山东省威海荣成市2020-2021学年高一物理上学期期中试题.docx

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1、山东省威海荣成市2020-2021学年高一物理上学期期中试题（含解析）一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1. 在物理学中，突出问题的主要因素，忽略次要因素，建立理想化的物理模型，是一种科学的研究方法，属于这种方法的具体应用的是（）A. 参考系B. 质点C. 重心D. 位移【答案】B【解析】【详解】质点就是有质量但不存在体积或形状的点，是物理学的一个理想化模型。在物体的大小和形状不起作用，或者所起的作用并不显著而可以忽略不计时，我们近似地把该物体看作是一个只具有质量而其体积、形状可以忽略不计的理想物体，用来代替物体的有质量的点

2、称为质点，质点概念应用到这种科学的研究方法，而参考系、重心和位移没有用到该科学方法。故选B。2. 物理中“加速度”这个概念在人们的日常生活中没有与之对应的词语，笼统的用“快”和“慢”表示，下列情景中的“快”能与加速度对应的是（）A. 赛车起步很快B. 飞机在高空中飞的很快C. 高速列车比普通列车快很多D. 光速是自然界中最快的速度【答案】A【解析】【详解】A赛车起步很快是指速度的变化快，故对应加速度，故A正确；B飞机在空中飞的快指的是位置变化快，故对应速度，故B错误；C高速列车比普通列车快很多，指的是位置变化的快慢，故对应速度，故C错误；D光速是自然界中最快的速度，对应的是速度，故D错误。故选

3、A。3. 某同学在水平地面上练习立定跳远，起跳时的姿态如图所示，则此时该同学的受力分析图正确的是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【详解】该同学受竖直向下的重力，地面竖直向上的支持力，因相对地面有向后运动的趋势，则受到向前的摩擦力。故选B。4. 2020年9月15日，我国在黄海海域用长征十一号海射运载火箭，采用“一箭九星”方式将“吉林一号”高分03-1组卫星送入预定轨道。下列说法正确的是（）A. 火箭发射时，喷出气体对火箭的作用力等于火箭的重力B. 火箭在发射过程中惯性在增大C. 火箭在发射阶段处于失重状态D. 卫星在预定轨道运行时，处于完全失重状态【答案】D【解析】【详解】A火箭

4、点火加速上升时，喷出气体对火箭的作用力大于火箭的重力，火箭才能向上加速，故A错误；B质量是惯性大小的唯一量度，火箭在发射过程中消耗燃料，质量减小，故火箭的惯性减小，故B错误；C火箭在发射阶段中加速度向上，故处于超重状态，故C错误；D卫星在预定轨道运行时，万有引力充当向心力，加速度指向地心，故卫星处于完全失重状态，故D正确。故选D。5. 变化率在描述各种变化过程时起着非常重要作用，比如在紧急启动和突然刹车时，公共汽车内的乘客会因措手不及而失去平衡，是由于速度变化率过大难以适应的原因，下列关于速度变化率的说法正确的是（）A. 速度变化率的单位为m/sB. 速度变化率为0，则汽车处于静止状态C. 速

5、度变化率越大，则汽车的速度也越大D. 速度变化率的方向与速度变化量的方向相同【答案】D【解析】【详解】A速度的变化率即加速度，加速度的单位是，故A错误；B速度变化率为0，则汽车的加速度为零，汽车可能处于静止状态，也可能做匀速直线运动，故B错误；C速度变化率越大，则汽车的加速度也越大，但加速度大，速度不一定大，若汽车起步时加速度大，但速度较小，故C错误；D速度的变化率即加速度，加速度的方向与速度变化量的方向相同，故D正确。故选D。6. 一辆汽车以速度v在平直公路上匀速行驶，司机忽然发现正前方距车x处，有另一辆汽车以速度匀速运动，于是他立即刹车（不考虑反应时间），为使两车不相撞，则刹车的加速度应该

