黑龙江省哈尔滨市第六中学2021届高三物理上学期期中试题.docx

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1、黑龙江省哈尔滨市第六中学2021届高三物理上学期期中试题一、选择题：本题共14小题，每题4分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第914题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。1如图所示，两个质量都是的小球、用铰链与轻杆连接后斜靠在墙上处于平衡状态。已知墙面光滑，水平地面粗糙。现将球向上移动一小段距离，两球再次达到平衡，那么将移动后的平衡状态和原来的平衡状态比较，地面对球的支持力和轻杆上的力的变化情况是()不变，变大 不变，变小变大，变大 变大，变小2如图所示，水平地面上有两块完全相同的木块、，在水平推力作用下运动用AB表示、间的相互作

2、用力() 若地面是完全光滑的，则AB 若地面是完全光滑的，则AB0若地面粗糙程度一定，则AB 若地面粗糙程度一定，则AB23如图所示，一圆盘可绕一通过圆心且垂直于盘面的竖直轴转动，在圆盘上放一块橡皮，橡皮随圆盘一起转动（俯视为逆时针）。某段时间圆盘转速不断减小但未减到零，橡皮仍相对圆盘静止，在这段时间内，关于橡皮所受合力的方向的四种表示(俯视图)中，正确的是()4如图所示，图线表示作用在某物体上的合外力随时间变化的关系，若物体开始时是静止的，那么() 前3内合外力的冲量为零 前3内物体的位移为零第4末物体的速度为零 前4内合外力对物体做的功为零5质量相等的两物块、间用一轻弹簧连接，放在光滑的水

3、平地面上，并使物块紧靠在墙上，现用力推物块压缩弹簧，如图所示，待系统静止后突然撤去，从撤去力起计时，则下列说法不正确的是() 、及弹簧组成的系统机械能总保持不变、的总动量保持不变不管弹簧伸到最长时，还是缩到最短时，、的速度总相等弹簧第二次恢复原长时，的速度恰好为零，而的速度达到最大6 2019年4月10日，世界上首张黑洞图像照片发布，如图，它提供了黑洞存在的直接“视觉”证据。若某黑洞表面的重力加速度g大小约为1012 m/s2，质量M和半径R的关系满足 ，其中c为真空中光速、G为引力常量(近似取71011 Nm2/kg2)，则该黑洞质量的数量级约为() 1014 kg 1021 kg 1031

4、 kg 1042 kg7一辆汽车在平直公路上以恒定功率P0匀速行驶，行驶的速度为v0。由于前方出现险情，汽车要减速慢行，驾驶员在t1时刻将发动机的功率减半，以P0的恒定功率行驶到t2时刻通过险情区之后，驾驶员立即将功率增大到P0，以恒定功率P0继续向前行驶到t3时刻，整个过程汽车所受阻力恒为f，则在0t3这段时间内，汽车的速度随时间变化的关系图像可能是()8如图所示，质量为M的车静止在光滑水平面上，车右侧内壁固定有发射装置。车左侧内壁固定有沙袋。把质量为m的弹丸最终射入沙袋中，这一过程中车移动的距离是S，则小球初位置到沙袋的距离d为() 9A、B两球在光滑水平面上沿同一直线、同一方向运动，mA

5、1 kg，mB2 kg，vA6 m/s，vB2 m/s，当A追上B并发生碰撞后，A、B两球速度的可能值是()vA5 m/s，vB2.5 m/s vA2 m/s，vB4 m/svA3 m/s，vB3.5 m/s vA-3 m/s，vB6.5 m/s10如图所示，M、N为两个等量同号正电荷Q，在其连线的中垂线上任意一点P自由释放一个负点电荷q，不计重力影响，下列关于点电荷q的运动的说法正确的是()从PO的过程中，加速度可能越来越大，速度也越来越大从PO的过程中，加速度可能越来越小，而速度越来越大点电荷运动到O点时加速度为零，速度达到最大值点电荷越过O点后，速度越来越小，而加速度可能越来越大，直到速

