湖南省湖南师大附中2021届高三物理上学期第四次月考试题.docx

《湖南省湖南师大附中2021届高三物理上学期第四次月考试题.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《湖南省湖南师大附中2021届高三物理上学期第四次月考试题.docx（13页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、湖南省湖南师大附中2021届高三物理上学期第四次月考试题本试题卷分选择题和非选择题两部分，共6页时量90分钟，满分100分一、单项选择题：本题共8小题，每小题3分，共24分每小题只有一个选项符合题目要求1如图所示，A、B、C三个物块重量均为200 N，D物块重50N，作用在物块B的水平力F=50 N，整个系统静止，则AA和B之间的摩擦力是50 N BB和C之间的摩擦力是100 N C物块C受5个力作用 DC与桌面间摩擦力为100 N2如图所示，绷紧的传送带两端点AB间距离为12 m，传送带以的速度匀速运行，现将一质量的小物块（可视为质点）轻轻地放在传送带左端，经过4s小物块运动到传送带的右端，

2、已知小物块与传送带之间的动摩擦因数，取下列判断正确的是A此过程小物块始终做匀加速运动 B此过程中因摩擦产生的热量为16 J C此过程中因摩擦产生的热量为24 J D此过程摩擦力对小物块做功8J3一个带正电的小球，如果在某空间中存在匀强电场和匀强磁场，其方向可以自己设定，下述对小球的运动状态的描述正确的是A小球如果在此空间中受洛沦兹力的作用做直线运动，则其可能做匀加速直线运动 B给小球一水平初速，小球在此空间中可能做平抛运动 C给小球一水平初速，不管电场、磁场方向如何，小球不可能做平抛运动 D小球在此空间一定不能做匀速率圆周运动4图甲是某人站在接有传感器的力板上做下蹲、起跳和回落动作的示意图，图

3、中的小黑点表示人的重心图乙是力板所受压力随时间变化的图像，取重力加速度g =10 m/s2根据图像分析可知A人的重力可由b点读出，约为280 NBb到c的过程中，人先处于超重状态再处于失重状态Cf点是人在双脚离开力板的过程中，上升最高的点D人在b点对应时刻的加速度小于在c点对应时刻的加速度5如图甲所示，电源的电动势为E，内阻为r，R为电阻箱，电流表为理想表，图乙为电源的输出功率P与电流表示数I的关系图像，其中电流为I1、I2时对应的外电阻分别为R1、R2，电源的效率分别为、，输出功率均为P0，下列说法中正确的是AR1R2BI2+ I1= CR1 R2=2r2D，选项D错误，故选B6B【解析】根

4、据平抛运动的规律，时间由竖直高度决定，B下落高度最大时间最长；落在A、C两处的石块都落在同一斜面上，两小球的竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，即，落地速度与水平方向的夹角设为，则，联立以上两式得，是斜面倾角为定值，所以也是定值，与初速度无关，故落在A、B两处的速度方向相同A、C两处的石块的下落高度相同，时间相同，由知竖直方向的分速度相同，由zu知C的水平位移大，C的初速度大，所以C的速度与水平方向的夹角小，可见A、C的落地速度方向不同B比C在竖直方向的位移大，由知，B的竖直分速度大；经过图中虚线位置时，时间相同，C的水平位移大，C的初速度大，所以合速度无法比较，故选B7A【解析】选

5、项A正确，环A中电流减小，导致环B中的指向纸内的磁通量减小，由楞次定律知B环中感生电流阻碍磁通量减小，产生顺时针方向感生电流，两环相吸；A环逆时针电流减小，使B环中产生逆时针方向电流，两环相吸；A环中顺时针方向电流增大，导致B环中指向纸内的磁通量增大，B环将产生逆时针方向的电流，两环相斥；环A中逆时针方向的电流增大，导致B环中指向纸外的磁通量增大，B环中产生顺时针方向电流，两环相斥8C【解析】选项A错，粒子从O点运动到x1处无电场力做功，匀速运动；选项B错误，由于电势下降，粒子的电势能一直减小；选C正确，在x轴上，由动能定理可求出粒子在x4处时的动能为；D错，从x1到x3段，粒子一直是匀加速运

6、动的.二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分题号9101112答案ADACCDAB9AD【解析】这一过程竖直方向动量不守恒，水平方向动号守恒，B错误：因为系统机械能守恒和水平方向动量守恒解得释放后当P物体向左上升到最高点时，由水平方向动量守恒定律可知PQ 一定同时静止，不上升至等高点违反机械能守恒定律，当小球到达凹槽左端时速度为0，此时凹槽速度也为0，凹槽向右位移最大，故AD正确10 AC【解析】卫星由小圆变椭圆，需要在Q点点火加速，而卫星由椭圆变大圆，需要在P点点火加速；卫星在3轨道和1轨道做匀速