6、满足的条件是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【详解】两车速度相等时所经历的时间此时后面汽车的位移前面汽车的位移两车不相撞应满足联立得加速度大小满足的条件故选C。7. 伽利略创造了实验、假设和逻辑推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学认识的发展。利用如图所示的装置做如下实验：小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面向下运动，并沿右侧斜面上升，斜面上先后铺垫三种粗糙程度逐渐降低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3。根据三次实验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A. 如果小球受到力的作用，它的运动状态将发生改变B. 如果小球不受力，它将一直保持匀速运动或静

7、止状态C. 如果斜面光滑，小球将上升到与O等高的位置D. 小球的质量一定时，所受的外力越大，它的加速度就越大【答案】C【解析】【详解】A根据三次实验结果的对比，不可以直接得到运动状态将发生改变的结论，故A错误；B通过推理和假想，如果小球不受力，它将一直保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C如果斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故C正确；D如果小球受到的力越大，运动的速度将越大是牛顿第二定律的结论，与本实验无关，故D错误。故选C。8. 如图所示，用OA、OB、OC三根轻绳采用不同方式将同一重物悬挂在空中，保证OB与水平成60，绳OA上的力最小的悬挂方式的是（）A. B

8、. C. D. 【答案】B【解析】【详解】以结点为研究对象，受到三段轻绳的拉力而平衡，如图所示根据矢量三角形法则可知，当段轻绳与段轻绳垂直时，轻绳的拉力最小，根据图象可知绳上的力最小的悬挂方式的是B选项，故B正确，ACD错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。9. 已知力F的一个分力与F的夹角为30，则另一个分力可能的大小为（）A. B. C. FD. 10F【答案】BCD【解析】【详解】合力大小为F，一个分力与水平方向的夹角是30，根据平行四边形定则作图；可知，另一个

9、分力的最小值如图所示，为因此另一个分力F2的值大于等于即可，可能为，可能是F，也可能是10F，但不可能是，故A错误，BCD正确。故选BCD。10. 甲、乙两物体在水平面上运动的速度-时间图像如图所示，由图像可知（） A. t=0时刻，甲、乙两物体的位置相同B. 第5s末，甲、乙两物体的速度相同C. 前5s内，甲、乙两物体的平均速度相同D. 前5s内，有一个时刻甲、乙两物体的加速度相同【答案】BD【解析】【详解】At=0时刻，甲、乙两物体的速度相同，均为0，但不能确定甲、乙两物体的位置关系，故A错误；B第5s末，两图象相交，说明甲、乙两物体的速度相同，故B正确；C根据图象与时间轴围成的面积代表位

10、移，可知0-5s时间内，乙的位移小于甲的位移，则甲，乙两物体的平均速度不相等，故C错误；D前5s内，有一个时刻乙图象切线的斜率等于甲图象的斜率，此时两物体的加速度相同，故D正确。故选BD。11. 如图所示，一小环套在竖直平面内放置的光滑大圆环上，轻弹簧一端与小环相连，另一端固定在大环的最高点A，当小环保持静止时，弹簧与竖直方向的夹角为=27，下列说法正确的是（）A. 弹簧可能处于伸长状态，也可能处于压缩状态B. 大环对小环的弹力等于小环的重力C. 大环对小环的弹力小于小环的重力D. 弹簧的弹力大于小环的重力【答案】BD【解析】【详解】A小环受到重力、弹簧的弹力和大环的弹力而平衡，根据三力平衡合

11、力为零可知，弹簧不可能处于压缩状态，受力情况如图所示，故A错误；BCD由于弹簧的弹力与小环的重力与大环对小环的弹力平衡，三力构成一个矢量三角形，根据几何关系可知，OB与AB的夹角也为，则N=mg其中弹簧弹力对应的角为AOB=180-227=126，根据三角形中大边对大角可知Fmg故BD正确、C错误。故选BD。12. 如图（甲）所示，倾角为的传送带始终以恒定的速率v运动，一小物块以v0的初速度冲上传送带，小物块与传送带间的动摩擦因数为。自小物块冲上传送带时开始计时，小物体的速度-时间图像如图（乙）所示，下列判断正确的是（）A. 传送带逆时针转动B. 摩擦力的方向保持不变C. v0vD tan【答