6、度为零11在正点电荷Q形成的电场中，一检验电荷q的运动轨迹如图中实线所示，轨迹上a、b、c三点在以Q为圆心的同心圆上，不计重力影响，下列说法正确的是()检验电荷q一定为正电荷a、b、c三点中，检验电荷q在c点的动能最小a、b、c三点中，a点的电势最高a、b、c三点中，检验电荷q在a点的电势能最大12如图所示为某静电场中x轴上各点电势分布图，一个带电粒子在坐标原点O由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴正向运动，则下列说法正确的是()粒子一定带正电粒子运动到坐标轴上x2处速度最大粒子从坐标轴上x1处运动到x3处，动能的改变量为零粒子从坐标轴上x1处运动到x2处，加速度先增大后减小13如图所示，质量为

7、、初速度为v0的带电体a，从水平面上的点向固定的带电体运动，与a电性相同，当a向右移动时，速度减为零（a与未发生碰撞）。那么，当a从向右的位移为/2时，a的动能为()大于初动能的一半 等于初动能的一半小于初动能的一半 动能的减少量等于电势能增加量与内能增加量之和14如图甲所示，位于同一竖直面内的两条倾角都为的倾斜轨道a、b分别与一传送装置的两端平滑相连。现将小物块从轨道a的顶端由静止释放，若传送装置不运转，小物块运动到轨道b底端的过程的vt图像如图乙所示；若传送装置匀速转动，则小物块下滑过程的vt图像可能是下列选项中的()二、实验题 (共12分)15（4分）关于图示力学实验装置，下列说法中正确

8、的是_。钩码 细线 小车 打点计时器 长木板 纸带 用此装置“研究匀变速直线运动”时需要平衡摩擦力用此装置“探究小车的加速度与外力的关系”时，若用钩码的重力代替细线对小车的拉力，应保证钩码质量远小于小车质量用此装置“探究功与速度变化的关系”时，将长木板远离滑轮一端适当垫高，且小车未拴细线，轻推小车后，通过纸带分析若小车做匀速运动，即实现平衡摩擦力16（8分）如图甲所示，某同学设计一个用打点计时器验证动量守恒定律的实验：在小车甲的前端粘有橡皮泥，推动小车甲使之做匀速运动，然后与原来静止在前方的小车乙相碰并粘合成一体，继续做匀速运动。他设计的具体装置如图所示。在小车甲后连着纸带，电磁打点计时器电源

9、频率为50 Hz。长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力。（1）若已得到打点纸带如图乙并测得各相邻计数点的间距标在图上。A为运动起始的第一点，则应选_段来计算甲的碰前速度，应选_段来计算甲和乙碰后的共同速度。(以上两空格从“AB”“BC”“CD”“DE”中选填)（2）已测得小车甲的质量m10.4 kg，小车乙的质量m20.2 kg。由以上测量结果可得：碰前总动量_ kgm/s；碰后总动量_ kgm/s。(结果保留三位有效数字)三、计算题（共42分，要求写出必要的文字说明、方程式或重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分。有数值计算计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）17（10分）如图所示，在光滑的

10、水平桌面上有一固定的水平光滑绝缘圆轨道，半径r0.3 m，圆轨道内侧有一质量m1102 kg、带电量q5105 C的小球（可视为质点）。整个空间存在方向水平向右的匀强电场。BC是圆环的一条直径且与电场方向平行，A为半圆弧BC的中点。小球从A点以初速度v0 m/s向右运动，运动到B点时的速度vB3 m/s。求：（1）电场强度E的大小；（2）小球最小速度的大小及此时小球对圆轨道的压力大小。18（14分）两质量均为m的劈A和B，高度相同，放在光滑水平面上，A和B的倾斜面都是光滑曲面，曲面下端与水平面相切，如图所示。一质量也为m的可视为质点的物块，从劈A上距水平面高度为h位置处静止滑下，然后又滑上劈B

11、。重力加速度为g，求：A B h （1）物块在劈B上能够达到的最大高度；（2）物块从劈B上返回水平面时的速度。19（18分）如图所示，一足够长的木板在粗糙水平地面上向右运动，某时刻初速度为v0，此时一与木板质量相等的小滑块(可视为质点)以v14 m/s的速度从右侧滑上木板，经过t=1 s两者速度恰好相同，速度大小为v21 m/s，方向向左已知木板与地面间的动摩擦因数 2=0.05，重力加速度g10 m/s2，求：（1）木板与滑块间的动摩擦因数 1；（2）木板初速度v0的大小；（3）若在两者速度恰好相同时，木板与固定在地面的弹性挡板相碰，碰撞时间忽略不计，碰后立即撤去挡板。求从滑块滑上木板开始的