7、圆周运动，由万有引力提供向心力，可得线速度为，而，可知卫星在圆轨道3上正常运行速度小于卫星在圆轨道1上正常运行速度；卫星在1轨道的速度为7.9 km/s，而由1轨道加速进入2轨道，则在椭圆轨道2上的近地点Q的速度一定大于7.9 km/s，而椭圆上由近地点到远地点减速，且3轨道的线速度大于椭圆在远地点的速度，故在远地点P的速度一定小于7.9 km/s，即卫星在椭圆轨道2和圆轨道3经过P点的加速度相同，故AC正确11 CD【解析】把两小球作为整体，如果两小球带电量大小相同（选项A、C），则水平方向电场力的合力为0，则最上面一根细线水平方向没有分力，细线应为竖直方向，所以C正确，对B、D图，设上端绳

8、子拉力为T1，下端绳子拉力为T2，场强大小为E，设上端绳子与竖直方向夹角为，下端绳子与竖直方向夹角为，两小球质量均为m对a、b整体受力分析，如图所示，利用平行四边形定则，可得，对b受力分析，如图所示利用平行四边形定则，可得，则，D选项符合要求，答案为CD.12AB【解析】因tan，B受到水平向左的力后，将减速下滑对物体A受力分析，B对A的摩擦力与对A的弹力的合力斜向右下，A物水平方向受力平衡，地面对A的摩擦力向左，当对B加一力F时，B对A的弹力和摩擦力合力变大，水平分力变大，地面对A的摩擦力变大，三、非选择题：本题共6小题，共60分13（每空2分，共6分）(1) 41. 000.0l 0.22

9、70.002 90 【解析】(1)毫米刻度尺估读到毫米的下一位，即41. 00 cm；螺旋测微器的固定刻度读数0.0 mm，可动刻度读数为0.0l22.7=0.227 mm，所以最终读数为：固定刻度读数可动刻度读数=0.0 mm+0. 227 mm=0. 227 mm欧姆表表盘读数为9.0 Q，由于选择的是“10”倍率，故待测电阻的阻值是90 Q14（8分）(1)0.20（1分）(2)2.60（1分） 100（1分）300（1分） (3)2.93（2分，2.912.95均可得分） 0.97（2分，0.931.01均可得分） 【解析】(1)根据欧姆定律可知，代入数据解得R1=0.20 Q (2)

10、根据丙图可知，最小刻度为0.1 V，则电压表读数为2.60 V 根据图乙可知电流计的读数为I=100 mA，通过电阻R1的电流等于通过电流计G电流的2倍，则流过电源电流为I0=I+IR1=100 mA+200 mA=300 mA；(3)由闭合电路欧姆定律得：，即，根据图像可知，纵坐标的截距是电源的电动势，所以E=2. 93 V，图像的斜率， 代入数据可得：r=0. 97 15（7分）【解析】(1)汽车加速度a1=3 m/s2g=4 m/s2货物与汽车相对滑动，货物减速的加速度a3 =g=4 m/s2汽车刹车到停止，汽车位移，2分货物速度减为0时，货物的位移2分则货物相对汽车向前运动的距离、货物

11、与货箱前壁未发生碰撞，距离货箱前壁d=3. 875 m1分16（9分）【解析】当A前进l距离时，由动能定理2分此后A、B以共同速度运动，由动量守恒mAvA=(mA+ mB)vAB2分然后AB一起匀加速运动，AB共同运动距离x时，速度达到vt 3分代入数值得：绳长l=5. 25 m2分17(14分)【解析】(1)小球从P运动到B的过程中，由动能定理得：3分解得：1分(2)小球在最低点B时，根据牛顿第二定律得：3分 1分则由牛顿第三定律得：小球对圆弧轨道的压力大小为7mg1分(3)设小球能沿轨道到达C点，小球由P运动到C，根据动能定理有2分在C点，由受力分析有2分联立以上两式，整理得：N2 =mg

12、0假设成立，小球能沿轨道到达C点1分18（16分）【解析】(1)小球在磁场中做匀速圆周运动，电场力与重力合力为零，即mg=qE2分解得：，电场力方向竖直向上，电场方向竖直向下；1分(2)粒子运动轨迹如图所示：设粒子不从NS边飞出的入射速度最小值为vmin，对应的粒子在上、下区域的轨道半径分别为r1、r2，圆心的连线与NS的夹角为，小球在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得：1分解得，粒子轨道半径：2分由几何知识得：2分解得：1分(3)小球运动轨迹如图所示，设粒子入射速度为v，粒子在上、下区域的轨道半径分别为r1、r2，粒子第一次通过KL时距离K点为x，由题意可知：3nx=1.8h（n=l、2、3）1分 （2分）解得：1分即：n=l时，1分n=2时，1分n=3时，1分