12、案】CD【解析】【详解】A物体先做匀减速直线运动，后做匀速直线运动，由于匀速运动时物体与传送带共速，仍沿传送带向上运动，所以，传送带顺时针转动，故A错误；BC物体开始时做匀减速直线运动，与传送带共速时做匀速直线运动，则知v0v，在做匀减速运动时所受的滑动摩擦力方向沿传送带向下，在匀速运动时，所受的静摩擦力方向沿传送带向上，故B错误，C正确；D物体能与传送带共速，必有mgsinmgcos得tan故D正确。故选CD。三、非选择题：本题共6小题，共60分。13. 学利用如图所示的装置验证力的平行四边形定则。在竖直木板上铺有白纸，固定两个光滑的滑轮A和B，将三根轻绳打一个结点O，然后让其中的两根分别跨

13、过A、B两个滑轮，在三根轻绳的另一端分别挂上不同数量的钩码（每个钩码的质量相等），当系统达到平衡时，经过测量、记录、描绘即可验证实验结论。请回答下列问题。(1)某同学改变钩码的个数重复实验，使得N1=1，N2=2，N3=3，请你根据所学知识判断他的实验能否成功_？(2)下列操作有必要的是_。A用天平测量钩码的质量B平衡时，要量出三根绳子之间的夹角C记录O点的位置 D重复实验要保证O点的位置不动(3)下列三种记录细绳方向做法，有助于减小误差的是_。A将细绳压在纸面上，用铅笔顺着细绳描出方向B用刻度尺放在细绳的下方，用铅笔沿刻度尺描出细绳的方向C在细绳下方用铅笔在相距O点较远的位置上描出一个点迹，

14、该点与O点的连线即为细绳的方向【答案】 (1). 不能 (2). C (3). C【解析】【详解】(1)1三个共点力处于平衡，三个力能组成矢量三角形，可知任意两边之和应大于第三边，显然N1=1，N2=2，N3=3不能组成矢量三角形，实验不能成功。(2)2本实验用到等效替代法，因为AB点确定，必须记录O点的位置；用天平测量钩码的质量、平衡时量出三根绳子之间的夹角均不必要，重复实验O点可动，故选C。(3)3确定力的方向，应该在细绳下方用铅笔在相距O点较远的位置上描出一个点迹，该点与O点的连线即为细绳的方向，故选C。14. 某同学采用图（甲）所示的装置探究加速度与力、质量的关系。实验的主要步骤如下：

15、a将木板的一侧垫高，利用阻力补偿法补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力；b将槽码、小车、打点计时器、纸带安装好；c通过改变槽码的个数成倍地改变小车所受的拉力，与此对应，处理纸带上打出的点来测量加速度；d保持小车所受的拉力不变，通过增减小车中的重物改变小车的质量。处理纸带上打出的点来测量加速；e做出加速度与相应物理量的图像得出实验结论。回答下列问题：（1）请简述阻力补偿法的操作过程_；（2）实验中，当槽码的质量m与小车的质量M之间满足什么关系，绳对车的拉力F近似等于槽码的重力_；（3）观察下表中的实验记录，为了直观的判断小车的加速度a与拉力F及小车质量M的定量关系，要做出a与_及a与_的图像；F

16、/N0.140.190.240.290.34a/(ms-2)0.390.530.670.810.94M/kg0.310.360.410.610.86a/(ms-2)0.940.810.710.480.34（4）图（乙）为某次实验中得到的纸带示意图，一同学测量了2段长度分别为x1、x2，已知纸带上相邻两点的计时间隔为t，则小车的加速度为_。【答案】 (1). 见解析 (2). mM (3). F (4). (5). 【解析】【详解】(1)1调节木板倾斜度，使小车在不受牵引时能拖动纸带沿木板匀速运动。(2)2对槽码用牛顿第二定律有对槽码和小车整体用牛顿第二定律有联立解得分析得，当时。(3)3观察表