12、整个运动过程中，木板的对地位移大小。哈尔滨市第六中学2018级高三上学期期中考试物理试题答案一、选择题：本题共14小题，每题4分。在每小题给出的四个选项中，第18题只有一项符合题目要求，第914题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有错选的得0分。1234567891011121314BDCABCBABCBCDABBCADAC二、实验题 (共12分)15（4分）BC16（8分）(1)BCDE(2)0.4200.417三、计算题17（10分）(1)1 000 N/C(2)m/s ，0.05 N【解析】(1)小球从A到B，由动能定理得：qErmvmv -2分代入数据解得：E1

13、 000 N/C -1分(2)小球在C点处速度最小，从A到C，由动能定理得：qErmvmv -2分代入数据解得：vC=m/s -1分在C点，由牛顿第二定律得：qEFNm -2分解得：FN0.05 N -1分根据牛顿第三定律知，小球运动到C点时对圆环的作用力大小为0.05 N。-1分18（14分）（1）h/4 （2）0【解析】（1）物块从A上滑下，设水平向为正方向，物块滑到底端时的速度为v1, 劈A的速度为v2。由水平动量守恒和系统机械能守恒列方程得：0=m v1+mv2 -2分mgh=mv12+mv22 -2分解得：v1=物块滑上劈B，当二者水平方向速度相同时，物块到达最大高度。设二者共同速度

14、大小为v共，物块到达最大高度为H，由水平动量守恒和系统机械能守恒列方程得：m v1=2 mv共 -2分mv12=2mv共2+mgH -2分解得：H= h/4 -1分（2）设物块从劈B上返回水平面时的速度为v3, 劈B的速度为v4，从物块刚要滑上劈B，到物块从劈B上返回水平面，由水平动量守恒和系统机械能守恒列方程得：m v1= m v3+ m v4 -2分mv12=mv32+mv42 -2分解得：v3=0 -1分19（18分）答案(1)0.3(2) 2 m/s(3) 0.3625 m解析：（1）设滑块与木板质量为m，加速度大小为a以滑块为研究对象,由牛顿第二定律得：1mg=ma -1分解得a=1

15、g,滑块匀减速，v2-v1=-1gt-2分解得1=0.3 -1分（2）木板先向右匀减速到零，设加速度大小为a1,由牛顿第二定律得：1mg+22mg=ma1 -1分解得a1=4m/s2设匀减速到零的时间为t1，有a1=v0/t1 -1分木板再向右匀加速到v2，设加速度大小为a2, 由牛顿第二定律得：1mg-22mg=ma2 -2分解得a2=2m/s2v2= a2（t- t1）-1分解得v0=2 m/s -1分（3）在0 t1时间内，设木板向右位移大小为x1，x1=v0t1-a1t12 -1分在t11秒时间内，木板向左位移大小为x2，x2= a2（1-t1）2 -1分与挡板碰后，木板原速反弹，向右

16、匀减速运动，加速度大小为a1=4m/s2，设再经t2时间木板速度减到零，t2=v2/a1 -1分设再经t3时间木板向右匀加速到二者第二次共速v共，加速度大小为a2=2m/s2，从与挡板碰后到二者第二次共速，滑块一直以a=1g匀减速，列式得：v2-a（t2+ t3）= a2 t3 -1分在1（1+t2）时间内，设木板向右位移大小为x3，x3=v2t2-a1t22 -1分在（1+t2）（1+t3）时间内，木板向左位移大小为x4，x4= a2t32 -1分二者第二次共速后，因为12，二者以相同的加速度向左匀减速到停止运动，由牛顿第二定律列方程得：22mg=2ma共设二者向左匀减速到停止运动的位移为x共，0-（ a2 t3）2 = -2a共x共 -1分全程木板的位移大小x= x1 -x2 + x3-x4-x共解得x=0.3625 m -1分