=UI=142W=28W故D错误故选AB。17. 如图所示是某电源的路端电压与电流的关系图象，下列结论不正确的是（）A. 电源的电动势为6.0 VB. 电源的内阻为12 C. 电源的短路电流为0.5 AD. 电流为0.3 A时的外电阻是20 【答案】BCD【解析】【详解】A图像中，纵轴截距对应电流为0，即截距为电源的电动势，即电源的电动势为60V。故A正确，与题意不符；B电源内阻等

16、于图线斜率的绝对值，即故B错误，与题意相符；C该图像纵轴坐标不是从零开始的，则0.5A并不是短路电流。故C错误，与题意相符；D根据闭合电路欧姆定律，可知故D错误，与题意相符。故选BCD18. 用两个相同小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，且A1的量程大于A2的量程。若把A1、A2分别采用串联或并联的方式接入电路，如图(a)、(b)所示，则闭合开关后，下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（）A. 图(a)中的A1的示数小于A2的示数B. 图(a)中的A1、A2的指针偏角相同C. 图(b)中的A1的指针偏角小于A2的指针偏角D. 图(b)中的A1、A2的示

17、数和偏角都不同【答案】BC【解析】【详解】AB图(a)中的A1、A2并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转角度相同，量程大的电流表内阻小，流过的电流大，即读数大，则A1的示数大于A2的示数，故A错误，B正确；CD图(b)中的A1、A2串联，流过的电流相等，则A1、A2的示数相同。由于内阻不同，两表两端电压不同，量程大的电压小，流过表头的电流就小，指针偏转角度就小，即A1的指针偏角小于A2的指针偏角，故C正确，D错误。故选BC。19. 如图所示，将平行板电容器与电池相连，两板间的带电尘埃恰好处于静止状态若将两板缓慢地错开一些，其他条件不变，则（ ）A. 电容器带电量变大B. 尘埃仍静止C. 电

18、容器内部的场强变大D. 灵敏电流计中有ab的电流【答案】BD【解析】【详解】电容器始终接在电源的两端，则两端的电势差不变，将两板缓慢地错开一些，正对面积减小，根据，知道电容减小，根据Q=CU知，电荷量减小，电容器放电，则灵敏电流计中有ab的电流故A错误，D正确电势差不变，两极板间的距离不变，则电场强度不变，尘埃所受的电场力不变，尘埃仍然静止故B正确，C错误故选BD【点睛】本题应明确电容器是由电源相连的，则可直接得出电压不变，再根据d不变，即可明确场强不变；在解题时要注意认真分析，避免走弯路20. 以下说法正确的是（）A. 公式E=，其中电场中某点的电场强度E与F无关B. 磁场中某处磁感应强度的

19、大小，等于长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值C. 公式C=，其中电容器的电容C与电容器两极板间电势差U无关D. 由Uab=Ed可知，同一匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，两点间的电势差不一定越大【答案】ACD【解析】【详解】A公式E=采用比值法定义，电场强度E与试探电荷q无关，故与F无关，反映电场本身性质，故A正确；B磁场中某处磁感应强度的大小，等于垂直于磁场的长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值，故B错误；C公式C=采用比值法定义，反映电容器本身的特性，电容器的电容C与电容器两极板间电势差U无关，故C正确；D由Uab=E

20、d可知，同一匀强电场中的任意两点a、b间沿电场线方向的距离越大，两点间的电势差一定越大，当a、b两点在等势面上时，两点间电势差为零，故D正确。故选ACD。第卷 非选择题（共45分）二、实验题（共20分）21. 接015 V量程时读数为_V。接03 A量程时读数为_A。游标卡尺读数为_。【答案】 (1). 9.5 (2). 0.80 (3). 14.50mm【解析】【详解】1接015 V量程时，由图示电压表可知，其分度值为0.5V，故读数为9.5V。2接03A量程时，由图示电流表可知，其分度值为0.1A，故读数为0.80A。3游标卡尺读数为22. 某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率步骤