17、中的实验记录，为了直观的判断小车的加速度a与拉力F的定量关系，要做出a与F的图像。4观察表中的实验记录，为了直观的判断小车的加速度a与小车质量M的定量关系，要做出a与的图像。(4)5根据匀变速直线运动的推论得15. 如图所示，重为G的木块，放在倾角为的固定斜面上恰好能匀速下滑。现要使该木块能沿斜面匀速向上运动，需对木块施加多大的水平推力？【答案】【解析】【详解】木块匀速下滑时在推力F的作用下木块匀速上滑时解得16. 如图所示，某同学将一段长为l的轻绳两端各栓一个小球A和B，用手捏住上端小球A，从离地高h的位置由静止释放，不考虑空气阻力，重力加速度为g，求：(1)B球落地前，轻绳上的弹力；(2)

18、两球落地的时间差；(3)若增大小球释放时的离地高度h，则两球落地的时间差如何变化？（此问不要求写出推导过程）【答案】（1）0；（2）；（3）减小【解析】【详解】(1)因为系统处于完全失重状态，所以轻绳上的拉力(2)根据自由落体运动规律有两球落地的时间差(3)根据可知，若增大小球释放时的离地高度h，则两球落地的时间差将减小。17. 冰壶比赛是冬奥会比赛项目之一，如图为比赛场地示意图。比赛时，运动员从起滑架处推着冰壶出发，在投掷线AB处将冰壶以一定初速度推出，按比赛规则，投掷冰壶运动员的队友，可以用毛刷在冰壶滑行的前方来回摩擦冰面，以调节冰壶的运动。已知冰壶和冰面的动摩擦因数为0.02，冰面被摩擦

19、后，动摩擦因数减小为原来的90%，投掷线AB与O之间的距离为30m，重力加速度g=10m/s2。(1)运动员以多大的速度沿图中虚线将冰壶推出，队友不用摩擦冰面，冰壶能恰好停在O点；(2)若运动员以3.4m/s的速度将冰壶推出，队友应该在冰壶滑出多长的距离后，开始一直连续摩擦前方冰面，才能使冰壶停在O点；(3)在(2)中若队友在冰壶刚推出时立即开始连续摩擦一段冰面，冰壶仍能够停在O点，请在答题纸上用速度-时间图像说明，摩擦冰面的时间应当比(2)中的长还是短？【答案】(1)；(2)；(3)见解析【解析】【详解】(1)设队友不摩擦冰面，冰壶滑行的加速度为a1由运动学公式得(2)由运动公式设队友摩擦冰

20、面后，冰壶滑行的加速度为a2联立解得(3)由图像可知，先摩擦冰面的时间应该短；18. 如图所示，A物体放在倾角为30的光滑斜面上，B物体通过轻质光滑定滑轮与A物体相连，细线不可伸长且与斜面平行，A、B释放后，斜面体静止不动，在B物体落地前，A物体没有与滑轮相撞。已知A、B两物体的质量都为m，斜面体的质量为M，重力加速度为g。(1)求B物体落地前，细线的张力大小；(2)求B物体落地前，细线对滑轮的合力的大小和方向；(3)若去掉B物体，将A物体从斜面上静止释放，A物体沿斜面运动的过程中，斜面体保持静止，求斜面体受到水平面的支持力和摩擦力的大小。【答案】(1)；(2)，力的方向沿两绳的角平分线；(3)；【解析】【详解】(1)设A、B一起运动的加速度大小为a，对A、B物块分别利用牛顿第二定律得解得(2)由力的平行四边形定则得解得力的方向沿两绳的角平分线(3)对A物块受力分析并建立直角坐标系得对B物块受力分析并建立直角坐标系得x轴y轴解得