21、如下：(1)用螺旋测微器测量其直径如右下图，可知其直径为_mm；(2)用多用电表的电阻“1”档，正确的操作步骤先_，再测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图，则该电阻的阻值约为_；(3)该同学想用伏安法更精确地测量其电阻Rx（约为30 ），现有的器材及其代号和规格如下：电流表A1（量程050 mA，内阻约1 ）；电流表A2（量程03 A，内阻约0.12 ）；电压表V1（量程03 V，内阻很大）；电压表V2（量程015 V，内阻很大）；电源E（电动势约为3 V，内阻约为0.2 ）；定值电阻R（20 ，允许最大电流1.0 A）；滑动变阻器R1（010 ，允许最大电流2.0 A）；滑动变阻器R2（01 k

22、，允许最大电流0.5 A）；单刀单掷开关S一个，导线若干。电流表应选_，电压表应选_。滑动变阻器应选 _。（填字母代号）请在下面的虚线框内画出测量电阻Rx，的实验电路图。（要求所测量范围尽可能大）（ ）某次测量中，电压表示数为U时，电流表示数为I，则计算待测电阻阻值表达式为Rx_。【答案】 (1). 4.700 (2). 欧姆调零 (3). 22.0 (4). A1 (5). V1 (6). R1 (7). 见解析 (8). 【解析】【详解】(1)1螺旋测微器读数为(2)23用多用电表的电阻“1”档，应先进行欧姆调零。多用电表欧姆档读数为22.0。(3)45678要求所测量范围尽可能大，则滑动

23、变阻器选用分压式接法，故选滑动变阻器；电源电动势约为3V，则电压表选；电路中的电流最大约为要求更精确地测量其电阻Rx，若选电流表A2，则读数误差太大，故选电流表A1，但量程较小，因此为了安全需要将定值电阻R串联在电路中保护电路。由于较小，故采用安培表外接，则电路原理图如下所示根据欧姆定律可得，待测电阻阻值为三、计算题（共25分，其中第23题7分，第24题8分，第25题10分）23. 把带电荷量210-8 C的正点电荷从无限远处移到电场中A点，电场力做功810-6 J，若把该电荷从无限远处移到电场中B点，需克服电场力做功210-6 J，求：(1)A点的电势；(2)A、B两点的电势差UAB；(3)

24、把210-5 C的负电荷由A点移到B点电场力做的功。【答案】(1)400 V；(2)500 V；(3)J【解析】【详解】(1)取无限远处电势为0，则无限远与A点间的电势差为故由可得，A点的电势为。(2)无限远与B点间的电势差为故B点电势，因此A、B两点的电势差为(3) 把210-5 C的负电荷由A点移到B点电场力做的功为24. 如图所示，R为电阻箱，A为理想电压表，当电阻箱读数为R1=2时，电流表读数为I1=2A；当电阻箱读数为R2=5时，电流表读数为I2=1A。求：(1)电源的电动势E和内阻r；(2)当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最值Pm为多少？【答案】(1)6V，1；(2)1

25、，9W【解析】【详解】(1)根据闭合电路欧姆定律可得联立解得，(2)电源的输出电压为则输出功率为由此可知，当时，电源的输出功率最大。最大值为25. 如图所示,M、N为水平放置的互相平行的两块大金属板,间距d=35cm,两板间电压U=3.5104V现有一质量m=7.010-6kg、电荷量q=6.010-10C的带负电的油滴,由下板N正下方距N为h=15cm的O处竖直上抛,经N板中间的P孔进入电场,欲使油滴到达上板Q点时速度恰为零,则油滴上抛的初速度v为多大?（g取10m/s2）【答案】4m/s或2m/s【解析】【详解】若N板电势高：对应于油滴运动全程，由动能定理得：解得：若N板电势低：对应于油滴运动全程，由动能定理得：解得：